信息必刷卷05（黑吉遼蒙專用）（解析版）-2025年高考物理考前信息必刷卷

試卷第=page22頁，共=sectionpages2222頁絕密★啟用前2025年高考考前信息必刷卷05（黑吉遼蒙專用）物理（考試時間：75分鐘試卷滿分：100分）考情速遞高考·新動向：2025年高考物理黑吉遼蒙使用相同試卷，由吉林省主導(dǎo)命題（2024年由遼寧命題），并適當(dāng)延續(xù)遼寧省的命題風(fēng)格。吉林的出題方式較遼寧更為傳統(tǒng)，將更加注重基礎(chǔ)性知識的考查，題干設(shè)計與實際應(yīng)用更為緊密，選項之間干擾性較強(qiáng)。高考·新考法：命題更強(qiáng)調(diào)創(chuàng)新意識和創(chuàng)新思維，試題呈現(xiàn)方式和設(shè)問方式更加新穎、豐富，例如以表格、圖形等呈現(xiàn)形式的創(chuàng)新，物理模型和考查角度的創(chuàng)新。例如，本試卷第2題：創(chuàng)新呈現(xiàn)形式，通過小水滴滴在超疏水材料上的位置隨時間變化的關(guān)系圖像，考查簡諧運動；第7題：創(chuàng)新角度和模型，通過v-t圖像和滑塊—彈簧模型，考查動量守恒定律的應(yīng)用；第11題：實驗器材創(chuàng)新，利用電磁鐵測量重力加速度。高考·新情境：情境化題目增多（如科技前沿、生活應(yīng)用、工程實踐等），要求學(xué)生用物理原理解釋現(xiàn)象。例如，本試卷第1題、第6題：結(jié)合軍事、航天等科技前沿背景，考查曲線運動和中心天體的質(zhì)量和密度的計算；第8題、第13題：結(jié)合生活實踐、體育運動考查光學(xué)知識、平拋運動的計算。命題·大預(yù)測：黑吉遼蒙高考物理命題正逐步向“素養(yǎng)立意、應(yīng)用導(dǎo)向”轉(zhuǎn)型，建議考生在扎實掌握基礎(chǔ)知識的同時，注重思維拓展與實際問題解決能力的培養(yǎng)，避免過度依賴“套路化”解題，需靈活應(yīng)對創(chuàng)新設(shè)問。注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號等填寫在答題卡和試卷指定位置上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1．2024年9月25日8時44分，中國人民解放軍火箭軍向太平洋相關(guān)公海海域，成功發(fā)射1枚攜載訓(xùn)練模擬彈頭的洲際彈道導(dǎo)彈，準(zhǔn)確落入預(yù)定海域。全程飛行試驗行程9070公里，落點靶區(qū)為2公里正方形區(qū)域，實際偏差僅為250米。如圖是導(dǎo)彈的飛行軌跡，導(dǎo)彈的速度v與所受合外力F的關(guān)系可能正確的是（）A．圖中A點 B．圖中B點 C．圖中C點 D．圖中D點【答案】D【解析】根據(jù)曲線運動的特點，可知，速度v方向沿運動軌跡的切線方向，合外力F方向指向運動軌跡的凹側(cè)，軌跡在兩者之間，故圖中D點符合要求，A點、B點、C點不符合要求。故選D。2．某研究發(fā)現(xiàn)，將一小水滴滴在涂有一層超疏水材料的水平板上，達(dá)到特定條件后小水滴會自發(fā)地彈跳起來且越彈越高。以小水滴剛接觸水平板時其中心位置為y軸坐標(biāo)零點，某段時間內(nèi)小水滴中心位置隨時間變化的關(guān)系如圖所示，則小水滴中心（）A．在、時刻的速度為零B．在、時刻的加速度為零C．在～時間內(nèi)一直做加速運動D．在～時間內(nèi)一直做減速運動【答案】A【解析】A．