2025屆河南省豫西北教研聯(lián)盟（許平洛濟(jì)）高三下學(xué)期三模物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1豫西北教研聯(lián)盟（平許洛濟(jì)）2024-2025學(xué)年高三第三次質(zhì)量檢測(cè)試題物理注意事項(xiàng)：1、考試時(shí)間：75分鐘，總分100分。2、答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考號(hào)涂寫在答題卡上。3、回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的，把所選答案涂在答題卡上。1.2025年1月7日，西藏日喀則市定日縣發(fā)生6.8級(jí)地震，在短短數(shù)小時(shí)內(nèi)，中央救災(zāi)物資已通過多渠道運(yùn)往災(zāi)區(qū)。將一箱應(yīng)急物品由無人機(jī)以空投的方法快捷精準(zhǔn)投放到避難點(diǎn)。已知箱體脫離無人機(jī)后由靜止開始豎直下落，以豎直向下為正方向，運(yùn)動(dòng)過程的位移一時(shí)間圖像如圖所示，和時(shí)間內(nèi)的曲線在時(shí)刻平滑連接，兩段曲線的彎曲方向相反，時(shí)刻后為直線。下列說法正確的是（）A.時(shí)間內(nèi)箱體的速度先增大后減小 B.箱體時(shí)刻的速度小于時(shí)刻的速度C.時(shí)間內(nèi)箱體處于失重狀態(tài) D.時(shí)刻后箱體機(jī)械能守恒【答案】A【解析】A．x-t圖像的斜率代表速度，觀察圖像可以發(fā)現(xiàn)時(shí)間內(nèi)圖像斜率先增大后減小，所以箱體的速度先增大后減小，故A正確；B．根據(jù)圖像可以知道箱體時(shí)刻圖像斜率大于時(shí)刻的圖像斜率，故箱體時(shí)刻的速度大于時(shí)刻的速度，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)圖像可知時(shí)間圖像斜率減小，故箱體向下減速，加速度向上，故箱體處于超重狀態(tài)，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)圖像可知時(shí)刻后箱體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故箱體受到的阻力做負(fù)功，故箱體的機(jī)械能減小，故D錯(cuò)誤。故選A。2.在籃球比賽中，運(yùn)動(dòng)員將籃球斜向上拋出，若籃球在運(yùn)動(dòng)過程中所受空氣阻力大小與其速率成正比，方向與籃球運(yùn)動(dòng)方向相反。則該籃球從拋出到運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)的過程中（）A.運(yùn)動(dòng)軌跡為拋物線 B.加速度大小一定變小C.速率先變小后變大 D.在最高點(diǎn)加速度大小等于重力加速度大小【答案】B【解析】AC．如圖所示籃球在上升至最高點(diǎn)的過程中，受重力和空氣阻力，兩個(gè)力均做負(fù)功，故速率v變小，則阻力逐漸減小，所以合力是變力，所以其運(yùn)動(dòng)不是勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，軌跡不是拋物線，故AC錯(cuò)誤；B．由于阻力f的方向與重力mg方向間的夾角逐漸變大，且阻力變小，重力不變，根據(jù)平行四邊形定則可知合力變小，則由牛頂?shù)诙煽芍铀俣茸冃。蔅正確；D．籃球在最高點(diǎn)處，速度沿水平方向，仍受空氣阻力作用，故合力大于重力，加速度大于重力加速度，故D錯(cuò)誤。故選B。3.如圖所示，虛線左側(cè)空間存在一方向與紙面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間的變化關(guān)系為。一硬質(zhì)細(xì)導(dǎo)線的電阻率為、橫截面積為，將該導(dǎo)線做成半徑為的圓環(huán)固定在紙面內(nèi)，圓心在上，時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向如圖。對(duì)從時(shí)到時(shí)，下列說法正確的是（）A.圓環(huán)所受安培力的方向始終不變 B.圓環(huán)中的感應(yīng)電流在時(shí)發(fā)生改變C.圓環(huán)中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為 D.圓環(huán)中的感應(yīng)電流大小為【答案】D【解析】AB．由題知，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間的變化關(guān)系為設(shè)當(dāng)時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度，代入上式，則有解得即當(dāng)從時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度向里減到零，時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度為零，之后磁感應(yīng)強(qiáng)度向外反向增加；根據(jù)楞次定律可知，在內(nèi)圓環(huán)的電流為順時(shí)針；1.5s后圓環(huán)的電流也為順時(shí)針，即電流方向不發(fā)生改變；根據(jù)左手定則，可知在內(nèi)圓環(huán)所受的安培力向左，1.5s后圓環(huán)所受的安培力向右，即安培力方向發(fā)生變化，故AB錯(cuò)誤；C．