2025年人民版高一物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人民版高一物理下冊階段測試試卷473考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖中所示；衛(wèi)星A；B、C在相隔不遠(yuǎn)的不同軌道上，以地球為中心做勻速圓周運動，且運動方向相同．若在某時刻恰好在同一直線上，則當(dāng)衛(wèi)星B經(jīng)過一個周期時，下列關(guān)于三個衛(wèi)星的位置說法中正確的是（）

A.三個衛(wèi)星的位置仍在一條直線上。

B.衛(wèi)星A位置超前于B；衛(wèi)星C位置滯后于B

C.衛(wèi)星A位置滯后于B；衛(wèi)星C位置超前于B

D.由于缺少條件；無法比較它們的位置。

2、2013年6月13日，“神舟十號”與“天空一號”成功實施手控交會對接，下列關(guān)于“神舟十號”與“天空一號”的分析錯誤的是（）A.“天空一號”的發(fā)射速度應(yīng)介于第一宇宙速度與第二宇宙速度之間B.對接前，“神舟十號”欲追上“天空一號”，必須在同一軌道上點火加速C.對接前，“神舟十號”欲追上同一軌道上的“天空一號”，必須先點火減速再加速D.對接后，組合體的速度小于第一宇宙速度3、如圖所示ABAC

兩光滑斜面互相垂直，AC

與水平面成30鈭?.

如把球O

的重力G

按照其作用效果分解，則兩個分力的大小分別為(

)

A.12G32G

B.33G3G

C.23G22G

D.22G32G

4、甲、乙兩恒星相距為L，質(zhì)量之比＝它們離其他天體都很遙遠(yuǎn)，我們觀察到它們的距離始終保持不變，由此可知（）．A.兩恒星一定繞它們連線的某一位置做勻速圓周運動B.甲、乙兩恒星的角速度之比為2∶3C.甲、乙兩恒星的線速度之比為∶D.甲、乙兩恒星的向心加速度之比為3∶25、質(zhì)點做直線運動的位移與時間的關(guān)系為x=5t+t2（各物理量均為國際單位），則該質(zhì)點（）A.第1s內(nèi)的位移是5mB.前2s內(nèi)的平均速度是7m/sC.任意相鄰1s內(nèi)的位移差都是1mD.任意1s內(nèi)的速度增量都是1m/s6、已知物體運動初速度v0

方向及它受到恒定合外力F

的方向，圖abcd

表示物體運動的軌跡，其中正確的是(

)

A.B.C.D.7、如圖是物體做直線運動的v鈭?t

圖象；由圖可知，該物體(

)

A.第1s

內(nèi)和第3s

內(nèi)的運動方向相同B.第3s

內(nèi)和第4s

內(nèi)的加速度等大反向C.第1s

內(nèi)和第4s

內(nèi)的位移大小不等D.0隆蘆2s

內(nèi)和0隆蘆4s

內(nèi)的平均速度大小相等8、如圖所示，長為L的細(xì)繩，一端系一質(zhì)量為m的小球，另一端固定于O點。當(dāng)繩豎直時小球靜止，再給小球一水平初速度v，使小球在豎直平面內(nèi)做圓周運動，并且剛好通過最高點。則下列說法中正確的是（）A.小球通過最高點時速度等于零B.小球通過最高點時速度等于零C.小球在最高點時繩對小球的拉力為mgD.小球運動時繩對小球的拉力m評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、以下哪個情況下，經(jīng)典力學(xué)的結(jié)論會與事實有很大偏差，以至于不再適用（）A.低速宏觀弱引力B.高速宏觀弱引力C.高速微觀強引力D.高速微觀弱引力10、三個質(zhì)點ABC

的運動軌跡如圖所示，三質(zhì)點同時從N

點出發(fā)，同時到達(dá)M

點，下列說法正確的是(

)

A.三個質(zhì)點從N

到M

的平均速度相同B.B

質(zhì)點從N

到M

的平均速度方向與任意時刻的瞬時速度方向相同C.三個質(zhì)點平均速度的方向不可能相同D.三個質(zhì)點的瞬時速度有可能相同11、如圖所示，表示一個電場中abcd

