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第六部分高考仿真模擬練高考仿真模擬卷(一)2019年(全國(guó)卷Ⅰ)考點(diǎn)排查練二、選擇題:本題共8小題,每小題6分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,第14~18題只有一項(xiàng)符合題目要求,第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求.全部選對(duì)的得6分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分.題號(hào)1415161718192021考點(diǎn)玻爾原子理論、能級(jí)躍遷帶電體在電場(chǎng)中的平衡動(dòng)量定理的應(yīng)用安培力的計(jì)算豎直上拋運(yùn)動(dòng)物體的動(dòng)態(tài)平衡法拉第電磁感應(yīng)定律、楞次定律萬(wàn)有引力定律、牛頓第二定律、功能關(guān)系理解能力分析能力推理能力推理能力理解、推理能力推理能力推理能力推理和分析綜合能力14.圖示為氫原子能級(jí)的示意圖,已知可見(jiàn)光的光子能量范圍是1.61~3.10eV,則()A.氫原子從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)會(huì)吸收能量B.氫原子從n=4的激發(fā)態(tài)向n=3的激發(fā)態(tài)躍遷時(shí)輻射出可見(jiàn)光C.要使處于基態(tài)的氫原子變成氫離子,至少要吸收13.6eV的能量D.大量氫原子從n=4的激發(fā)態(tài)向n=1的基態(tài)躍遷時(shí),能發(fā)出三種頻率的光子答案:C解析:氫原子從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí),根據(jù)能量守恒,會(huì)以光子的形式輻射能量,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;氫原子從n=4的激發(fā)態(tài)向n=3的激發(fā)態(tài)躍遷時(shí)輻射出的光子能量為-0.85eV-(-1.51eV)=0.66eV,所以輻射出的光子為紅外線,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;要使處于基態(tài)的氫原子變成氫離子至少要吸收13.6eV的能量,選項(xiàng)C正確;大量氫原子從n=4的激發(fā)態(tài)向n=1的基態(tài)躍遷時(shí),能發(fā)出N=Ceq\o\al(2,4)=6種頻率的光子,選項(xiàng)D錯(cuò)誤.15.如圖所示,一質(zhì)量為m的帶電小球A用長(zhǎng)度為l的絕緣絲質(zhì)細(xì)線懸掛于天花板上的O點(diǎn),在O點(diǎn)的正下方l處的絕緣支架上固定一個(gè)與A帶同種電荷的小球B,兩個(gè)帶電小球都可視為點(diǎn)電荷.已知小球A靜止時(shí)絲線OA與豎直方向的夾角為60°,設(shè)絲線中拉力為FT,小球所受庫(kù)侖力為F,下列關(guān)系式正確的是()A.FT=eq\f(1,2)mgB.FT=eq\r(3)mgC.F=eq\r(3)mgD.F=mg答案:D解析:對(duì)小球A受力分析,受重力、庫(kù)侖力和細(xì)線拉力,處于平衡狀態(tài).通過(guò)幾何關(guān)系得出這三個(gè)力互成120°角,有FT=mg=F,選項(xiàng)D正確.16.[2019·山西太原模擬]飛機(jī)在空中撞到一只鳥(niǎo)很常見(jiàn),撞到一只兔子就比較罕見(jiàn)了,而這種情況真的被澳大利亞一架飛機(jī)遇到了.2017年10月20日,一架從墨爾本飛往布里斯的飛機(jī),起飛后爬升過(guò)程中就撞到了一只兔子,當(dāng)時(shí)這只兔子正被一只鷹抓著,兔子撞到飛機(jī)時(shí)當(dāng)場(chǎng)殞命.設(shè)當(dāng)時(shí)飛機(jī)正以720km/h的速度飛行,撞到質(zhì)量為2kg的兔子,作用時(shí)間為0.1s.