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有根據(jù)磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間的變化關(guān)系為可得故感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)電阻定律，可得圓環(huán)的電阻為則感應(yīng)電流大小為故D正確。故選D。4.如圖所示，一束紅光由空氣沿徑向射入半球形透明玻璃磚，當(dāng)入射光線與透明玻璃磚底面之間的夾角θ=37°時(shí)，恰好沒有光線從底面透出。已知半球形玻璃磚的半徑為R，真空中光速為c，sin37°=0.6，cos37°=0.8。則這束紅光從射入玻璃磚到射出玻璃磚所需時(shí)間為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】根據(jù)題意可知所以，所以這束紅光從射入玻璃磚到射出玻璃磚所需時(shí)間為故選C。5.2025年2月28日，太陽系七大行星上演“七星連珠”的天文現(xiàn)象。已知太陽系的八大行星基本運(yùn)行在同一平面上，地球繞太陽運(yùn)行的公轉(zhuǎn)軌道半徑是火星公轉(zhuǎn)軌道半徑的倍，則火星與地球相鄰兩次相距最近大約需要（）A.1.2年 B.1.8年 C.2.2年 D.3.7年【答案】C【解析】根據(jù)開普勒第三定律可得解得設(shè)經(jīng)過t時(shí)間火星與地球相距最近，則有整理可得故選C。6.如圖所示，水平地面上靜置一質(zhì)量為的圓形支架，其下端套有一質(zhì)量為的光滑小圓環(huán)，現(xiàn)用一始終沿圓型支架切線方向的力緩慢將小圓環(huán)由最低點(diǎn)拉至頂端，支架保持靜止不動(dòng)，在此過程中下列說法正確的是（）A.拉力逐漸變大 B.小圓環(huán)受到彈力先減小后增大C.地面對(duì)支架的支持力先增大后減小 D.地面受到的摩擦力先變大后減小【答案】B【解析】AB．對(duì)小環(huán)受力分析如圖所示從A到B的過程中，根據(jù)平衡條件可得，由圖可知，從增大到，則變小，變大，小環(huán)從B到C的過程中，則有，由圖可知，從增大到，變大，變小，故從最低點(diǎn)到最高點(diǎn)的過程中，拉力F先變大后變小，小環(huán)受到的彈力先減小后增大，A錯(cuò)誤，B正確；CD．對(duì)支架大圓和小圓環(huán)整體受力分析，從A到B的過程中，其受力情況如圖所示則有，結(jié)合上述結(jié)論可知，變小，先增大后減小，同理可知，從B到C的過程中，其受力情況如下圖所示，故有變大，先增大后減小，綜合可知，地面對(duì)支架的支持力先減小后增大，地面受到的摩擦力先變大后減小，再變大再減小，CD錯(cuò)誤。故選B。7.如圖所示，絕緣軌道ABC固定在豎直平面內(nèi)，AB部分是光滑的圓弧軌道，軌道半徑為R，BC部分是足夠長(zhǎng)的水平軌道，兩部分平滑連接。空間存在水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)（圖中未畫出），場(chǎng)強(qiáng)大小為E（未知）。現(xiàn)將一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）從軌道上的A點(diǎn)由靜止釋放，物塊沿軌道運(yùn)動(dòng)。已知物塊與軌道BC間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.125，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中物塊在BC段運(yùn)動(dòng)的總路程為2R，重力加速度大小為g，且。則整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中帶電物塊向右運(yùn)動(dòng)的最遠(yuǎn)處與B點(diǎn)相距（）A. B. C. D.【答案】A【解析】運(yùn)動(dòng)到最遠(yuǎn)時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理得最終靜止在圓弧軌道上，設(shè)與豎直方向的夾角為θ，根據(jù)平衡條件得全程根據(jù)動(dòng)能定理得解得故選A。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)得0分。8.如圖所示，一理想變壓器原線圈匝數(shù)n1＝1000匝，副線圈匝數(shù)n2＝200匝，副線圈中接有“220V，220W”的電動(dòng)機(jī)，當(dāng)原線圈中接電壓u＝1100sin100πt（V）的交變電源，電動(dòng)機(jī)正常工作。電流表和電壓表都是理想電表。下列說法正確的是（）A.交流電的頻率為100Hz B.電壓表示數(shù)為1100VC.電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻220Ω D.電流表A1的示數(shù)為0.2A【答案】BD【解析】A．由表達(dá)式可知，交流電源的頻率為50Hz，變壓器不改變交變電流的頻率，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．交變電源電壓，而電壓表讀數(shù)為有效值，即電壓表的示數(shù)是選項(xiàng)B正確；C．電動(dòng)機(jī)正常工作，所以由于電動(dòng)機(jī)不是純電阻電路，歐姆定律不適用，則電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．電動(dòng)機(jī)正常工作，所以電流表A2示數(shù)為1A，由電流與匝數(shù)成反比得通過電流表A1的電流為0.2A，選項(xiàng)D正確。