四點分別引入檢驗電荷時，測得它所受的電場力跟檢驗電荷的電量的函數(shù)關(guān)系圖象，那么下列說法中正確的是(

)

A.這個電場是非勻強電場B.a.b.c.d

四點的場強大小關(guān)系是Ed>Ea>Eb>Ec

C.a.b.c.d

四點的場強大小關(guān)系是Ea>Eb>Ec>Ed

D.無法確定這四個點的場強大小關(guān)系12、如圖所示；在水平力F

作用下，AB

對水平面仍保持靜止，那么(

)

A.B

對A

的摩擦力等于F

方向水平向右B.B

與水平面間的摩擦力等于0

C.A

受4

個力D.B

受6

個力13、伽利略對自由落體運動的研究，是科學(xué)實驗和邏輯思維的完美結(jié)合，對這一過程的分析，下列說法正確的是（）A.運用邏輯推理的方法否定了亞里士多德關(guān)于重的物體下落的快，輕的物體下落的慢的論斷B.提出了落體運動一定是一種最簡單的變速運動，即加速度隨時間應(yīng)該是均勻變化的C.通過對斜面上小球運動的研究，得出小球沿斜面滾下的運動是勻加速直線運動，合理外推出當(dāng)傾角增大到90°時，即自由落體運動也會保持勻加速運動的性質(zhì)D.伽利略通過數(shù)學(xué)推演并用小球在斜面上運動驗證了位移與時間的平方成正比14、“空間站”是科學(xué)家進(jìn)行天文探測和科學(xué)試驗的特殊而又重要的場所，假設(shè)“空間站”正在地球赤道平面內(nèi)的圓周軌道上運行，其離地球表面的高度為同步衛(wèi)星離地球表面高度的十分之一，下列說法正確的有()A.“空間站”運行的速度大小一定小于第一宇宙速度B.“空間站”運行的加速度等于其所在高度處的重力加速度C.“空間站”運動在運行一段時間后，由于阻力作用其動能可能會減少D.在“空間站”工作的宇航員因所受合力為零而在艙中懸浮或靜止15、已知萬有引力常量G

和下列各組數(shù)據(jù)，可算出地球質(zhì)量的是(

)

A.地球繞太陽運行的周期T

和地球中心離太陽中心的距離r

B.月球繞地球運行的周期T

和地球的半徑R

C.月球繞地球運動的角速度婁脴

和月球中心離地球中心的距離r

D.月球繞地球運動的線速度v

和月球中心離地球中心的距離r

16、下列所描述的直線運動，可能的是(

)

A.速度變化很小，加速度很大B.速度越來越大，加速度越來越小C.速度變化越來越快，加速度越來越小D.某瞬間速度為零，加速度很大評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)17、如圖所示，用皮帶傳動的兩輪M、N半徑分別是R、2R，A為M邊緣一點，B距N輪的圓心距離為R，則A、B兩點角速度之比為____；線速度之比為____；向心加速度之比為____．

18、一小球沿光滑斜面向下運動，用每隔0.1s曝光一次的頻閃照相機拍攝下不同時刻小球的位置照片如圖所示，選小球的五個連續(xù)位置A、B、C、D、E進(jìn)行測量，測得距離s1、s2、s3、s4的數(shù)據(jù)如表格所示．

。s1（cm）s2（cm）s3（cm）s4（cm）8.2013.2018.2023.20（1）小球沿斜面下滑的加速度的大小為______m/s2．

（2）根據(jù)以上數(shù)據(jù)求出小球在位置A的速度VA=______m/s．

（3）根據(jù)以上數(shù)據(jù)求出斜面的傾角θ=______．（重力加速度g=10m/s2）19、電扇的風(fēng)葉的長度為50cm

轉(zhuǎn)速為120r/min

則它的轉(zhuǎn)動周期是______s

角速度是______rad/s

葉片端點處的線速度是______m/s

．20、一乘客在行駛的火車車廂里用細(xì)繩吊一小球；用以判斷火車運動的情況，并可得到如下結(jié)論：

(1)

若小球在豎直方向保持靜止；表明火車正在做______運動；

(2)

若在豎直方向保持靜止的小球突然向后擺；表明火車正在做______運動；

(3)

