2025年浙教版必修3物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版必修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，圖中的四個電表均為理想電表，當滑動變阻器的滑片P向右端移動時；下面說法中正確的是（）

A.電源的輸出功率一定變小B.電壓表的讀數(shù)變小，電流表的讀數(shù)變小C.電壓表的讀數(shù)變大，電流表的讀數(shù)變小D.電壓表的讀數(shù)變小，電流表的讀數(shù)變小2、如圖所示電路中，開關(guān)S閉合，當滑動變阻器的滑片P從a端向b端滑動時；以下判斷正確的是()

A.電壓表示數(shù)變小，通過燈L1的電流變小，燈L2變亮B.電壓表示數(shù)變小，通過燈L1的電流變大，燈L2變暗C.電壓表示數(shù)變大，通過燈L2的電流變小，燈L1變暗D.電壓表示數(shù)變大，通過燈L2的電流變大，燈L1變亮3、太陽帆航天器是一種利用太陽光進行太空飛行的航天器。在沒有空氣的宇宙中，太陽光光子會連續(xù)撞擊太陽帆并以原速率反射，使太陽帆獲得的動量緩慢增加，從而產(chǎn)生加速度，太陽帆飛船無需燃料，只要有陽光，就會不斷獲得動力加速飛行。有人設想在探測器上安裝有面積很大、反射功率極高的太陽帆。并讓它正對太陽。已知太陽光照射太陽帆時每平方米面積上的輻射功率為探測器和太陽帆及航天器的總質(zhì)量為m；太陽帆的面積為S，此時探測器的加速度大小為（）

A.B.C.D.4、真空中相距L的兩個固定點電荷E、F所帶電荷量大小分別是QE和QF，在它們共同形成的電場中，有一條電場線如圖中實線所示，實線上的箭頭表示電場線的方向．電場線上標出了M、N兩點，其中N點的切線與EF連線平行，且∠NEF＞∠NFE．則（）

A.E帶正電，F(xiàn)帶負電，且QE>QFB.在M點由靜止釋放一帶正電的檢驗電荷，檢驗電荷將沿電場線運動到N點C.過N點的等勢面與EF連線垂直D.負檢驗電荷在M點的電勢能大于在N點的電勢能5、如圖所示，兩等量同種點電荷+q（q>0）固定在菱形的兩個頂點A、C上。E、F是該菱形對角線AC與其內(nèi)切圓的交點，O點為內(nèi)切圓的圓心，a、b、c、d四點為切點?，F(xiàn)有一帶正電的點電荷從E點由靜止釋放；下列說法正確的是（）

A.a、b、c、d四點的電場強度相同B.D、O、B三點的電勢相等C.點電荷在從E點運動到O點的過程中電場力做正功D.點電荷從E點運動到F點的過程中速度一直增大6、靜電透鏡是電子透鏡的一種，它被廣泛應用于電子器件（如陰極射線示波管）中。如圖所示，虛線是某電子透鏡中電場的等差等勢線，一電子在該電場中的運動軌跡如圖中實線所示，A、B、C分別是軌跡與等勢線的交點。已知A點的電勢為零，電子在A點的動能為32eV，在B點的電勢能為-15eV；不計電子重力，下列說法正確的是（）

A.電子一定是從A點運動到C點B.電子在經(jīng)過C點時的動能為62eVC.B點的電勢低于A點電勢D.電子在關(guān)于等勢線d對稱的兩點所受電場力相同7、板間距為的平行板電容器所帶電荷量為時，兩極板間電勢差為板間場強為現(xiàn)將電容器所帶電荷量變?yōu)榘彘g距變?yōu)槠渌麠l件不變，這時兩極板間電勢差板間場強為下列說法正確的是A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、關(guān)于電磁波，下列說法正確的是（）A.電磁波和機械波都可以在真空中傳播B.電磁波和機械波都能產(chǎn)生多普勒效應C.電磁波能夠發(fā)生偏振現(xiàn)象，說明是縱波D.以下三種電磁波按波長由長到短排序為：無線電波、紫外線、γ射線9、靜電噴涂是利用靜電現(xiàn)象制造的；其原理如圖所示．以下說法正確的是（）

