2020北京朝陽高二(上)期末物理(選考)含答案

1/92020北京朝陽高二（上）期末物理（選考）一、本題共13小題，每小題3分，共39分．在每小題給出的四個選項中，只有一個選項是符合題目要求的．把答案用2B鉛筆填涂在答題卡上．1．（3分）關于電源電動勢，下列說法正確的是（）A．電動勢就是電源供給電路的能量 B．電動勢反映出電源將其它形式能轉化成電能的本領 C．電源接入電路時，其兩端的電壓就是電源電動勢 D．電動勢的大小一定等于電路中的電流與全電路電阻的乘積2．（3分）關于磁場，下列說法正確的是（）A．磁場是存在于磁體或電流周圍的一種特殊物質 B．磁場是為了便于研究電荷的運動而引入的理想模型 C．磁體周圍分布的磁感線就是磁場 D．磁體間的相互作用是通過電流作媒介發(fā)生的3．（3分）如圖所示，兩個帶電金屬球半徑為r，中心距離為4r，所帶電荷量大小相等均為Q．結合庫侖定律適用條件，關于它們之間電荷的相互作用力大小F，下列說法正確的是（）A．若帶同種電荷，F(xiàn)＞k B．若帶異種電荷，F(xiàn)＜k C．若帶同種電荷，F(xiàn)＜k D．無論何種電荷，F(xiàn)＝k4．（3分）在物理學中，常用比值定義物理量，用來表示研究對象的某種性質。下列表達式屬于比值定義的是（）A． B． C． D．5．（3分）如圖所示，為點電荷形成的電場線，電場中有A、B兩點。設A、B兩點的電場強度大小分別為EA、EB，電勢分別為φA、φB，則下列判斷正確的是（）A．EA＞EB，φA＜φB B．EA＜EB，φA＞φB C．帶正電的檢驗電荷一定從A向B運動 D．形成該電場線的點電荷一定在A點的左側6．（3分）在如圖所示的電路中，電壓表、電流表均為理想電表。電源電動勢為12.0V，內阻為1.0Ω，電動機線圈電阻為0.5Ω．開關閉合，電動機正常工作，電流表示數(shù)為2.0A．則（）A．電壓表的示數(shù)為12.0V B．電源的輸出功率為24.0W C．電動機消耗的總電功率為200.0W D．電動機消耗的熱功率為2.0W7．（3分）如圖是教材中演示通電自感現(xiàn)象的電路圖，L為電感線圈。實驗時，閉合開關S，燈A2逐漸變亮，而另一個相同的燈A1立即變亮，最終A1與A2的亮度相同。下列說法正確的是（）A．變阻器R接入電路的電阻值與L的電阻值相同 B．閉合S瞬間，L中電流與變阻器R中電流相等 C．閉合S，電路穩(wěn)定后，A1中電流大于A2中電流 D．斷開S瞬間，A1突然閃亮，隨后逐漸變暗8．（3分）為解釋地球的磁場，安培做如下假設：地球的磁場是由繞通過地心的軸的環(huán)形電流I引起的。在下圖中正確表示安培假設中環(huán)形電流方向的是（）A． B． C． D．9．（3分）在如圖所示電路中，電源內阻不可忽略，導線電阻不計，電流表、電壓表均為理想電表。開關S閉合后，在滑動變阻器R2的滑動端由a向b緩慢滑動的過程中，下列說法正確的是（）A．電流表的示數(shù)增大 B．電壓表的示數(shù)增大 C．電源的輸出功率一定增大 D．電容器C貯存的電量不變10．（3分）如圖所示，在水平放置的條形磁鐵N極附近，一個閉合線圈向下運動并始終保持水平。在位置B，N極附近的磁感線正好與線圈平面平行。從上往下看，下列說法正確的是（）A．線圈從A向B運動過程中，線圈中產(chǎn)生順時針感應電流 B．線圈從B向C運動過程中，線圈中產(chǎn)生逆時針感應電流 C．線圈經(jīng)過B位置時，線圈中的磁通量達到最大值 D．