則兔子受到飛機(jī)的平均撞擊力大小約為()A.1.44×103NB.4.0×103NC.8.0×103ND.1.44×104N答案:B解析:v=720km/h=200m/s根據(jù)動(dòng)量定理得Ft=mv-0即F=eq\f(mv,t)=eq\f(2×200,0.1)N=4×103N故選項(xiàng)B正確.17.由某種導(dǎo)線構(gòu)成的正方形導(dǎo)線框abcd豎直放置,已知長(zhǎng)度為l的該導(dǎo)線的電阻為lr,現(xiàn)將正方形導(dǎo)線框置于如圖所示的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,磁場(chǎng)方向垂直紙面向外,磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B,用電阻不計(jì)的導(dǎo)線將導(dǎo)線框連接在電動(dòng)勢(shì)為E,內(nèi)阻不計(jì)的電源兩端.則關(guān)于導(dǎo)線框所受安培力的大小和方向,下列說(shuō)法正確的是()A.安培力的大小為eq\f(2EB,r),方向豎直向上B.安培力的大小為eq\f(4EB,3r),方向豎直向下C.安培力的大小為eq\f(EB,r),方向豎直向下D.安培力的大小為eq\f(EB,r),方向豎直向上答案:B解析:由題圖可知,電路接通后流過(guò)導(dǎo)線框的電流沿ad及abcd方向,設(shè)導(dǎo)線框的邊長(zhǎng)為x,由歐姆定律可得,流過(guò)ad邊的電流為I1=eq\f(E,xr),流過(guò)bc邊的電流為I2=eq\f(E,3xr),又由左手定則可知ad、bc兩邊所受的安培力方向均豎直向下,ab、cd兩邊所受到的安培力大小相等、方向相反,則導(dǎo)線框所受的安培力的大小為F=B(I1+I(xiàn)2)x=eq\f(4EB,3r),方向豎直向下,B正確.18.如圖所示,a、b、c、d為光滑斜面上的四個(gè)點(diǎn).一小滑塊自d點(diǎn)以一定初速度沖上斜面,到達(dá)a點(diǎn)時(shí)速度剛好為零.通過(guò)ab、bc、cd各段所用時(shí)間均為T.現(xiàn)讓該滑塊自b點(diǎn)由靜止開(kāi)始下滑,則該滑塊()A.通過(guò)bc、cd段的時(shí)間均大于TB.通過(guò)c、d點(diǎn)的速度之比為1:2C.通過(guò)bc、cd段的位移之比為1:3D.通過(guò)c點(diǎn)的速度等于通過(guò)bd段的平均速度答案:A解析:滑塊在a點(diǎn)時(shí)速度剛好為零,故逆向處理,滑塊由a點(diǎn)靜止下滑,滑塊沿光滑的斜面做勻加速直線運(yùn)動(dòng),假設(shè)ab段的間距為x,則bc段、cd段的間距應(yīng)分別為3x、5x,xbc:xcd=3:5,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;如果滑塊由b點(diǎn)靜止釋放,顯然滑塊通過(guò)bc段、cd段的時(shí)間均大于T,選項(xiàng)A正確;滑塊在c點(diǎn)的速度應(yīng)為v1=eq\r(2a′·3x),滑塊在d點(diǎn)的速度應(yīng)為v2=eq\r(2a′·8x),則v1:v2=eq\r(3):eq\r(8),選項(xiàng)B錯(cuò)誤;因?yàn)閤bc:xcd=3:5,顯然通過(guò)c點(diǎn)的時(shí)刻不是bd的中間時(shí)刻,則滑塊通過(guò)c點(diǎn)的速度不等于bd段的平均速度,選項(xiàng)D錯(cuò)誤.19.如圖所示,頂端附有光滑定滑輪的斜面體靜止在粗糙水平地面上,三條細(xì)繩結(jié)于O點(diǎn).一條繩跨過(guò)定滑輪平行于斜面連接物塊P,一條繩連接小球Q,P、Q兩物體處于靜止?fàn)顟B(tài),另一條繩OA在外力F的作用下,處于水平方向,現(xiàn)緩慢改變繩OA的方向至θ<90°,且保持結(jié)點(diǎn)O位置不變,整個(gè)裝置始終處于靜止?fàn)顟B(tài).下列說(shuō)法正確的是()A.繩OA的拉力先減小后增大B.繩OB的拉力一直增大C.地面對(duì)斜面體有向右的摩擦力D.地面向斜面體的支持力不斷減小答案:AD解析:緩慢改變繩OA的方向至θ<90°的過(guò)程,OA拉力的方向變化如圖所示,從3位置到2位置到1位置可見(jiàn)OA的拉力先減小后增大,OB的拉力一直減小,故A正確,B錯(cuò)誤;以斜面和P、Q整體為研究對(duì)象受力分析,根據(jù)平衡條件可知斜面受地面的摩擦力與OA繩水平方向的分力等大、反向,故摩擦力方向向左,C錯(cuò)誤;以斜面體和P整體為研究對(duì)象受力分析,繩OB對(duì)其豎直向下的分力減小,則地面對(duì)斜面的支持力減小,故D正確.20.