若在豎直方向保持靜止的小球突然向前擺；表明火車正在做______運動；

(4)

若在豎直方向保持靜止的小球突然向右擺，表明火車正在做______運動．21、（Ⅰ）用如圖所示的裝置測定彈簧的勁度系數(shù)，被測彈簧一端固定于A點，另一端B用細(xì)繩繞過定滑輪掛鉤碼，旁邊附有一豎直刻度尺，當(dāng)掛兩個鉤碼時，繩上一定點P對應(yīng)刻度如圖ab虛線所示，再增加一個鉤碼后，P點對應(yīng)刻度如圖cd虛線所示．已知每個鉤碼質(zhì)量均為50克，重力加速度g=9.8m/s2．則被測彈簧的勁度系數(shù)為____N/m．掛三個鉤碼時彈簧的形變量為____cm．（刻度尺最小格為1）

（Ⅱ）某同學(xué)做“驗證力的平行四邊形定則”的實驗；主要步驟如下：

A．在桌面上放一塊方木板；在方木板上鋪一張白紙，用圖釘把白紙釘在方木板上；

B．用圖釘把橡皮條的一端固定在板上的A點；在橡皮條的另一端拴上兩條細(xì)繩，細(xì)繩的另一端系著繩套；

C．用兩個彈簧測力計分別鉤住繩套；互成角度地拉橡皮條，使橡皮條伸長，結(jié)點到達(dá)某一位置O．記下O點的位置，讀出兩個彈簧測力計的示數(shù)；

D．按選好的標(biāo)度，用鉛筆和刻度尺作出兩個彈簧測力計的拉力F1和F2的圖示；并用平行四邊形定則求出合力F；

E．只用一個彈簧測力計；通過繩套拉橡皮條使其伸長，讀出彈簧測力計的示數(shù)，記下細(xì)繩的方向，按同一標(biāo)度作出這個力F′的圖示；

F．比較力F′和F的大小和方向；看它們是否相同，得出結(jié)論．

上述步驟中：（1）有重要遺漏內(nèi)容的步驟的序號是____和____；

（2）遺漏的內(nèi)容分別是____和____．

22、如圖所示；質(zhì)量為m

的物體懸掛在輕質(zhì)支架上，斜梁OB

與豎直方向的夾角為婁脠.

設(shè)水平橫梁OA

作用于O

點的彈力F1

是________，斜梁OB

作用于O

點的彈力F2

是________

評卷人得分四、實驗題(共2題，共12分)23、小明和小帆同學(xué)利用如圖所示的裝置探究功與速度的變化關(guān)系，對于橡皮筋和小車連接的問題，小明和小帆同學(xué)分別有兩種接法，你認(rèn)為正確的是_____（填“甲”或者“乙”）以下關(guān)于該實驗的說法中有一項不正確，它是____。A．本實驗設(shè)法讓橡皮筋對小車做的功分別為W、2W、3W、。所采用的方法是選用同樣的橡皮筋，并在每次實驗中使橡皮筋拉伸的長度保持一致。當(dāng)用1條橡皮筋進(jìn)行實驗時，橡皮筋對小車做的功為W，用2條、3條、橡皮筋并在一起進(jìn)行第2次、第3次、實驗時，橡皮筋對小車做的功分別是2W、3W。B．小車運動中會受到阻力，補償?shù)姆椒?，可以使木板適當(dāng)傾斜。C．某同學(xué)在一次實驗中，得到一條記錄紙帶。紙帶上打出的點，兩端密、中間疏。出現(xiàn)這種情況的原因，可能是沒有使木板傾斜或傾角太小。D．根據(jù)記錄紙帶上打出的點，求小車獲得的速度的方法，是以紙帶上第一點到最后一點的距離來進(jìn)行計算。24、如圖所示是電火花計時器的示意圖．電火花計時器和電磁打點計時器一樣，工作時使用________(選填“交流”或“直流”)電源，當(dāng)電源的頻率是50Hz時，每隔________s打一次點．其工作時的基本步驟如下：A．當(dāng)紙帶完全通過電火花計時器后，及時關(guān)閉電火花計時器B．將電火花計時器插頭插入相應(yīng)的電源插座C．將紙帶從墨粉紙盤下面穿過打點計時器D．接通開關(guān)，聽到放電聲，立即拖動紙帶運動上述步驟正確的順序是_______．(按順序填寫步驟編號)評卷人得分五、作圖題(共2題，共6分)25、【題文】光滑圓柱體固定于水平地面.AB為一重為G的均勻直棒，A端放在地上，C點壓在柱面上，AB棒處于靜止，請畫出直棒AB所受各個作用力。26、畫出圖中物體的受力示意圖。球為光滑球，木塊為粗糙木塊。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】

