2025年滬教版高三物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教版高三物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、運動員在距離球門3.2m處以一定的初速度將足球踢出，足球恰好沿水平方向釘在球門水平橫梁的A點上，已知球門高度為2.4m，則足球擊中橫梁時的動能和初動能之比約為（）A.3：4B.4：3C.13：4D.4：132、下列說法中，正確的是（）A.晶體熔化時吸收熱量，分子平均動能不一定增加B.布朗運動就是液體分子的無規(guī)則運動C.溫度相同的氫氣和氧氣，它們分子的平均動能相同D.當(dāng)兩分子間距離的增大時，分子引力增大，分子斥力減小3、下列哪個物理量的表達(dá)與磁感應(yīng)強度B=，（比值定義法）的定義方法不相同（）A.加速度a=B.電場強度E=C.電容C=D.電阻R=4、【題文】傳感器是自動控制設(shè)備中不可缺少的元件；已經(jīng)滲透到宇宙開發(fā)；環(huán)境保護、交通運輸乃至家庭生活等多種領(lǐng)域。下圖所示為三種電容式傳感器.在以下的說法中，正確的有[]

A.圖甲是測定液面高度h的傳感器，液面高度h發(fā)生變化時，通過改變兩極板之間的的距離d而引起了電容C的變化B.圖乙是測定壓力F的傳感器，壓力F發(fā)生變化時，通過改變兩極板之間的的距離d而引起了電容C的變化C.圖丙是測定角度θ的傳感器，角度θ發(fā)生變化時，通過改變兩極板之間的正對面積S而引起了電容C的變化D.三個圖都是通過改變兩極板之間的正對面積S而引起電容C的變化5、如圖所示，在勻速轉(zhuǎn)動的豎直圓通內(nèi)壁上，有一物體緊靠圓筒而隨圓筒一起轉(zhuǎn)動而未發(fā)生相對滑動，當(dāng)圓筒轉(zhuǎn)動角速度增大時，下列說法正確的是（）A.物體所受圓筒的彈力為零B.物體所受摩擦力將增大C.物體所受圓筒的彈力仍不變D.物體所受的摩擦力仍不變評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)6、如圖為某運動物體的速度-時間圖象；下列說法中正確的是（）

A.物體以某初速開始運動，在0～2s內(nèi)加速運動，2～4s內(nèi)勻速運動，4～6s內(nèi)減速運動B.物體在0～2s內(nèi)的加速度是2.5m/s2，2～4s內(nèi)加速度為零，4～6s內(nèi)加速度是-10m/s2C.物體在4.5s時的速度為5m/sD.物體在0～5s內(nèi)始終向同一方向運動7、靜止在水平桌面上的所受重力為G的鉛筆盒施于桌面的壓力F，地面對鉛筆盒的支持力N，下列正確說法是（）A.N是由鉛筆盒形變而產(chǎn)生的力B.F是由地面形變而產(chǎn)生的力C.因為物體靜止在水平地面上所以G與N相等D.兩物體不接觸就不會有彈力作用8、如圖所示，等質(zhì)量同種正電荷固定在MN

兩點，虛線框ABCD

是以MN

連線的中點為中心的正方形，其中GHEF

分別為四條邊的中點，則以下說法中正確的是(

)

A.若A

點電勢為5V

則B

點電勢為5V

B.同一正電荷在A

點具有的電勢能大于在D

點具有的電勢能C.在G

點釋放一個帶正電粒子(

不計重力)

粒子將沿GH

連線向H

點運動D.在E

點釋放一個帶正電粒子(

不計重力)

