2025年粵人版必修3物理上冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵人版必修3物理上冊月考試卷185考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，閉合開關S，電路穩(wěn)定后，水平放置的平行金屬板間的帶電質點P處于靜止狀態(tài)，若將滑動變阻器R2的滑片向a端移動，則（）

A.電壓表讀數增大B.電流表讀數減小C.R1消耗的功率減小D.質點P將向下運動2、如圖所示，平行板電容器與直流電源連接，下極板接地，將開關閉合，一帶電油滴位于電容器中的P點且處于靜止狀態(tài)；則下列判斷正確的是（）

A.油滴帶正電B.油滴的電勢能為正C.斷開開關后油滴會向下移動D.斷開開關后再將上極板向上移，油滴靜止不動3、如圖所示，電路中電源的電動勢為E、內電阻為r，開關S閉合后，當滑動變阻器的滑片P從滑動變阻器R的中點位置向左滑動時，小燈泡的亮度變化情況。

A.兩燈都變亮，燈變暗B.兩燈都變暗，燈變亮C.兩燈都變亮，燈變暗D.兩燈都變暗，燈變亮4、四根相互絕緣的長直導線疊放在同一平面內構成正方形，O點為正方形的中心，O1與O點關于b導線對稱，導線中通有方向如圖所示、大小相等的電流，此時O點處的磁感應強度大小為B0，則O1位置的磁感應強度大小為（已知無限長通電直導線周圍的磁場中某點的磁感應強度B與該點到導線的距離r成反比，即）（）

A.B0B.B0C.B0D.3B05、一半徑為R的半球面均勻帶有正電荷Q，電荷Q在球心O處產生的場強大小方向如圖所示。把半球面分為表面積相等的上、下兩部分，如圖甲所示，上、下兩部分電荷在球心O處產生電場的場強大小分別為E1、E2；把半球面分為表面積相等的左、右兩部分，如圖乙所示，左、右兩部分電荷在球心O處產生電場的場強大小分別為E3、E4；則（）

A.B.C.D.6、一帶正電的粒子僅在電場力作用下從A點經B、C運動到D點，其v-t圖像如圖所示。分析圖像；下列說法正確的是（）

A.A處的電場強度大于C處的電場強度B.B、D兩點的電場強度和電勢一定都為零C.帶正電粒子在A處的電勢能大于在C處的電勢能D.A、C兩點間的電勢差大于B、D兩點間的電勢差7、在靜電場中的某一固定點P處放置一個電荷量為q的試探電荷，其所受靜電力為F，P點的電場強度為E．則關于P點的電場強度；下列說法中正確的是（）

A.移去該試探電荷q，P點的電場強度變?yōu)榱鉈.移去該試探電荷q，P點的電場強度不改變C.將試探電荷換為2q，P點的電場強度將變?yōu)?ED.將試探電荷換為－q，P點的電場強度E的方向發(fā)生改變8、某電場中有一點P，下列說法中正確的是（）A.若放在P點的電荷的電荷量減半，則P點的電場強度減半B.若P點沒有試探電荷，則P點電場強度為0C.若P點電場強度越大，則同一電荷在P點受到的靜電力越大D.P點電場強度方向為放在該點的電荷的受力方向9、如圖所示為某電場中x軸上電勢隨x變化的圖像，靜電場方向平行于x軸。一質量為m、帶電荷量為+q的粒子僅在電場力作用下沿x軸正向運動，則下列說法正確的是（）

A.在本來x1~x4之間，電場方向先沿x軸負方向，后沿x軸正方向B.若粒子在x1處由靜止釋放，則粒子在x2處和x4處不受電場力作用C.若粒子在x1處由靜止釋放，則粒子運動到x3處時的動能為D.若粒子在x1處由靜止釋放，則粒子運動到x3處時的速度最大評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)10、如圖所示，ABC為等邊三角形，電荷量為+q的點電荷固定在A點．先將一電荷量也為+q的點電荷Q1從無窮遠處（電勢為0）移到C點，此過程中，電場力做功為-W．再將Q1從C點沿CB移到B點并固定．最后將一電荷量為-2q的點電荷Q2從無窮遠處移到C點．下列說法正確的有。