線圈從A向C運動過程中，線圈中一直沒有產(chǎn)生感應電流11．（3分）如圖所示，在水平向右的勻強電場中，質量為m的帶電粒子（不計粒子重力），以初速度v從M點豎直向上運動，通過N點時，速度大小為2v，則從M運動到N的過程中，帶電粒子（）A．動能增加 B．電勢能增加2mv2 C．做勻變速運動 D．到達N點時速度水平向左12．（3分）如圖為某一物理量y隨另一物理量x變化的函數(shù)圖象，關于該圖象與坐標軸所圍面積（圖中陰影部分）的物理意義，下列說法錯誤的是（）A．若圖象表示質點速度隨時間的變化，則面積等于質點在相應時間內的位移 B．若圖象表示力隨力的方向上的位移的變化，則面積等于該力在相應位移內所做的功 C．若圖象表示導體中電流隨時間的變化，則面積等于相應時間內通過導體橫截面的電量 D．若圖象表示電容器充電電流隨時間的變化，則面積等于相應時間內電容器儲存的電能13．（3分）如圖所示，光滑的水平面上有豎直向下的勻強磁場，水平面上平放著一個試管，試管內壁光滑，底部有一個帶電小球?，F(xiàn)在對試管施加一個垂直于試管的水平拉力F，在拉力F作用下，試管向右做勻速運動，帶電小球將從管口飛出。下列說法正確的是（）A．小球帶負電 B．小球離開試管前，洛倫茲力對小球做正功 C．小球離開試管前的運動軌跡是一條拋物線 D．維持試管做勻速運動的拉力F應為恒力二、本題共3小題，共20分．把答案填在答題紙相應的位置．14．（6分）用一段金屬絲做“測定金屬的電阻率”的實驗，為便于選擇測電阻的合適電路，先用多用電表粗測金屬絲的電阻，選擇開關指向歐姆擋“×1”擋位，接著進行再測電阻，測量結果如圖甲所示，由此可知金屬絲的電阻值約為Ω．然后用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，某次測量結果如圖乙所示，這次測量的讀數(shù)為mm。15．（6分）現(xiàn)要測量某電源的電動勢和內阻。可利用的器材有：電流表?；電壓表；阻值未知的定值電阻R1、R2、R3、R4、R5；開關S；一端連有金屬夾P的導線1，其它導線若干。某同學設計的測量電路如圖所示。（1）測量時，改變金屬夾P所夾的位置，使R1、R2、R3、R4、R5依次串入電路，記錄對應的電壓表的示數(shù)U和電流表的示數(shù)I，數(shù)據(jù)如下表所示。根據(jù)表中數(shù)據(jù)，在圖中的坐標紙上將所缺數(shù)據(jù)點補充完整，并畫出U﹣I圖線。I/mA1931541107030U/V2.512.592.682.762.84（2）根據(jù)U﹣I圖線求出電源的電動勢E＝V，內阻r＝Ω．（內阻保留2位有效數(shù)字）16．（8分）某同學想通過實驗測定一個阻值約為50Ω的電阻Rx的阻值。設計了一個如圖所示的電路圖。請你幫助他完善實驗設計。（1）如果實驗室提供的滑動變阻器最大電阻R1＝20Ω，想要實現(xiàn)對Rx的測量，要求電路簡單，可操作性強，則在此電路圖的基礎上去掉一根導線即可。（填“ab”、“cd”、“ed”或“ef”）（2）如果實驗室提供的滑動變阻器最大電阻R1＝200Ω，想要實現(xiàn)對Rx的測量，要求電路簡單，可操作性強，則在此電路圖的基礎上去掉兩根導線、即可。（填“ab”、“cd”、“ed”或“ef”）（3）如果不加修改，直接用上圖測量，請你從安全、精確、可操作等角度評價這一方案，并預測可能出現(xiàn)的問題。三、本題共5小題，共41分．