粒子將沿EF

連線向F

點運動9、如圖所示，水平地面上放置一斜面體A，帶正電的小物塊B置于A的絕緣斜面上，輕推一下B，B能沿斜面勻速下滑。現(xiàn)在斜面頂端正上方P點固定帶正電的點電荷，讓B從頂端向下運動，此后（）A.B物塊做勻速直線運動B.B物塊受到斜面A對它作用力不斷變小C.B物塊動能的增加量小于電勢能的減少量D.斜面體A受到地面水平向左的靜摩擦力10、如圖所示，質(zhì)量為m1的物塊放在車廂的水平底板上，用豎直細(xì)線通過光滑的定滑輪與質(zhì)量為m2的小球相連．車廂正沿水平直軌道向右行駛，此時與小球相連的細(xì)繩與豎直方向成θ角，小球、物塊與車廂均保持相對靜止，由此可知（）A.車廂的加速度大小為gsinθB.繩對物塊的拉力大小為C.底板對物塊的支持力大小為（m2-m1）gD.底板對物塊的摩擦力大小為m1gtanθ11、假設(shè)某行星星繞太陽運行的軌道是圓形，已知萬有引力常量為G，以下能估測行星質(zhì)量的是（）A.已知該行星的一個衛(wèi)星繞其做圓周運動的線速度和軌道半徑B.已知該行星的表面重力加速度和行星圍繞太陽運行的軌道半徑C.已知該行星繞太陽運行的周期和軌道半徑D.已知該行星的半徑和表面重力加速度12、一輛汽車由靜止開始做勻加速直線運動，經(jīng)時間t，速度達(dá)到v，立即剎車做勻減速直線運動，又經(jīng)2t停止，則汽車在加速階段與減速階段（）A.速度變化量的大小相等B.加速度的方向相同C.加速度的大小相等D.加速階段速度變化快評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)13、邊長為a的正方形導(dǎo)線框放在按空間均勻分布的磁場內(nèi)，磁場的磁感應(yīng)強度B方向與導(dǎo)線框平面垂直，B的大小隨時間按正弦規(guī)律變化（最大值Bm，周期T），如圖，則線框內(nèi)感應(yīng)電動勢的最大值?m=____．

14、石油、太陽能、天然氣、汽油中屬于常規(guī)能源的是____，屬于二次能源的是____．15、使電磁波隨各種信號而改變的技術(shù)叫做____．16、（2013秋?路南區(qū)校級期中）在如圖所示的電路中，輸入電壓U恒為8V，燈泡L標(biāo)有“3V，6W”字樣，電動機線圈的電阻RM=1Ω．若燈泡恰能正常發(fā)光，則電動機的輸入電壓是____V，整個電路消耗的電功率是____W，電動機的效率是____．17、（2008?南通模擬）選修3-4

（1）下列說法正確的是____；

A．考慮相對論效應(yīng)；長度；時間的測量結(jié)果都隨物體與觀察者相對運動狀態(tài)而改變。

B．一切物理規(guī)律在不同的慣性系中是平權(quán)的。

C．圓屏陰影中心的亮斑（泊松亮斑）是光波疊加造成的。

D．在光的雙縫干涉實驗中；條紋間距與縫的寬度成正比。

（2）如圖一所示，某種折射率較大的透光物質(zhì)制成直角三棱鏡ABC，在垂直于AC面的直線MN上插兩枚大頭針P1、P2，在AB面的左側(cè)通過棱鏡觀察大頭針P1、P2的像，調(diào)整視線方向，直到P1的像被P2的像擋住，再在觀察的這一側(cè)先后插上兩枚大頭針P3、P4，使P3擋住P1、P2的像，P4擋住P3和P1、P2的像，記下P3、P4和三棱鏡的位置，移去大頭針和三棱鏡，過P3、P4作直線與AB面交于D，量出該直線與AB面的夾角為45°，則透光物質(zhì)的折射率n=____．

（3）如圖二所示是一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t=0時刻的波形圖；已知波的傳播速度v=2m/s．試回答下列問題：

①寫出x=0.25m處質(zhì)點的振動函數(shù)表達(dá)式；

②求出x=0.25m處質(zhì)點在0～4.5s內(nèi)通過的路程及t=4.5s時的位移．18、在探究彈力和彈簧伸長的關(guān)系實驗中，小明同學(xué)用甲、乙兩根規(guī)格不同的彈簧進行實驗，由實驗得到彈簧伸長X與彈簧受到拉力F關(guān)系如圖a所示，由圖求得彈簧乙的勁度系數(shù)____________N/m．若要在兩根彈簧中選用一個來制作精確程度較高的彈簧秤，應(yīng)選彈簧____________；用制作好的彈簧秤來測量物體的重力，如圖b所示；物體重____________N．