如圖(a)所示,單位長(zhǎng)度的電阻為r的金屬導(dǎo)線做成的正三角形線框,邊長(zhǎng)為L(zhǎng),左半邊置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中不動(dòng),磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向垂直紙面向里,大小隨時(shí)間變化,如圖(b)所示,且eq\f(B0,t0)=k,k為一定值,以A、B豎直線為界,則下列選項(xiàng)中正確的是()A.線框中的感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針B.線框受到的安培力方向水平向左,大小恒定不變C.線框中感應(yīng)電流的大小為eq\f(\r(3)kL,24r)D.A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差為eq\f(\r(3)kL2,16)答案:ACD解析:對(duì)三角形構(gòu)成的回路,原磁場(chǎng)方向垂直紙面向里,且在減小,則回路中的磁通量在減小,由楞次定律可知線框中的感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向也垂直紙面向里,再由右手定則知感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较?,故選項(xiàng)A正確;線框的左半邊受到安培力作用,等效長(zhǎng)度為AB,則安培力的方向水平向左,感應(yīng)電流是恒定值,但磁感應(yīng)強(qiáng)度在變化,則安培力要變化,故選項(xiàng)B錯(cuò)誤;由法拉第電磁感應(yīng)定律有E=eq\f(ΔΦ,Δt)=eq\f(\f(1,2)×\f(1,2)L×\f(\r(3),2)L·ΔB,Δt)=eq\f(\r(3)kL2,8),而線框的總電阻為R=3rL,由歐姆定律得感應(yīng)電流為eq\f(\r(3)kL,24r),故選項(xiàng)C正確;A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差為路端電壓,為感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的一半,故選項(xiàng)D正確,本題答案為A、C、D.21.一探測(cè)器探測(cè)某星球表面時(shí)做了兩次測(cè)量.探測(cè)器先在近星軌道上做圓周運(yùn)動(dòng)測(cè)出運(yùn)行周期T;著陸后,探測(cè)器將一小球以不同的速度豎直向上拋出,測(cè)出了小球上升的最大高度h與拋出速度v的二次方的關(guān)系,如圖所示,圖中a、b已知,引力常量為G,忽略空氣阻力的影響,根據(jù)以上信息可求得()A.該星球表面的重力加速度為eq\f(2b,a)B.該星球的半徑為eq\f(bT2,8aπ2)C.該星球的密度為eq\f(3π,GT2)D.該星球的第一宇宙速度為eq\f(4aT,πb)答案:BC解析:小球豎直上拋,上升的最大高度h=eq\f(v2,2g),h-v2直線的斜率k=eq\f(1,2g)=eq\f(a,b),得g=eq\f(b,2a),故A錯(cuò)誤;探測(cè)器在近星軌道上做勻速圓周運(yùn)動(dòng),設(shè)星球半徑為R,根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力,有Geq\f(Mm,R2)=meq\f(4π2,T2)R,得T=eq\r(\f(4π2R3,GM))①對(duì)星球表面任意一個(gè)物體,有mg=Geq\f(Mm,R2)②聯(lián)立①②得T=2πeq\r(\f(R,g)),將g=eq\f(b,2a)代入計(jì)算得出R=eq\f(bT2,8aπ2),故B正確;探測(cè)器先在近星軌道上做圓周運(yùn)動(dòng),根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力,有Geq\f(Mm,R2)=meq\f(4π2,T2)R,計(jì)算得出M=eq\f(4π2R3,GT2),由密度公式有ρ=eq\f(M,V)=eq\f(\f(4π2R3,GT2),\f(4πR3,3))=eq\f(3π,GT2),故C正確;該星球的近地衛(wèi)星的運(yùn)行速度即第一宇宙速度,由Geq\f(Mm,R2)=mg=meq\f(v2,R),得v=eq\r(gR)=eq\r(\f(b,2a)×\f(bT2,8aπ2))=eq\f(bT,4πa),故D錯(cuò)誤.