設(shè)地球質(zhì)量為M；衛(wèi)星質(zhì)量為m，根據(jù)萬有引力和牛頓運動定律，有：

=mr；

T=2π

由于rA＜rB＜rC．

所以TA＜TB＜TC

當(dāng)衛(wèi)星B經(jīng)過一個周期時；衛(wèi)星A位置超前于B，衛(wèi)星C位置滯后于B．

故選B．

【解析】【答案】研究衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動；根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式表示出周期．

根據(jù)衛(wèi)星A；B、C的軌道半徑關(guān)系得出周期的關(guān)系．

2、B【分析】【解答】“神舟十號”與“天空一號”繞地球運動時萬有引力提供向心力；根據(jù)萬有引力定律，結(jié)合離心運動的條件，即可確定求解．

解：A；發(fā)射速度如果大于第二宇宙速度；“天宮一號”將脫離地球束縛，不能在繞地球運動了．故A正確．

B；神舟八號加速將做離心運動；才可能與“天宮一號”對接．故所以對接前神舟八號的軌道高度必定小于天宮一號．故B錯誤．

C；對接前；“神舟十號”欲追上同一軌道上的“天空一號”，必須先點火減速，做近心運動，再加速做離心運動，從而相遇．故C正確．

D、對接后，“天宮一號”的軌道高度沒有變化，必定大于地球半徑，根據(jù)萬有引力提供向心力G=m有v=高度越高，v越小，故對接后，“天宮一號”的速度一定小于第一宇宙速度．故D正確．

本題選擇錯誤的；故選：B．

【分析】解決本題的關(guān)鍵要結(jié)合萬有引力提供向心力做勻速圓周運動，當(dāng)兩者不等時，出現(xiàn)離心或近心運動，掌握在同一軌道不同加速或減速相遇．同時要知道第一、二宇宙速度的含義．3、A【分析】解：已知重力和兩個分力的方向；根據(jù)平行四邊形定則作力圖，如圖所示，由圖得到：

G1=G鈰?sin60鈭?=32G

G2=G鈰?sin30鈭?=12G

故選：A

已知合力和兩個分力的方向；根據(jù)平行四邊形定則作力圖，然后解矢量三角形．

本題考查了力的分解，關(guān)鍵運用平行四邊形作力圖，然后解矢量三角形，基礎(chǔ)題．【解析】A

4、A|D【分析】試題分析：雙星系統(tǒng)是彼此依靠對方提供的萬有引力，提供圓周運動向心力的一個穩(wěn)定系統(tǒng)，它們各自圓周運動的半徑之和為兩個星體的距離，具有相同的角速度和周期，二者圓周運動的向心力是一對相互作用力，大小相等，故其角速度之比為1∶1，軌道半徑之比、線速度之比、向心加速度之比均為質(zhì)量的反比即3∶2，AD正確?？键c：萬有引力定律的應(yīng)用、雙星系統(tǒng)【解析】【答案】AD5、B【分析】【解答】解：

A、由x=5t+t2可得第1s內(nèi)的位移為：x=5+1=6m；故A錯誤；

B、由x=5t+t2可得前2s內(nèi)的平均速度為===5+2t=5+1×2=7（m/s）；故B正確．

C、根據(jù)勻變速直線運動的位移時間關(guān)系公式x=v0t+at2可得質(zhì)點的初速度v0=5m/s，加速度a=2m/s2．任意相鄰的1s內(nèi)位移差：△x=aT2=2×12m=2m；故C錯誤．

