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文檔簡介
廣西南寧第二中學2025年高二下物理期末學業(yè)水平測試試題考生請注意:1.答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內,不得在試卷上作任何標記。2.第一部分選擇題每小題選出答案后,需將答案寫在試卷指定的括號內,第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3.考生必須保證答題卡的整潔??荚嚱Y束后,請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、廣州塔,昵稱小蠻腰,總高度達600米,游客乘坐觀光電梯大約一分鐘就可以到達觀光平臺.若電梯簡化成只受重力與繩索拉力,已知電梯在t=0時由靜止開始上升,a-t圖象如圖所示(以豎直向上為正方向).則下列相關說法正確的是()A.t=4.5s時,電梯處于失重狀態(tài)B.5~55s時間內,繩索拉力最小C.t=59.5s時,電梯處于超重狀態(tài)D.t=60s時,電梯速度恰好為零2、真空中,下列可見光中光子能量最小的是A.紅光 B.黃光C.綠光 D.藍光3、如圖所示,A、B兩小球在光滑水平面上分別以動量p1=4kg·m/s和p2=6kg·m/s(向右為參考正方向)做勻速直線運動,則在A球追上B球并與之碰撞的過程中,兩小球的動量變化量Δp1和Δp2可能分別為()A.-2kg·m/s,3kg·m/s B.-8kg·m/s,8kg·m/sC.1kg·m/s,-1kg·m/s D.-2kg·m/s,2kg·m/s4、如圖所示,兩個完全相同的小球,用一輕繩拴接。用豎直向上的力F作用在繩的中點,繩間的夾角α=60°.緩慢增大力F,直到兩球剛要沿水平面運動,設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,則關于此過程下列說法正確的是()A.繩子的拉力逐漸減小B.地面對兩球的支持力不變C.球與地面間的最大靜摩擦力增大D.球運動前瞬間,所受到的摩擦力最大5、在用單縫衍射實驗驗證光的波粒二象性的實驗中,下列說法中正確的是()A.使光子一個一個地通過狹縫,如果時間足夠長,底片上也不會顯示衍射圖樣B.單個光子通過狹縫后,底片上會出現完整的衍射圖樣C.光子通過狹縫后的運動路徑是直線D.光的波動性是大量光子運動的規(guī)律6、利用金屬晶格(大小約10-10m)作為障礙物觀察電子的衍射圖樣,方法是讓電子通過電場加速,然后讓電子束照射到金屬晶格上,從而得到電子的衍射圖樣.已知電子質量為m、電量為e、初速度為零,加速電壓為U,普朗克常量為h,則下列說法中不正確的是()A.該實驗說明電子具有波動性B.實驗中電子束的德布羅意波長為C.加速電壓U越大,電子的衍射現象越不明顯D.若用相同動能的質子代替電子,衍射現象將更加明顯二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、如圖所示,輕彈簧一端固定在點,另一端系一小球,小球穿在固定于豎直面內、圓心為的光滑圓環(huán)上,在的正上方,是的連線和圓環(huán)的交點,將小球拉到圓環(huán)上的點且無初速度釋放后,發(fā)現小球通過了點,最終在之間做往復運動已知小球在點時彈簧被拉長,在點時彈簧被壓縮,則下列判斷正確的是()A.小球從到一直做加速運動,從到一直做減速運動B.小球在點的伸長量一定大于彈簧在點的壓縮量C.彈簧處于原長時,小球的速度最大D.小球機械能最大的位置有兩處8、如圖所示,一定質量的理想氣體由狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的過程中A.氣體的密度一直在增大B.氣體的內能一直在增大C.氣體的壓強一直在增大D.氣體的體積一直在增大9、關于天然放射性,下列說法正確的是()A.所有元素都可能發(fā)生衰變B.放射性元素的半衰期與外界的溫度無關C.放射性元素與別的元素與別的元素形成化合物時仍具有放射性D.α、β和γ三種射線中,γ射線的穿透能力最強10、下列說法中正確的是()A.醫(yī)院“彩超”應用了多普勒效應的原理B.太陽光是自然光,經水面反射后反射光仍然是自然光C.相互干涉的兩列波,它們的頻率相同,振幅相同D.