三、非選擇題:第22~25題為必考題,每個(gè)試題考生都必須作答.第33~34題為選考題,考生根據(jù)要求作答.題號(hào)222324253334考點(diǎn)數(shù)據(jù)處理、加速度、速度的計(jì)算電表的改裝及相關(guān)知識(shí)帶電粒子在組合電磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)v-t圖象、動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒、動(dòng)能定理熱力學(xué)第一定律、壓強(qiáng)、實(shí)驗(yàn)定律波的圖象和振動(dòng)圖象、光的折射定律、全反射(一)必考題(共47分)22.(5分)(1)在“練習(xí)使用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器”的實(shí)驗(yàn)中,利用重物牽引小車,用電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn),f=50Hz,得到一條清晰的紙帶.取其中的A、B、C、…七個(gè)點(diǎn)進(jìn)行研究,這七個(gè)點(diǎn)和刻度尺刻度的對(duì)應(yīng)如圖所示.①小車向________(相對(duì)圖中方位選填“左”或“右”)運(yùn)動(dòng).②F點(diǎn)瞬時(shí)速度是________m/s(保留三位小數(shù)).③根據(jù)紙帶可以計(jì)算小車的加速度a的大小是________m/s2(保留2位有效數(shù)字).(2)如果當(dāng)時(shí)交變電流的頻率是f=51Hz,而計(jì)算時(shí)仍按f=50Hz,那么速度的測(cè)量值________(選填“偏大”“偏小”或“相等”).答案:(1)①左(1分)②0.226(1分)③0.26(2分)(2)偏小(1分)解析:(1)①根據(jù)紙帶數(shù)據(jù)可以看出從A點(diǎn)到G點(diǎn),相鄰的兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的距離增大,所以從A點(diǎn)到G點(diǎn)速度增大.重物牽引小車,小車做加速運(yùn)動(dòng),所以小車向左運(yùn)動(dòng).②根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的速度等于該過(guò)程中的平均速度,可以求出打紙帶上F點(diǎn)時(shí)小車的瞬時(shí)速度大小vF=eq\f(xEG,tEG)=eq\f(0.1062-0.0610,0.2)m/s=0.226m/s.③設(shè)A到B之間的距離為x1,以后各段分別為x2、x3、x4、x5、x6,根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式Δx=aT2可以求出加速度的大小,得:x4-x1=3a1T2x5-x2=3a2T2x6-x3=3a為了更加準(zhǔn)確地求解加速度,我們對(duì)三個(gè)加速度取平均值,得:a=eq\f(1,3)(a1+a2+3)即小車運(yùn)動(dòng)的加速度計(jì)算表達(dá)式為:a=eq\f(xDG-xAD,9T2)=eq\f(0.1062-0.0415-0.0415-0,9×0.12)m/s2=0.26m/s2(2)如果在某次實(shí)驗(yàn)中,交流電的頻率為51Hz,f>50Hz,那么實(shí)際打點(diǎn)周期變小,根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式v=eq\f(x,t),計(jì)算時(shí)間偏大,所以測(cè)量的速度值與真實(shí)的速度值相比是偏?。?3.