19、自然條件下，哺乳動物不發(fā)生孤雌生殖。2014年3月，云南農(nóng)大科研團隊把豬卵母細(xì)胞進行人為的孤雌激活處理，使其發(fā)育成胚胎，移植到代孕母豬體內(nèi)，獲得世界上第一批成活的孤雌生殖克隆豬。這種克隆豬不同于核移植獲得的克隆豬，現(xiàn)將兩種技術(shù)進行比較。（1）圖中過程①②③④是獲得孤雌克隆豬的技術(shù)流程，那么獲得核移植克隆豬的技術(shù)流程是過程____（填序號）。（2）孤雌生殖克隆豬仍然是二倍體生物，但由于缺少____方親本基因，導(dǎo)致其生長發(fā)育中出現(xiàn)多種問題，但給研究者提供了很好的材料。（3）孤雌激活處理其實質(zhì)是要激活卵母細(xì)胞____，使其發(fā)育成早期胚胎，得到克隆豬。（4）體細(xì)胞核移植技術(shù)中也會用到卵母細(xì)胞，需要選擇____時期的卵母細(xì)胞，并用微型吸管吸出____。（5）早期胚胎移植時，必需移植到同種____的其他雌性動物子宮中，才可能移植成功。（6）可以從良種不同的克隆豬中提取mRNA進行研究，也可通過____方法得到多種cDNA，并通過____技術(shù)擴增產(chǎn)物。20、（2015春?巫溪縣校級期中）如圖所示，長60cm的直導(dǎo)線以10m/s的速度在B=0.5T的勻強磁場中水平向右勻速運動，則導(dǎo)線兩端產(chǎn)生的電勢差為____V，導(dǎo)線中每個自由電子所受磁場力的大小是____N，方向為____．21、家用的燃?xì)庠畛３０惭b電子點火器；如甲圖，電子點火器的放電電極做成了針尖形．

（1）這樣做的目的是____．

（2）乙圖是實驗室中的驗電器，它的金屬桿上端固定一個金屬球而不做成針尖狀，這樣做的目的是____．

評卷人得分四、判斷題(共2題，共10分)22、當(dāng)溫度升高時，物體內(nèi)部所有分子的動能都增加．____．（判斷對錯）23、圍繞地球飛行的宇宙飛船里的宇航員不受地球引力的作用．____．評卷人得分五、實驗探究題(共3題，共30分)24、利用如圖1所示的裝置可以測量重物下落的加速度．實驗中需要調(diào)整好儀器；接通打點計時器的電源，松開紙帶，使重物下落．打點計時器會在紙帶上打出一系列的小點．

在紙帶上選擇較清晰的點作為計時起點，并取該某點為0號計數(shù)點，然后每隔一個點取一十計數(shù)點，分別記為1、2、6，并測量出點1、2、6與．點的距離分別為1、x2x6，若點0和點1間的時間為T，根據(jù)測量的數(shù)據(jù)畫出出-t圖象如圖2所示，若圖象的斜率為k，縱截距為b，則計時起點重物的速度為______，重物的加速度為______．（結(jié)果用含有字母“b”、“k”的表達(dá)式表示）25、如圖所示為用光電門測定鋼球下落時受到的阻力的實驗裝置。直徑為d

質(zhì)量為m

的鋼球自由下落的過程中；先后通過光電門AB

計時裝置測出鋼球通過AB

的時間分別為tAtB

用鋼球通過光電門的平均速度表示鋼球球心通過光電門的瞬時速度，測出兩光電門間的距離為h

當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間

(1)

用游標(biāo)卡尺測量鋼球直徑讀數(shù)為________mm

(2)

鋼球下落過程中受到的空氣平均阻力Ff=

__________(

用題中所給物理量符號來表示)

(3)

本題“用鋼球通過光電門的平均速度表示鋼球球心通過光電門的瞬時速度”，但從嚴(yán)格意義上講是不準(zhǔn)確的，實際上鋼球通過光電門的平均速度__________(

選填“>

”或“<

”)

鋼球球心通過光電門的瞬時速度．26、在“用DIS

研究加速度和質(zhì)量的關(guān)系”的實驗中．

(1)

本實驗是研究小車在______一定的情況下；加速度與質(zhì)量的關(guān)系．

(2)

在安裝位移傳感器時，固定在軌道上的應(yīng)是位移傳感器的______部分(

選填“發(fā)射器”或“接收器”)

．評卷人得分六、作圖題(共3題，共24分)27、【題文】如圖7在雅典奧運會鉛球比賽中；俄羅斯選手科爾扎連科在比賽中以21米06的成績獲得冠軍。那么，若不計空氣阻力，請畫出鉛球在空中飛行過程中所受力的示意圖。

28、【題文】一棱鏡的截面為直角三角形ABC，∠A=30°，斜邊AB=a，棱鏡材料的折射率為n=．在此截面所在的平面內(nèi)；一條光線以45°的入射角從AC邊的中點M射入棱鏡。畫出光路圖，并求光線從棱鏡射出的點的位置(不考慮光線沿原路返回的情況)。

29、（2015秋?唐山校級期中）如圖所示，O點受到F1和F2兩個力的作用，其中力F1沿OC方向，力F2沿OD方向．已知這兩個力的合力F=5.0N，試用作圖法求出F1和F2，并把F1和F2的大小填在橫線處．