A.涂料微粒帶正電B.涂料微粒所受電場力的方向與電場方向相反C.電場力對涂料微粒做正功D.涂料微粒的電勢能變大10、如圖所示，在M、N兩點分別固定點電荷+Q1、－Q2，且Q1>Q2，在MN連線上有A、B兩點，在MN連線的中垂線上有C、D兩點．某電荷q從A點由靜止釋放，僅在靜電力的作用下經(jīng)O點向B點運動，電荷q在O、B兩點的動能分別為EKO、EKB，電勢能分別為EpO、EpB，電場中C、D兩點的場強大小分別為EC、ED，電勢分別為則下列說法正確的是（）

A.EKO一定小于EKBB.EpO一定小于EpBC.EC一定大于EDD.一定小于11、一種電荷控制式噴墨打印機；它的打印頭的結(jié)構(gòu)簡圖如下圖所示，其中墨盒可以噴出極小的墨汁顆粒，顆粒經(jīng)過帶電室?guī)想姾螅怪庇陔妶龇较蛏淙肫D(zhuǎn)電場，經(jīng)過偏轉(zhuǎn)電場后打到紙上，顯示出字符。不考慮墨汁顆粒的重力，為使打在紙上的字跡縮?。ㄆD(zhuǎn)距離減?。?，下列措施可行的是（）

A.僅減小墨汁顆粒帶的電荷量B.僅減小偏轉(zhuǎn)電場兩極板間的距離C.僅減小偏轉(zhuǎn)電場的電壓D.僅減小墨汁顆粒的噴出速度12、如圖所示，在豎直平面內(nèi)，一輕質(zhì)絕緣彈簧上端固定在P點，下端與帶電小圓環(huán)連接，帶電小圓環(huán)套在半徑為R的光滑絕緣大圓環(huán)上，大圓環(huán)的圓心O點固定一定帶電小球，帶電小圓環(huán)與帶電小球均可看做點電荷，它們的電性相同切電量大小均為q，P點在O點的正上方，當把帶電小圓環(huán)放在大圓環(huán)A、B位置時，帶電小圓環(huán)均能保持平衡，且B點與O點在同一水平線上，帶電小圓環(huán)在B位置平衡時，大圓環(huán)與帶電小圓環(huán)之間剛好無相互作用力，已知∠APO=∠AOP=30°，靜電力常量為k，則下列說法正確的是（）

A.帶電小圓環(huán)在A位置時彈簧一定處于壓縮狀態(tài)B.帶電小圓環(huán)在A位置平衡時，大圓環(huán)與帶電小圓環(huán)之間無彈力C.帶電小圓環(huán)的重力為D.彈簧的勁度系數(shù)為13、如圖是橫截面積、長度均相同的甲、乙兩根電阻絲的R-I圖象．現(xiàn)將甲；乙串聯(lián)后接入電路中；則()

A.甲電阻絲兩端電壓比乙電阻絲兩端電壓小B.甲電阻絲的電阻率比乙電阻絲的電阻率大C.在相同時間內(nèi)，電流通過乙電阻絲產(chǎn)生的焦耳熱較少D.甲電阻絲消耗的電功率比乙電阻絲消耗的電功率小14、在如圖所示的電路中，燈泡L的電阻小于電源的內(nèi)阻r，閉合電鍵S，將滑動變阻器滑片P向左移動一段距離后，下列結(jié)論正確的是（）

A.燈泡L變亮B.電流表讀數(shù)變小，電壓表讀數(shù)變大C.電源的輸出功率變小D.電容器C上電荷量增多評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、如圖所示；帶箭頭的線表示某一電場的電場線．在電場力作用下，一帶電粒子（不計重力）經(jīng)A點飛向B點，徑跡如圖中虛線所示，試判斷：

（1）粒子帶________電；

（2）粒子在________點加速度大；

（3）粒子在________點動能大；

（4）A、B兩點相比，________點電勢高．16、如圖所示，把帶正電荷的導體球C移近彼此接觸的不帶電的絕緣金屬導體A、B，金屬薄片張開，此時金屬導體A帶_____電荷（填“正”或“負”）；如果先把C移走，再將A和B分開后，金屬導體上的金屬箔片是否張開_____（填“是”或“否”）