(10分)某同學(xué)改裝和校準(zhǔn)電壓表的電路圖如圖所示,圖中虛線框內(nèi)是電壓表的改裝電路.(1)已知表頭G滿偏電流為100μA,表頭上標(biāo)記的內(nèi)阻值為900Ω.R1、R2和R3是定值電阻.利用R1和表頭構(gòu)成量程為1mA的電流表,然后再將其改裝為兩個(gè)量程的電壓表.若使用a、b兩個(gè)接線柱,電壓表的量程為1V;若使用a、c兩個(gè)接線柱,電壓表的量程為3V.則根據(jù)題給條件,定值電阻的阻值應(yīng)選R1=________Ω,R2=________Ω,R3=________Ω.(2)用量程為3V,內(nèi)阻為2500Ω的標(biāo)準(zhǔn)電壓表對(duì)改裝表3V擋的不同刻度進(jìn)行校準(zhǔn).所用電池的電動(dòng)勢(shì)E為5V;滑動(dòng)變阻器R有兩種規(guī)格,最大阻值分別為50Ω和5kΩ,為了方便實(shí)驗(yàn)中調(diào)節(jié)電壓,圖中R應(yīng)選用最大阻值為_(kāi)_______Ω的滑動(dòng)變阻器.(3)校準(zhǔn)時(shí),在閉合開(kāi)關(guān)S前,滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)端P應(yīng)靠近________(填“M”或“N”)端.(4)若由于表頭G上標(biāo)記的內(nèi)阻值不準(zhǔn),造成改裝后電壓表的讀數(shù)比標(biāo)準(zhǔn)電壓表的讀數(shù)偏小,則表頭G內(nèi)阻的真實(shí)值________(填“大于”或“小于”)900Ω.答案:(1)100(2分)910(2分)2000(2分)(2)50(2分)(3)M(1分)(4)大于(1分)解析:(1)根據(jù)題意,R1與表頭G構(gòu)成量程為1mA的電流表,則:IgRg=(I-Ig)R1,整理:R1=100Ω;若使用a、b兩個(gè)接線柱,電壓表的量程為1V,則R2=eq\f(Uab-IgRg,I)=eq\f(1-0.09,1×10-3)Ω=910Ω;若使用a、c兩個(gè)接線柱,電壓表的量程為3V,則R3=eq\f(Uac-IgRg-IR2,I)=eq\f(3-0.09×-1×10-3×910,1×10-3)Ω=2000Ω.(2)電壓表與之并聯(lián)之后,電阻小于2500Ω,對(duì)于分壓式電路,要求滑動(dòng)變阻器的最大阻值遠(yuǎn)小于并聯(lián)部分,同時(shí)還要便于調(diào)節(jié),故滑動(dòng)變阻器選擇小電阻,即選擇50Ω的電阻.(3)在閉合開(kāi)關(guān)S前,滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)端P應(yīng)靠近M端,這樣把并聯(lián)部分電路短路,起到一種保護(hù)作用.(4)造成改裝后電壓表的讀數(shù)比標(biāo)準(zhǔn)電壓表的讀數(shù)偏小,說(shuō)明通過(guò)表頭G的電流偏小,則實(shí)際其電阻偏大,故其實(shí)際阻值大于900Ω.24.(12分)如圖所示,在第一象限存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)(未畫(huà)出),磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直于紙面(xy平面)向外;在第四象限存在勻強(qiáng)電場(chǎng)(未畫(huà)出),方向沿x軸負(fù)向.在y軸正半軸上某點(diǎn)以與x軸正向平行、大小為v0的速度發(fā)射出一帶正電荷的粒子,該粒子在(d,0)點(diǎn)沿垂直于x軸的方向進(jìn)入電場(chǎng).不計(jì)重力.若該粒子離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)速度方向與y軸負(fù)方向的夾角為θ,求:(1)電場(chǎng)強(qiáng)度大小與磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的比值;(2)該粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間.