2025年新世紀版必修3物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年新世紀版必修3物理上冊月考試卷880考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、在如圖所示的電路中，電源的電動勢為E，內(nèi)阻為r，R1、R3為定值電阻，R2為滑動變阻器，C為電容器。將滑動變阻器的滑動觸頭P置于位置a，閉合開關(guān)S，電路穩(wěn)定時理想電壓表V1、V2的示數(shù)分別為U1、U2，理想電流表A的示數(shù)為I。當滑動變阻器的滑動觸頭P由a滑到b且電路再次穩(wěn)定時，理想電壓表V1、V2的示數(shù)分別為U1′、U2′，理想電流表A的示數(shù)為I′。則以下判斷中正確的是（）

A.滑動變阻器的滑動觸頭P由a滑向b的過程中，通過R3的電流方向由左向右B.滑動變阻器的滑動觸頭P由a滑向b的過程中，電容器的帶電量減小C.D.2、電荷量大小分別為Q和9Q的兩個點電荷A、B分別固定于x軸上兩處，且其中一個點電荷固定于x＝0處。在它們形成的電場中，有一個檢驗電荷﹣q沿x軸從+∞向坐標原點O運動，其電勢能Ep隨x的變化關(guān)系如圖所示，圖線最低處對應的x軸坐標為x0；則可以確定的是（）

A.A帶正電且處于x＝0處B.B帶負電且處于x＝﹣2x0處C.在x＝x0處電場強度等于零D.在x軸上x＞x0范圍內(nèi)，場強方向向左3、兩小球帶同種電荷，電荷量之和為若兩小球可視為點電荷，且電荷量可隨機分配，兩小球的距離為靜電力常量為則兩小球間的靜電力的最大值為（）A.B.C.D.4、兩個完全相同的金屬小球A、B，球A所帶電荷量為＋4Q，球B不帶電?，F(xiàn)將球B與球A接觸后，移到與球A相距為d處（d遠遠大于小球半徑）。已知靜電力常量為k，則此時兩球之間相互作用的庫侖力大小是（）A.B.C.D.5、關(guān)于電場線和等勢面，下列說法中正確的是（）A.電場線密集處場強大，電勢高B.沿電場線方向場強一定減小，電勢一定降低C.等勢面一定垂直于電場線D.場強為零處，電勢也一定為零6、如圖所示；一電容器標有“5.5V，10F”的字樣，當該電容器兩極間的電壓為2.75V時，電容器所帶的電荷量為（）

A.0.275CB.0.55CC.27.5CD.55C7、關(guān)于磁感應強度和磁通量，下列說法中正確的是（）A.磁通量就是磁感應強度B.磁通量越大，磁感應強度越大C.通過某一面積的磁通量為零，該處磁感應強度不一定為零D.磁通量發(fā)生變化時，磁感應強度也一定發(fā)生變化評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)8、電壓表，電流表都是由小量程電流表改裝而成的，如圖甲、乙所示分別是電壓表，電流表的改裝圖，以下說法正確的是（）

A.若改裝后的電流表示數(shù)比標準表稍小一些，可以給并聯(lián)電阻再并一個較大的電阻B.若改裝后的電壓表示數(shù)比標準表稍小一些，可以給串聯(lián)電阻再串聯(lián)一個較大的電阻C.小量程電流表內(nèi)阻為給它并聯(lián)一個電阻R，改裝后的電流表量程是原來的倍D.為實現(xiàn)對改裝電表的逐格校準，需要采用分壓式電路9、兩帶電金屬板豎直放置且兩板始終與電源的正、負極相連，如圖所示。在電場中的O點，用一根絕緣細線懸掛一帶負電荷的小球，小球靜止在細線與豎直方向夾角為θ的位置。現(xiàn)將兩金屬板繞各自的中心轉(zhuǎn)軸緩慢旋轉(zhuǎn)一個小角度，兩轉(zhuǎn)軸在同一水平線上且旋轉(zhuǎn)過程中兩金屬板始終保持平行，如圖中虛線所示。則（）

A.兩板間勻強電場的場強將變大B.細線對小球的拉力將變大C.小球靜止時細線與豎直方向夾角θ將變小D.小球靜止時細線與豎直方向夾角θ將變大10、如圖，光滑絕緣水平地面上有一水平絕緣輕彈簧左端固定，右端與一質(zhì)量為m、電荷量為的滑塊P（可視作質(zhì)點）拴接，沿水平方向建立x軸，沿x軸加一水平方向電場（圖中未畫出），x軸上的電勢隨位置x的變化關(guān)系如圖所示。滑塊從彈簧原長處靜止釋放（未超出彈性限度），沿x軸正方向運動直至速度為零的過程中（）

