3.4力的合成和分解（解析版）-2025年高一物理同步培優(yōu)講練（人教版必修第一冊）

3.4力的合成和分解一、共點力二、合力和分力2、關系：合力與分力之間的關系是一種等效替代的關系，合力作用的效果與分力共同作用的效果相同三、力的合成和分個鄰邊之間的對角線就表示合力的大小和方向.如圖甲所示，F(xiàn)1、F2為分力，F(xiàn)為合力.如圖乙，F(xiàn)1、F2為分力，F(xiàn)為合力.②計算法：根據(jù)平行四邊形定則作出力的示意圖，然后利用勾股定理、三角函數(shù)、正弦定理等求出合力①兩個力的大小不變時，其合力隨夾角的增大而減?、诤狭Φ拇笮〔蛔儠r，兩分力隨夾角的增大而增大Fmin＝F1－(F2＋F3)(F1為三個力中最大的力（3）計算法： F＝eq\r(F\o\al(2,1)＋F\o\al(2,2))tanβ＝eq\f(F2,F1)②兩力等大，夾角為F合＝2Fcoseq\f(α,2)（1）定義：已知一個力求它的分力的過程(1)按力產生的效果分解；(2)正交分解O受力進行分解(3)按實際效果分解的幾個實例實例產生效果分析水平地面上物體受斜向上的拉力F，拉力F一方面使物體沿水平地面前進，另一方面向上提物體，因此拉力F可分解為水平向前的力F1和豎直向上的力F2.F1＝Fcosα，F(xiàn)2＝Fsinα.質量為m的物體靜止在斜面上，其重力產生兩個效果：一是使物體具有沿斜面下滑趨勢，二是使物體壓緊斜面．因此重力可分解為沿斜面的分力F1和垂直于斜面的分力F2.F1＝mgsinα，F(xiàn)2＝mgcosα.質量為m的光滑小球被豎直擋板擋住而靜止于斜面上時，其重力產生兩個效果：一是使球壓緊擋板，二是使球壓緊斜面．因此重力可以分解為垂直于擋板的分力F1和垂直于斜面的分力F2.F1＝mgtanα，F(xiàn)2＝eq\f(mg,cosα).質量為m的光滑小球被懸線掛靠在豎直墻壁上，其重力產生兩個效果：一是使球壓緊豎直墻壁，二是使球拉緊懸線．因此重力可以分解為垂直于墻壁的分力F1和沿著繩的分力F2.F1＝mgtanα，F(xiàn)2＝eq\f(mg,cosα).A、B兩點位于同一平面上，質量為m的物體被AO、BO兩線拉住，其重力產生兩個效果：一是使物體拉緊AO線，二是使物體拉緊BO線．因此重力可以分解為沿AO線的分力F1和沿BO線的分力F2.F1＝F2＝eq\f(mg,2sinα).質量為m的物體被支架懸掛而靜止，其重力產生兩個效果：一是拉伸AB，二是壓縮BC.因此重力可以分解為沿AB的分力F1和沿BC的分力F2.F1＝mgtanα，F(xiàn)2＝eq\f(mg,cosα).(4)正交分解法求合力的步驟：①建立直角坐標系：以共點力的作用點為坐標原點，直角坐標系x軸和y軸的選擇應使盡量多的力在坐標軸上．②正交分解各力：將每一個不在坐標軸上的力分解到x軸和y軸上，并求出各分力的大小，如圖所示．③分別求出x軸、y軸上各分力的矢量和，即：Fx＝F1x＋F2x＋…，F(xiàn)y＝F1y＋F2y＋….④求共點力的合力：合力大小F＝eq\r(Fx2＋Fy2)，設合力的方向與x軸的夾角為α，則tanα＝eq\f(Fy,Fx).四、矢量和標量1、矢量：既有大小又有方向的物理量，疊加時遵循平行四邊形定則，如速度、力等2、標量：只有大小沒有方向的物理量，求和時按代數(shù)法則相加，如路程、速率等題型1合力與分力的關系力的合成（2023秋?楊浦區(qū)校級期末）如圖所示，如果力F是力F1和力F2的合力，則正確的是（）A． B． C． D．