A.Q1移入之前，C點的電勢為B.Q1從C點移到B點的過程中，所受電場力做的功為0C.Q2從無窮遠處移到C點的過程中，所受電場力做的功為2WD.Q2在移到C點后的電勢能為-4W11、如圖為某一電場的電場線，M、N、P為電場線上的三個點，M、N是同一電場線上兩點。下列判斷正確的是（）

A.只受電場力作用時，同一負電荷在N點的加速度最大B.M、N、P三點中N點的電勢最高C.正電荷從M點自由釋放，只受電場力作用時，電荷不可能沿電場線運動到N點D.同一正電荷在M點的電勢能大于在N點的電勢能12、如圖所示，R0為熱敏電阻（溫度降低電阻增大），R為滑動變阻器，D為理想二極管（正向電阻為零，反向電阻無窮大），真空中水平放置的平行板電容器，上下極板Y和Y′相距d，A為兩極板左側中點，AB線段與兩極板等長，到兩板距離相等。在開關S閉合后，質量為m、帶電荷量為+q的粒子（不計重力），以初速度v0沿水平方向射入電場且能穿出電場，偏轉位移為y。則（）

A.粒子飛出電場時，速度方向的反向延長線一定交于AB線段中點B.只將變阻器R的滑動觸頭P向上移動，則偏轉位移y將減小C.只將上極板Y向上稍微移動，粒子穿過電場過程中，電場力做功不變D.只將熱敏電阻R0升溫，粒子穿過電場過程中，粒子的動量變化量不變13、如圖所示，兩平行金屬板間帶電質點P原處于靜止狀態(tài)，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，當滑動變阻器R4的滑片向b端移動時；則（）

A.電壓表讀數一定增大B.電流表讀數一定增大C.電源的效率一定減小D.電源的輸出功率一定減小14、如圖所示，在某靜電除塵器產生的電場中，帶等量負電荷的兩顆微粒只受電場力作用，分別從p點沿虛線pm、pn運動；被吸附到金屬圓筒上。下列說法正確的是（）

A.n點的電勢高于p點的電勢B.微粒在p點的電勢能小于在m點的電勢能C.微粒從p到n的動能變化量大于從p到m的動能變化量D.微粒從p到n的電勢能變化量等于從p到m的電勢能變化量15、a、b、c、d分別是一個菱形的四個頂點，現將三個等量的負點電荷固定在a、b、c三個頂點上，將一個電量為的檢驗電荷依次放在菱形中心點O點和另一個頂點d處，則兩點相比

A.在d點所受的電場力比在O點的大B.在d點所具有的電勢能比在O點的大C.d點的電場強度小于O點的電場強度D.d點的電勢低于O點的電勢16、在一些電磁現象中會產生一種特殊的電場；其電場線為一個個同心圓，沒有起點和終點如圖所示，實線為電場線，方向為順時針，虛線為經過圓心的一條直線．已知該電場線圖像中某一點的電場強度大小與方向和靜電場的電場線具有相同規(guī)律，則。

A.A點的電場強度比B點的電場強度大B.將一點電荷沿直線AB移動，電場力不做功C.將一點電荷從A點靜止釋放，點電荷會沿電場線做圓周運動D.在A點放上一正點電荷，點電荷將受到向左的電場力17、一只電流表的滿偏電流為內阻為若要（）A.改裝成量程為的電壓表，應串聯(lián)一個阻值為的電阻B.改裝成量程為的電壓表，應串聯(lián)一個阻值為的電阻C.改裝成量程為的電流表，應并聯(lián)一個阻值為的電阻D.改裝成量程為的電流表，應串聯(lián)一個阻值為的電阻評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)18、1825年，瑞士科學家科拉頓用實驗探索如何產生感應電流。如圖，他將“電流表”和線圈分別放在兩個房間里，并用導線連成閉合回路。他用磁鐵在線圈中插進或拔出進行實驗時，并在兩個房間之間跑來跑去，結果沒有觀察到感應電流?？评D看不到實驗現象的原因是___________。后來由科學家______發(fā)現了電磁感應現象。19、如圖所示，A、B、C三點為一直角三角形的三個頂點，∠B=30°，現在A、B兩點放置兩點電荷測得C點場強的方向與AB平行，則帶________，=_________．