故選BD。9.一列簡(jiǎn)諧橫波沿軸傳播，時(shí)刻的波形如圖所示。已知從計(jì)時(shí)開始，處的質(zhì)點(diǎn)第1次到達(dá)波峰的時(shí)刻比處的質(zhì)點(diǎn)第1次回到平衡位置的時(shí)刻滯后了。關(guān)于該簡(jiǎn)諧波，下列說法正確的是（）A.該波沿軸正方向傳播B.波速C.時(shí)，處的質(zhì)點(diǎn)沿軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)D.處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程為【答案】BC【解析】A．處處對(duì)于x=6m處對(duì)稱，根據(jù)簡(jiǎn)諧波傳播規(guī)律，t=0時(shí)刻，兩點(diǎn)位移相同，又處的質(zhì)點(diǎn)第1次到達(dá)波峰的時(shí)刻比處的質(zhì)點(diǎn)第1次回到平衡位置的時(shí)刻滯后了，故該波沿x軸的負(fù)方向傳播，故A錯(cuò)誤；B．若設(shè)該波的振動(dòng)周期為T，則根據(jù)波的傳播規(guī)律,則x=5m處回到平衡位置的比x=7m處晚故，代入數(shù)據(jù)可得故，故B正確；C．據(jù)前分析可得，則t=8s時(shí)，x=3m處的質(zhì)點(diǎn)回到t=0時(shí)刻位置，運(yùn)動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向，又經(jīng)，質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到x軸下方繼續(xù)沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，故C正確；D．根據(jù)波形圖可寫出t=0時(shí)刻，波形圖的函數(shù)關(guān)系式為即當(dāng)x=1m時(shí)，代入振動(dòng)公式由，得當(dāng)，，且質(zhì)點(diǎn)沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，故故處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程為，故選BC10.在如圖所示的長(zhǎng)方體空間中，存在沿軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，，。某時(shí)刻一帶正電的粒子以速度大小，方向平行于平面且與軸正方向的夾角，從左邊界區(qū)域中心射入，該粒子比荷為，不計(jì)粒子重力，，。則下列說法正確的是（）A.粒子在該區(qū)域運(yùn)動(dòng)過程中，加速度大小不變B.若磁感應(yīng)強(qiáng)度，則粒子會(huì)從面射出C.若磁感應(yīng)強(qiáng)度，則粒子會(huì)從面射出D.若磁感應(yīng)強(qiáng)度，則粒子可能從面射出【答案】AC【解析】A．粒子在該區(qū)域受到向右電場(chǎng)力F=Eq將v0分解為豎直向上v0z和水平向右v0y，則有由左手定則知F洛=Bqv0z，方向向里，在xoz平面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由于F洛不做功。v0z不變，故F洛大小不變。而電場(chǎng)力是恒力，y方向雖加速，但不影響洛倫茲力。所以合力大小不變，則加速度大小不變，故A正確；BC．若磁感應(yīng)強(qiáng)度，根據(jù)洛倫茲力提供向心力，有解得AA1B1B的側(cè)視圖如圖可得由圖可知當(dāng)時(shí)，圓周運(yùn)動(dòng)頂點(diǎn)剛好在ADD1A1面上。水平向右做勻加速運(yùn)動(dòng)、故剛能從DCC1D1面上射出。根據(jù)可知B越大，r越小，故時(shí)，則粒子會(huì)從DCC1D1面射出，故C正確，B錯(cuò)誤；D．若時(shí)，根據(jù)洛倫茲力提供向心力，有解得則圓心在A1D1C1B1面上，則粒子從ADD1A1面射出，故D錯(cuò)誤。故選AC。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.物體從高處下落時(shí)，會(huì)受到空氣的阻力，空氣阻力與物體的速度、迎風(fēng)面的大小及形狀等因素有關(guān)。某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖甲所示的用光電門測(cè)定鋼球下落時(shí)受到的阻力大小的實(shí)驗(yàn)裝置。直徑為、質(zhì)量為的小鋼球從某高度下落的過程中先后通過光電門A、B，計(jì)時(shí)裝置測(cè)出鋼球通過A、B的時(shí)間分別為、。用鋼球通過光電門的平均速度表示鋼球球心通過光電門的瞬時(shí)速度，測(cè)出兩光電門間的距離為，已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮椤＃?）用游標(biāo)卡尺測(cè)量鋼球直徑如圖乙所示，讀數(shù)為_____；（2）鋼球從A到B過程中受到空氣的平均阻力_____；（用題中所給物理量符號(hào)來表示）（3）本題“用鋼球通過光電門的平均速度表示鋼球球心通過光電門的瞬時(shí)速度”，但從嚴(yán)格意義上講是不準(zhǔn)確的，實(shí)際上鋼球通過光電門的平均速度小于鋼球球心通過光電門的瞬時(shí)速度，由此產(chǎn)生的誤差_____（選填“能”或“不能”）通過增加實(shí)驗(yàn)次數(shù)減小?！