圖像的斜率表示速度，由圖可知小水滴中心在、時刻的速度為零，故A正確；B．由圖可知在、時刻小水滴的位移最大，此時速度為零，加速度不為零，故B錯誤；C．由圖可知～時間內(nèi)小水滴速度先增大后減小，故小水滴先做加速運動后做減速運動，故C錯誤；D．由圖可知～時間小水滴速度先增大后減小，故小水滴先做加速運動后做減速運動，故D錯誤。故選A。3．一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b，其壓強(qiáng)p隨體積V變化的圖像如圖中a到b的線段所示。在此過程中（）A．氣體內(nèi)能一直減小B．氣體分子平均動能不變C．氣體密度一直減小D．氣體一直向外界放熱【答案】C【解析】AB．一定質(zhì)量的理想氣體從a到b的過程，由理想氣體狀態(tài)方程可知，即氣體的溫度一直升高，則氣體內(nèi)能一直增大，氣體分子平均動能增大，故AB錯誤；C．氣體的質(zhì)量不變，體積變大，根據(jù)可知，密度減小，故C正確；D．由于從a到b的過程中氣體的體積增大，所以氣體一直對外做功，即，根據(jù)熱力學(xué)第一定律，從a到b的過程中，氣體一直從外界吸熱，故D錯誤。故選C。4．如圖所示為兩個電荷量均為的帶電小球A和B（均可視為質(zhì)點），球A固定在點的正下方處，球B用長為的細(xì)線懸掛在點，靜止時，細(xì)線與豎直方向的夾角為。已知靜電常量為，重力加速度為，下列說法正確的是（）A．B的質(zhì)量為 B．B的質(zhì)量為C．點處的電場強(qiáng)度的大小為 D．點處的電場強(qiáng)度的大小為【答案】C【解析】AB．對B受力分析，如圖所示由幾何關(guān)系可知，三個力之間的夾角均為，則有又則B質(zhì)量為故AB錯誤；CD．根據(jù)點電荷電場強(qiáng)度公式，A、B在O點產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小都為又兩電場強(qiáng)度方向間夾角為，結(jié)合平行四邊形定則得O點處的電場強(qiáng)度的大小為故C正確，D錯誤。故選C。5．振蕩電路如圖所示，時刻，線圈中磁場的方向如圖所示，且磁場正在減弱。M、N分別為電容器的上、下極板，、為回路中的兩個點。已知振蕩電路的周期為，下列說法正確的是（）A．此時回路中的電流由流向B．時刻，N板帶負(fù)電，電容器儲存的電場能正在增加C．此時兩板間的電場強(qiáng)度正在減小D．若將N板下移，則該振蕩電路激發(fā)的電磁波波長變長【答案】B【解析】A．時刻磁場正在減弱，由右手螺旋定則可知，電流由流向，故A錯誤；B．時刻磁場正在減弱，故電容器正在充電，則時刻，電容器也正在反向充電，故M板帶正電，N板帶負(fù)電，電荷量正在增大，電場能正在增加，故B正確；C．時刻電容器正在充電，電荷量正在增大，則M、N板間的電壓正在增大，兩板間的電場強(qiáng)度正在增大，故C錯誤；D．若將N板下移，電容器極板間距增大，根據(jù)可知電容器的電容減小，由可知振蕩電路的頻率增大，電磁波頻率增大，由可知，振蕩電路激發(fā)的電磁波波長變短，故D錯誤。故選B。6．2024年11月4日01時24分神舟十八號載人飛船返回艙在東風(fēng)著陸場成功著陸，航天員葉光富、李聰、李廣蘇在軌駐留192天，創(chuàng)中國航天員乘組“太空出差”時長新紀(jì)錄。已知空間站繞地球飛行的軌道可視為圓軌道，離地高度約為，地球同步衛(wèi)星距赤道的高度約為，則下列說法正確的是（）A．空間站運行周期小于24hB．空間站中宇航員可以使用托盤天平測量物體質(zhì)量C．