解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后結果的不得分，有數(shù)值計算的題，答案中必須寫出數(shù)值和單位．將解答過程寫在答題紙相應的位置．17．如圖所示，固定于水平面的U形導線框處于豎直向下的勻強磁場中，磁感應強度為B．長度為L的導體棒ab，在與其垂直的水平外力作用下以速度v在導線框上向右勻速運動。在△t時間內ab棒由原來位置運動到a′b′．導體棒ab始終與導線框形成閉合回路，回路的總電阻保持不變，大小為R，忽略摩擦阻力。請完成如下問題：（1）請根據(jù)法拉第電磁感應定律求出ab棒產(chǎn)生的感應電動勢E的大??；（2）在△t時間內ab棒中感應電流I的大小及方向；（3）在△t時間內外力做的功W。18．如圖所示，方向與紙面平行的勻強電場中有A、B、C三個點，其電勢分別為6.0V、2.0V、2.0V．請完成如下問題：（1）將一個電荷量為q＝2.0×10﹣6C的正點電荷從A點移到B點，電場力做的功WAB；（2）電場線與等勢面都是用來形象地描繪電場的，請你分析說明二者一定垂直；（3）請在圖中畫出過A點的電場線。19．如圖所示為質譜儀的原理圖，電荷量為q、質量為m的帶正電的粒子從靜止開始經(jīng)過電勢差為U的加速電場后，進入速度選擇器，選擇器中存在相互垂直的勻強電場和勻強磁場，勻強電場的場強為E，方向水平向右。帶電粒子能夠沿直線穿過速度選擇器，從G點垂直直線MN進入偏轉磁場。偏轉磁場是一個以直線MN為邊界、方向垂直紙面向外、磁感應強度為B2的勻強磁場。帶電粒子經(jīng)偏轉磁場后，最終打到MN上的H點。帶電粒子的重力可忽略不計。求：（1）粒子從加速電場射出時速度v的大小；（2）速度選擇器中勻強磁場的磁感應強度B1的大小和方向；（3）帶電粒子進入偏轉磁場的G點到H點的距離L。20．如圖所示，在水平向右的勻強電場中有一固定點O，用一根長度為l＝0.20m、不可伸長的絕緣輕線，把質量為m＝0.10kg、帶有正電荷的金屬小球懸掛在O點，小球靜止在B點，此時輕線與豎直方向的夾角為θ＝37°．現(xiàn)將小球拉至與O點等高的位置A，使輕線水平張緊，由靜止釋放小球。g取10m/s2，sin37°＝0.60，cos37°＝0.80．求：（1）小球所受電場力F的大??；（2）小球通過最低點C時速度v的大小；（3）小球通過最低點C時輕線對小球拉力T'的大小。21．如圖所示為一種研究高能粒子在不同位置對撞的裝置。邊界MN、PQ關于y軸對稱，相距為2d，在MN、PQ兩邊界之間存在兩個勻強磁場，其中JK下方I區(qū)域磁場垂直紙面向外，JK上方Ⅱ區(qū)域磁場垂直紙面向里，磁感應強度大小均為B．直線加速器1與直線加速器2關于O點對稱，其中心軸線位于x軸上，且末端剛好與MN、PQ的邊界對齊；質量均為m、電荷量均為e的正電子和負電子通過兩個直線加速器分別被加速，同時以相同速率垂直MN、PQ邊界進入磁場（負電子即我們通常所說的電子，正電子電性為正）。為實現(xiàn)正、負電子在Ⅱ區(qū)域的y軸上對心碰撞（速度方向剛好相反），可根據(jù)入射速度的變化，調節(jié)兩磁場邊界JK與x軸之間的距離h。不計粒子間的相互作用，不計正、負電子的重力。請完成如下問題：（1）哪個直線加速器加速的是正電子，說明你的依據(jù)；（2）此裝置體現(xiàn)了場對帶電粒子的控制，請你說明電場和磁場對帶電粒子作用的異同點；（3）正、負電子同時以相同速率ν1進入磁場，僅經(jīng)過JK邊界一次，然后在Ⅱ區(qū)域y軸上發(fā)生對心碰撞。a．試畫出負電子的運動軌跡；b．試通過計算求出v1的最小值。