D；任意1s內(nèi)的速度增量：△v=at=2×1m/s=2m/s；故D錯誤．

故選：B．

【分析】由公式直接代入時間即可求得1s內(nèi)的位移；對照勻變速直線運動的位移時間關(guān)系公式x=v0t+at2，即可求得質(zhì)點的初速度和加速度，求出前2s內(nèi)的位移之后，與時間相比即可求得平均速度．任意相鄰的1s內(nèi)位移差根據(jù)推論：△x=aT2求解．速度增量根據(jù)△v=at求解．6、D【分析】略【解析】D

7、A【分析】解：A

由圖知；在前3s

內(nèi)物體的速度均為正值，說明在前3s

內(nèi)物體的運動方向一直不變，第1s

內(nèi)和第3s

內(nèi)的運動方向相同.

故A正確；

B；由速度圖象的斜率等于加速度；知第2隆蘆4s

內(nèi)圖線的斜率不變，可知物體的加速度不變，第3s

內(nèi)和第4s

內(nèi)的加速度等大同向，故B錯誤；

C；由圖象與時間軸所圍的面積大小表示位移；由幾何知識可知第1s

內(nèi)和第4s

內(nèi)的位移大小相等.

故C錯誤；

D；根據(jù)“面積”可知：0隆蘆2s

內(nèi)和0隆蘆4s

內(nèi)的位移相等；但所用時間不等，所以平均速度不等，故D錯誤．

故選：A

速度時間圖象中速度的符號表示物體的運動方向；圖象的斜率等于加速度；傾斜的直線表示勻變速直線運動；圖象與時間軸所圍的面積表示位移.

平均速度等于位移與時間之比.

根據(jù)這些知識進(jìn)行解答．

解決本題的關(guān)鍵知道速度時間圖線的物理意義，知道圖線的斜率表示加速度，圖線與時間軸圍成的面積表示位移．【解析】A

8、B【分析】解：A、細(xì)繩拉著小球恰好通過最高點，根據(jù)mg=m得最高點的速度為：v=故A錯誤，B正確。

C；小球在最高點時繩子的拉力為零；靠重力提供向心力，故C錯誤。

D、小球運動時，根據(jù)牛頓第二定律得：F-mg=解得繩子的拉力為：F=故D錯誤。

故選：B。

細(xì)繩拉著小球恰好通過最高點；最高點繩子的拉力為零，靠重力提供向心力，結(jié)合牛頓第二定律求出最高點的速度，在最低點，靠拉力和重力的合力提供向心力，結(jié)合牛頓第二定律求出最低點繩子的拉力。

解決本題的關(guān)鍵知道小球在最高點和最低點向心力的來源，知道最高點的臨界情況，結(jié)合牛頓第二定律分析求解?！窘馕觥緽二、多選題(共8題，共16分)9、BCD【分析】解：經(jīng)典力學(xué)適用的領(lǐng)域有宏觀領(lǐng)域和低速領(lǐng)域；不適用于高速；微觀領(lǐng)域和強引力領(lǐng)域，故B錯誤，BCD正確．

故選：BCD

根據(jù)經(jīng)典力學(xué)適用于宏觀；低速和弱引力作用領(lǐng)域．即可正確解答．

本題關(guān)鍵要知道：經(jīng)典力學(xué)適用的領(lǐng)域有宏觀領(lǐng)域和低速領(lǐng)域，不適用于微觀領(lǐng)域和高速領(lǐng)域．【解析】【答案】BCD10、AD【分析】解：A

平均速度等于位移與時間的比值；由于位移與時間都相等，故平均速度相同，故A正確；

B；B

的軌跡是直線；但是B

不一定做單向直線運動，某時刻速度的方向可能從M

指向N

此時的速度方向與平均速度的方向相反，故B錯誤；

C；平均速度方向與位移方向相同；位移相同，故平均速度方向相同，故C錯誤；

D；瞬時速度方向是切線方向；故B質(zhì)點從N

到M

的瞬時速度方向可能相同，故D正確；

故選：AD

位移是指從初位置到末位置的有向線段；路程是軌跡的長度，故從M

到N

過程中，三個物體的位移相同，但路程不等；

平均速率是路程與時間的比值；而平均速度是位移與時間段的比值．

本題關(guān)鍵要明確平均速度與平均速率的區(qū)別，平均速度是位移與時間的比值，是矢量；而平均速率是路程與時間的比值，是標(biāo)量【解析】AD

11、AB【分析】根據(jù)F=qE

知F鈭?q

圖線斜率的絕對值表示電場強度的大小，d

圖線斜率的絕對值最大，所以d

點的電場強度最大，c

圖線斜率的絕對值最小，電場強度的最小.