【解答】解：根據(jù)力的合成的平行四邊形定則，以分力F1、F2為鄰邊作平行四邊形，這兩個鄰邊之間所夾的對角線代表F1、F2的合力AB、合力為F1、F2之間的對角線，故A錯誤，B正確；C、合力的箭頭方向畫反了，故C錯誤；D、合力的大小畫不正確，故D錯誤；故選：B。根據(jù)力的合成的平行四邊形定則知，以兩分力為鄰邊作平行四邊形，兩個分力所夾的對角線為合力。（2023秋?遼陽期末）在某平面內有作用于同一點的四個力，以力的作用點為坐標原點O，四個力的方向如圖所示，大小分別為F1＝6N，F(xiàn)2＝2N，F(xiàn)3＝3N，F(xiàn)4＝8N。這四個力的合力在（）A．第一象限 B．第二象限 C．第三象限 D．第四象限【解答】解：在x軸上，因為F1＞F3，所以F1、F3合力沿x軸正方向記為Fx，在y軸上，因為F4＞F2，所以F2、F4合力沿y軸負方向記為Fy，再把Fx和Fy合成，可知這四個力的合力在第四象限。故ABC錯誤；D正確。故選：D。（2023秋?仁壽縣校級期末）一物體同時受到同一平面內三個共點力的作用，下列幾組力的合力可能為零的是（）A．1N、3N、6N B．2N、4N、7N C．6N、6N、6N D．3N、4N、8N【解答】解：A、1N與3N合成時，合力最大值為4N，最小值為2N，不可能為6N，故三個力合力不可能為零，故A錯誤；B、2N與4N合成時，合力最大值為6N，最小值為2N，不可能為7N，故三個力合力不可能為零，故B錯誤；C、6N與6N合成時，合力最大值為12N，最小值為0N，可能為6N，故三個力合力可能為零，故C正確；D、3N與4N合成時，合力最大值為7N，最小值為1N，不可能為8N，故三個力合力不可能為零，故D錯誤。故選：C。（多選）（2023秋?錦州期末）兩個共點力F1、F2大小不同，不共線，它們的合力大小為F，則（）A．F1、F2同時增大一倍，F(xiàn)一定增大一倍 B．F1、F2同時增加10N，F(xiàn)也增加10N C．F1增加10N，F(xiàn)2減少10N，F(xiàn)一定不變 D．若F1、F2中的一個增大，F(xiàn)可能減小【解答】解：A．根據(jù)平行四邊形定則，F(xiàn)1、F2同時增大一倍，F(xiàn)也增大一倍，故A正確；B．根據(jù)平行四邊形定則，F(xiàn)1、F2都增大10N，若方向相同F(xiàn)增加20N；若方向相反，F(xiàn)不變，因F1、F2不共線，則F增加量應該在0～20N之間，不一定增加10N，故B錯誤；C．只有方向相同時，F(xiàn)1增加10N，F(xiàn)2減少10N，F(xiàn)才一定不變，故C錯誤；D．若F1、F2中的一個增大，（圖中的F1增加）如圖所示根據(jù)平行四邊形定則，合力F減小，故D正確。故選：AD。兩個力F1和F2間的夾角為θ，兩個力的合力為F．以下說法正確的是（）A．若F1和F2大小不變，θ角越小，合力F就越小 B．合力F總比分力中的任何一個力都大 C．如果夾角θ不變，F(xiàn)1大小不變，只要F2增大，合力F就必然增大 D．合力F可能比分力中的任何一個力都小【解答】解：A、若F1和F2大小不變，θ角越小，合力F越大，故A錯誤；B、由力的合成方法可知，兩力合力的范圍|F1﹣F2|≤F合≤F1+F2，所以合力有可能大于任一分力，也可能小于任一分力，還可能與兩個分力都相等，故B錯誤；C、如果夾角不變，F(xiàn)1大小不變，只要F2增大，合力F可以減小，也可以增加，故C錯誤；D、二力平衡時，合力為零，此時合力F比分力中的任何一個力都小，故D正確。故選：D。（2023秋?青山湖區(qū)校級期中）關于合力與分力的關系，下列說法正確的是（）A．合力F總比分力F1和F2中任何一個力都大 B．