20、波速、波長、頻率三者之間的關系：c=______，其中c=3×108m/s。21、常規(guī)能源帶來的污染有______、______、______等。22、靜電場中某電場線如圖所示．把點電荷從電場中的A點移到B點，其電勢能增加1.2×10-7J，則該點電荷帶_____電（選填：“正”或“負”）；在此過程中電場力做功為____J．

23、如圖所示是某吊扇的相關參數，測得吊扇正常勻速轉動時單位時間排風量為Q=720m3/h，扇葉附近的風速為v=14.1m/s，電機內阻R=496取空氣密度=1.2kg/m3，g=10m/s2，不計空氣阻力，則正常工作時電機的輸出功率為_______W，正常工作24小時對外做功約為_______J。

24、如圖所示，一個驗電器用金屬網罩罩住，當加上水平向右的、電場強度大小為E的勻強電場時，驗電器的箔片___________（選填“張開”或“不張開”），我們把這種現象稱為___________此時，金屬網罩的感應電荷在網罩內部空間會激發(fā)一個電場，它的電場強度大小為___________，方向與所加的電場方向___________（選填“相同”或“相反”）。

25、將帶電量為的負電荷從電場中的A點移到B點，克服電場力做了的功，則A、B兩點間的電勢差______V；若令A點的電勢能為零，則該電荷在B點的電勢能為______J。26、判斷下列說法的正誤。

（1）導體內沒有電流時，就說明導體內部的電荷沒有運動。（____）

（2）電流既有大小，又有方向，是矢量。（____）

（3）導體中的電流一定是正電荷定向移動形成的。（____）

（4）電子定向移動的方向就是電流的方向。（____）

（5）電流越大，單位時間內通過導體橫截面的電荷量越多。（____）評卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)27、以下是幾種點電荷的電場線的分布情況；請標出圖中各電荷的電性。

28、如圖，黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內有一個由四個阻值相同的電阻構成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

29、把蜂鳴器；光敏電阻、干簧管繼電器開關、電源連成電路如圖所示；制成光電報警裝置，當報警器有光照射時，峰鳴器發(fā)聲，當沒有光照或者光照很弱時，蜂鳴器不發(fā)聲，①光敏電阻：光敏電阻受光照后，阻值會變小，②干簧管繼電器開關：由干簧管和繞在干簧管外的線圈組成，當線圈中有一定的電流時，線圈產生的磁場使密封在干簧管內的兩個鐵質簧片磁化，兩個簧片在磁力作用下由原來的分離狀態(tài)變成閉合狀態(tài)，當線圈中沒有電流或者電流很微弱時，磁場消失，簧片在彈力的作用下恢復到分離狀態(tài)，電路已經連接一部分，請將電路完整連接好。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共16分)30、多用電表在科研和生活中有著廣泛的用途；例如探測黑箱內的電學元件，如圖甲所示是黑箱上的三個接線柱，兩個接線柱之間最多只能接一個元件，黑箱內所接的元件不超過兩個，某實驗小組進行了以下操作步驟：