物體做受迫振動的頻率等于驅動力的頻率,與固有頻率無關三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11.(6分)某實驗小組為驗證動量守恒定律,將一輕彈簧壓縮并用細線拴住置于水平光滑桌面上,緊挨著壓縮后的輕彈簧兩端分別放置大小相等、質量不等的小球a和b,系統處于靜止狀態(tài),如題11圖所示.將細線燒斷,球被彈出,兩小球飛離桌面前都已離開彈簧.(1)若只需驗證動量守恒定律,請你在以下操作中選出最簡單有效的操作步驟________(只填寫操作步驟前的字母代號)A.用螺旋測微器測量出小球的直徑d;B.用刻度尺測量出桌面離水平地面的豎直高度h;C.用天平分別測量出a、b兩小球的質量ma和mb;D.用重錘線分別懸于小球a和b飛離桌子邊緣的位置,待其靜止時記下重錘在地面上的投影點O1、O2;E.燒斷細線,記下兩小球a和b第一次落地時的位置M點和N點;F.用刻度尺分別測量O1M的長度Sa和O2N的長度Sb;G.利用h、g(重力加速度)計算時間,再用Sa和Sb計算出兩球水平飛出速度va、vb.(2)請你寫出驗證動量守恒最簡單有效的關系式____________(選用d、h、ma、mb、g、Sa、Sb表示).(3)若實驗小組還需測定燒斷細線前,壓縮彈簧儲存的彈性勢能.則彈性勢能的表達式EP=________(選用d、h、ma、mb、g、Sa、Sb表示).12.(12分)某探究小組險證機械能守恒定律的裝置如圖所示,細線端拴一個球,另一端連接力傳感器,固定在天花板上,傳感器可記錄球在擺動過程中細線拉力大小,用量角器量出釋放球時細線與豎直方向的夾角,用天平測出球的質量為m.重力加速度為g.(1)用游標卡尺測出小球直徑如圖所示,讀數為_________mm;(2)將球拉至圖示位置,細線與豎直方向夾角為θ,靜止釋放球,發(fā)現細線拉力在球擺動過程中作周期性變化.為求出球在最低點的速度大小,應讀取拉力的_________(選填“最大值”或“最小值"),其值為F.(3)球從靜止釋放運動到最低點過程中,滿足機械能守恒的關系式為_________(用測定物理量的符號表示).(4)關于該實驗,下列說法中正確的有_______.A.細線要選擇伸縮性小的B.球盡量選擇密度大的C.不必測出球的質量和細線的長度D.可以直接用彈簧測力計代替力傳感器進行實驗四、計算題:本題共3小題,共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.(10分)如圖所示,水平傳送帶長L=2m,以v=1m/s的速度勻速運動.質量為m=4kg的小物體A、B與繞過定滑輪的輕繩相連,開始時,A位于傳送帶的最右端,B位于傾角θ=37°的光滑斜面上.t=0時刻A以初速度v0=3m/s向左運動,A與傳送帶間的動摩擦因數μ=0.4,不計滑輪質量和摩擦,繩不可伸長且有足夠長度,A在傳送帶上運動過程中,它與滑輪間的輕繩始終水平,B始終在斜面上運動.已知最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,g=10m/s2.求:(1)t=0時刻小物體A的加速度a1的大小和方向;(2)小物體A向左運動的最遠距離;(3)小物體A在傳送帶上運動的整個過程中,系統因摩擦而產生的熱量Q.14.(16分)現有A、B兩列火車在同一軌道上同向行駛,A車在前,其速度vA=10m/s,B車速度vB=30m/s.因大霧能見度低,B車在距A車600m時才發(fā)現前方有A車,此時B車立即剎車,但B車要減速1800m才能夠停止.(1)B車剎車后減速運動的加速度多大?(2)若B車剎車8s后,A車以加速度a1=0.5m/s2加速前進,問能否避免事故?若能夠避免則兩車最近時相距多遠?15.(12分)如圖所示,在水平線ab下方有一勻強電場,電場強度為E,方向豎直向下,ab的上方存在勻強磁場,磁感應強度為B,方向垂直紙面向里,磁場中有一內、外半徑分別為R、的半圓環(huán)形區(qū)域,外圓與ab的交點分別為M、N.一質量為m、電荷量為q的帶負電粒子在電場中P點靜止釋放,由M進入磁場,從N射出,不計粒子重力.(1)求粒子從P到M所用的時間t;(2)若粒子從與P同一水平線上的Q點水平射出,同樣能由M進入磁場,從N射出,粒子從M到N的過程中,始終在環(huán)形區(qū)域中運動,且所用的時間最少,求粒子在Q時速度的大?。?/p>