A.電場的電勢越來越低，電場強度越來越小B.滑塊的加速度先增大后減小C.當滑塊的速度最大時，彈簧彈性勢能與滑塊動能之和最大D.滑塊克服彈力做的功等于電勢能的減少量11、如圖所示，R1為定值電阻，R2為可變電阻，E為電源電動勢，r為電源內(nèi)電阻；以下說法中正確的是（）

A.當R2=R1＋r時，R2獲得最大功率B.當R1=R2＋r時，R1獲得最大功率C.當R2=0時，R1獲得最大功率D.當R2=0時，電源的輸出功率最大12、如圖所示為某一電源的曲線；由圖可知（）

A.電源電動勢為2VB.電源內(nèi)電阻為ΩC.電源內(nèi)阻為ΩD.路端電壓為1V時，電路中電流為5A評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)13、如圖所示，一個α粒子（氦核）在電勢差為U1=100V的電場中由靜止開始加速運動，然后射入電勢差為U2=10V的兩塊平行板的偏轉(zhuǎn)電場中，偏轉(zhuǎn)電場極板長L=20cm，間距d=5cm．若α粒子能飛離平行板區(qū)（重力可忽略），則α粒子剛進入偏轉(zhuǎn)電場時的動能為________eV,飛離偏轉(zhuǎn)電場時的偏移量y=_____________m．

14、感應起電：當一個帶電體靠近導體時，由于電荷間相互吸引或排斥，導體中的自由電荷便會趨向或____________帶電體，使導體靠近帶電體的一端帶____________電荷，遠離帶電體的一端帶____________電荷，這種現(xiàn)象叫作靜電感應。利用____________使金屬導體帶電的過程叫作感應起電。15、智能手機有自動調(diào)節(jié)屏幕亮度的功能，光照強度變大時屏幕變亮，反之變暗。圖中電路元件R1、R2中一個為定值電阻，另一個為光敏電阻（其有“阻值隨光照強度的減小而增大”這一特性）。該電路可實現(xiàn)“有光照射光敏電阻時小燈泡變亮，反之變暗”這一功能。分析可得：光敏電阻應為_______（選填“R1”或“R2”），理由是：_______。

16、尖端放電和靜電屏蔽。

（1）電離：導體尖端的電荷密度很大，附近的電場強度___________，空氣中的帶電粒子劇烈運動，使空氣分子被撞“散”而使正、負電荷___________的現(xiàn)象。

（2）尖端放電：導體尖端的強電場使附近的空氣電離，電離后的異種離子與尖端的電荷___________；相當于導體從尖端失去電荷的現(xiàn)象。

（3）靜電屏蔽：靜電平衡時，導體殼內(nèi)空腔里的電場___________；外電場對殼內(nèi)不會產(chǎn)生影響。

（4）尖端放電和靜電屏蔽的應用；防止。

a.尖端放電。

①應用：___________是利用尖端放電避免雷擊的一種設施。

②防止：高壓設備中導體的表面盡量___________；減少電能的損失。

b.靜電屏蔽的應用。

①電學儀器和電子設備外面會有金屬罩；通訊電纜外面包一層鉛皮，可以防止外電場的干擾。

②電工進行高壓帶電作業(yè)時，穿戴金屬絲網(wǎng)制成的衣、帽、手套、鞋子，可以對人體起到靜電屏蔽作用，使人安全作業(yè)。17、如圖所示為密立根油滴實驗示意圖。實驗中要設法使帶負電的油滴懸浮在電場之中。若在實驗中觀察到某一個帶負電的油滴向下加速運動。在該油滴向下運動的過程中，電場力________（填“做正功”、“做負功”或“不做功”），重力勢能的減少量___________動能的增加量。（填“大于”；“小于”或“等于”）

18、某學生在測量均勻圓柱體的電阻率的實驗中，用20分度的游標卡尺測量其長度，由圖甲可知其長度為______________cm；用螺旋測微器測量其直徑，由圖乙可知其直徑為_________________mm；用多用電表的電阻“×100”擋，按正確的操作步驟測此圓柱體的電阻，表盤的示數(shù)如圖丙，則該電阻的阻值約為_____________Ω。