若兩個分力F1、F2的大小一定，則其合力F的大小和方向一定 C．若兩個分力F1與F2的大小不變，則兩個分力的夾角越小，其合力F一定越大 D．若兩個分力F1與F2的夾角θ不變，F(xiàn)1大小不變，只增大F2，則其合力F就一定增大【解答】解：A．合力與分力的關系是：|F1﹣F2|≤F≤F1+F2；合力的大小不一定大于每個分力的大小，可以比分力小，也可以與分力相等，也可能比分力大，故A錯誤；B．由于力是矢量，有大小、有方向，若兩個分力F1、F2的大小一定，但方向不確定，那么其合力F的大小和方向也無法確定，故B錯誤；C．合力與分力的關系是：|F1﹣F2|≤F≤F1+F2；根據(jù)平行四邊形定則可知，當兩個分力的大小不變，兩個分力的夾角越小，其合力F一定越大，故C正確；D．若兩個分力方向相反，F(xiàn)1與F2的夾角θ不變，F(xiàn)1大小不變，只增大F2，合力可能減小，故D錯誤。故選：C。如圖所示，兩人用同樣大小的力共提一桶水靜止不動，水不流出，則下列正確的是（）A．無論怎樣改變θ的大小，兩手臂作用于桶的力的合力都不變 B．無論怎樣改變θ的大小，兩人都不會省力，因為一桶水的重力不變 C．不論兩人手臂間的夾角如何變化，每個人對水桶的拉力一定大于水和水桶的總重力 D．不論兩人手臂間的夾角如何變化，每個人對水桶的拉力都不會改變【解答】解：水桶（包括水）受到重力以及兩人的手臂對水桶的拉力，設兩人的手臂對水桶的拉力大小為F，兩人的手臂夾角成θ角，根據(jù)對稱性可知，兩人對水桶的拉力大小相等，則根據(jù)平衡條件得2Fcos解得F=A．一桶水靜止不動，根據(jù)三力平衡的特點可知，兩手臂作用于桶的力的合力與水桶及水的重力等大反向，因此無論怎樣改變θ的大小，兩手臂作用于桶的力的合力都不變，故A正確；BC．由上述分析可知，當θ越小，F(xiàn)就越小，當θ＝0時，F(xiàn)最小為12D．由上述分析可知，θ越小，F(xiàn)就越小，θ越大，F(xiàn)就越大兩人手臂間的夾角變化，每個人對水桶的拉力也會隨之改變，故D錯誤。故選：A。如圖所示，5個力同時作用于一點，5個力大小和方向相當于正六邊形的兩條邊和三條對角線，已知F1＝10N，則這5個力的合力的大小為（）A．30N B．40N C．50N D．60N【解答】解：根據(jù)平行四邊形定則，F(xiàn)1和F4的合力為F3，F(xiàn)2和F5的合力為F3，所以五個力的合力等于3F3，根據(jù)幾何關系知，F(xiàn)3＝2F1，所以五個力的合力大小為6F1＝60N，方向沿F3方向，故ABC錯誤，D正確。故選：D。題型2力的分解（2023秋?鄒城市校級月考）如圖所示，把光滑斜面上物體的重力mg分解為F1、F2兩個力，下列說法正確的是（）A．物體受到mg、FN、F1、F2共4個力作用 B．物體受到的合力為mgcosθ，方向沿斜面向下 C．mg與力F1、F2的作用效果相同，為等效替代的關系 D．F1是斜面作用在物體上使物體下滑的力，F(xiàn)2是物體對斜面的壓力【解答】解：A、物體只受重力和支持力兩個力，故A錯誤；B、根據(jù)力的合成法則，可知，物體受到的合力為mgsinθ，方向沿斜面向下，故B錯誤；C、mg與F1、F2的作用效果相同，為等效替代的關系，故C正確；D、F1是斜面作用在物體上使物體下滑的力，F(xiàn)2不是物體對斜面的壓力，因為物體對斜面的壓力受力物體是斜面，不是物體，而F2作用在物體上，故D錯誤。故選：C。