2020北京朝陽高二（上）期末物理（選考）參考答案一、本題共13小題，每小題3分，共39分．在每小題給出的四個選項中，只有一個選項是符合題目要求的．把答案用2B鉛筆填涂在答題卡上．1．【分析】電源沒有接入電路時兩極間的電壓在數(shù)值上等于電源的電動勢。電動勢的物理意義是表征電源把其他形式的能轉化為電能本領強弱，與外電路的結構無關?！窘獯稹拷猓篈、電動勢是表征電源把其他形式的能轉化為電能本領強弱，不是電源供給電路的能量，故A錯誤；B、電動勢是表征電源把其他形式的能轉化為電能本領強弱，電動勢越大，本領越大，故B正確；C、電源兩極間的電壓為路端電壓，不是電動勢，電源沒有接入電路時兩極間的電壓在數(shù)值上才等于電源的電動勢，故C錯誤；D、在純電阻電路中，電動勢的大小一定等于電路中的電流與全電路電阻的乘積，在非純電阻電路中，電動勢的大小不一定等于電路中的電流與全電路電阻的乘積，故D錯誤；故選：B。【點評】本題考查對于電源的電動勢的理解。電動勢是表征電源把其他形式的能轉化為電能本領大小，與外電路無關，電池體積大，電動勢不一定大。2．【分析】磁場是磁體或電流周圍存在的一種特殊物質，是客觀存在，磁場的性質是對放入其中的磁極有力的作用；磁感線是人為引入的用來描述磁場的虛擬線?！窘獯稹拷猓篈、磁場是磁體或電流周圍存在的一種特殊物質，是客觀存在，A正確B錯誤C、磁感線是人為引入的虛擬線，并不是磁場，故C錯誤；D、磁體間的相互作用是通過磁場作媒介發(fā)生的，故D錯誤。故選：A?！军c評】本題考查磁場的性質，知道磁場時一種特殊的物質，理解磁感線對磁場的描述，及磁感線的意義。3．【分析】根據(jù)庫侖定律F＝k，及其成立條件：真空中點電荷，由于間距導致，不能看成點電荷，根據(jù)電荷電性來確定電荷的間距，從而確定求解?！窘獯稹拷猓篈C、若是同種電荷，則出現(xiàn)相互排斥，導致電荷間距比4r還大，因此庫侖力F＜k，故A錯誤，C正確；B、當是異種電荷時，電荷間相互吸引，導致電荷間距比4r還小，因此庫侖力F＞k，故B錯誤，D、由上分析可知，故D錯誤；故選：C?！军c評】考查庫侖定律的內容，掌握庫侖定律的成立條件，理解點電荷的條件。4．【分析】所謂比值定義法，就是用兩個基本的物理量的“比”來定義一個新的物理量的方法。比值法定義的基本特點是被定義的物理量往往是反映物質的屬性，它不隨定義所用的物理量的大小取舍而改變?！窘獯稹拷猓篈、公式I＝是公式P＝UI變形得到的，反映電路中電流與電功率的關系，不是利用比值定義法定義的，故A錯誤；B、公式：U＝是由公式Q＝CU得到的，反映了電容器極板之間的電勢差與電容器極板的帶電量的關系，不是比值定義法，故B錯誤；C、公式：I＝是由公式F＝BIL得到的，反映了磁場中的電流與導體受到的安培力的關系，不屬于比值定義，故C錯誤；D、電場強度的大小與受力的大小、試探電荷的電荷量都無關，是利用比值定義法定義的，故D屬于比值定義，D正確；故選：D?！军c評】解決本題的關鍵理解比值定義法的特點：被定義的物理量往往是反映物質的屬性，與定義所用的物理量無關5．【分析】電場線的疏密表示電場強度的強弱，電場線某點的切線方向表示電場強度的方向；沿著電場線方向電勢是降低的；電場線從正電荷出發(fā)終至于負電荷；電荷的運動軌跡與電場線不一定重合?！