①用直流電壓擋測量：三點間均無電壓。

②改用歐姆擋測量：間正反接阻值不變。

③用歐姆擋測量：黑表筆接紅表筆接時測得的阻值較??；反接時測得的阻值較大。

④用歐姆擋測量：黑表筆接紅表筆接測得阻值比黑表筆接紅表筆接時測得的阻值大。

(1)上述第①步操作中說明了：_______。

(2)多用電表調至歐姆擋，在正式測量電阻前需要進行的實驗操作是______。

(3)該小組選擇了“”擋正確操作后，第②步實驗操作測得的示數如圖乙所示，則阻值為_______

(4)請在圖甲中畫出黑箱內的元件及正確的接法。_______

(5)該實驗小組選擇了多用電表的某個功能擋和電阻箱來測量電源的電動勢和內阻，作出圖像如圖丙所示（圖中單位均采用國際單位制中單位），則該電源的電動勢_______內阻_______實驗中測量的電動勢_______（選填“大于”“等于”或“小于”）電源真實的電動勢。31、現有一合金制成的圓柱體.ρ為測量該合金的電阻率；現用伏安法測量圓柱體兩端的電阻，用游標卡尺測量該圓柱體的長度，用螺旋測微器測量該圓柱體的直徑，游標卡尺和螺旋測微器的示數如圖甲和乙所示。

（1）由圖讀得圓柱體的長度為_______________cm，直徑為_________________mm；

（2）若流經圓柱體的電流為I，圓柱體兩端的電壓為U，圓柱體的直徑和長度分別用D、L表示，則用D、L、I、U表示的電阻率的關系式為______________。評卷人得分六、解答題(共1題，共2分)32、如圖所示，一質量為電荷量為的小球，以初速度沿兩塊正對帶電平行金屬板左側某位置水平向右射入兩極板之間，離開時恰好由A點沿圓弧切線進入豎直光滑固定軌道ABC中。A點為圓弧軌道與極板端點DD'連線的交點，CB為圓弧的豎直直徑并與DD'平行，豎直線DD'的右邊界空間存在豎直向下，且大小可調節(jié)的勻強電場已知極板長為極板間距為圓弧的半徑為∠AOB=53°，重力加速為sin53°=0.8，cos53°=0.6.不計空氣阻力，板間電場為勻強電場，小球可視為質點。

（1）求兩極板間的電場強調大??；

（2）當電場強度時；求小球沿圓弧軌道運動過程中的最大動量；

（3）若要使小球始終沿圓弧軌道運動且恰好能夠通過最高點C，求電場強度的大小。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【詳解】

將滑動變阻器R2的滑片向a端移動，滑動變阻器接入電路中的電阻減小，由閉合電路歐姆定律得，I增大，即電流表的示數增大，故B項錯誤；R1消耗的功率增大，故C項錯誤；由電路的特點得電壓表示數為滑動變阻器R2兩端電壓，據可知，U減小，故A項錯誤；由電容器與滑動變阻器并聯(lián)可知，電容器兩板間的電壓減小，帶電質點P所受的電場力減小，重力與電場力的合力向下，帶電質點P向下運動，故D項正確．2、D【分析】【分析】

【詳解】

A．閉合開關后；上板帶正電，電容器板間電場方向向下，油滴靜止，則油滴帶負電，故A錯誤；

B．由于下極板接地，電勢為零，板間的電場強度方向向下，順著電場線的方向電勢逐漸降低，因此P點的電勢大于零，由于油滴帶負電，根據可知；油滴的電勢能為負，故B錯誤；

C．斷開開關后，電容器的帶電荷量一定，電壓也不變，根據可知；板間電場強度不變，受力也不變，油滴不會向下移動，故C錯誤；

D．若將上極板向上移動，電容器的帶電荷量一定，根據公式推導可得

兩極板間的電場強度大小不變；受力不變，油滴仍保持靜止，故D正確。

故選D。3、A【分析】【分析】

【詳解】

將滑動變阻器的滑片P從滑動變阻器R的中點位置向左滑動的過程中，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，由閉合電路歐姆定律得知：干路電流I減小，路端電壓增大，則燈L3變亮；流過燈L2電流I2=I-I3，I減小，I3增大，則I2減小，燈L2變暗，燈L1的電壓U1=U-U2，U增大，U2減小，U1增大，L1燈變亮；