A、物體只受重力和支持力兩個力；B、根據(jù)力的合成法則，可知，物體受到的合力為mgsinθ，方向沿斜面向下；C、mg與F1、F2的作用效果相同，為等效替代的關系；D、F1是斜面作用在物體上使物體下滑的力，F(xiàn)2不是物體對斜面的壓力，因為物體對斜面的壓力受力物體是斜面，不是物體，而F2作用在物體上。（2022秋?西青區(qū)校級期末）如圖所示，小球靜止時對斜面的壓力為N，小球所受的重力G，可根據(jù)它產生的作用效果分解成（）A．垂直于斜面的分力和水平方向的分力，且N=GB．垂直于斜面的分力和水平方向的分力，且N＝Gcosθ C．垂直于斜面的分力和平行于斜面的分力，且N=GD．垂直于斜面的分力和平行于斜面的分力，且N＝Gcosθ【解答】解：物體與斜面和擋板接觸，物體對斜面有垂直斜面向下的壓力，對于擋板物體有垂直于擋板即水平的壓力，所以按照重力產生的作用效果重力可分解為垂直于斜面的分力和水平方向的分力，以重力為對角線作出平行四邊形可知，小球靜止時對斜面的壓力為N=G故選：A。（2023秋?中原區(qū)校級期中）在現(xiàn)實生活中，力的分解有著廣泛的應用，比如劈柴用的斧頭。如圖甲所示為斧頭劈柴時的剖面圖，用斧頭劈柴時，只需用一個較小的豎直向下的力作用于斧頭上，便可以把木柴劈開。下列說法正確的是（）A．力F一定比它沿垂直于AB與AC兩個方向分解的兩個分力都大 B．一個較小的力F可以分解為兩個較大的分力，從而把柴劈開 C．力F的大小等于沿垂直于AB與AC兩個方向分解的兩個分力大小之和 D．乙圖中，斧頭P與斧頭Q的質量相同，且α＜β，則用斧頭Q更容易把木材劈開【解答】解：AB．對斧頭受力分析，如圖所示可知F1＝F2由平衡條件有2解得F當2sinθ2＞1C．力是矢量，力F的大小不一定等于沿垂直于AB與BC兩個方向分解的兩個分力的矢量和，故C錯誤；D．由F1故選：B。題型3力的分解的多解性（多選）（2023秋?順慶區(qū)校級期中）如圖，將一個大小F＝10N的力分解為兩個力，已知其中一個不為零的分力F1的方向與F成30°角，另一個分力為F2，則下列說法正確的是（）A．F2的大小不可能小于5N B．F1的大小存在最大值 C．F2的方向與F1垂直時，F(xiàn)2最小 D．F1的大小不可能小于5N【解答】解：A、F2存在最小值，當F2⊥F1時，此時F2的值為它的最小值，由三角函數(shù)：sin30°得：F2＝5N，故A正確；C、如圖所示，力的分解滿足平行四邊形定則，則三個力要組成三角形，當F2⊥F1時，此時F2的值為它的最小值，故C正確；B、只固定三角形的一條邊和一個角，另外一邊的長度不存在最大值，所以F1的大小不存在最大值，故B錯誤；D、當F1與F2的夾角大于120°時，F(xiàn)1小于5N，故D錯誤，故選：AC。已知一個合力的大小和方向，以及一個分力的方向，則另一個分力存在最小值，當它垂直于合力時剛好為最小值；F1隨著F2而變化，不存在最大值。（多選）已知力F的一個分力F1與F成45°角，大小未知；另一個分力F2的大小為104F，方向未知。則F1A．324F B．22+14F C．2【解答】解：由于F1與F成45°夾角，若F2也與F成45°夾角，則合力與兩個分力構成矢量三角形，則此時根據(jù)幾何關系可得F2′要滿足的關系為：F但是由題意可知，F(xiàn)2的大小為104F，大于根據(jù)平行四邊形定則得，如下圖：又因一個分力F1跟F成45°角，且F2的大小為104通過余弦定理得：cos45°=解得：F1=24F故選：AD。（多選）已知力F的一個分力F1跟F成30°角，大小未知，另一個分力F2的大小為33F，方向未知，則F1A．33F B．32F C．