F1的大小是____；F2的大小是____．

（要求按給定的標(biāo)度作圖，F(xiàn)1和F2的大小要求保留兩位有效數(shù)字）參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【分析】由該過程的逆過程是平拋運動求出打在A點的速度；不計空氣阻力，足球在飛行過程中，只有重力做功，機械能守恒，由機械能守恒定律列式求足球被踢出時的速度；有動能的定義式即可求出．【解析】【解答】解：由于足球恰好沿水平方向釘在球門水平橫梁的A點上，可知其逆過程為平拋運動，設(shè)足球到達(dá)A點的速度為v，初速度為v0；足球運動的時間為t，則：

x=vt

豎直方向：h=

所以：t=s

所以：m/s

足球從被踢出到打在橫梁上的過程中，由機械能守恒定律得：

解之得：足球被踢出時的速度v0==m/s

根據(jù)動能的定義式：

所以：=

故選：D2、C【分析】【分析】溫度是分子的平均動能的標(biāo)志．晶體熔化時吸收熱量，分子平均動能不增加；布朗運動反映了液體分子的無規(guī)則運動；溫度相同的氫氣和氧氣，它們分子的平均動能相同；當(dāng)兩分子間的距離為“r0”時，分子間作用的引力和斥力相等，但不為零．【解析】【解答】解：A；晶體熔化時吸收熱量而溫度不變；所以分子平均動能不增加．故A錯誤；

B；布朗運動是固體小顆粒的無規(guī)則的運動；它反映了液體分子的無規(guī)則運動．故B錯誤；

C；溫度是分子的平均動能的標(biāo)志；溫度相同的氫氣和氧氣，它們分子的平均動能相同．故C正確；

D；當(dāng)兩分子間距離的增大時；分子引力減小，分子斥力減小．故D錯誤．

故選：C3、A【分析】【分析】所謂比值定義法，就是用兩個量的比值定義一個新的物理量，而新的物理量與原來兩個量又無關(guān)．【解析】【解答】解：磁感應(yīng)強度B=；采用比值定義法；

A、加速度是牛頓第二定律表達(dá)式；說明加速度a與外力F成正比，與質(zhì)量m成反比，不符合比值定義法的共性，故A正確．

B、電場強度等于電場力與探試電荷的電荷量的比值；采用的是比值定義法．故B錯誤．

C、電容是所帶電荷量與板間電勢差的比值；故C錯誤．

D、電阻是導(dǎo)體兩端電壓與通過電流的比值；故D錯誤．

故選：A4、B|C【分析】【解析】

試題分析：由平行板電容器判斷電容C的變化。圖甲中液面高度h發(fā)生變化時通過改變兩極板的正對面積而引起了電容C的變化；所以A選項錯誤；圖乙壓力F發(fā)生變化時，通過改變兩極板之間的距離d而引起了電容C的變化，所以B選項正確；圖丙角度θ發(fā)生變化時通過改變兩極板之間的正對面積S而引起了電容C的變化，所以C選項正確；綜上所述，D選項錯誤。

考點：影響電容器的因素傳感器【解析】【答案】BC5、D【分析】【分析】小物體繞中心軸線做勻速圓周運動，合力應(yīng)該指向圓心，物體受重力、彈力和靜摩擦力，彈力指向圓心的力提供向心力，根據(jù)向心力公式F=mrω2和牛頓第二定律進行分析．【解析】【解答】解：AC、物體受重力、圓筒內(nèi)壁的彈力和靜摩擦力，指向圓心的合力提供向心力，可知彈力提供向心力，由向心力公式F=mrω2知；角速度增大，則彈力逐漸增大．故A；C錯誤．

BD；在豎直方向上；物體沒有加速度，則靜摩擦力與重力二力平衡，所以摩擦力保持不變．故B錯誤，D正確．

故選：D．二、多選題(共7題，共14分)6、BCD【分析】【分析】在速度--時間圖象中，斜率的直線表示勻變速直線運動，平行于t軸的直線表示勻速直線運動；直線的斜率表示加速度；圖象與坐標(biāo)軸圍成面積代表位移，時間軸上方位移為正，時間軸下方位移為負(fù)．速度的正負(fù)表示運動方向．【解析】【解答】解：A；由圖知；物體在0～2s內(nèi)勻加速運動，2～4s內(nèi)勻速運動，4～6s內(nèi)先沿正方向勻減速運動，5s后沿負(fù)方向做勻加速運動．故A錯誤．