A．兩燈都變亮，燈變暗；與結論相符，選項A正確；

B．兩燈都變暗，燈變亮；與結論不相符，選項B錯誤；

C．兩燈都變亮，燈變暗；與結論不相符，選項C錯誤；

D．兩燈都變暗，燈變亮；與結論不相符，選項D錯誤；

故選A．4、A【分析】【分析】

本題考查考生的推理能力；需要應用磁感應強度矢量疊加原理和右手螺旋定則解題。

【詳解】

設每根導線在O點處形成的磁場的磁感應強度大小均為B1，根據右手螺旋定則和矢量疊加原理得

b導線在O1處產生的磁場的磁感應強度大小為B1，方向垂直紙面向外，c導線在O1位置產生的磁場的磁感應強度大小為B1，方向垂直紙面向里，d導線在O1位置產生的磁場的磁感應強度大小為B1，方向垂直紙面向里，由

得a導線在O1位置產生的磁場的磁感應強度大小為方向垂直紙面向里，則O1位置的磁感應強度大小為即

故選A。5、A【分析】【詳解】

AB．根據點電荷電場強度公式

且電荷只分布球的表面，對于圖甲，表面積相同，所分布電荷總量相同，由電場強度的矢量疊加可知，上、下兩部分電荷在球心O處產生電場的場強大小關系為El＞E2；因電荷Q在球心O處產生電場的場強大小

則

故A正確；B錯誤；

CD．對于圖乙，半球面分為表面積相等的左、右兩部分，由于左右兩個半個球殼在同一點產生的場強大小相等，則根據電場的疊加可知，左側部分在O點產生的場強與右側部分O點產生的場強大小相等，即E3＝E4，由于方向不共線，根據合成法則可知

故CD錯誤。

故選A。6、A【分析】【詳解】

A．因為v-t線的斜率等于物體的加速度，在A處的加速度大于C處的加速度，A處的電場強度大于C處的電場強度；A正確；

B．從B點到D點，根據動能定理得

解得

所以B、D兩點的電勢不可能都為零；B錯誤；

C．根據動能定理

因為電場力做負功，電勢能增加，所以帶正電粒子在A處的電勢能小于在C處的電勢能；C錯誤；

D．根據動能定理可知

由圖線可知

則A、C兩點的電勢差小于B、D兩點間的電勢差；D錯誤。

故選A。7、B【分析】【分析】

【詳解】

電場強度由電場本身決定；是電場的性質，跟試探電荷無關，故ACD錯誤，B正確。

故選B。8、C【分析】【分析】

【詳解】

A．場強反映電場本身的強弱和方向，由電場本身決定，將放在P點電荷的電荷量減半，P點的場強不變；故A錯誤；

B．場強是由電場本身決定的，與試探電荷無關，若P點沒有試探電荷，P點場強不變；不為零，故B錯誤；

C．由F=qE，知P點的電場強度越大，則同一電荷在P點受到的電場力越大；故C正確；

D．P點的電場強度方向為試探正電荷在該點的受力方向；故D錯誤。

故選C。9、D【分析】【詳解】

A．在~之間，電場方向先沿x軸正方向，再沿x軸負方向；選項A錯誤；

B．由可知，圖像的斜率表示電場強度，所以處和處場強不為零；粒子仍受電場力作用，選項B錯誤；

C．粒子運動到的過程中，根據能量守恒有

選項C錯誤；

D．粒子在處由靜止釋放，粒子從運動到的過程中電勢能減小，動能增大，從運動到的過程中，電勢能增大，動能減小，所以粒子運動到時速度最大；選項D正確。

故選D。二、多選題(共8題，共16分)10、A:B:D【分析】【詳解】

A.由題意可知，C點的電勢為

故A正確；

B.由于B、C兩點到A點()的距離相等，所以B、C兩點的電勢相等，所以從C點移到B點的過程中；電場力先做負功再做正功，總功為0，故B正確；

C.由于B、C兩點的電勢相等，所以當在B點固定后，C點的電勢為所以從無窮遠移到C點過程中，電場力做功為：

故C錯誤；

D.由于C點的電勢為所以電勢能為

故D正確．11、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．電場線的疏密反應了場的強弱，N點處電場線最密，所以N點場強最大，同一負電荷在N點的加速度最大；故A正確；