233F【解答】解：由題意可知，F(xiàn)2的大小為33F，大于F根據(jù)平行四邊形定則得，如圖，又因一個分力F1跟F成30°角，且F2的大小為33由幾何關系得，F(xiàn)1=233F或F故選：AC。題型4正交分解（多選）（2018秋?歷下區(qū)校級期中）如圖，電燈的重力G＝10N，AO繩與頂板間的夾角為45°，BO繩水平，AO繩的拉力為FA，BO繩的拉力為FB，則（注意：要求按效果分解和正交分解兩種方法求解）（）A．FA＝102N B．FA＝10N C．FB＝102N D．FB＝10N【解答】解：方法將電燈所受的重力G沿繩子方向進行分解，如圖所示。由幾何知識得：FAFB＝G＝10N故AD正確，BC錯誤方法對節(jié)點O受力分析如圖：由平衡條件得豎直方向：FAsinθ＝G解得：FA=Gsin45°水平方向：FAcosθ＝FB解得：FB＝10N故AD正確，BC錯誤故選：AD。將電燈所受的重力G分解為沿AO方向的分力和沿BO方向的分力，作出力圖，由幾何知識求解．對O點進行受力分析，由共點力平衡即可求出．（2023秋?海淀區(qū)校級期中）類比、遷移是研究和學習物理過程中常用的思想方法?？梢詫⒁郧皩W過的知識或方法應用到新知識的學習中。（1）如圖1所示，已知F1＝7N水平向右，F(xiàn)2＝15N與水平方向的夾角為53°，在圖2中畫出F1、F2及合力F的圖示，并通過作圖法求出合力F的大小。（2）正交分解法是求解合力與分力問題的常用方法。已知F1＝7N水平向右，F(xiàn)2＝15N與水平方向的夾角為53°。若以F1、F2的交點為坐標原點，建立如圖3所示的直角坐標系。①分別求F2在x、y軸上的分力Fx、Fy。②利用勾股定理，求解合力F′的大小。（3）速度也是矢量，與力遵循相同的運算法則。已知物體的初速度v0＝2m/s，末速度v＝6m/s，方向如圖4所示，已知初速度v0與末速度v方向間的夾角為60°，求速度的變化量Δv的大小及它與初速度v0方向夾角θ的正切值?！窘獯稹拷猓海?）取單位長度1cm代替5N作為標度，根據(jù)平行四邊形定則，所作力的圖示如圖所示：用刻度尺量出代表合力的對角線的長度為4cm，合力的大小F=4cm（2）建立如圖所示的坐標系：①將F2分解在x、y軸上，根據(jù)數(shù)學知識，x方向的分力Fx＝F2cos53°＝15×0.6N＝9Ny方向的分力Fy＝F2sin53°＝15×0.8N＝12N②x軸方向上的合力Fx合＝F1+Fx＝7N+9N＝16N總的合力為F'=題型5矢量與標量（2023秋?合肥期末）下列各組物理量中，全都是矢量的是（）A．位移、力、速率 B．重力、速度、向心加速度 C．彈力、位移、路程 D．速度、質量、加速度【解答】解：A.速率是只有大小沒有方向的標量，故A錯誤；B.重力、速度、向心加速度均是既有大小又有方向的矢量，故B正確；C，路程是只有大小沒有方向的標量，故C錯誤；D.質量是只有大小沒有方向的標量，故D錯誤。故選：B。矢量是既有大小，又有方向的物理量，且運算法則遵循平行四邊形定則；而標量是只有大小，沒有方向的物理量，運算法則遵循代數(shù)法則，據(jù)此分析即可。（2023秋?碑林區(qū)校級期中）關于矢量，下列說法錯誤的是（）A．矢量只有大小，沒有方向 B．矢量既有大小，又有方向 C．矢量也叫做向量，力是矢量 D．位移，速度和加速度都是矢量【解答】解：AB、矢量既有大小，又有方向，故A錯誤，B正確；CD、矢量也叫做向量，力，位移，速度和加速度都是矢量，故CD正確。本題選錯誤的，故選：A。（2023秋?荔灣區(qū)校級月考）下列關于位移和路程的說法，正確的是（）A．路程是矢量，位移是標量 B．物體做直線運動，位移等于路程 C．