所以四點場強的大小關(guān)系是Ed>Ea>Eb>Ec.

該電場是非勻強電場.

故A；B正確；C

D錯誤．

故選：AB

．

勻強電場的場強大小和方向處處相同，F(xiàn)鈭?q

圖線的斜率的絕對值等于電場強度的大小，根據(jù)斜率比較電場中abcd

四點的電場強度大小．

解決本題的關(guān)鍵掌握電場力公式F=qE

知道電場強度的大小與檢驗電荷的電量無關(guān)．

【解析】AB

12、BC【分析】解：AC

對物體A

受力分析；受重力、支持力、拉力和B

對A

的向左的靜摩擦力，共四個力的作用，根據(jù)平衡條件，有：f=F

方向向左；故A錯誤，C正確；

B；對AB

整體受力分析；豎直方向重力和支持力平衡，水平方向兩個拉力也平衡，故不受地面的靜摩擦力，故B與水平面間摩擦力等于零，故B正確；

D；對B

進(jìn)行受力分析可知；B

受到重力、A

對B

的壓力、地面的支持力，A

對B

的摩擦力以及拉力F

的作用，共受到5

個力的作用，故D錯誤；

故選：BC

對物體A

分析；根據(jù)平衡條件判斷A

受到的靜摩擦力；對AB

整體受力分析，根據(jù)平衡條件判斷其與地面間的靜摩擦力．

本題關(guān)鍵是采用隔離法和整體法選擇研究對象，受力分析后根據(jù)平衡條件判斷靜摩擦力的有無和大小，基礎(chǔ)題目．【解析】BC

13、ACD【分析】解：A；伽利略根據(jù)亞里士多德的論斷；假定大的石塊下落速度為8，小石塊下落速度為4，把它們捆在一起，大石塊會被小石塊拖著而減慢，所以速度會小于8，但兩石塊捆在一起會更重，下落速度應(yīng)當(dāng)?shù)扔?，這樣得出了相互矛盾的結(jié)論，伽利略認(rèn)為，重物體與輕的物體下落一樣快；所以運用歸謬推理否定了亞里士多德關(guān)于重的物體下落快、輕的物體下落慢的錯誤論斷，故A正確；

B；伽利略提出“自由落體”是一種最簡單的直線運動勻加速直線運動；物體的加速度不變．故B錯誤；

C；伽利略在研究物體在無阻力的下落運動（即自由落體運動）時；發(fā)現(xiàn)不同質(zhì)量的銅球沿阻力極小的斜面滾下，結(jié)果發(fā)現(xiàn)銅球的下滑加速度都是相同的．不斷增大斜面傾角，結(jié)果發(fā)現(xiàn)，只是銅球的下滑加速度增大了，而所有銅球的下滑加速度仍是相同的．所以通過斜面上物體的勻加速運動合理外推出當(dāng)傾角增大到90°時，即自由落體運動也保持勻加速運動的性質(zhì)，故C正確；

D；伽利略通過數(shù)學(xué)推演并用小球在斜面上運動驗證了位移與時間的平方成正比；故D正確；

故選：ACD

本題考查了伽利略對自由落體運動的研究；伽利略對運動和力的關(guān)系研究，其科學(xué)思想方法的核心是把實驗和邏輯推理和諧結(jié)合起來．

伽利略對自由落體規(guī)律的研究為我們提供正確的研究物理的方法、思路、理論，他創(chuàng)造了一套對近代科學(xué)的發(fā)展極為有益的科學(xué)方法．【解析】【答案】ACD14、AB【分析】【分析】第一宇宙速度是近地衛(wèi)星做圓周運動的線速度，它是最大的運行速度；萬有引力等于所在高度的重力；軌道半徑越小，速度越大，動能越大；空間站中的物體處于完全失重狀態(tài)。解決本題的關(guān)鍵是掌握萬有引力等于重力GMmr2=mg