敬鸢浮浚?）10.20（2）（3）不能【解析】【小問1詳析】20分度游標(biāo)卡尺的精確值為，由圖乙可知，鋼球直徑為【小問2詳析】鋼球經(jīng)過A、B兩光電門的速度分別為，鋼球從A到B過程中，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得根據(jù)牛頓第二定律可得聯(lián)立解得鋼球從A到B過程中受到空氣的平均阻力為【小問3詳析】本題“用鋼球通過光電門的平均速度表示鋼球球心通過光電門的瞬時(shí)速度”，但從嚴(yán)格意義上講是不準(zhǔn)確的，實(shí)際上鋼球通過光電門的平均速度小于鋼球球心通過光電門的瞬時(shí)速度，由此產(chǎn)生的誤差是系統(tǒng)誤差，不能通過增加實(shí)驗(yàn)次數(shù)減小。12.為了測(cè)量某一舊電池組的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，某實(shí)驗(yàn)興趣小組設(shè)計(jì)了如圖甲所示電路圖，所用實(shí)驗(yàn)器材如下：舊電池組（電動(dòng)勢(shì)約為，內(nèi)阻約為幾十歐姆）電壓表（量程為，內(nèi)阻）定值電阻（阻值）單刀雙擲開關(guān)一個(gè)，導(dǎo)線若干（1）根據(jù)圖甲所示電路圖，完成圖乙中的實(shí)物圖連線_____。（2）實(shí)驗(yàn)操作步驟如下：①將單刀雙擲開關(guān)與1接通，僅用電壓表直接測(cè)量電源兩端電壓，記錄電壓表示數(shù)；②將單刀雙擲開關(guān)與2接通，使得電壓表與定值電阻串聯(lián)后接入電源，記錄電壓表示數(shù)；（3）若測(cè)得，的讀數(shù)如圖丙所示，讀出_____，由此得出_____V，_____；（保留三位有效數(shù)字）（4）如果電壓表的實(shí)際內(nèi)阻大于標(biāo)稱值，最終測(cè)出的電池內(nèi)阻阻值_____（填寫“偏大”、“偏小”或“無影響”）。【答案】（1）（3）1.202.4543.5（4）偏大【解析】[1]根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖如圖所示[2]電壓表的最小分度值為0.1V，所以讀數(shù)為；[3][4]將單刀雙擲開關(guān)S與1接通，根據(jù)閉合電路歐姆定律，有將單刀雙擲開關(guān)S與2接通，根據(jù)閉合電路歐姆定律，有聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得電動(dòng)勢(shì)為電源內(nèi)阻為[5]將單刀雙擲開關(guān)S與1接通，根據(jù)閉合電路歐姆定律，有將單刀雙擲開關(guān)S與2接通，根據(jù)閉合電路歐姆定律，有聯(lián)立解得如果電壓表的實(shí)際內(nèi)阻大于標(biāo)稱值，最終測(cè)出的電池內(nèi)阻阻值偏大。13.如圖所示，豎直放置開口向上質(zhì)量為的氣缸，用質(zhì)量為的活塞密封一部分理想氣體，靜止在水平地面上，氣柱的高度為?，F(xiàn)用豎直向上的恒定拉力（大小未知）作用在活塞上，當(dāng)二者相對(duì)靜止且一起向上做勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，活塞相對(duì)氣缸上升了。已知大氣壓強(qiáng)恒為，活塞橫截面積為，活塞和氣缸導(dǎo)熱性能良好，環(huán)境溫度不變，不計(jì)活塞和氣缸間的摩擦，忽略空氣阻力，重力加速度大小為，求：（1）勻加速上升過程中密封氣體的壓強(qiáng)；（2）拉力的大小。【答案】（1）（2）【解析】（1）對(duì)活塞，由靜止受力平衡得對(duì)密封氣體，從開始到施加力后達(dá)到穩(wěn)定時(shí)，由玻意耳定律可得聯(lián)立解得勻加速上升過程中密封氣體的壓強(qiáng)（2）施加力后達(dá)到穩(wěn)定時(shí)，對(duì)活塞由牛頓第二定律得對(duì)氣缸和活塞整體由牛頓第二定律得聯(lián)立解得拉力14.如圖所示，在光滑絕緣的水平面內(nèi)，存在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為。有兩個(gè)質(zhì)量為可視為質(zhì)點(diǎn)的帶電小球A、B，A球帶正電，B球帶負(fù)電，電荷量均為，兩小球與一輕質(zhì)彈簧的兩端連接點(diǎn)處絕緣。初始時(shí)兩球被鎖定處于靜止?fàn)顟B(tài)，彈簧被壓縮。已知彈簧勁度系數(shù)，彈簧彈性勢(shì)能的表達(dá)式為（x為彈簧形變量）。解除鎖定前彈簧的彈性勢(shì)能，忽略帶電小球A、B之間的相互作用力，某一時(shí)刻解除鎖定。求：（1）解除鎖定瞬間A球的加速度大小；（2）A球在向左運(yùn)動(dòng)過程中，當(dāng)彈簧的彈力大小為時(shí)（此時(shí)彈簧處于壓縮狀態(tài)）A球的動(dòng)能（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問1詳析】由得對(duì)A球解得【小問2詳析】從解除鎖定，A球在向左運(yùn)動(dòng)過程中，設(shè)x1、x2分別為A、B兩球移動(dòng)的位移對(duì)A、B組成的系統(tǒng)，從解除鎖定至彈簧的彈力大小為的過程中，系統(tǒng)減少的彈性勢(shì)能系統(tǒng)在勻強(qiáng)電場(chǎng)中增加的電勢(shì)能由能量守恒定律得得A球向左運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能15.如圖所示，在坐標(biāo)系的第一象限內(nèi)存在沿軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)（大小未知），在第二象限內(nèi)存在沿軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)（大小未知），第四象限內(nèi)存在垂直于平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，軸、軸為各場(chǎng)區(qū)的邊界線。