19、路端電壓U與電流I的關(guān)系：

（1）路端電壓U與電流I的函數(shù)關(guān)系式：U=_______。

（2）圖像：如圖所示，該直線與縱軸交點的縱坐標表示_______，斜率的絕對值表示電源的_______。

20、探究感應電流方向的實驗中；要用到靈敏電流計，條形磁鐵，螺線管，已知若電流從正接線柱流入時，指針將偏向正接線柱的一側(cè)，則：

（1）甲圖中螺線管的感應電流的磁場方向是______（請?zhí)睢跋蛏稀被颉跋蛳隆保?/p>

（2）乙圖中磁鐵在螺線管中產(chǎn)生的磁場方向是______（請?zhí)睢跋蛏稀被颉跋蛳隆保?/p>

（3）圖丙中螺線管中的磁通量正在______（請?zhí)睢霸龃蟆被颉皽p小”）

（4）圖丁中螺線管的繞向為（從上往下看，按電流流經(jīng)方向）______（請?zhí)睢绊槙r針”或“逆時針”）

21、如圖所示，平行板電容器板間距離d=20cm，與一個直流電源連接，電源電壓為10V，N板接地，取大地電勢為零.兩板間有一點P，P點距上極板M10cm，把K閉合給電容器充電，然后再斷開，P點場強大小為_________，電勢為_________，若把N板向下移動20cm，則P點場強大小為__________，電勢為_________.

評卷人得分四、實驗題(共4題，共24分)22、在實驗過程中；對原理的分析和理解與實驗的操作同樣十分重要。

關(guān)于多用電表歐姆擋的原理和操作有以下介紹和討論：它的內(nèi)部結(jié)構(gòu)可等效為圖甲所示電路，其中表頭是量程為100μA的電流表，電池的電動勢E=1.5V。

（1）在使用歐姆表測電阻前，應進行歐姆調(diào)零，操作方法是________________，通過電路分析可知圖甲中表筆1應是___________（填“紅”或“黑”）表筆；

（2）經(jīng)計算可知表盤上30μA刻度線對應的電阻刻度值是__________

（3）我們根據(jù)電流表的工作特點進行分析，用調(diào)整好的歐姆表測阻值為R的電阻時，通過表頭的電流為I，表針相對于表盤左側(cè)轉(zhuǎn)過的角度為則圖乙所示圖像可能正確描述I或R與θ關(guān)系的是______________。

23、某實驗小組欲制作一個兩擋位（“×1”“×10”）的歐姆表；使用的實驗器材如下：

A．電流表G（滿偏電流內(nèi)阻）；

B．定值電阻

C．定值電阻

D．滑動變阻器（最大阻值為1000Ω）；

E．電源（電動勢為9V）；

F．單刀雙挪開關(guān)S；

G．紅；黑表筆及導線若干。

其內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示；回答下列問題：

（1）圖中A接____（填“紅”或“黑”）表筆；

（2）將單刀雙擲開關(guān)S與1接通時，歐姆表的擋位為_______（填“×1”或“×10”）；

（3）現(xiàn)用該歐姆表測量一未知電阻選用“×10”擋位并歐姆調(diào)零后，將電阻接在A、B之間，發(fā)現(xiàn)電流表幾乎滿偏，斷開電路并將“×10”擋位換成“×1”擋位，再次歐姆調(diào)零時，滑動變阻器的滑片_______（填“向上”或“向下”）移動，使電流表滿偏，再次將電阻接在A、B之間，穩(wěn)定后電流表⑥的指針對準刻度盤上的0.6mA處，則未知電阻=_______Ω。24、正確讀數(shù)為______。

25、讀數(shù)：

小量程：_____、________、_______、_____

大量程：____、_____、_______、________評卷人得分五、解答題(共2題，共6分)26、如圖所示，是一條長的絕緣水平軌道，固定在離水平地面高處，A、B為水平軌道的端點，M為其中點，軌道處在電場強度方向豎直向上、大小的勻強電場中．一質(zhì)量m=0.1kg、電荷量帶正電的滑塊（可視為質(zhì)點）以初速度在軌道上自A點開始向右運動，經(jīng)M點進入電場，從B點離開電場。已知滑塊與軌道間的動摩擦因數(shù)取重力加速度求滑塊。