窘獯稹拷猓篈B、由電場線的特點，電場線越密集，場強越大，所以EA＜EB；沿著電場線方向，電勢降低，所以?A＞?B；故A錯誤，B正確；C、若帶正電的檢驗電荷，從靜止釋放，才一定從A向B運動，故C錯誤；D、形成該電場線的點電荷在A點的右側，且?guī)ж撾?，故D錯誤；故選：B?！军c評】考查電場線的疏密與電場強度的強弱關系，及掌握電勢高低的判定依據(jù)，同時注意電場線與運動軌跡的不同。6．【分析】電源兩端的電壓即路端電壓，等于電壓表的示數(shù)。根據(jù)閉合電路歐姆定律求出電路中電流，由P＝EI﹣I2r求出電源的輸出功率。由公式P＝UI求電動機消耗的電功率，由P＝I2r求解電動機消耗的熱功率。【解答】解：A、電源兩端的電壓為：U＝E﹣Ir＝12.0﹣2.0×1.0＝10.0V，故A錯誤；B、電路中電流電源的輸出功率為：P出＝EI﹣I2r＝12.0×2.0﹣2.02×1.0＝20.0W，故B錯誤；C、電動機消耗的電功率為：P電＝UI＝10.0×2.0＝20.0W，故C錯誤；D、電動機消耗的熱功率為：P熱＝I2r0＝2.02×0.5＝2.0W，故D正確。故選：D。【點評】電動機正常工作時其電路非純電阻電路，機械功率由電功率減去電動機發(fā)熱功率，能靈活應用串并聯(lián)電路的規(guī)律及歐姆定律求解。7．【分析】閉合開關的瞬間，通過L的電流增大，產(chǎn)生自感電動勢，根據(jù)楞次定律分析電流的變化，判斷通過兩燈電流的關系。待電路穩(wěn)定后斷開開關，線圈產(chǎn)生自感電動勢，分析通過兩燈的電流關系，判斷兩燈是否同時熄滅?！窘獯稹拷猓篈、因為要觀察兩只燈泡發(fā)光的亮度變化，兩個支路的總電阻相同，因兩個燈泡電阻相同，所以變阻器R與L的電阻值相同，故A正確。B、閉合S瞬間，L對電流有阻礙作用，所以L中電流與變阻器R中電流不相等，故B錯誤。C、閉合開關S，穩(wěn)定后，最終A1與A2的亮度相同，由于電感線圈L與變阻器R的阻值相同，則A1中電流等于A2中電流，故C錯誤。D、斷開S瞬間，電感線圈L、燈A1、燈A2構成回路，電流從同一值開始緩慢減小至為零，故燈A1和燈A2均緩慢熄滅，故D錯誤。故選：A?！军c評】當通過線圈本身的電流變化時，線圈中會產(chǎn)生自感現(xiàn)象，這是一種特殊的電磁感應現(xiàn)象，可運用楞次定律分析自感電動勢對電流的影響。8．【分析】要知道環(huán)形電流的方向首先要知道地磁場的分布情況：地磁的南極在地理北極的附近，故右手的拇指必需指向南方，然后根據(jù)安培定則四指彎曲的方向是電流流動的方向從而判定環(huán)形電流的方向?！窘獯稹拷猓旱卮诺哪蠘O在地理北極的附近，故在用安培定則判定環(huán)形電流的方向時右手的拇指必需指向南方；而根據(jù)安培定則：拇指與四指垂直，而四指彎曲的方向就是電流流動的方向，故四指的方向應該向西，故B正確，ACD錯誤。故選：B?！军c評】主要考查安培定則和地磁場分布，掌握安培定則和地磁場的分布情況是解決此題的關鍵所在，另外要掌握此類題目一定要注意安培定則的準確應用。9．【分析】先分析電路結構，由滑片的移動方向分析滑動變阻器接入電阻的變化，再由閉合電路歐姆定律可得出電路中電流的變化及路端電壓的變化，電容器電壓與滑動變阻器電壓相等，分析出電容器電壓的變化，根據(jù)Q＝CU分析電容器帶電量的變化。