一個學生沿著400米的圓形跑道跑了一圈，位移是400m D．物體在某段時間內位移為零，其路程可能不為零【解答】解：A．位移有大小也有方向，是矢量，路程只有大小，沒有方向，是標量。故A錯誤；B．物體只有做單向直線運動，位移大小才等于路程。故B錯誤；C．一個學生沿著400米的圓形跑道跑了一圈，初位置和末位置在同一個位置，位移是0m。故C錯誤；D．物體在某段時間內位移為零，其路程可能不為零，例如一個學生沿著400米的圓形跑道跑了一圈，位移是0m，但他的路程是400m。故D正確。故選：D?！净A強化】（2023秋?河西區(qū)期末）下列關于在粗糙斜面上自由下滑物體的受力分析示意圖中，正確的是（）A． B． C． D．【解答】解：AB、物體沒有受到沿斜面向下的力，故AB錯誤；C、物體還受到沿斜面向上的摩擦力，故C錯誤；D、物體受重力、支持力、摩擦力作用，重力豎直向下，摩擦力沿斜面向上，支持力垂直于斜面向上，故D正確。故選：D。（2023秋?洛陽期末）兩個力F1和F2間的夾角為θ（0°＜θ＜180°），兩力的合力為F，下列說法正確的是（）A．合力F總比分力F1和F2中的任何一個都大 B．合力F不可能比分力F1和F2中的任何一個小 C．若F1和F2大小不變，θ角越小，則合力F就越大 D．若夾角θ不變，力F1大小不變，F(xiàn)2增大，則合力F一定增大【解答】解：AB、由力的合成方法可知，兩力合力的范圍|F1﹣F2|＜F合≤F1+F2，所以合力有可能大于任一分力，也可能小于任一分力，還可能與兩個分力都相等，故AB錯誤；C、若F1和F2大小不變，力的合成遵循平行四邊形定則，θ角越小，合力F越大，故C正確；D、如果夾角θ不變，F(xiàn)1大小不變，只要F2增大，合力F可以減小，也可以增大，故D錯誤。故選：C。（2023秋?包河區(qū)校級期末）生活中常用刀或斧來劈開物體。如圖所示為刀刃的橫截面，F(xiàn)是作用在刀背上的力，若刀刃的橫截面是等腰三角形，刀刃兩側面的夾角為2θ，則可知刀劈開物體時對其側向推力F1、F2的大小為（）A．F1＝F2=F2sinθ B．F1＝F2C．F1＝F2=F2sin2θ D．F1＝F【解答】解：將力F根據(jù)平行四邊形定則分解如圖由幾何知識得，側向推力的大小為F1＝F2=故A正確，BCD錯誤；故選：A。（2023秋?南京期末）如圖，重力為G的某同學張開雙臂懸垂在單杠上，手與單杠間的動摩擦因數(shù)為μ，隨著兩只手的距離變大，人保持靜止狀態(tài)。下列說法正確的是（）A．單杠對每只手的摩擦力變大 B．單桿對兩手作用力的合力變大 C．單杠對兩手的彈力變大 D．單杠對每只手摩擦力大小始終等于0.5μG【解答】解：C、對同學分析可知，在豎直方向輕桿對手的支持力始終等于人的重力，所以桿對每一只手的支持力等于重力的一半，保持不變，故C錯誤；ABD、運動員所受手臂的拉力T的合力F與運動員重力大小相等方向相反，增大兩手間距離，手臂夾角α角變大，合力大小不變，則T變大；對手分析，則f＝TsinαT變大，α變大，sinα變大，則f變大，故A正確，BD錯誤。故選：A。（2023秋?延慶區(qū)期末）“探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律”的實驗裝置如圖所示，其中A為固定橡皮筋的圖釘，O為橡皮筋與細繩的結點，關于此實驗，下列說法正確的是（）A．拉力方向應與木板平面平行，只需記錄拉力的大 B．實驗中，把橡皮筋的另一端拉到O點時，兩個彈簧測力計之間的夾角必須取90° C．兩個測力計的量程必須相同 D．圖中的力F′方向和細繩AO方向相同【解答】解：A．