(1)到達M點時的速度大小；

(2)從M點運動到B點所用的時間；

(3)剛落地時的速度方向與水平方向的夾角。

27、如圖所示，質(zhì)量為M的靶盒A（可視為質(zhì)點）帶正電，電荷量為q，開始時靶盒A靜止在光滑水平導軌上的O點。在O點右側(cè)有與水平導軌平行的勻強電場區(qū)，電場強度大小為E，方向水平向左。在O點左側(cè)P點處有一固定的發(fā)射器B，每次可水平向右發(fā)射一顆速度為質(zhì)量為m的子彈，子彈打入靶盒A后留在盒內(nèi)，與靶盒一起運動，撞擊時間極短，靶盒帶電量始終不變。若每當靶盒停在或到達O點左側(cè)時；就有一顆子彈打入靶盒內(nèi)。求：

（1）第1顆子彈打入靶盒后瞬間；靶盒的速度大小；

（2）第1顆子彈打入靶盒的過程；子彈和靶盒組成的系統(tǒng)損失的動能是多少；

（3）當?shù)?顆子彈打入靶盒后，靶盒離開O點到再次回到O點所用的時間；

（4）當?shù)?顆子彈打入靶盒后，靶盒離開O點的最大距離。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【詳解】

AB．電容C與電阻R1、R2并聯(lián)，其電壓等于電源的路端電壓，當滑動變阻器滑動觸頭P由a滑向b的過程中，變阻器的電阻增大，總電阻增大，總電流減小，路端電壓增大，根據(jù)可知，電容器的電荷量增加，電容器充電，通過R3的電流方向由右向左；故AB項錯誤；

C．因電路電流減小，故則R1兩端電壓減小，即因路端電壓增大，則R2兩端電壓增大，即故C項錯誤；

D．將R1等效為電源內(nèi)阻，則可視為等效電源的路段電壓，根據(jù)U—I圖像的斜率關(guān)系可得

故D項正確。

故選D。2、C【分析】【詳解】

A．從圖像可知在x=0處的電勢能大于零，故在此處應有一負電荷，并且由電勢能的變化可知，電荷不可能在O點的右側(cè)，所以在O點的電荷是A；故A錯誤；

BC．在x=x0處電勢能最小，此處應為平衡位置，且Ep-x圖像的斜率表示電場力，即x=x0處電場力為零，則電場強度等于零；所以B應為正電荷，電荷量為+9Q，設B的橫坐標為x，則有

解得

故B錯誤；故C正確；

D．在x軸上x>x0的區(qū)域，試探電荷-q沿x軸從+∞向坐標原點O運動，其電勢能Ep隨x的減小而減??；可知電場力做正功，根據(jù)負電荷所受電場力方向與電場方向相反，則電場方向向右，故D錯誤。

故選C。3、A【分析】【分析】

【詳解】

設其中一個小球的電荷量為q，則另一個小球的電荷量為則兩個小球間的靜電力為

當時，即

F有最大值為

故A正確；BCD錯誤。

故選A。4、B【分析】【詳解】

接觸后兩球?qū)㈦娏科椒?，?/p>

再由庫侖定律，得

故B正確；ACD錯誤；

故選B。5、C【分析】【詳解】

A．電場線密集處；電場強度大，但是電勢不一定高，順電場線電勢逐漸降低，故A錯誤；

B．電場線的疏密表示電場強度大小；沿電場線，場強未必減小，故B錯誤；

C．等勢面與電場線處處垂直；故C正確；

D．電場強度與電勢無直接關(guān)系；故D錯誤。

故選C。6、C【分析】【詳解】

當該電容器兩極間的電壓為2.75V時，電容器所帶的電荷量為

故選C。7、C【分析】【分析】

【詳解】

A．磁通量是穿過線圈的磁感線的多少；而磁感應強度是描述磁場的強弱，兩者不是相同的概念，故A錯誤；

B．根據(jù)。

Φ=BSsinα磁通量越大，磁感應強度不一定大，可能是S大；故B錯誤；

C．穿過某個面的磁通量為零；此處磁感應強度不一定為零，可能此平面與磁感線平行，故C正確；

D．根據(jù)磁通量。

Φ=BSsinα磁通量的變化可能由B、S、α的變化引起；故D錯誤。

故選C。二、多選題(共5題，共10分)8、C:D【分析】【詳解】

A．若改裝后的電流表示數(shù)比標準表稍小一些；說明流過表頭的電流小，可以增大分流電阻使其分流少些，從而增大流過表頭的電流使其準確，應該給并聯(lián)電阻串聯(lián)一個較小的電阻，A錯誤；

B．若改裝后的電壓表示數(shù)比標準表稍小一些。說明流過表頭的電流小；應該減小串聯(lián)電阻，或給串聯(lián)電阻再并聯(lián)一個較大的電阻，B錯誤；