B、速度圖象的斜率表示加速度，則得物體在0～2s內(nèi)的加速度是=2.5m/s2，2～4s內(nèi)加速度為零，4～6s內(nèi)加速度是=-10m/s2．故B正確．

C；根據(jù)幾何知識可知；物體在4.5s時的速度為5m/s，故C正確．

D；速度的正負(fù)表示運動方向．可知物體在0～5s內(nèi)始終向同一方向運動．故D正確．

故選：BCD．7、CD【分析】【分析】彈力的產(chǎn)生條件是直接接觸并發(fā)生彈性形變；彈力的方向與接觸面相垂直．彈力是不同于重力；摩擦力的又一種性質(zhì)力．

從效果角度看壓力、支持力均屬于彈力范圍．【解析】【解答】解：A；鉛筆盒施于地面的壓力F；地面對鉛筆盒的支持力N，支持力是由地面發(fā)生形變而產(chǎn)生的力，而鉛筆盒形變產(chǎn)生的力是壓力．故A錯誤；

B；鉛筆盒施于地面的壓力F；地面對鉛筆盒的支持力N，支持力是由地面發(fā)生形變而產(chǎn)生的力，而鉛筆盒形變產(chǎn)生的力是壓力，并不是地面形變而產(chǎn)生的力，故B錯誤；

C；物體靜止在水平地面上；在豎直方向受力平衡，所以G與N相等，故C正確；

D；彈力的產(chǎn)生條件是直接接觸并發(fā)生彈性形變；所以兩物體不接觸就不會有彈力作用，故D正確；

故選：CD8、AD【分析】解：A

根據(jù)等量同種電荷等勢面分布情況和對稱性可知；A

點和B

點電勢相等，若A

點電勢為5V

則B

點電勢為5V

故A正確．

B；根據(jù)等量同種電荷等勢面分布情況和對稱性可知；A

點和D

點電勢相等，則同一正電荷在AD

兩點具有的電勢能相等，故B錯誤．

C；由G

點釋放一個帶正電粒子(

不計重力)

該粒子所受的電場力垂直于MN

連線向上，所以粒子將沿GH

連線向上運動，故C錯誤．

D；在E

點電場強度方向由E隆煤F

帶正電的粒子受到的電場力方向由E隆煤F

粒子將沿EF

連線向F

點運動，故D正確．

故選：AD

根據(jù)等量同種電荷等勢面分布情況；判斷出A

與B

電勢相等；A

與D

電勢相等，再分析電勢能的關(guān)系；根據(jù)帶正電的粒子受力情況，分析其運動方向．

掌握等量同種電荷電場線、等勢面的分布情況，對解答這類問題至關(guān)重要，緊扣對稱性是常用方法．【解析】AD

9、BC【分析】解：A；物塊B下滑的過程中；B、P距離越來越大，正電荷P對正電荷B的庫倫斥力是變力且越來越小，B做變加速運動。故A錯誤；

B；由于P對B的庫倫斥力變??；所以這個庫倫力在垂直于斜面的分力也減小，AB之間摩擦力也減小，所以B對A的作用力也不斷減小。故B正確；

C、根據(jù)題意，沒有電荷P時，B沿斜面向下做勻速運動，根據(jù)動能定理：mgh-wf=0①

有電荷P時，B沿斜面做變加速運動，由動能定理：mgh+w電-wf′=△Ek②

由于f′＞f，所以wf′＞wf③

因為電勢能的減小量等于電場力做功；聯(lián)合①②③式可得物塊動能的增加與電勢能的減小量之差為：

△Ek-w電=mgh-wf′=wf-wf′＜0，則有：△Ek＜w電；故C正確；

D；把A、B看成一個整體；電荷P對這個整體有斜向左下方的庫倫斥力，故A有向左的運動的趨勢，斜面體A有受到地面向右的靜摩擦力。故D錯誤。

故選：BC。

物塊B下滑的過程中；B；P之間的庫倫斥力是變力且越來越?。桓鶕?jù)動能定理可以判斷B物塊動能的增加量和電勢能的減少量的關(guān)系；利用整體法可以判斷斜面體A受到地面的靜摩擦力方向。