B．順著電場線的方向，電勢降低，所以M點的電勢最高；故B錯誤；

C．在M點靜止釋放；正電荷在電場力的作用下運動，但是運動軌跡并不是電場線，故C正確；

D．根據EP=qφ，且φM＞φP＞φN可知，正電荷在M點電勢能大于在N點的電勢能；故D正確。

故選ACD。12、A:C【分析】【詳解】

A．依題意知，粒子在極板間受到豎直向下恒定的電場力作用，粒子做類平拋運動。根據平拋運動推論可推知該粒子飛出電場時，速度方向的反向延長線一定交于AB線段中點；故A正確；

B．只將變阻器R的滑動觸頭P向上移動，則滑動變阻器接入電路中的阻值變大，根據閉合電路歐姆定律可知，干路電流減小，內電壓及R0兩端電壓減小，所以滑動變阻器兩端電壓增大，由于極板間的電壓等于滑動變阻器兩端電壓，所以極板間電壓變大，電場場強變大，根據類平拋運動規(guī)律可知，粒子飛出極板的時間保持不變，豎直方向加速度變大，根據豎直方向上偏轉位移

可知，y將增大；故B錯誤；

C．只將上極板Y向上稍微移動，則根據

可知電容器電容將減小，根據

由于電容器極板間電壓保持不變，所以Q將減小，即電容器將放電，但由于二極管單向導電，所以電容器上的電荷量將保持不變，根據

又

聯(lián)立可得

可知極板間電場強度保持不變，粒子穿過電場過程中受到的電場力保持不變，由于粒子飛出電場的時間不變，則粒子穿過電場過程中，豎直方向位移y不變；電場力做功不變，故C正確；

D．只將熱敏電阻R0升溫，則R0則阻值變小，根據閉合電路歐姆定律可知，干路電流增大，則滑動變阻器兩端電壓增大，極板間電壓增大，電場強度增大，粒子受到的電場力F變大，由于粒子飛出電場的時間保持不變，根據動量定理

可知粒子的動量變化量將增大；故D錯誤。

故選AC。13、B:C【分析】【分析】

R4的滑片向b端移動，接入電阻減小，總電阻減小，總電流變大，路端電壓減小，然后分析局部的電壓電流；根據分析電源的效率；當電源內阻等于外阻時輸出功率最大.

【詳解】

A．R4的滑片向b端移動；接入電阻減小，電壓表讀數一定減小，A錯誤；

B．R4與R2串聯(lián)后再與R3并聯(lián)的電阻減小，總電阻減小，干路中的電流一定增大．并聯(lián)部分電阻減小，并聯(lián)部分的電壓一定減小，R3的電流一定減??；電流表讀數一定增大，B正確；

C．電源的效率為：R外減?。浑娫吹男师且欢p小，C正確；

D．R外的最小電阻與電源內阻r的大小關系不知道，根據圖像可知，隨著R外減?。浑娫吹妮敵龉β士赡芤恢痹龃螅部赡芟仍龃蠛鬁p小，也可能一直減小，D錯誤．

故選BC.14、A:D【分析】【詳解】

A．n點靠近正電荷，p點靠近負電荷，因此有故A正確；

B．負電荷從p到運動m電場力做正功，電勢能減小，帶負電的微粒在m點的電勢能較小；故B錯誤；

CD．兩微粒均只考慮電場力做正功，由動能定理有

因初末電勢差相同，電量q相等；則電場力的做正功相等，電勢能減小量相等，兩微粒的動能增加量也相等，故C錯誤，D正確；

故選AD。15、B:C【分析】【詳解】

設菱形的邊長為r，根據公式分析可知三個點電荷在d點生的場強大小E相等，由電場的疊加可知，D點的場強大小為．O點的場強大小為可見，d點的電場強度小于O點的電場強所以在d點所受的電場力較小，A錯誤C正確；Od間電場線方向從O到d，根據順著電場線方向電勢降低，d點的電勢高于O點的電勢，而正電荷在高電勢高處電勢能大，則知在d點所具有的電勢能較大B正確D錯誤．16、B:D【分析】【詳解】