C．小量程電流表內(nèi)阻為給它并聯(lián)一個電阻R，改裝后的電流表量程

得出

C正確；

D．分壓式電路電壓；電流可以從零開始調(diào)節(jié)；可以實現(xiàn)對改裝電表的逐格校準，D正確。

故選CD。9、A:B:C【分析】【詳解】

A．緩慢旋轉(zhuǎn)過程中兩軸心之間的距離保持不變，轉(zhuǎn)動時兩平行板的垂直距離變小，設轉(zhuǎn)動的角度為α，兩軸心的距離為d，兩極板間的電勢差為U，則轉(zhuǎn)動后的電場強度為

根據(jù)勻強電場的場強與電勢差和板間距離關(guān)系得兩板間勻強電場的場強將變大；A正確；

BCD．未轉(zhuǎn)動前，繩子拉力、電場力與小球的重力關(guān)系Ty=Tcosθ=mg，

當轉(zhuǎn)動角度為α，小球依然受重力、電場力和拉力，再次沿水平方向和豎直方向正交分解，根據(jù)平衡條件得

則電場力水平方向分力不變；即細線水平方向分力不變，豎直方向分力變大，可畫出受力分析圖。

可知小球靜止時細線與豎直方向夾角θ將變??；細線的拉力增大；BC正確，D錯誤。

故選ABC。10、A:D【分析】【詳解】

A．由x軸上的電勢隨位置x的變化關(guān)系圖像；可知電場的電勢越來越低，由圖像的斜率表示電場強度，可知電場強度越來越小，A正確；

B．由題意可知，沿x軸正方向電勢降低，即電場方向沿x軸正方向?；瑝KP沿x軸正方向運動時，受到向右的電場力和向左的彈力，開始兩力的合力方向沿x軸正方向，且合力由大變小，當合力是零時，加速度是零，滑塊P速度最大，隨沿x軸正方向運動位移的增大；電場強度逐漸減小，彈力逐漸增大，其合力方向向左，且逐漸增大，當滑塊P速度是零時，彈力最大，因此滑塊P的加速度先減小后增大，B錯誤；

C．由題意可知；滑塊P運動中，電勢能的減少量等于滑塊動能的增加量與彈簧的彈性勢能的增加量之和，因此滑塊P速度是零時，電勢能的減少量最大，則有彈簧彈性勢能與滑塊動能之和最大，C錯誤；

D．由以上分析可知；滑塊P速度是零時，電勢能的減少量最大，且全部轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能，即為滑塊P克服彈力所做的功，D正確。

故選AD。11、A:C【分析】【詳解】

A．在討論R2的電功率時，可將R1視為電源內(nèi)阻的一部分，即將原電路等效為外電阻R2與電動勢為E、內(nèi)阻為R1＋r的電源（等效電源）連成的閉合電路；如圖所示。

R2的電功率是等效電源的輸出功率，顯然當R2＝R1＋r時，R2獲得的電功率最大；A正確；

BC．討論R1的電功率時，由于R1為定值；根據(jù)。

P＝I2R可知電路中電流越大，R1上的電功率就越大；即。

P1＝I2R1所以，當R2＝0時，R1獲得的電功率最大；故B錯誤，C正確；

D．討論電源的輸出功率時，R1＋R2為外電阻，內(nèi)電阻r恒定，由于題目沒有給出R1和r的具體數(shù)值，所以當R2＝0時；電源的輸出功率不一定最大，故D錯誤；

故選AC。12、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由閉合電路歐姆定律得知，當時，由圖讀出故A正確；

BC．電源的內(nèi)阻

電源短路時電流

故BC錯誤；

D．當電路路端電壓為1.0V時，電路中電流

故D正確。

故選AD。三、填空題(共9題，共18分)13、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]粒子直線運動過程加速，由動能定理可得

解得

[2]再根據(jù)動能定理得

又因為粒子進入偏轉(zhuǎn)電場做類平拋運動，水平方向則有

豎直方向有

粒子在偏轉(zhuǎn)電場中，根據(jù)牛頓第二定律，可得

聯(lián)立上式解得【解析】2000.0214、略

【解析】①.遠離②.異種③.同種④.靜電感應15、略

【分析】【詳解】

[1][2]若R1是光敏電阻，則照射R1的光照強度增大時，R1阻值減小，則電路總電阻減小，總電流增大，電源內(nèi)電壓升高，路端電壓減小，R2兩端電壓減小，流過R2的電流減小，流過R1和小燈泡的電流增大，小燈泡的實際功率變大，小燈泡變亮，因此光敏電阻應為R1。【解析】R1見解析16、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】很強分離中和處處為零避雷針光滑17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]油滴帶負電，受到的電場力向上，與移動方向相反，電場力做負功，由動能定理