本題主要考查了動能定理、電勢能變化和電場力做功的關(guān)系。關(guān)鍵點一：對B兩次利用動能定理列方程；關(guān)鍵點二：電勢能的減小等于電場力做功；關(guān)鍵點三：利用整體法判斷斜面體A受到地面的靜摩擦力方向。【解析】BC10、BD【分析】【分析】先以物體2為研究對象，分析受力情況，根據(jù)牛頓第二定律求出其加速度和繩的拉力．再對物體1研究，由牛頓第二定律求出支持力和摩擦力．【解析】【解答】解：A、以物體2為研究對象，受力如圖所示，由牛頓第二定律得：m2gtanθ=m2a；解得：a=gtanθ，則車廂的加速度也為gtanθ，故A錯誤；

B、如圖所示，繩子的拉力T=；故B正確．

C、對物體2研究，受力如圖2所示，在豎直方向上，由平衡條件得：N=m1g-T=m1g-；故C錯誤；

D、由圖2所示，由牛頓第二定律得：f=m1a=m1gtanθ；故D正確．

故選：BD．11、AD【分析】【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力，結(jié)合軌道半徑和線速度或周期求出中心天體的質(zhì)量，根據(jù)萬有引力等于重力，結(jié)合天體表面的重力加速度和半徑求出天體的質(zhì)量．【解析】【解答】解：A、已知衛(wèi)星繞行星做圓周運動的軌道半徑和線速度大小，根據(jù)可以求出行星的質(zhì)量；故A正確．

B；已知行星表面的重力加速度；行星的半徑未知，根據(jù)萬有引力等于重力無法求出行星的質(zhì)量．故B錯誤．

C；已知行星繞太陽運行的軌道半徑和周期；根據(jù)萬有引力提供向心力只能求出太陽的質(zhì)量，無法得出行星的質(zhì)量，故C錯誤．

D、已知行星表面的重力加速度和半徑，根據(jù)可以求出行星的質(zhì)量；故D正確．

故選：AD．12、AD【分析】【分析】抓住速度變化量相同，根據(jù)速度時間公式比較加速度的大小，從而比較速度變化的快慢．【解析】【解答】解：A；勻加速運動速度從0增大到v；勻減速運動速度從v減小到零，可知速度變化量的大小相等．故A正確．

B、根據(jù)加速度的定義式知，勻加速直線運動的加速度a=，勻減速直線運動的加速度a=；可知加速度的方向相反，加速階段的加速度大，速度變化快．故D正確，B；C錯誤．

故選：AD．三、填空題(共9題，共18分)13、【分析】【分析】由圖乙寫出磁感應(yīng)強度隨時間變化的規(guī)律，然后由法拉第電磁感應(yīng)定律即可求出電動勢的最大值．【解析】【解答】解：磁感應(yīng)強度按正弦規(guī)律變化，可知：B=①

由法拉第的電磁感應(yīng)定律得：E==②

由②可知，線圈產(chǎn)生的電動勢與磁感應(yīng)強度的變化率成正比，結(jié)合導(dǎo)數(shù)的公式可得：

當(dāng)時，線圈的電動勢最大，最大值為：

故答案為：14、石油、天然氣、汽油汽油【分析】【分析】常規(guī)能源：人類利用多年且廣泛使用的能源；如煤；石油、天然氣、汽油；

二次能源：不能從自然界直接獲取，必須通過一次能源的消耗才可以得到的能源；如電能，煤氣，汽油，核能；【解析】【解答】解：常規(guī)能源指的是人類利用多年且廣泛使用的能源；因此石油；天然氣、汽油屬于常規(guī)能源，太陽能屬于新能源；

二次能源指的是不能從自然界直接獲取；必須通過一次能源的消耗才可以得到的能源，因此汽油屬于二次能源；

故答案為：石油、天然氣、汽油；汽油．15、調(diào)制．【分析】【分析】本題根據(jù)調(diào)制的概念進行解答即可．調(diào)制是使電磁波隨各種信號而改變的過程．【解析】【解答】解：使電磁波隨各種信號而改變的技術(shù)叫做調(diào)制．

故答案為：調(diào)制．16、51660%【分析】【分析】由燈泡銘牌可知燈泡額定電壓為3V，額定功率是6W，由電功率的公式P=UI可以求出燈泡正常發(fā)光時的電流；由串聯(lián)電路特點可以求出電動機的電壓和電流，由電功率公式可以求出電機總功率與熱功率，進一步求出電動機的機械效率．【解析】【解答】解：電動機兩端的電壓U1=U-UL=8-3=5V；

整個電路中的電流I==2A

由于電流為2A，整個電路消耗的電功率是：P總=UI=8×2=16W

電動機消耗的功率：P=U1I=5×2=10W

電動機的熱功率：P熱=I2RM=22×1=4W

電動機的輸出功率為：P出=P-P熱=10-4=6W

故電動機的效率為：η==60%

故答案為：5；16；60%．17、ABC【分析】【分析】（1）根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式判斷條紋的間距變化．