A.電場線的疏密表示電場強度的強弱，電場線越密，場強越大，則知A點的場強比B點的場強??；故A錯誤．

B.直線AB與電場線垂直，是一條等勢線，將一點電荷沿直線AB移動；電場力不做功，故B正確．

C.點電荷在A點所受的電場力沿電場線的切線方向，將點電荷從A點靜止釋放后；電場力將使該點電荷離開原電場線，所以點電荷不可能沿電場線做圓周運動，故C錯誤．

D.A點場強方向沿電場線的切線方向，即向左，則在A點放上一正點電荷；該點電荷所受的電場力也向左，故D正確．

故選BD。17、A:C【分析】【詳解】

AB．改裝成電壓表要串聯(lián)一個電阻，阻值為

A正確；B錯誤；

CD．改裝成電流表要并聯(lián)一個電阻，阻值為

C正確；D錯誤。

故選AC。三、填空題(共9題，共18分)18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]．在磁鐵插進或拔出線圈的過程中；磁通量發(fā)生變化，閉合回路中會產生電流，但等科拉頓跑到電流計面前時，磁通量已不再變化，因此沒有觀察到感應電流；

[2]．后來由科學家法拉第發(fā)現了電磁感應現象?！窘馕觥吭诖盆F插進或拔出線圈的過程中，磁通量發(fā)生變化，閉合回路中會產生電流，但等科拉頓跑到電流計面前時，磁通量已不再變化，因此沒有觀察到感應電流法拉第19、略

【分析】【詳解】

放在A點和B點的點電荷在C處產生的場強方向在AC和BC的連線上，因C點場強方向與BA方向平行，故放在A點的點電荷和放在B點的點電荷產生的場強方向只能如圖所示，由C→A和由B→C，故qA帶負電，qB帶正電，且EB＝2EA，即k＝2k又由幾何關系知＝2所以qAqB＝18.

【解析】負20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]波速、波長、頻率三者之間的關系：c=λf，其中c=3×108m/s。【解析】λf21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]常規(guī)能源的儲藏是有限的。常規(guī)能源的大量消耗帶來了環(huán)境問題，帶來的污染有溫室效應、大氣污染、水污染等?！窘馕觥竣?溫室效應②.大氣污染③.水污染22、略

【分析】【詳解】

把點電荷從電場中的A點移到B點，其電勢能增加1.2×10-7J，電場力做負功，則該點電荷帶負電；在此過程中電場力做功為-1.2×10-7J.【解析】負23、略

【分析】【詳解】

[1]正常工作時電機的電流為

輸出功率為

[2]正常工作24小時對外做功約為【解析】242.07×10624、略

【分析】【詳解】

[1]金屬網罩起到靜電屏蔽的作用；所以箔片不張開。

[2][3][4]因為在金屬內部由于電子可以自由移動，當加上水平向右的、場強大小為E的勻強電場時，金屬網罩會產生一個與外加電場相反的電場，來抵消在金屬內部的電場，以保證平衡，從而金屬上電荷重新分布，就是所謂“靜電屏蔽”的原理【解析】不張開靜電屏蔽E相反25、略

【分析】【詳解】

[1]負電荷從電場中的A點移動到B點，克服電場力做了的功，即電場力做功為

AB兩點間的電勢差為

[2]規(guī)定A點的電勢能為零，從A點到B點，負電荷的電勢能增加

可知B點的電勢能為【解析】526、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】錯誤錯誤錯誤錯誤正確四、作圖題(共3題，共24分)27、略

【分析】【分析】

【詳解】

根據電場線從正電荷出發(fā)；終止與負電荷及等量同種，等量異種點電荷電場線的分布特點，可標出電荷的電性如圖所示。

【解析】見解析28、略

【分析】【詳解】