空間站繞行速度小于同步衛(wèi)星的速度D．若空間站運行周期為，引力常量為，則地球的平均密度為【答案】A【解析】AC．根據(jù)萬有引力提供向心力可得，由于空間站的軌道半徑小于同步衛(wèi)星的軌道半徑，所以空間站的運行周期小于，空間站繞行速度大于同步衛(wèi)星的速度，故A正確，C錯誤；B．由于空間站處于完全失重狀態(tài)，所以空間站中宇航員不可以使用托盤天平測量物體質(zhì)量，故B錯誤；D．設(shè)地球半徑為，空間站軌道半徑為，則有又聯(lián)立可得地球的平均密度為故D錯誤。故選A。7．如圖甲所示，物塊A、B的質(zhì)量均為2kg，用輕彈簧拴接，放在光滑的水平地面上，物塊B右側(cè)與豎直墻壁接觸但不黏連。物塊C從t=0時以一定速度向右運動，在t=4s時與物塊A相碰，并立即與物塊A粘在一起不再分開，物塊C的v-t圖像如圖乙所示。下列說法正確的是（）A．物塊C的質(zhì)量為2kgB．物塊B離開墻壁前，彈簧的最大彈性勢能為40.5JC．4s到12s的時間內(nèi)，墻壁對物塊B的沖量大小為0D．物塊B離開墻壁后，物塊B的最大速度大小為3.6m/s【答案】D【解析】A．由圖知，C與A碰前速度為，碰后速度為，C與A碰撞過程動量守恒，以C的初速度方向為正方向，由動量守恒定律解得故A錯誤；B．AC粘在一起速度變?yōu)?時，彈簧的彈性勢能最大，為故B錯誤；C．由圖知，12s末A和C的速度為，4s到12s過程中墻壁對物體B的沖量大小等于彈簧對物體B的沖量大小，也等于彈簧對A和C整體的沖量大小，墻對B的沖量為解得方向向左，故C錯誤；D．物塊B剛離時，由機(jī)械能守恒定律可得，AC向左運動的速度大小為3m/s，物塊B離開墻壁后，系統(tǒng)動量守恒、機(jī)械能守恒，當(dāng)彈簧再次恢復(fù)原長時，物體B的速度最大，則有代入數(shù)據(jù)解得物塊B的最大速度為3.6m/s，故D正確。故選D。8．在珠寶商場中，我們常?？吹姐@石在光的照射下，閃閃發(fā)光，晶瑩奪目。這是由于光在鉆石內(nèi)部多次發(fā)生全反射的緣故。珠寶工程師們?yōu)榱蓑炞C這一現(xiàn)象，取一塊打磨好的鉆石某剖面，如圖所示，底部θ=53°，用一束復(fù)色光從鉆石MN截面垂直入射，在邊界OP上，光線a恰好發(fā)生全反射，光線b折射到空氣中。已知。下列說法正確的是（）A．鉆石對光線a的折射率為1.67B．鉆石對b光的折射率比a光的大C．b光的光子能量比a光小D．用相同雙縫做楊氏干涉實驗時，光線a的干涉條紋間距更大【答案】AC【解析】A．由幾何關(guān)系可知，a光臨界角為37°，則故A正確；B．b光發(fā)生折射，臨界角大于a光，由可知鉆石對b光的折射率比a光的小，故B錯誤；D．折射率越小則光的頻率就越小，波長越大；根據(jù)可知波長越大，干涉條紋間距越大，用相同雙縫做楊氏干涉實驗時，光線b的干涉條紋間距更大，故D錯誤；C．由光子的能量公式E=hν可知，b光的光子能量比a光小，故C正確。故選AC。9．如圖所示，間距均為的粗糙平行傾斜導(dǎo)軌與足夠長光滑平行水平導(dǎo)軌在、處平滑連接，空間存在方向豎直向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場。、是兩根完全相同且粗細(xì)均勻的金屬棒，質(zhì)量為，電阻為棒垂直放置在傾斜導(dǎo)軌距水平導(dǎo)軌高處；棒與水平導(dǎo)軌垂直并處于靜止?fàn)顟B(tài)，到的距離。現(xiàn)給棒一個水平向右的初速度，運動過程中棒始終垂直于導(dǎo)軌，棒始終靜止。不計導(dǎo)軌電阻，重力加速度為，下列說法正確的是（