拉力方向應與木板平面平行，需要記錄拉力的大小和方向，故A錯誤；B．實驗中，把橡皮筋的另一端拉到O點時，兩個彈簧測力計之間的夾角大小適當即可，不一定要取90°，故B錯誤；C．兩個測力計的量程不一定必須相同，故C錯誤；D．圖中的力F'是兩個分力合力的實驗值，其方向和細繩AO方向相同，故D正確。故選：D。（2023秋?梅河口市校級期末）我國首臺新型墻壁清潔機器人“蜘蛛俠”是由青島大學學生自主研制開發(fā)的，“蜘蛛俠”利用8只“爪子”上的吸盤吸附在接觸面上，通過“爪子”交替伸縮，就能在墻壁或玻璃上自由移動。如圖所示，假設“蜘蛛俠”在豎直玻璃墻面上由A點沿直線勻速“爬行”到右上方B點，在這一過程中，關于“蜘蛛俠”在豎直面內的受力分析正確的是（）A．B． C．π D．【解答】解：“蜘蛛俠”在豎直玻璃墻面上由A點沿直線勻速“爬行”到右上方B點，“蜘蛛俠”處于平衡狀態(tài)，故在豎直面內受力平衡。故B正確，ACD錯誤。故選：B。（多選）（2023秋?遼陽期末）如圖所示，豎直墻面上固定兩相同支架作為鍋蓋架，材質均勻、邊緣光滑的圓形鍋蓋豎直置于其上，鍋蓋僅與兩支架接觸，兩接觸點分別是A點和B點。下列說法正確的是（）A．鍋蓋受到的彈力是由鍋蓋形變產生的 B．若兩支架等高，則鍋蓋對兩支架A點和B點的彈力大小相同 C．兩等高支架間距越大，鍋蓋對兩支架的彈力的合力越大 D．若兩支架不等高，則鍋蓋對兩支架的彈力的合力不變【解答】解：A．鍋蓋受到的彈力是由支架發(fā)生彈性形變要恢復原狀產生的。故A錯誤；B．若兩支架等高則鍋蓋受力如圖：由牛頓第三定律可知鍋蓋對兩支架的彈力大小相等，方向不同。故B正確；CD．設鍋蓋質量為m，由平衡條件可知兩支架對鍋蓋的彈力的合力為F合＝mg即大小不變，方向與重力方向相反。兩等高支架間距變大或兩支架不等高，該合力仍不變。由牛頓第三定律得，兩等高支架間距越大或兩支架不等高，鍋蓋對兩支架的彈力的合力不變。故C錯誤；D正確。故選：BD。（2022秋?定遠縣期末）如圖所示，熊大用一根輕繩繞過樹枝將光頭強懸掛起來，樹枝此時相當于理想定滑輪．已知此時輕繩與水平地面的夾角θ＝37°，光頭強質量為70kg，熊大質量為500kg，不計輕繩與樹枝之間的摩擦．（已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g＝10m/s2）求：（1）輕繩對光頭強的拉力大?。唬?）地面對熊大的支持力大??；（3）熊大對地面的摩擦力．【解答】解：（1）輕繩對光頭強的拉力大小為：F＝Mg＝70kg×10N/kg＝700N（2）對熊大進行受力分析，如圖所示：根據(jù)平衡條件得：FN+Fsin37°＝Mg，F(xiàn)N＝4580N（3）根據(jù)平衡條件得：Ff＝Fcos37°根據(jù)牛頓第三定律得：Ff′＝Ff解得：Ff′＝560N，方向水平向左?！舅仞B(yǎng)提升】（2023秋?武漢期末）將一個已知力在某個平面內進行分解，以下說法正確的是（）A．靜止于斜面上的物體所受重力按效果可分解為下滑力和正壓力 B．若已知兩個分力的大小，則分力一定有兩組解 C．若其中一個分力的方向確定，另一分力大小確定，分力可能只有一組解 D．將一個力分解后，分力和合力同時作用于物體上【解答】解：A，靜止于斜面上的物體所受重力按效果可分解為下滑力和垂直斜面向下的力，垂直斜面向下的分力等于正壓力，故A錯誤；B．若兩分力與已知力可構成力的矢量三角形，且兩分力相同時，有一組解，若兩分力與已知力可構成力的矢量三角形，且兩分力不同時，在立體空間上有無數(shù)組解，故B錯誤；C.