可知重力做功大于動能的增加量，則重力勢能的減少量大于動能的增加量?！窘馕觥控摴Υ笥?8、略

【分析】【詳解】

[1]游標卡尺的讀數(shù)為主尺讀數(shù)與游標尺讀數(shù)之和，故圖中所測圓柱體的長度為

[2]螺旋測微器的讀數(shù)為固定刻度與可動刻度之和，故圖中所測圓柱體的直徑為

[3]歐姆表的讀數(shù)為指針的讀數(shù)與倍率的乘積，故所測電阻的阻值為【解析】5.0252.7001.9×10319、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]路端電壓U與電流I的函數(shù)關(guān)系式

（2）[2][3]圖像：如圖所示，該直線與縱軸交點的縱坐標表示電動勢，斜率的絕對值表示電源的內(nèi)阻?！窘馕觥竣?②.電動勢③.內(nèi)阻20、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]依題意；若電流從正接線柱流入時，指針將偏向正接線柱的一側(cè)，而甲圖中電流從正接線柱流入電流計，根據(jù)安培定則，感應電流產(chǎn)生的磁場方向向上；

(2)[2]圖中電流從負接線柱流入電流計；根據(jù)安培定則，感應電流產(chǎn)生的磁場方向向下，磁鐵向上運動，穿過線圈的磁通量減小，根據(jù)楞次定律則原磁場方向向下；

(3)[3]圖中電流從正接線柱流入電流計；根據(jù)安培定則，感應電流的磁場方向向上，原磁場方向向上，根據(jù)楞次定律可知，磁通量減小；

(4)[4]磁鐵N極向上運動，穿過線圈的磁通量減小，原磁場方向向下，根據(jù)楞次定律，感應磁場向下，而感應電流從正接線柱流入電流計，因此其方向俯視為順時針方向。【解析】向上向下減小順時針21、略

【分析】【詳解】

(1)電容器接電源充電后U=10V，根據(jù)勻強電場的場強公式因P點距N板10cm，且N板電勢為零，則

(2)若把N板向下移動20cm，而電容器已斷開，根據(jù)公式可知，電場強度與間距無關(guān)，則P點的場強大小為

故

【點睛】

考查勻強電場強度與電勢差的關(guān)系，掌握求解電勢的方法，注意電勢與零電勢選取有關(guān)，而電勢差與零電勢無關(guān)，同時掌握平衡條件的運用，注意電容器斷開后，電容器的電量不變，沒有斷開前，電容器極板電壓不變．【解析】50V/m-5V50V/m-15V四、實驗題(共4題，共24分)22、略

【分析】【詳解】

（1）[1]在使用歐姆表測電阻前；應進行歐姆調(diào)零，操作方法是將紅表筆和黑表筆短接；

[2]根據(jù)電流“紅進黑出”；可知表筆1是黑表筆；

（3）[3]當兩表筆接短接時，使表頭滿偏，則歐姆表的總內(nèi)阻的阻值

當表盤上30μA刻度線對應的電阻刻度值是

[4]由閉合電路歐姆定律得

由于電流表指針偏角θ與電流I成正比，則有

即

外電阻越大，偏角θ越小。

故選AD?！窘馕觥繉⒓t表筆和黑表筆短接黑35000AD23、略

【分析】【詳解】

（1）[1]根據(jù)電流方向“紅入黑出”，可知A接黑表筆；

（2）[2]開關(guān)接1時，R0與R1串聯(lián)后和電流表并聯(lián)，三者總電阻為

開關(guān)接2時，R1與電流表串聯(lián)后和R0并聯(lián)，三者總電阻為

歐姆表的倍率大的擋位內(nèi)阻大；所以將單刀雙擲開關(guān)S與1接通時，歐姆表的擋位為“×10”。

（3）[3]由“×10”擋位換成“×1”擋位，再次歐姆調(diào)零時，即增大電流表中的電流，應減小滑動變阻器接入電路中的阻值；滑片向下，使電流表滿偏。

[4]把檔位調(diào)到“×1”，將兩表筆短接歐姆調(diào)零后，設歐姆表的內(nèi)阻為R內(nèi)，根據(jù)電路圖，此時電流表滿偏，電路的干路電流為根據(jù)歐