）A．初始時通過閉合回路的磁通量為B．棒獲得初速度瞬間，通過棒的電流大小為C．棒獲得初速度后向右做減速運動過程中，棒受到的支持力和摩擦力均變大D．棒獲得初速度后向右運動的最大位移為【答案】BD【解析】A．初始時穿過閉合回路的磁通量A錯誤；B．棒獲得初速度瞬間，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢B正確；C．由右手定則和左手定則可知棒所受安培力水平向左，棒獲得初速度后向右做減速運動，棒受到安培力水平向右，隨著棒速度的減小，感應(yīng)電動勢減小，感應(yīng)電流減小，兩棒所受安培力也逐漸變小，根據(jù)受力平衡可得，棒受到的支持力變大，摩擦力變小，C錯誤；D．棒獲得初速度后向右做減速運動過程中，由動量定理有解得D正確。故選BD。10．如圖所示，一輕彈簧放在傾角且足夠長的光滑斜面上，下端固定在斜面底端的擋板上，上端與放在斜面上的物塊A連接，兩質(zhì)量均為m的小物塊A，B疊放在斜面上且保持靜止，現(xiàn)用大小為的恒力平行于斜面向上拉物塊B。已知彈簧的勁度系數(shù)為k，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，重力加速度大小為g，下列說法正確的是（）A．剛施加恒力的瞬間，物塊B的加速度大小為B．剛施加恒力的瞬間，物塊A給物塊B的彈力大小為C．物塊B與物塊A分離的瞬間，彈簧的彈力大小為D．物塊B從開始運動到與物塊A分離的過程中，運動的距離為【答案】ACD【解析】AB．剛施加恒力的瞬間，對A、B整體分析，由牛頓第二定律可得解得對物塊B分析，設(shè)剛施加恒力的瞬間，物塊A給物塊B的彈力大小為，由牛頓第二定律有解得故A正確，B錯誤；C．物塊A與物塊B分離瞬間，物塊A對物塊B的彈力恰好為零，此時刻二者加速度相同，則對B由牛頓第二定律有解得即此時B的速度達(dá)到最大值，而對A由牛頓第二定律有解得此時A速度同樣達(dá)到了最大值，故C正確；D．未施加恒力時，A、B整體處于靜止?fàn)顟B(tài)，根據(jù)平衡條件有解得當(dāng)A、B分離瞬間，根據(jù)胡克定律有解得由此可知，物塊B從開始運動到與物塊A分離的過程中，運動的距離為故D正確。故選ACD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11．（6分）利用如圖1所示的實驗裝置可以測量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮。渲行′撝榭杀晃陔姶盆FA的下端，電磁鐵A和光電門B固定不動，光電門C可上下移動，光電門用來測量小鋼珠通過兩光電門之間距離所需的時間t。（1）電磁鐵斷電后，小鋼珠將從電磁鐵下端由靜止下落，通過上下移動光電門C，測出B、C兩光電門之間的距離x和小鋼珠在B、C兩光電門之間的運動時間t，計算出小鋼珠在B、C間的平均速度，作出的圖像如圖2所示，則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹椋ㄓ?、表示）；?）由圖2提供的信息，可知電磁鐵下端到光電門B之間的距離為（用、表示）；（3）若考慮空氣阻力的影響，由此測得的重力加速度比真實值（選填“偏大”“偏小”或“相同”）?！敬鸢浮浚?）（2）（3）偏小【解析】（1）小鋼珠在兩光電門之間做勻變速直線運動，設(shè)小鋼珠到達(dá)光電門時的速度大小為，則由可得可知圖2中圖線的斜率解得（2）由圖2可知，小鋼珠經(jīng)過光電門B時的速度大小為由可得電磁鐵下端到光電門B的距離為（3）若考慮空氣阻力的影響，由牛頓第二定律可得解得故測量值比真實值偏小。