（2）作出光路圖；通過幾何關(guān)系得出入射角和折射，根據(jù)折射定律求出折射率的大?。?/p>

（3）通過波動圖象得出質(zhì)點振動的振幅，波長，求出波的周期，從而得出質(zhì)點振動周期，寫出振動方程．抓住在一個周期內(nèi)質(zhì)點振動的路程等于4倍的振幅求出通過的路程，根據(jù)質(zhì)點所處的位置求出質(zhì)點的位移．【解析】【解答】解：（1）考慮相對論效應(yīng)，長度、時間的測量結(jié)果都隨物體與觀察者相對運動狀態(tài)而改變．故A正確．

B；一切物理規(guī)律在不同的慣性系中是平權(quán)的．故B正確．

C；圓屏陰影中心的亮斑（泊松亮斑）是光波疊加造成的．故C正確．

D、根據(jù)；知條紋的間距與縫的寬度不成正比．故D錯誤．

（2）光路圖如圖所示，根據(jù)幾何關(guān)系得，α=30°，則折射率n=．

（3）①質(zhì)點的振幅A=5cm，波長λ=2.0m，周期T=，則振動方程y=Asin（ωt+φ）=5sin（2πt+φ），質(zhì)點經(jīng)過t=到達(dá)平衡位置，知初相φ=，則y=5sin（2πt+）cm．

②n==4.5，則x=0.25m質(zhì)點經(jīng)4.5個周期后的路程s=90cm，經(jīng)4.5個周期后的位移y=cm．

故答案為：（1）ABC，（2）（1.41）．

（3）①y=5sin（2πt+）cm

②s=90cm，y=cm．18、略

【分析】解：注意該圖象中縱坐標(biāo)為伸長量；橫坐標(biāo)為拉力，斜率的倒數(shù)為勁度系數(shù)；

由此可求出k乙==200N/m；由于甲的勁度系數(shù)小，因此其精度高．

若要在兩根彈簧中選用一個來制作精確程度較高的彈簧秤；應(yīng)選彈簧甲．

用制作好的彈簧秤來測量物體的重力，如圖b所示；物體重4.00N

故答案為：200，甲，4.00．【解析】200;甲;4.0019、（1）⑤⑥③④

（2）父

（3）卵母細(xì)胞核的全能性。

（4）減Ⅱ中期。

（5）生殖器官的生理變化是相同的（6）反轉(zhuǎn)錄PCR?【分析】【分析】本本題考查基因工程技術(shù)、動物的克隆技術(shù)、胚胎移植技術(shù)等的有關(guān)知識，意在考查考生識記能力和理解所學(xué)知識的要點，把握知識間的內(nèi)在聯(lián)系的能力?！窘獯稹?1)核移植技術(shù)的操作過程：將體細(xì)胞的細(xì)胞核和去核卵母細(xì)胞結(jié)合形成重組細(xì)胞，然后進行早期胚胎培養(yǎng)獲得早期胚胎并利用胚胎移植技術(shù)將早期胚胎移植入受體的子宮中孕育，最后獲得克隆動物個體。據(jù)圖分析知，獲得核移植克隆豬的技術(shù)流程是過程⑤⑥③④。

(2)據(jù)題意可知，孤雌生殖克隆豬是把豬卵母細(xì)胞進行人為的孤雌激活處理，使其發(fā)育成胚胎，移植到代孕母豬體內(nèi)而獲得的，故缺乏父方的遺傳基因。

(3)克隆技術(shù)(核移植技術(shù))的原理是動物細(xì)胞核的全能性，所以孤雌激活處理其實質(zhì)是要激活卵母細(xì)胞核的全能性，使其發(fā)育成早期胚胎，得到克隆豬。

(4)體細(xì)胞核移植技術(shù)中也會用到卵母細(xì)胞，需要選擇減Ⅱ中期的卵母細(xì)胞，并用微型吸管吸出次級卵母細(xì)胞的細(xì)胞核和第一極體。

(5)胚胎移植的生理基礎(chǔ)之一是動物發(fā)情排卵后，同種動物的供、受體生殖器官的生理變化是相同的(受體能為供體胚胎提供相同的生理環(huán)境，這是胚胎移植成功的關(guān)鍵)。