如下圖，設分力F1大小確定，分力F2的方向確定，當F1＝Fsinθ或F1≥F時，只有一組解，當F1＜Fsinθ，此時無解，當Fsinθ＜F1＜F，有兩組解，故C正確；D.由于分力、合力是等效替代關系，分力和合力不能同時作用于物體上，故D錯誤。故選：C。（2024?廣東模擬）某同學用電子秤、水瓶、細線、墻釘和白紙等物品，在家中“探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律”的實驗。實驗步驟如下：①用電子秤測量3個水瓶的重量FA、FB、FC，在墻面上貼上白紙，固定兩個墻釘P、Q，將3根細線一端打結結點為O，其中兩根細線跨過墻釘，3根細線下端掛上水瓶，如圖甲；②等3個水瓶處于靜止時，在白紙上記下結點O的位置上、記錄3根細線的方向；③在白紙上按一定的標度作出拉力FA、FB、FC的圖示，根據(jù)平行四邊形定則作出FA、FB的合力F的圖示，如圖乙?；卮鹣旅鎲栴}：（1）該實驗采用的科學方法是：。（2）下面實驗操作事項中，哪些操作可以減小實驗誤差。A．選用粗糙的繩線B．記錄細線方向時兩點的距離遠一點C．夾角∠POQ盡可能大一些D．作力的圖示時，選用的標度適當?shù)男∫稽c（3）∠POQ＜90°，緩慢增大FB，要保持細線OP方向不變，下面方法可行的是。A．保持FC不變，緩慢減小FAB．保持FC不變，緩慢增大FAC．保持FA不變，緩慢減小FCD．保持FA不變，緩慢增大FC（4）若，兩個互成角度的力的合成滿足平行四邊形定則?！窘獯稹拷猓海?）實驗中，用一個力作用的效果代替兩個共點力共同作用的效果，因此該實驗采用的科學方法是等效替代法；（2）A．本實驗中，探究的是A、B水瓶的拉力的合力與C瓶拉力的關系，所以選用粗糙的繩線不會減小實驗誤差，故A錯誤；B．為了確定FA、FB、FC的方向，記錄細線方向時兩點的距離遠一點，故B正確；C．為了減小實驗誤差，夾角∠POQ盡適當即可，不宜太大或太小，故C錯誤；D．為了減小實驗誤差，作力的圖示時，選用的標度適當?shù)男∫稽c，故D正確。故選：BD。（3）AB．如圖所示可知緩慢增大FB，要保持細線OP方向不變，則保持FC不變，緩慢減小FA，故A正確，B錯誤；CD．如圖所示：可知緩慢增大FB，要保持細線OP方向不變，應保持FA不變，緩慢增大FC，故C錯誤，D正確。故選：AD。（4）若在誤差允許的范圍內，F(xiàn)和FC等大反向，兩個互成角度的力的合成滿足平行四邊形定則。故答案為：（1）等效替代法；（2）BD；（3）AD；（4）在誤差允許的范圍內，F(xiàn)和FC等大反向。（2024?河東區(qū)二模）在“探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律”實驗中，需要將橡皮條的一端固定在水平木板上，橡皮條的另一端系兩根細繩，細繩另一端帶有繩套。先用兩個彈簧秤分別勾住繩套井互成角度地拉橡皮條，使橡皮條的結點達到某一位置O，并記下該點的位置O。再用一個彈簧秤將橡皮條的結點拉到同一位置O點，如圖甲所示。①物理學有很多的科學研究方法，本實驗所采用的是；A.理想模型法B.等效替代法C.控制變量法D.演繹推理法②圖甲中沿OB方向拉的彈簧測力計的示數(shù)為N；（保留三位有效數(shù)字）③實驗中，在白紙上畫出的測量結果如圖乙所示，其中O處為結點位置。圖中的F與F'兩力中，方向一定沿橡皮筋方向的是；④關于本實驗，下列說法正確的是。A.彈簧秤、細繩、皮筋都應與木板平行B.橡皮筋應與兩繩夾角的平分線在同一直線上C.兩次拉伸橡皮條，只要使橡皮條伸長到相同長度即可D.拉橡皮條的細繩要適當長些，標記同一細繩方向的兩點要適當遠些【