【解答】解：AB、滑動變阻器R2的滑動端由a向b緩慢滑動的過程中，滑動變阻器接入電阻減小，則外電路的總電阻減小，電路中總電流增大，電流表示數(shù)增大，內阻和R1兩端電壓增大，則R2的電壓減小，故電壓表示數(shù)減小，故A正確，B錯誤；C、因不明確內外電阻的關系，故無法確定電源輸出功率的變化，故C錯誤；D、電容器的電壓等于R2的電壓，則電容器的電壓減小，根據(jù)Q＝CU可知，電容器C所帶電荷量減小，故D錯誤。故選：A?！军c評】對于電路動態(tài)進行分析時，一般要按先外電路、再內電路、后外電路的思路進行分析；重點分析電路中的路端電壓、總電流及部分電路的電流及電壓變化。10．【分析】先分析條形磁鐵N極附近磁場分布特點及方向，線圈從A向B運動過程中，磁場方向向上且磁通量減小，線圈從B向C運動過程中，磁場方向向下且磁通量增大，根據(jù)楞次定律判斷可以判斷感應電流的方向；線圈通過B位置時磁通量為零。【解答】解：A、線圈從A向B運動過程中，穿過線圈的磁通量減小，磁場方向斜向上，據(jù)楞次定律判斷可知：線圈中感應電流方向沿逆時針方向，故A錯誤；B、線圈從B向C運動過程中，穿過線圈的磁通量增大，磁場方向斜向下，據(jù)楞次定律判斷可知：線圈中感應電流方向沿逆時針方向，故B正確；C、線圈經(jīng)過B位置時，磁場和線圈平行，磁通量為零，故C錯誤；D、線圈從A向C運動過程中，線圈中都有沿逆時針方向電流，故D錯誤。故選：B?！军c評】本題考查了解答本題關鍵要掌握判定感應電流的產(chǎn)生條件，及掌握楞次定律和右手定則的應用。要注意線圈通過B位置時磁通量為零。11．【分析】小球的運動可以看成豎直方向豎直上拋和水平方向初速度為0的勻加速直線運動，分別分析兩個方向的運動即可?！窘獯稹拷猓盒∏虻倪\動可以看成豎直方向的豎直上拋和水平方向在電場力作用下的初速度為0的勻加速直線運動。A、小球的動能增加量為：△EK＝m（2v）2﹣mv2＝mv2，故A錯誤。B、電場力做正功，電勢能減小，故B錯誤。C、重力和電場力的大小方向均不變，則合力恒定，根據(jù)牛頓第二定律可知加速度恒定，小球做勻變速運動，故C正確。D、由于電場力和重力的大小關系不知道，N點不一定是最高點，所到達N點時速度不一定水平向左，故D錯誤。故選：C?！军c評】本題考查靈活選擇處理曲線運動的能力。小球在水平和豎直兩個方向受到的都是恒力，運用運動的合成與分解法研究是常用的思路。12．【分析】圖象與坐標軸所圍的面積等于橫坐標表示的物理量與縱坐標表示的物理的乘積，由此分析即可?！窘獯稹拷猓篈、若圖象表示速度隨時間的變化，y軸表示速度，x表示時間，則面積等于質點在相應時間內的位移，故A正確。B、若圖象表示力隨力的方向上的位移的變化，根據(jù)W＝Fl知，面積等于該力在相應位移內所做的功，故B正確。C、若圖象表示導體中電流隨時間的變化，由q＝It，知面積等于相應時間內通過導體橫截面的電量，故C正確。D、若圖象表示電容器充電電流隨時間的變化，由q＝It，知面積等于相應時間內電容器釋放的電荷量，故D錯誤。本題選錯誤的，故選：D?！军c評】對于圖象的物理意義，要結合相關的物理規(guī)律列式來分析。要學會變通，能舉一反三，注意運用類比法理解。13．【分析】小球能從管口處飛出，說明小球受到指向管口洛倫茲力，由左手定則，分析電性。將小球的運動分解為沿管子向里和垂直于管子向右兩個方向。根據(jù)受力情況和初始條件分析兩個方向的分運動情況，研究軌跡，確定F如何變化。【解答】解：A、小球能從管口處飛出，說明小球受到指向管口洛倫茲力，根據(jù)左手定則判斷，小球帶正電。故A錯誤。B、洛倫茲力是不做功的，因為在向上的洛倫茲力產(chǎn)生的同時，還產(chǎn)生了與F方向相反的一個洛倫茲力，兩個洛倫茲力抵消，不做功。