17、如圖所示，為圓的兩條互相垂直的直徑，圓心為O．將等電荷量的正、負點電荷分別放在圓周上，它們的位置關(guān)于對稱．則圓心O處的電場強度的方向為__________，要使圓心O處的電場強度為零，可在圓周上再放置一個適當電荷量的正點電荷Q，則該點電荷Q應放在圓周上的__________點．

18、某實驗小組計劃用一個表頭G（滿偏電流Ig=100μA，內(nèi)阻Rg=900Ω），改裝成1mA和10mA的雙量程電流表和一個大量程的電壓表，已知R2=90Ω，R3=2910Ω；如圖所示。

（1）選接________（填“1”或“2”）是10mA的電流表，可算得R1應為________Ω；

（2）選接3時，改裝電壓表的量程是________V。

19、某同學利用游標卡尺和螺旋測微器分別測量一圓柱體工件的直徑和高度，測量結(jié)果如圖（a）和（b）所示。該工件的直徑為__________cm，高度為________mm。

20、微波爐的加熱原理是：微波遇到食物中的______分子時，會產(chǎn)生微波效應，將電磁能轉(zhuǎn)化為電能。評卷人得分四、作圖題(共2題，共20分)21、如圖1所示，用電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標，I為橫坐標，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標軸交點的物理意義。

（2）請在圖2畫好的U-I關(guān)系圖線上任取一點；畫出帶網(wǎng)格的圖形，以其面積表示此時電源的輸出功率。

22、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

A．當內(nèi)外電阻相等時輸出功率最大；由于電源的內(nèi)外電阻關(guān)系未知，所以不能確定電源的輸出功率如何變化，故A錯誤；

B．當滑動變阻器的滑片P向右端移動時，滑動變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，由閉合電路的歐姆定律可得，干路電流I增大，路端電壓U減小，則電流表讀數(shù)增大。電壓表讀數(shù)。

I增大，其他量不變，則減小；故B錯誤；

CD．滑片P向右端移動時，外電阻減小，干路電流增大，電源的內(nèi)電壓和的電壓增大，所以的兩端電壓減小，的讀數(shù)為。

則減小，因總電流增大，則通過的電流增大，則變大；故C正確，D錯誤。

故選C。2、A【分析】【詳解】

當滑動變阻器的滑片P從a端向b端滑動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，由閉合電路歐姆定律分析得知，干路電流增大，通過燈L2的電流變大，則燈L2變亮；

電源的內(nèi)電壓和L2的電壓增大，路端電壓減小，則并聯(lián)部分電壓減小，電壓表讀數(shù)變小，通過燈L1的電流變小，燈L1變暗；

AB．綜上分析電壓表讀數(shù)變小，通過燈L1的電流變小，L1變暗；通過燈L2的電流變大，L2變亮；A正確B錯誤；

CD．綜上分析電壓表讀數(shù)變小，通過燈L1的電流變小，L1變暗；通過燈L2的電流變大，L2變亮；CD錯誤；

故選A。3、C【分析】【分析】

【詳解】

每秒光照射到帆面上的能量

光子的平均能量

光子的頻率

每秒射到帆面上的光子數(shù)

聯(lián)立解得

每個光子的動量

光射到帆面被反彈，由動量定理得

對飛船，由牛頓第二定律得

聯(lián)立解得

故選C。4、C【分析】【詳解】

根據(jù)電場線的指向知E帶正電，F(xiàn)帶負電；N點的場強是由E、F兩電荷在N點產(chǎn)生場強的疊加，電荷E在N點電場方向沿EN向上，電荷F在N點產(chǎn)生的場強沿NF向下，合場強水平向右，可知F電荷在N點產(chǎn)生的場強大于E電荷在N點產(chǎn)生的場強，而所以由點電荷場強公式知A錯誤；只有電場線是直線，且初速度為0或初速度的方向與電場平行時，帶電粒子的運動軌跡才與電場線重合．而該電場線是一條曲線，所以運動軌跡與電場線不重合．故在M點由靜止釋放一帶正電的檢驗電荷，不可能沿電場線運動到N點，B錯誤；因為電場線和等勢面垂直，所以過N點的等勢面與過N點的切線垂直，C正確；沿電場線方向電勢逐漸降低，再根據(jù)q為負電荷，知D錯誤；故選C．