現(xiàn)將質(zhì)量為、電荷量為的質(zhì)子由第二象限內(nèi)的點(diǎn)由靜止釋放；穿過軸時(shí)的速度為，在電場(chǎng)和磁場(chǎng)的作用下，質(zhì)子在第一象限和第四象限內(nèi)做周期性運(yùn)動(dòng)，已知第四象限內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為，且質(zhì)子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)與軸的最遠(yuǎn)距離為。求（1）電場(chǎng)強(qiáng)度和的大小；（2）判斷該質(zhì)子能否經(jīng)過點(diǎn)，并說明原因（無分析過程不給分）；（3）從點(diǎn)開始計(jì)時(shí)，質(zhì)子經(jīng)過軸時(shí)所用時(shí)間?！敬鸢浮浚?），（2）能經(jīng)過（3）質(zhì)子向下通過軸時(shí)用時(shí)（、1、2、…）；質(zhì)子向上通過軸時(shí)用時(shí)（1、2、…）【解析】【小問1詳析】對(duì)質(zhì)子，從M到N的過程，由動(dòng)能定理得則質(zhì)子在第一象限內(nèi)做類平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)經(jīng)過x軸時(shí)的速度為v，與x軸正方向的夾角為，則由動(dòng)能定理得且質(zhì)子從進(jìn)入磁場(chǎng)到離x軸最遠(yuǎn)處的過程中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為，則聯(lián)立可得、，且【小問2詳析】設(shè)質(zhì)子完成一次類平拋運(yùn)動(dòng)所用時(shí)間為，質(zhì)子相鄰兩次進(jìn)出磁場(chǎng)的時(shí)間為，質(zhì)子在一次類平拋運(yùn)動(dòng)中，有且質(zhì)子相鄰兩次進(jìn)出磁場(chǎng)在水平方向上移動(dòng)的距離用時(shí)則質(zhì)子完成一次周期性運(yùn)動(dòng)沿x方向移動(dòng)的距離聯(lián)立得，，；考慮到，容易知道，此時(shí)質(zhì)子做類平拋運(yùn)動(dòng)，所處位置的縱坐標(biāo)所以質(zhì)子能經(jīng)過點(diǎn)?！拘?詳析】對(duì)質(zhì)子，由M到N，有由（2）問可得質(zhì)子完成一次類平拋運(yùn)動(dòng)所用時(shí)間質(zhì)子相鄰兩次進(jìn)出磁場(chǎng)用時(shí)則質(zhì)子向下通過x軸時(shí)用時(shí)（、1、2、…）質(zhì)子向上通過x軸時(shí)用時(shí)（1、2、…）豫西北教研聯(lián)盟（平許洛濟(jì)）2024-2025學(xué)年高三第三次質(zhì)量檢測(cè)試題物理注意事項(xiàng)：1、考試時(shí)間：75分鐘，總分100分。2、答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考號(hào)涂寫在答題卡上。3、回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的，把所選答案涂在答題卡上。1.2025年1月7日，西藏日喀則市定日縣發(fā)生6.8級(jí)地震，在短短數(shù)小時(shí)內(nèi)，中央救災(zāi)物資已通過多渠道運(yùn)往災(zāi)區(qū)。將一箱應(yīng)急物品由無人機(jī)以空投的方法快捷精準(zhǔn)投放到避難點(diǎn)。已知箱體脫離無人機(jī)后由靜止開始豎直下落，以豎直向下為正方向，運(yùn)動(dòng)過程的位移一時(shí)間圖像如圖所示，和時(shí)間內(nèi)的曲線在時(shí)刻平滑連接，兩段曲線的彎曲方向相反，時(shí)刻后為直線。下列說法正確的是（）A.時(shí)間內(nèi)箱體的速度先增大后減小 B.箱體時(shí)刻的速度小于時(shí)刻的速度C.時(shí)間內(nèi)箱體處于失重狀態(tài) D.時(shí)刻后箱體機(jī)械能守恒【答案】A【解析】A．x-t圖像的斜率代表速度，觀察圖像可以發(fā)現(xiàn)時(shí)間內(nèi)圖像斜率先增大后減小，所以箱體的速度先增大后減小，故A正確；B．根據(jù)圖像可以知道箱體時(shí)刻圖像斜率大于時(shí)刻的圖像斜率，故箱體時(shí)刻的速度大于時(shí)刻的速度，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)圖像可知時(shí)間圖像斜率減小，故箱體向下減速，加速度向上，故箱體處于超重狀態(tài)，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)圖像可知時(shí)刻后箱體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故箱體受到的阻力做負(fù)功，故箱體的機(jī)械能減小，故D錯(cuò)誤。故選A。2.在籃球比賽中，運(yùn)動(dòng)員將籃球斜向上拋出，若籃球在運(yùn)動(dòng)過程中所受空氣阻力大小與其速率成正比，方向與籃球運(yùn)動(dòng)方向相反。則該籃球從拋出到運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)的過程中（）A.運(yùn)動(dòng)軌跡為拋物線 B.加速度大小一定變小C.