12．（10分）某同學(xué)將電流表改裝為歐姆表和電壓表的兩用電表，歐姆表“×10”擋中央刻度為15、電壓表量程為0~3V，實驗室可提供的器材有：A．一節(jié)全新的5號干電池（E=1.5V，內(nèi)阻不計）B．電流表A1（量程0~10mA，內(nèi)阻為5Ω）C．電流表A2（量程0~0.6A，內(nèi)阻為0.2Ω）D．滑動變阻器R1（0~300Ω）E.滑動變阻器R2（0~30Ω）F.合適的定值電阻RG.單刀雙擲開關(guān)S，一對表筆及若干導(dǎo)線（1）圖中A為（填“紅”或“黑”）表筆，測量電壓時應(yīng)將開關(guān)S扳向（填“1”或“2”）。（2）對于歐姆表，中值電阻等于其內(nèi)阻。由此可知電流表應(yīng)選用（填“A1”或“A2”），滑動變阻器應(yīng)選用（填“R1”或“R2”），定值電阻的阻值為Ω?！敬鸢浮浚?）黑2（2）A1R1295【解析】（1）[1]根據(jù)“紅進(jìn)黑出”的規(guī)律，可確定A為黑表筆。[2]測電壓時，內(nèi)接電源不用，要將轉(zhuǎn)換開關(guān)接到2位置。（2）[1][2]當(dāng)改裝成歐姆表時，兩表筆短接，電流表滿偏時，電路的電阻為歐姆表的內(nèi)阻，則有又解得故電流表應(yīng)選用A1?；瑒幼冏杵鬟xR1。[3]當(dāng)改裝為量程為0~3V的電壓表時，應(yīng)串聯(lián)一個電阻，其阻值為13．（8分）某同學(xué)借助安裝在高處的籃球發(fā)球機(jī)練習(xí)原地豎直起跳接球。該同學(xué)站在水平地面上，與出球口水平距離l=2.5m，舉手時手掌距地面最大高度h0=2.0m。發(fā)球機(jī)出球口以速度v0=5m/s沿水平方向發(fā)球。從籃球發(fā)出到該同學(xué)起跳離地，耗時t0=0.2s，該同學(xué)跳至最高點伸直手臂恰能在頭頂正上方接住籃球。重力加速度g大小取10m/s2。求：（1）t0時間內(nèi)籃球的位移大?。唬?）出球口距地面的高度?！敬鸢浮浚?）（2）3.7m【解析】（1）在t0時間內(nèi)，籃球水平方向做勻速直線運動，位移為豎直方向做自由落體運動，位移為所以籃球的位移為（2）從發(fā)出球到接住球經(jīng)過的時間為所以該同學(xué)起跳離地到接住球經(jīng)歷的時間為同學(xué)起跳后上升的高度為整個過程籃球下降的高度所以出球口距地面的高度為14．（12分）如圖所示，一長的水平傳送帶以恒定速率逆時針轉(zhuǎn)動，其右端與水平地面在點無縫對接。質(zhì)量的小球A用一不可伸長的輕繩懸掛在點，點在點的正上方，輕繩長，質(zhì)量的小物塊B靜止在點?，F(xiàn)將小球A向右拉至輕繩與豎直方向成角處由靜止釋放，A運動到最低點與B發(fā)生彈性正碰，碰后B滑上傳送帶。已知A、B均可視為質(zhì)點，B與傳送帶間的動摩擦因數(shù)，不計空氣阻力，重力加速度取。求：（1）A、B碰撞前瞬間繩子的拉力大小；（2）B從傳送帶的右端運動到左端所需要的時間及其與傳送帶間因摩擦產(chǎn)生的熱量?！敬鸢浮浚?）（2），【解析】（1）小球A下落過程，由動能定理得碰前瞬間對A由牛頓第二定律得解得，（2）A、B碰撞過程，由動量守恒定律和能量守恒定律得解得B以的速度滑上傳送帶后，根據(jù)牛頓第二定律得解得B的速度減小到與傳送帶速度相等時所需的時間此過程中B相對地面的位移此后B做勻速直線運動，B到達(dá)傳送帶最左端還需要的時間B從傳送帶的右端運動到左端需要的時間為時間內(nèi)傳送帶發(fā)生的位