【點睛】

只有電場線是直線，且初速度為0或初速度的方向與電場平行時，帶電粒子的運動軌跡才與電場線重合．電場線和等勢面垂直．N點的切線與EF連線平行，根據(jù)電場線的方向和場強的疊加，可以判斷出E、F的電性及電量的大?。缺容^電勢的高低，再根據(jù)比較電勢能．5、C【分析】【詳解】

A．根據(jù)等量同種電荷周圍的電場線分布圖。

a、b、c、d四點的電場強度大小相等；但是方向不同，A錯誤；

B．根據(jù)電場線的方向以及電場線的對稱性可知D和B兩點的電勢相等，但是低于O點的電勢；B錯誤；

C．帶正電點電荷在從E點運動到O點的過程中受到的電場力向右；所以此過程中電場力做正功，C正確；

D．帶正電點電荷從E點運動到F點的過程中受到的電場力先向右；后向左，所以電場力先做正功，后做負功，點電荷的速度先增大后減小，D錯誤。

故選C。6、B【分析】【詳解】

A．粒子可能是從A點運動到C點，也可能是從C點運動到A點；故A錯誤；

BC．電子只在電場力作用下運動，則電子的電勢能和動能之和不變，為32eV，又由于圖中為等差等勢線，B點的電勢為15V，A點的電勢為零，則等勢線c的電勢為30V，電子在經(jīng)過等勢線c時的電勢能為-30eV，因此動能為62eV，B點電勢大于A點電勢；故B正確，C錯誤；

D．電子在關(guān)于等勢線d對稱的兩點所受電場力大小一定相同；但方向不相同，故D錯誤。

故選B。7、C【分析】【詳解】

由公式C＝C＝和E＝得U＝E＝當Q變?yōu)?Q、d變?yōu)闀r，電壓U不變，電場強度E變?yōu)樵瓉淼?倍．C正確．二、多選題(共7題，共14分)8、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．電磁波可以在真空中傳播；而機械波不能，需要介質(zhì)，故A錯誤；

B．多普勒效應是一切波均具有性質(zhì)；故電磁波和機械波都能產(chǎn)生多普勒效應，故B正確；

C．電磁波能夠發(fā)生偏振現(xiàn)象；說明是橫波，故C錯誤；

D．無線電波波長最長；γ射線波長最小，其次為紫外線，故D正確。

故選BD。9、B:C【分析】【分析】

【詳解】

由于在噴槍噴嘴與被噴涂工作之間形成了強電場，工作時涂料微粒會向帶正電的被噴涂工件高速運動，則涂料微粒帶負電，微粒所受電場力的方向與電場方向相反．故A錯誤，B正確；因粒子帶負電，在庫侖引力的作用下做正功，則電勢能減小，故C正確，D錯誤．故選BC．10、A:C【分析】【詳解】

AB．電荷q從A點由靜止釋放，僅在靜電力的作用下經(jīng)O點向B點運動；說明靜電力方向向右，靜電力對電荷做正功，所以電荷動能增加，電勢能減小，故A項正確，B項錯誤；

C．據(jù)和正點荷產(chǎn)生電場方向由正電荷向外，負電荷產(chǎn)生的電場指向負電荷可得CD兩點場強如圖。

兩電荷在C處產(chǎn)生的場強大，夾角小，據(jù)平行四邊形定則可得EC一定大于ED；故C項正確；

D．由C的分析可知MN連線的中垂線上半部分各點的場強方向向右上方，據(jù)等勢線與電場線垂直，順著電場線電勢降低，可得一定大于故D項錯誤。

故選AC。11、A:C【分析】【詳解】

微粒以一定的初速度垂直射入偏轉(zhuǎn)電場做類平拋運動，則有水平方向

豎直方向

加速度

聯(lián)立解得

要縮小字跡，就要減小微粒通過偏轉(zhuǎn)電場的偏轉(zhuǎn)角y。由上式分析可知，采用的方法有：減小微粒所帶的電荷量、增大偏轉(zhuǎn)電場兩板間的距離、減小偏轉(zhuǎn)極板間的電壓U；增大墨汁微粒的噴出速度等；故BD錯誤，AC正確。