速率先變小后變大 D.在最高點(diǎn)加速度大小等于重力加速度大小【答案】B【解析】AC．如圖所示籃球在上升至最高點(diǎn)的過程中，受重力和空氣阻力，兩個(gè)力均做負(fù)功，故速率v變小，則阻力逐漸減小，所以合力是變力，所以其運(yùn)動(dòng)不是勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，軌跡不是拋物線，故AC錯(cuò)誤；B．由于阻力f的方向與重力mg方向間的夾角逐漸變大，且阻力變小，重力不變，根據(jù)平行四邊形定則可知合力變小，則由牛頂?shù)诙煽芍铀俣茸冃?，故B正確；D．籃球在最高點(diǎn)處，速度沿水平方向，仍受空氣阻力作用，故合力大于重力，加速度大于重力加速度，故D錯(cuò)誤。故選B。3.如圖所示，虛線左側(cè)空間存在一方向與紙面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間的變化關(guān)系為。一硬質(zhì)細(xì)導(dǎo)線的電阻率為、橫截面積為，將該導(dǎo)線做成半徑為的圓環(huán)固定在紙面內(nèi)，圓心在上，時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向如圖。對(duì)從時(shí)到時(shí)，下列說法正確的是（）A.圓環(huán)所受安培力的方向始終不變 B.圓環(huán)中的感應(yīng)電流在時(shí)發(fā)生改變C.圓環(huán)中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為 D.圓環(huán)中的感應(yīng)電流大小為【答案】D【解析】AB．由題知，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間的變化關(guān)系為設(shè)當(dāng)時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度，代入上式，則有解得即當(dāng)從時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度向里減到零，時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度為零，之后磁感應(yīng)強(qiáng)度向外反向增加；根據(jù)楞次定律可知，在內(nèi)圓環(huán)的電流為順時(shí)針；1.5s后圓環(huán)的電流也為順時(shí)針，即電流方向不發(fā)生改變；根據(jù)左手定則，可知在內(nèi)圓環(huán)所受的安培力向左，1.5s后圓環(huán)所受的安培力向右，即安培力方向發(fā)生變化，故AB錯(cuò)誤；C．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有根據(jù)磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間的變化關(guān)系為可得故感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)電阻定律，可得圓環(huán)的電阻為則感應(yīng)電流大小為故D正確。故選D。4.如圖所示，一束紅光由空氣沿徑向射入半球形透明玻璃磚，當(dāng)入射光線與透明玻璃磚底面之間的夾角θ=37°時(shí)，恰好沒有光線從底面透出。已知半球形玻璃磚的半徑為R，真空中光速為c，sin37°=0.6，cos37°=0.8。則這束紅光從射入玻璃磚到射出玻璃磚所需時(shí)間為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】根據(jù)題意可知所以，所以這束紅光從射入玻璃磚到射出玻璃磚所需時(shí)間為故選C。5.2025年2月28日，太陽系七大行星上演“七星連珠”的天文現(xiàn)象。已知太陽系的八大行星基本運(yùn)行在同一平面上，地球繞太陽運(yùn)行的公轉(zhuǎn)軌道半徑是火星公轉(zhuǎn)軌道半徑的倍，則火星與地球相鄰兩次相距最近大約需要（）A.1.2年 B.1.8年 C.2.2年 D.3.7年【答案】C【解析】根據(jù)開普勒第三定律可得解得設(shè)經(jīng)過t時(shí)間火星與地球相距最近，則有整理可得故選C。6.如圖所示，水平地面上靜置一質(zhì)量為的圓形支架，其下端套有一質(zhì)量為的光滑小圓環(huán)，現(xiàn)用一始終沿圓型支架切線方向的力緩慢將小圓環(huán)由最低點(diǎn)拉至頂端，支架保持靜止不動(dòng)，在此過程中下列說法正確的是（）A.拉力逐漸變大 B.小圓環(huán)受到彈力先減小后增大C.地面對(duì)支架的支持力先增大后減小 D.地面受到的摩擦力先變大后減小【答案】B【解析】AB．對(duì)小環(huán)受力分析如圖所示從A到B的過程中，根據(jù)平衡條件可得，由圖可知，從增大到，則變小，變大，小環(huán)從B到C的過程中，則有，由圖可知，從增大到，變大，變小，故從最低點(diǎn)到最高點(diǎn)的過程中，拉力F先變大后變小，小環(huán)受到的彈力先減小后增大，A錯(cuò)誤，B正確；CD．對(duì)支架大圓和小圓環(huán)整體受力分析，從A到B的過程中，其受力情況如圖所示則有，結(jié)合上述結(jié)論可知，變小，先增大后減小，同理可知，從B到C的過程中，其受力情況如下圖所示，故有變大，先增大后減小，綜合可知，地面對(duì)支架的支持力先減小后增大，地面受到的摩擦力先變大后減小，再變大再減小，CD錯(cuò)誤。故選B。7.如圖所示，絕緣軌道ABC固定在豎直平面內(nèi)，AB部分是光滑的圓弧軌道，軌道半徑為R，BC部分是足夠長(zhǎng)的水平軌道，兩部分平滑連接?？