和萬有引力提供向心力GMmr2=mv2r

以及處于空間站中的人、物體處于完全失重狀態(tài)，靠地球的萬有引力提供向心力，做圓周運動。【解答】A.第一宇宙速度是近地衛(wèi)星做圓周運動的線速度，根據(jù)v=GMr

知“空間站”運行的速度大小一定小于第一宇宙速度，故A正確；B.根據(jù)萬有引力等于重力，GMmr2=mg=ma

所以“空間站”運行的加速度等于其所在高度處的重力加速度，故B正確；C.“空間站”運動在運行一段時間后，由于阻力作用其軌道半徑減小，速度增大，動能可能會增大，故C錯誤；D.在“空間站”工作的宇航員因處于完全失重狀態(tài)，靠萬有引力提供向心力，做圓周運動，故D錯誤。故選AB?！窘馕觥緼B

15、CD【分析】解：根據(jù)旋轉(zhuǎn)天體繞中心天體運行的模型；根據(jù)萬有引力等于向心力，由旋轉(zhuǎn)天體公轉(zhuǎn)半徑和周期可求出中心天體的質(zhì)量．

A；已知地球繞太陽運行的周期和地球的軌道半徑只能求出太陽的質(zhì)量；而不能求出地球的質(zhì)量，故A錯誤．

B；已知月球繞地球運行的周期和地球的半徑；不知道月球繞地球的軌道半徑，所以不能求地球的質(zhì)量，故B錯誤．

C、已知月球繞地球運動的角速度和軌道半徑，GMmr2=m婁脴2r

得知M=婁脴2r3G

可以算出地球質(zhì)量M

故C正確．

D、由GMmr2=mv2r

得知M=v2rG

可以算出地球的質(zhì)量M

故D正確。

故選：CD

根據(jù)旋轉(zhuǎn)天體繞中心天體運行的模型，由旋轉(zhuǎn)天體公轉(zhuǎn)半徑和周期求出中心天體的質(zhì)量分析：地球繞太陽運行的周期T

和地球中心離太陽中心的距離r

可求出太陽的質(zhì)量.

由月球繞地球運行的周期T

月球繞地球運動的角速度和月球中心離地球中心的距離r

不能求出地球的質(zhì)量.

月球繞地球運動的周期T

和軌道半徑r

可求出地球的質(zhì)量。

本題利用萬有引力和圓周運動知識，知道旋轉(zhuǎn)天體的公轉(zhuǎn)半徑和周期求出的是中心天體的質(zhì)量，不是旋轉(zhuǎn)天體的質(zhì)量．【解析】CD

16、ABD【分析】解：A

根據(jù)a=鈻?V鈻?t

可知物體的加速度等于物體速度的變化率，故即使鈻?V

很小，如果鈻?t

更?。患铀俣萢

仍有可能很大．

故A正確．

B；根據(jù)v=v0+at

可知；如果v

和a

方向相同，如果加速度方向不變，即使a

逐漸減小，物體速度v

仍將越來越大．

故B正確．

C、根據(jù)a=鈻?V鈻?t

可知加速度是描述物體速度變化快慢的物理量；所以速度變化越來越快，加速度則一定越來越大．

故C錯誤．

D；根據(jù)v=v0+at

可知；瞬時速度為0

時，加速度仍有可能很大．

故D正確．

故選A；BD

．

解決本題的關(guān)鍵是正確理解加速度的定義式a=鈻?V鈻?t

即：物體的加速度等于物體速度的變化率，故即使鈻?V

很小，如果鈻?t

更??；加速度a

仍有可能很大；速度變化越來越快，加速度則一定越來越大.

根據(jù)勻變速直線運動的速度公式v=v0+at

可知如果v

和a

方向相同，如果加速度方向不變，即使a

逐漸減小，物體速度v

仍將越來越大.

瞬時速度為0

時，加速度仍有可能很大．

要學(xué)好物理，正確理解基本公式和基本定義是基礎(chǔ)和關(guān)鍵.