故選AC。12、B:D【分析】【詳解】

C．在B位置，帶帶電小圓環(huán)受力分析可知

選項C錯誤；

A．若彈簧給帶電小圓環(huán)斜向下的彈力；不論有沒有大圓環(huán)的彈力，帶電小圓環(huán)都不可能平衡，故彈簧一定處于拉伸狀態(tài)，選項A錯誤；

B．對帶電小圓環(huán)受力分析，假設兩圓環(huán)之間的相互作用力F，由平衡知識

解得F=0

即在A位置兩圓環(huán)之間無相互作用力；選項B正確；

D．由平衡條件可知，AB兩位置的彈簧彈力分別為

彈簧形變量為?x=R

由胡克定律得彈簧的勁度系數(shù)為

選項D正確；

故選BD.13、B:C【分析】【詳解】

A．由圖象可知，在電流I相同時，R甲＞R乙，兩電阻絲串聯(lián)。通過它們的電流I相等，而R甲＞R乙，由U=IR可知：U甲＞U乙，

故A不符合題意；

B．由于兩電阻絲的橫截面積與長度相同，R甲＞R乙，由電阻定律可知，甲的電阻率大于乙的電阻率，故B符合題意；

C．兩電阻串聯(lián)I相同，R甲＞R乙，由焦耳定律Q＝I2Rt可知：Q甲＞Q乙，

故C符合題意；

D．兩電阻串聯(lián)，通過它們的電流I相同，R甲＞R乙，由P=I2R可知：P甲＞P乙，

故D不符合題意。

故選BC。14、B:D【分析】【詳解】

AB．將滑動變阻器滑片P向左移動一段距離后；滑動變阻器的電阻變大，根據(jù)串反并同，燈泡L中電流減小，電流表讀數(shù)變小，電壓表讀數(shù)變大，燈泡L變暗，選項A錯誤，B正確；

C．當外電路的總電阻等于電源的內(nèi)阻時，電源的輸出功率最大。雖然燈泡L的電阻小于電源的內(nèi)阻r；但外電路的總電阻與電源的內(nèi)阻大小不確定，故電源的輸出功率變化情況不確定，故選項C錯誤；

D．將滑動變阻器滑片P向左移動一段距離后；電容器C上電壓增大，電容器C上電荷量增多，選項D正確。

故選BD。三、填空題(共6題，共12分)15、略

【分析】試題分析：根據(jù)運動軌跡來判定電場力方向；由曲線運動條件可知合力偏向曲線內(nèi)側(cè)，故粒子從A到B，電場力對粒子做負功，因此粒子帶負電；由于B點的電場線密，所以B點的電場力大，則B點的加速度較大；粒子從A到B，電場力對粒子做負功，電勢能增加，導致動能減少；沿著電場線電勢降低，所以A點的電勢高．

考點：電場線，電場力做功與電勢能的關(guān)系【解析】（1）負，（2）B,（3）A,（4）A16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]把帶正電荷的導體球C移近彼此接觸的不帶電的絕緣金屬導體A、B，由于電荷之間的相互作用，負電荷受到C上的正電荷的吸引，金屬導體的兩端會帶上電性相反的電荷，金屬薄片張開，此時金屬導體A帶負電荷；如果先把C移走，移走C后AB上的電荷將重新分配，A端的負電荷將向B端移動，AB的兩端都不帶電，再將A和B分開后，金屬導體上的金屬箔片不能張開?！窘馕觥控摲?7、略

【分析】【詳解】

[1]正電荷在O點的電場方向斜向左上，負電荷在O點的電場方向斜向左下；由于距離相等，所以電場強度大小一樣，合場強方向水平向左；

[2]若再放一個適當電荷量的正點電荷，應該放在B處，這樣合場強可以為零