臻g存在水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)（圖中未畫出），場(chǎng)強(qiáng)大小為E（未知）。現(xiàn)將一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）從軌道上的A點(diǎn)由靜止釋放，物塊沿軌道運(yùn)動(dòng)。已知物塊與軌道BC間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.125，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中物塊在BC段運(yùn)動(dòng)的總路程為2R，重力加速度大小為g，且。則整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中帶電物塊向右運(yùn)動(dòng)的最遠(yuǎn)處與B點(diǎn)相距（）A. B. C. D.【答案】A【解析】運(yùn)動(dòng)到最遠(yuǎn)時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理得最終靜止在圓弧軌道上，設(shè)與豎直方向的夾角為θ，根據(jù)平衡條件得全程根據(jù)動(dòng)能定理得解得故選A。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)得0分。8.如圖所示，一理想變壓器原線圈匝數(shù)n1＝1000匝，副線圈匝數(shù)n2＝200匝，副線圈中接有“220V，220W”的電動(dòng)機(jī)，當(dāng)原線圈中接電壓u＝1100sin100πt（V）的交變電源，電動(dòng)機(jī)正常工作。電流表和電壓表都是理想電表。下列說法正確的是（）A.交流電的頻率為100Hz B.電壓表示數(shù)為1100VC.電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻220Ω D.電流表A1的示數(shù)為0.2A【答案】BD【解析】A．由表達(dá)式可知，交流電源的頻率為50Hz，變壓器不改變交變電流的頻率，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．交變電源電壓，而電壓表讀數(shù)為有效值，即電壓表的示數(shù)是選項(xiàng)B正確；C．電動(dòng)機(jī)正常工作，所以由于電動(dòng)機(jī)不是純電阻電路，歐姆定律不適用，則電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．電動(dòng)機(jī)正常工作，所以電流表A2示數(shù)為1A，由電流與匝數(shù)成反比得通過電流表A1的電流為0.2A，選項(xiàng)D正確。故選BD。9.一列簡(jiǎn)諧橫波沿軸傳播，時(shí)刻的波形如圖所示。已知從計(jì)時(shí)開始，處的質(zhì)點(diǎn)第1次到達(dá)波峰的時(shí)刻比處的質(zhì)點(diǎn)第1次回到平衡位置的時(shí)刻滯后了。關(guān)于該簡(jiǎn)諧波，下列說法正確的是（）A.該波沿軸正方向傳播B.波速C.時(shí)，處的質(zhì)點(diǎn)沿軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)D.處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程為【答案】BC【解析】A．處處對(duì)于x=6m處對(duì)稱，根據(jù)簡(jiǎn)諧波傳播規(guī)律，t=0時(shí)刻，兩點(diǎn)位移相同，又處的質(zhì)點(diǎn)第1次到達(dá)波峰的時(shí)刻比處的質(zhì)點(diǎn)第1次回到平衡位置的時(shí)刻滯后了，故該波沿x軸的負(fù)方向傳播，故A錯(cuò)誤；B．若設(shè)該波的振動(dòng)周期為T，則根據(jù)波的傳播規(guī)律,則x=5m處回到平衡位置的比x=7m處晚故，代入數(shù)據(jù)可得故，故B正確；C．據(jù)前分析可得，則t=8s時(shí)，x=3m處的質(zhì)點(diǎn)回到t=0時(shí)刻位置，運(yùn)動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向，又經(jīng)，質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到x軸下方繼續(xù)沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，故C正確；D．根據(jù)波形圖可寫出t=0時(shí)刻，波形圖的函數(shù)關(guān)系式為即當(dāng)x=1m時(shí)，代入振動(dòng)公式由，得當(dāng)，，且質(zhì)點(diǎn)沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，故故處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程為，故選BC10.在如圖所示的長(zhǎng)方體空間中，存在沿軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，，。某時(shí)刻一帶正電的粒子以速度大小，方向平行于平面且與軸正方向的夾角，從左邊界區(qū)域中心射入，該粒子比荷為，不計(jì)粒子重力，，。則下列說法正確的是（）A.粒子在該區(qū)域運(yùn)動(dòng)過程中，加速度大小不變B.若磁感應(yīng)強(qiáng)度，則粒子會(huì)從面射出C.若磁感應(yīng)強(qiáng)度，則粒子會(huì)從面射出D.