故B錯誤。C、設管子運動速度為v1，小球垂直于管子向右的分運動是勻速直線運動。小球沿管子方向受到洛倫茲力的分力F1＝qv1B，q、v1、B均不變，F(xiàn)1不變，則小球沿管子做勻加速直線運動。與平拋運動類似，小球運動的軌跡是一條拋物線。故C正確。D、設小球沿管子的分速度大小為v2，則小球受到垂直管子向左的洛倫茲力的分力F2＝qv2B，v2增大，則F2增大，而拉力F＝F2，則F逐漸增大。故D錯誤。故選：C?！军c評】本題是洛倫茲力做功的問題，小球受到洛倫茲力，同時受到試管對小球的約束，倫茲力是不可能做功的。若帶電粒子僅僅受到洛倫茲力的作用，洛倫茲力一定不做功，要注意題目提供的條件。二、本題共3小題，共20分．把答案填在答題紙相應的位置．14．【分析】用歐姆表測電阻選檔后要進行歐姆調零，讀數(shù)為指針示數(shù)乘以倍率，當指針指在中央附近時測量值較準確，螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀。【解答】解：多用電表的電阻“×1”擋后要進行歐姆調零，由圖甲所示可知，該電阻的阻值約為6×1Ω＝6Ω。由圖示螺旋測微器可知，其讀數(shù)為：0mm+15.5×0.01mm＝0.155mm故答案為：歐姆調零、6；0.155?！军c評】本題考查多用電表以及螺旋測微器的讀數(shù)問題，歐姆表測電阻的讀數(shù)為指針示數(shù)乘以倍率，當指針指在中央附近時測量值較準確；螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)，螺旋測微器需要估讀。15．【分析】（1）根據(jù)表中實驗數(shù)據(jù)應用描點法作出圖象；（2）電壓U﹣I圖象與縱軸交點坐標值等于電源電動勢，圖象斜率的絕對值等于電源內阻，根據(jù)電源U﹣I圖象求出電源電動勢與內阻?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)表中實驗數(shù)據(jù)在坐標系內描出對應點，然后作出圖象如圖所示：（2）由電源U﹣I圖象可知，電源電動勢E＝2.90V，電源內阻：r＝＝Ω≈2.0Ω；故答案為：（1）圖象如圖所示；（2）2.90；2.0。【點評】本題考查了作圖象、求電源電動勢與內阻，應用圖象法處理實驗數(shù)據(jù)是常用的方法，要掌握描點法作圖的方法。16．【分析】（1）根據(jù)滑動變阻器分壓式接法進行分析；（2）根據(jù)滑動變阻器限流式接法進行分析；（3）如果不加修改，直接用上圖測量，其實是滑動變阻器與待測電阻并聯(lián)，根據(jù)滑片的位置結合短路、減少誤差的方法進行分析。【解答】解：（1）由于滑動變阻器的最大電阻值R1＜Rx，為了通過調節(jié)滑動變阻器R1的阻值來改變待測電阻Rx兩端的電壓和電流，滑動變阻器應選分壓式接法，故去掉ed導線即可；（2）由于滑動變阻器的最大電阻值R1＞Rx，且為待測電阻值的4倍左右，為了通過調節(jié)滑動變阻器R1的阻值來改變待測電阻Rx兩端的電壓和電流，滑動變阻器應選限流式接法，故應去掉ab、ed兩導線；（3）如果不加修改，直接用上圖測量，其實是滑動變阻器與待測電阻并聯(lián)，當滑片位于b端時，全電路短路，可能燒壞電源；如果不滑到b端，調節(jié)滑動變阻器時，電流表和電壓表的示數(shù)變化不大，測得的阻值誤差較大。