參考答案一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】
A.據題,電梯在t=1時由靜止開始上升,加速度向上,此時加速度a>1,t=4.5s時,a>1,加速度向上,電梯處于超重狀態(tài),故A項不符合題意;B.5~55s時間內,a=1,電梯處于平衡狀態(tài),繩索拉力等于電梯的重力,大于電梯失重時繩索的拉力,所以這段時間內繩索拉力不是最小,故B項不符合題意;C.t=59.5s時,a<1,加速度方向向下,電梯處于失重狀態(tài),故C項不符合題意;D.根據a-t圖象與坐標軸所圍的面積表示速度的變化量,由幾何知識可知,61s內a-t圖象與坐標軸所圍的面積為1,所以61s內速度的變化量為1,而電梯的初速度為1,所以t=61s時,電梯速度恰好為1.故D項符合題意.2、A【解析】
可見光中紅光的頻率最小,由光子的能量為可知,紅光的能量最小,故A正確.3、D【解析】試題分析:由于碰撞過程中,動量守恒,兩小球動量變化大小相等,方向相反,因此A錯誤;因為碰撞的過程中動能不增加.若Δp1和Δp2分別為-8kg?m/s,8kg?m/s,則P1′=-4kg.m/s,P2′=14kg.m/s根據知碰撞過程中動能增加,B錯誤;兩球碰撞的過程中,B球的動量增加,Δp2為正值,A球的動量減?。1為負值,故C錯誤.變化量為-2kg?m/s,2kg?m/s,符合動量守恒、動能不增加量,以及要符合實際的規(guī)律.故D正確.考點:動量守恒定律及其應用4、D【解析】
A.細線的連接點受三個繩子的拉力而平衡,拉力越大,繩子的拉力也越大,故A錯誤;B.把兩小球看成一個整體,受力分析如圖:F+2FN=2G;由于F不斷增大,故FN不斷減小。故B錯誤;CD.對結點受力分析如圖:有F=2Tsin60°,即T=33對小球進行受力分析如圖:小球靜止時,f=Tcos60°=0.5T;故f=36F;在滑動之前f為靜摩擦,故F增大,T增大,f增大,故C錯誤,D5、D【解析】
使光子一個一個地通過單縫,如果時間足夠長,底片上中央到達的機會最多,其它地方機會較少.因此會出現衍射圖樣,故A錯誤;單個光子通過單縫后,要經過足夠長的時間,底片上會出現完整的衍射圖樣,故B錯誤;光子通過狹縫后要發(fā)生衍射,則其運動路徑不是直線,選項C錯誤;單個光子通過單縫后打在底片的情況呈現出隨機性,大量光子通過單縫后打在底片上的情況呈現出規(guī)律性.所以少量光子體現粒子性,大量光子體現波動性,故D正確.故選D.6、D【解析】
A、該實驗觀察電子的衍射圖樣,衍射現象說明粒子的波動性,故A正確;
B、電子束通過電場加速,由動能定理可得:,故有:,所以,實驗中電子束的德布羅意波的波長為:,故B正確;
C、由B可知:加速電壓U越大,波長越小,那么,衍射現象越不明顯,故C錯誤;
D、若用相同動能的質子替代電子,質量變大,那么粒子動量變大,故德布羅意波的波長變小,故衍射現象將不明顯,故D錯誤.根據衍射現象得到波動性,然后由動能定理得到粒子速度,進而得到動量,從而得到波長,根據波長表達式得到電壓或粒子變化下波長的變化,從而判斷衍射現象變化.二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、BD【解析】小球從A至C,在切向先做加速運動,再做減速運動,從C到B也是先加速后減速,當切向合力為零(此時彈簧仍處于伸長狀態(tài))時,速度最大,故AC錯誤;因只有重力和內力中的彈力做功,故小球和彈簧系統的機械能守恒,小球在A點的動能和重力勢能均最小,故小球在A點的彈性勢能必大于在C點的彈性勢能,所以彈簧在A點的伸長量一定大于彈簧在C點的壓縮量,故B正確;當彈簧處于原長時,彈性勢能為0,小球機械能最大,由題意知,A、B相對于O1O2對稱,顯然,此位置在A、C與B、C之間各有一處,故D正確.故選BD.點睛:解答此題的關鍵是理解機械能守恒定律的條件:只有重力或彈簧的彈力做功.還要注意機械能守恒定律適用的對象,本題是系統,對單個來說是不守恒的.8、BCD【解析】
AD.分別過A、B兩點做等容線如圖所示:
由,因OA的斜率大于OB的斜率,則VA<VB,即理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B,氣體體積增大,密度減小,選項A錯誤,D正確;B.從A到B溫度升高,則氣體的內能一直在增大,選項B正確;C.由圖像可知,氣體的壓強一直在增大,選項C正確.9、BCD【解析】試題分析:自然界中有些原子核是不穩(wěn)定的,可以自發(fā)地發(fā)生衰變;衰變的快慢用半衰期表示,與元素的物理、化學狀態(tài)無關;α、β和γ三種射線中,γ射線的穿透能力最強,α射線的電離能力最強.有些原子核不穩(wěn)定,可以自發(fā)地衰變,但不是所有元素都可能發(fā)生衰變,故A錯誤;放射性元素的半衰期由原子核自身內部因素決定,與外界的溫度無關,故B正確;放射性元素的放射性與核外電子無關,故放射性元素與別的元素形成化合物時仍具有放射性,故C正確;α、β和γ三種射線中,γ射線的穿透能力最強,故D正確;10、AD【解析】
A.醫(yī)院里用于檢測的“彩超”的原理是:向病人體內發(fā)射超聲波,經血液反射后被接收,測出反射波的頻率變化,就可知血液的流速.是應用了多普勒效應的原理.故A正確;B.太陽光是自然光,經水面反射后反射光是偏振光,故B錯誤;C.相互干涉的兩列波,它們的頻率一定相同,但振幅不一定相同,故C錯誤;D.物體做受迫振動的頻率等于驅動力的頻率,與物體的固有頻率無關,故D正確.故選:AD三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、CDEFmaSa【解析】
(1)(2)球離開桌面后做平拋運動,取A的初速度方向為正方向,兩球質量和平拋初速度分別為:ma、mb、va、vb,平拋運動的水平位移分別為Sa、Sb,平拋運動的時間為t,需要驗證的方程:0=mava(3)平拋運動豎直方向h=12gt2,得到t=2hg,對系統根據能量守恒定律有12、18.50最大值AB【解析】
選取體積小,阻力小的鐵球;游標卡尺的讀法,先確定分度數,從而確定精確度,進行讀數;依據實驗原理,結合減小的重力勢能轉化為動能,及球在最低點,則繩子的拉力與重力的合力提供向心力,從而即可求解;【詳解】(1)游標卡尺的讀數為:;(2)小球在最低點由牛頓第二定律可得:,由此可知,應讀出小球在最低時繩的拉力即最大值;(3)由機械能守恒定律可得:,整理得:;(4)A.為了減小小球做圓周運動的半徑的變化,所以細線要選擇伸縮性小的,故A正確;B.為了減小阻力的影響,球盡量選擇密度大的,體積小的,故B正確;C.球從靜止釋放運動到最低點過程中,滿足機械能守恒的關系式為可知,應測出小球的質量,而不用測出細線的長度,故C錯誤;D.由于彈簧的彈力屬于漸變,所以小球擺到最低點瞬間,彈力的測量準確,故D錯誤.故選AB.考查圓周運動的處理規(guī)律,掌握牛頓第二定律與向心力表達式內容,理解驗證機械能守恒定律的原理,知道游標卡尺的讀數,注意沒有估計值.四、計算題:本題共3小題,共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)5m/s2,方向水平向右;(2)1.3m;(3)60.8J【解析】
(1)t=0時,,物塊A相對于皮帶向左運動,所以物塊A受到的摩擦力方向水平向右,根據牛頓第二定律:以A為研究對象得:以物塊B為研究對象得:解得:=5m/s2方向水平向右(2)設經過時間t1,A的速度與傳送帶相同.則:=0.4s位移=0.8m<L因為最大靜摩擦力f=μmg<mgsin37°,所以此后A將繼續(xù)向左減速對A、B整體,根據牛頓第二定律得:解得=1m/s2,方向水平向右A物體速度減為0的時間=1sA的位移=0.5m故A向左運動的最遠距離=1.3m(3)t1時間內傳送帶的位移=0.4mA與傳送帶的相對位移=0.4mt2時間內傳送帶的位移=1mA與傳送帶的相對位移△x2=x2′﹣x2=0.5m物體A向右運動過程中,加速度為,向右運動時間t3后離開傳送帶.由得t3時間內傳送帶的位移=1.6mA與傳送帶的相對位移=2.9m故整個過程中,系統因摩擦而產生的熱量Q=μmg(△x1+△x2+△x3)=60.8J14、(1)0.25m/s2(2)可以避免事故232m【解析】
(1)設B車減速運動的加速度大小為a,有0-vB2=-2ax1,解得:a=0.25m/s2.(2)設B車減速t秒時兩車的速度相同,有vB-at=vA+a1(t-Δt)代入數值解
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