若磁感應(yīng)強(qiáng)度，則粒子可能從面射出【答案】AC【解析】A．粒子在該區(qū)域受到向右電場(chǎng)力F=Eq將v0分解為豎直向上v0z和水平向右v0y，則有由左手定則知F洛=Bqv0z，方向向里，在xoz平面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由于F洛不做功。v0z不變，故F洛大小不變。而電場(chǎng)力是恒力，y方向雖加速，但不影響洛倫茲力。所以合力大小不變，則加速度大小不變，故A正確；BC．若磁感應(yīng)強(qiáng)度，根據(jù)洛倫茲力提供向心力，有解得AA1B1B的側(cè)視圖如圖可得由圖可知當(dāng)時(shí)，圓周運(yùn)動(dòng)頂點(diǎn)剛好在ADD1A1面上。水平向右做勻加速運(yùn)動(dòng)、故剛能從DCC1D1面上射出。根據(jù)可知B越大，r越小，故時(shí)，則粒子會(huì)從DCC1D1面射出，故C正確，B錯(cuò)誤；D．若時(shí)，根據(jù)洛倫茲力提供向心力，有解得則圓心在A1D1C1B1面上，則粒子從ADD1A1面射出，故D錯(cuò)誤。故選AC。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.物體從高處下落時(shí)，會(huì)受到空氣的阻力，空氣阻力與物體的速度、迎風(fēng)面的大小及形狀等因素有關(guān)。某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖甲所示的用光電門測(cè)定鋼球下落時(shí)受到的阻力大小的實(shí)驗(yàn)裝置。直徑為、質(zhì)量為的小鋼球從某高度下落的過程中先后通過光電門A、B，計(jì)時(shí)裝置測(cè)出鋼球通過A、B的時(shí)間分別為、。用鋼球通過光電門的平均速度表示鋼球球心通過光電門的瞬時(shí)速度，測(cè)出兩光電門間的距離為，已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮椤＃?）用游標(biāo)卡尺測(cè)量鋼球直徑如圖乙所示，讀數(shù)為_____；（2）鋼球從A到B過程中受到空氣的平均阻力_____；（用題中所給物理量符號(hào)來表示）（3）本題“用鋼球通過光電門的平均速度表示鋼球球心通過光電門的瞬時(shí)速度”，但從嚴(yán)格意義上講是不準(zhǔn)確的，實(shí)際上鋼球通過光電門的平均速度小于鋼球球心通過光電門的瞬時(shí)速度，由此產(chǎn)生的誤差_____（選填“能”或“不能”）通過增加實(shí)驗(yàn)次數(shù)減小?！敬鸢浮浚?）10.20（2）（3）不能【解析】【小問1詳析】20分度游標(biāo)卡尺的精確值為，由圖乙可知，鋼球直徑為【小問2詳析】鋼球經(jīng)過A、B兩光電門的速度分別為，鋼球從A到B過程中，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得根據(jù)牛頓第二定律可得聯(lián)立解得鋼球從A到B過程中受到空氣的平均阻力為【小問3詳析】本題“用鋼球通過光電門的平均速度表示鋼球球心通過光電門的瞬時(shí)速度”，但從嚴(yán)格意義上講是不準(zhǔn)確的，實(shí)際上鋼球通過光電門的平均速度小于鋼球球心通過光電門的瞬時(shí)速度，由此產(chǎn)生的誤差是系統(tǒng)誤差，不能通過增加實(shí)驗(yàn)次數(shù)減小。12.為了測(cè)量某一舊電池組的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，某實(shí)驗(yàn)興趣小組設(shè)計(jì)了如圖甲所示電路圖，所用實(shí)驗(yàn)器材如下：舊電池組（電動(dòng)勢(shì)約為，內(nèi)阻約為幾十歐姆）電壓表（量程為，內(nèi)阻）定值電阻（阻值）單刀雙擲開關(guān)一個(gè)，導(dǎo)線若干（1）根據(jù)圖甲所示電路圖，完成圖乙中的實(shí)物圖連線_____。（2）實(shí)驗(yàn)操作步驟如下：①將單刀雙擲開關(guān)與1接通，僅用電壓表直接測(cè)量電源兩端電壓，記錄電壓表示數(shù)；②將單刀雙擲開關(guān)與2接通，使得電壓表與定值電阻串聯(lián)后接入電源，記錄電壓表示數(shù)；（3）若測(cè)得，的讀數(shù)如圖丙所示，讀出_____，由此得出_____V，_____；（保留三位有效數(shù)字）（4）如果電壓表的實(shí)際內(nèi)阻大于標(biāo)稱值，最終測(cè)出的電池內(nèi)阻阻值_____（填寫“偏大”、“偏小”或“無影響”）?！敬鸢浮浚?）（3）1.202.4543.5（4）偏大【解析】[1]根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖如圖所示[2]電壓表的最小分度值為0.1V，所以讀數(shù)為；[3][4]將單刀雙擲開關(guān)S與1接通，根據(jù)閉合電路歐姆定律，有將單刀雙擲開關(guān)S與2接通，根據(jù)閉合電路歐姆定律，有聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得電動(dòng)勢(shì)為電源內(nèi)阻為[5]將單刀雙擲開關(guān)S與1接通，根據(jù)閉合電路歐姆定律，有將單刀雙擲開關(guān)S與2接通，根據(jù)閉合電路歐姆定律，有聯(lián)立解得如果電壓表的實(shí)際內(nèi)阻大于標(biāo)稱值，最終測(cè)出的電池內(nèi)阻阻值偏大。13.如圖所示，豎直放置開口向上質(zhì)量為的氣缸，用質(zhì)量為的活塞密封一部分理想氣體，靜止在水平地面上，氣柱的高度為?，F(xiàn)用豎直向上的恒定拉力