要準(zhǔn)確理解每一個物理概念的準(zhǔn)確的含義，包括使用條件和范圍，每一個字母或符號的含義，特別是相近概念的區(qū)別與聯(lián)系．【解析】ABD

三、填空題(共6題，共12分)17、2：12：14：1【分析】【解答】A點與N輪子邊緣上點的線速度大小相等，B點與N輪子邊緣上點的角速度大小相等，根據(jù)v=rω知，N輪子邊緣上的點的線速度是B點的線速度的2倍，所以vA：vB=2：1．N輪子邊緣上的點的角速度是A點角速度的一半，則A、B兩點的角速度之比為2：1．根據(jù)a=rω2知，A、B兩點的向心加速度之比為4：1．

故答案為：2：1；2：1，4：1．

【分析】抓住兩個輪子邊緣上點的線速度大小相等，共軸轉(zhuǎn)動時角速度大小相等，通過v=rω，a=rω2求出角速度、線速度、向心加速度之比．18、略

【分析】解：（1）小球做勻加速運動，根據(jù)推論得s2-s1=aT2，T=0.1s，得，a===5m/s2．

（2）小球在位置B的速度vB==m/s=1.07m/s；

由vB=vA+aT，得vA=0.57m/s．

（3）由牛頓第二定律得。

a==gsinθ；

則sinθ==0.5；則θ=30°．

故答案為：（1）5；（2）0.57；（3）30°

（1）根據(jù)推論：s2-s1=aT2；T=0.1s，求出加速度．

（2）由vB=求出小球在位置B的速度vB，由vB=vA+aT，求出vA．

（3）由牛頓第二定律求解斜面的傾角θ．

本題中頻閃照相與打點計時器類似，要掌握推論s2-s1=aT2，求解加速度，由vB=求解速度是關(guān)鍵．【解析】5；0.57；30°19、略

【分析】解：轉(zhuǎn)速的大小為120r/min

知轉(zhuǎn)一圈的時間，即周期為：T=60120s=12s

．

角速度為：婁脴=2婁脨T=2婁脨0.5=4婁脨rad/s

．

線速度為：v=r婁脴=0.5隆脕4婁脨=2婁脨m/s

．

故答案為：0.54婁脨2婁脨

．

轉(zhuǎn)動的周期等于風(fēng)葉轉(zhuǎn)一圈所需的時間，根據(jù)轉(zhuǎn)速求出周期的大小，根據(jù)婁脴=2婁脨Tv=r婁脴

求出角速度和線速度．

解決本題的關(guān)鍵掌握轉(zhuǎn)速與周期的關(guān)系，以及線速度、角速度和周期的關(guān)系．【解析】0.54婁脨2婁脨

20、略

【分析】解：(1)

小球在豎直懸線下保持靜止；說明小球相對于車廂是靜止的，故車廂在做勻速直線運動；

(2)

若小球突然向正后方擺動；說明車廂的速度大于小球的速度，則車廂在做加速運動；

(3)

若小球突然向正前方擺動；說明小球的速度大于車廂的速度，則車廂在做減速運動；

(4)

若小球突然向右擺動；說明車廂在左轉(zhuǎn)彎，則車廂在做向左轉(zhuǎn)彎運動；

故答案為：勻速；加速；減速；向左轉(zhuǎn)彎。

物體具有保持原來運動狀態(tài)不變的性質(zhì)；叫做慣性；任何物體在任何情況下都具有慣性；據(jù)此分析．

本題考查的是慣性在實際生活中的簡單應(yīng)用，只要把本題中的小球和車廂進(jìn)行類比，很容易判斷車廂的運動狀態(tài)．【解析】勻速；加速；減速；向左轉(zhuǎn)彎21、略

【分析】

Ⅰ；由圖可知；當(dāng)鉤碼增至3個時，彈力增大mg，而彈簧的長度伸長0.7cm，則由平衡關(guān)系可知，mg=kx

解得勁度系數(shù)k==70N/m．對3個鉤碼由3mg=kx1；

解得：x1=2.10cm；

Ⅱ；力的合成遵循平行四邊形定則；力的圖示法可以表示出力的大小、方向和作用點，因而要表示出分力，必修先測量出其大小和方向，故步驟C中遺漏了方向；合力與分力是一種等效替代的關(guān)系，替代的前提是等效，實驗中合力與分力