(6)目的基因的獲取方法：一是從基因文庫中獲??；二是利用PCR技術(shù)(常用TaqDNA聚合酶)擴增目的基因；三是人工合成目的基因，其中可以以mRNA為模板，通過反轉(zhuǎn)錄的方法合成目的基因，再用PCR技術(shù)進行擴增?！窘馕觥浚?）⑤⑥③④

（2）父

（3）卵母細(xì)胞核的全能性。

（4）減Ⅱ中期。

（5）生殖器官的生理變化是相同的（6）反轉(zhuǎn)錄PCR?20、38×10-19豎直向下【分析】【分析】由E=BLv可以求出電勢差，由洛倫茲力公式可以求出洛倫茲力，由左手定則可以判斷出洛倫茲力的方向．【解析】【解答】解：導(dǎo)線兩端電壓等于導(dǎo)線切割磁感線產(chǎn)生的電動勢；導(dǎo)線兩端電壓為：

U=E=BLv=0.5×0.6×10=3V；

電子受到的洛倫茲力：f=evB=1.6××10-19×10×0.5=8×10-19N．

由左手定則可知：洛倫茲力方向：豎直向下．

故答案為：3；8×10-19；豎直向下．21、利用尖端放電現(xiàn)象使驗電器在電壓較高時也不會放電【分析】【分析】利用尖端放電原理：因為電荷集中于形狀比較尖端的地方，進行分析即可．【解析】【解答】解：因為電荷集中于形狀比較尖端的地方；即尖端放電，故燃?xì)庠畹碾娮狱c火器的放電電極做成釘尖型比球形好．

尖端電荷容易聚集；點火器需要瞬間高壓自然要高電荷密度區(qū)．而驗電器需要大量電子均勻分布在表面以檢測物體是否帶電，所以做成球形以容納更多電子，使驗電器在電壓較高時也不會放電．

故答案為：（1）利用尖端放電現(xiàn)象；（2）使驗電器在電壓較高時也不會放電．四、判斷題(共2題，共10分)22、×【分析】【分析】溫度是分子的平均動能的標(biāo)志，是大量分子運動的統(tǒng)計規(guī)律，由此分析解答即可．【解析】【解答】解：溫度是分子的平均動能的標(biāo)志；是大量分子運動的統(tǒng)計規(guī)律，對單個的分子沒有意義；當(dāng)溫度升高時，物體內(nèi)的分子的平均動能增加，不是物體內(nèi)部所有分子的動能都增加．所以該說法是錯誤的．

故答案為：×23、×【分析】【分析】由萬有引力定律知兩個物體之間存在萬有引力充當(dāng)向心力，繞地球做圓周運動的物體受到的萬有引力提供向心力，處于失重狀態(tài)．【解析】【解答】解：繞地球做圓周運動的物體受到萬有引力提供向心力；處于失重狀態(tài)．而不是不受到地球的吸引力．故該說法是錯誤的．

故答案為：×五、實驗探究題(共3題，共30分)24、略

【分析】解：根據(jù)=

而=

則有：=kt；

那么v=2kt-v0；

因此計時起點重物的速度為b；重物的加速度為2k．

故答案為：b；2k．

根據(jù)平均速度等于位移與時間比值，結(jié)合=及圖象的含義，即可列式求解．

本題關(guān)鍵是明確明確實驗原理，會用圖象的意義來求解加速度，注意平均速度的兩種不同求法．【解析】b；2k25、（1）10.50（2）（3）<【分析】【分析】(1)

由游標(biāo)卡尺的讀數(shù)規(guī)則得到鋼球的直徑；(2)(2)根據(jù)極短時間內(nèi)的平均速度等于瞬時速度求出鋼球通過兩個光電門的速度，結(jié)合速度位移公式求出加速度，根據(jù)牛頓第二定律求出空氣的平均阻力；

(3)(3)根據(jù)勻變速直線運動的規(guī)律判斷實際上鋼球通過光電門的平均速度與鋼球球心通過光電門的瞬時速度。

考查加速度的公式，掌握牛頓第二定律，理解平均速度與瞬時速度的聯(lián)系與區(qū)別?！窘獯稹?1)(1)由游標(biāo)卡尺的讀數(shù)規(guī)則得到鋼球的直徑為：10mm+1010mm+10隆脕0.05mm=10.50mm

(2)(2)鋼球通過光電門AABB時的瞬時速度分別為vA=dtA、vB=dtB，

由vvB2鈭?v-vA2=2ah=2ah得，

解得，加速度a=12h(d2tB2鈭?d2tA2)a=dfrac{1}{2h}(dfrac{upev1p0^{2}}{t_{B}^{2}}-dfrac{gpfvdtb^