故答案為：（1）ed；（2）ab；ed；（3）當滑片位于b端時，全電路短路，可能燒壞電源；如果不滑到b端，調節(jié)滑動變阻器時，電流表和電壓表的示數(shù)變化不大，測得的阻值誤差較大?！军c評】對于實驗題，要弄清楚實驗目的、實驗原理以及數(shù)據(jù)處理、誤差分析等問題，一般的實驗設計、實驗方法都是根據(jù)教材上給出的實驗方法進行拓展，延伸，所以一定要熟練掌握教材中的重要實驗。對于實驗設計要滿足安全性原則、準確性原則和操作方便原則。三、本題共5小題，共41分．解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后結果的不得分，有數(shù)值計算的題，答案中必須寫出數(shù)值和單位．將解答過程寫在答題紙相應的位置．17．【分析】（1）根據(jù)法拉第電磁感應定律E＝求出ab棒產(chǎn)生的感應電動勢E的大小；（2）根據(jù)歐姆定律分析求解在△t時間內ab棒中感應電流I的大小，根據(jù)右手定則分析感應電流的方向；（3）ab棒勻速運動，則外力等于安培力，根據(jù)W＝Fx求解在△t時間內外力做的功W?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)拉第電磁感應定律可得E＝＝。（2）根據(jù)歐姆定律可知＝，根據(jù)右手定則可知，電流方向由b到a。（3）因為ab棒勻速運動，則外力等于安培力，所以W＝Fx＝BIL?x＝。答：（1）ab棒產(chǎn)生的感應電動勢E的大小為BLv。（2）在△t時間內ab棒中感應電流I的大小為，方向由b到a。（3）在△t時間內外力做的功W為?！军c評】解決該題的關鍵是明確知道法拉第電磁感應定律的表達式，知道棒勻速運動過程中的外力等于安培力，熟記安培力的公式。18．【分析】（1）根據(jù)W＝Uq列式求解電場力做功；（2）根據(jù)電荷在等勢面上移動時電場力不做功和電場力不做功的條件分析證明；（3）由題可知BC為等勢面，電場線與等勢面垂直且沿著電場方向電勢逐漸降低確定電場線方向?！窘獯稹拷猓海?）將一個電荷量為q＝2.0×10﹣6C的正點電荷從A點移到B點，電場力做的功為：WAB＝UABq＝（φA﹣φB）q＝（6.0﹣2.0）×2.0×10﹣6J＝8.0×10﹣6J（2）不論正負電荷沿著等勢面移動，即速度方向與等勢面重合，電場力不做功①根據(jù)力做功公式W＝FLcosα可知，當α＝時，W＝0即當運動方向與速度方向垂直時，電場力不做功，②電場力方向沿電場線切線方向或反方向，結合①②可知，電場線與等勢面垂直；（3）連接BC為一等勢面，過A做BC垂線，則為一條電場線根據(jù)沿著電場線方向電勢逐漸降低可知，電場線方向由斜向上如圖所示：答：（1）將一個電荷量為q＝2.0×10﹣6C的正點電荷從A點移到B點，電場力做的功WAB為8.0×10﹣6J；（2）證明見上；（3）?！军c評】本題考查電場力做功公式以及電場線等勢面特點，關鍵是熟練記住公式以及電場線和等勢面特點，并能靈活應用。19．【分析】（1）由動能定理求解從加速電場射出時的速度。（2）粒子能夠沿直線穿過速度選擇器，由受力平衡和左手定則，求得磁感應強度B1的大小和方向。（3）帶電粒子進入偏轉磁場后做勻速圓周運動，由幾何關系得到半徑，由洛倫茲力提供向心力求得G點到照相底片H點的距離。【解答】解：（1）粒子在電場中運動只有電場力做功，根據(jù)動能定理可得：qU＝mv2可以求得粒