答案:(1)eq\f(1,2)v0tan2θ(2)eq\f(2d,v0tanθ)解析:(1)如圖所示,粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻速圓周運(yùn)動(dòng).設(shè)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B,粒子質(zhì)量與所帶電荷量分別為m和q,圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r,由洛倫茲力公式及牛頓第二定律得qv0B=meq\f(v\o\al(2,0),r)(2分)①由題設(shè)條件和圖中幾何關(guān)系可知r=d(1分)②設(shè)電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E,粒子進(jìn)入電場(chǎng)后沿x軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)的速度大小為vx,由牛頓第二定律有qE=max(2分)③根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有vx=axt(1分)④eq\f(vx,2)t=d(1分)⑤由于粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng),有tanθ=eq\f(vx,v0)(1分)⑥由①②③④⑤⑥式聯(lián)立解得eq\f(E,B)=eq\f(1,2)v0tan2θ.(1分)(2)由④⑤⑥式聯(lián)立解得t=eq\f(2d,v0tanθ).(3分)25.(20分)如圖甲所示,m1=5kg的滑塊a自光滑圓弧形槽的頂端A點(diǎn)無(wú)初速度滑下,槽的底端與水平傳送帶相切于傳送帶的左端B點(diǎn),傳送帶以速度v=3m/s沿順時(shí)針?lè)较騽蛩龠\(yùn)轉(zhuǎn).滑塊a下滑前將m2=3kg的滑塊b停放在B點(diǎn).滑塊a下滑后與滑塊b發(fā)生碰撞,碰撞時(shí)間極短,傳感器分別描繪出了兩滑塊碰撞后在傳送帶上從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到傳送帶的右端C點(diǎn)的v-t圖象,如圖乙、丙所示.兩滑塊均可視為質(zhì)點(diǎn),重力加速度g=10m/s2.(1)求A、B的高度差h;(2)求滑塊a與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ和傳送帶的長(zhǎng)度LBC;(3)滑塊b到達(dá)C點(diǎn)時(shí)速度恰好減到3m/s,求滑塊b的傳送時(shí)間和系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的熱量.答案:(1)0.8m(2)26m(3)6.5s16J解析:(1)由圖乙、丙可知,碰撞后瞬間,滑塊a的速度v1=1m/s,滑塊b的速度v2=5m/s,設(shè)碰撞前瞬間滑塊a的速度為v0,取水平向右為正方向,根據(jù)動(dòng)量守恒定律m1v0=m1v1+m2v2(2分)解得v0=4m/s(1分)滑塊a下滑的過(guò)程中機(jī)械能守恒,有m1gh=eq\f(1,2)m1veq\o\al(2,0)(2分)解得h=0.8m.(1分)(2)由圖乙可知,滑塊a在傳送帶上加速運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小a=eq\f(Δv,Δt)=0.5m/s2(2分)滑塊a的加速度由滑動(dòng)摩擦力提供,故μ1m1g=可求出滑塊a與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1=0.05(1分)由圖乙可知,滑塊a在傳送帶上先加速4s,后勻速運(yùn)動(dòng)6s到達(dá)C點(diǎn)圖線與坐標(biāo)軸圍成的圖形的面積等于傳送帶的長(zhǎng)度LBC,即LBC=26m.(2分)(3)滑塊b一直做勻減速直線運(yùn)動(dòng),到C點(diǎn)時(shí)速度恰好減為3m/s,全程的平均速度為eq\x\to(v)=eq\f(v2+v,2)=4m/s(1分)設(shè)滑塊b的傳送時(shí)間為t,則有t=eq\f(LBC,\x\to(v))=6.5s.(1分)由圖乙可知,滑塊a在傳送帶上加速階段的位移x1=v1t1+eq\f(1,2)ateq\o\al(2,1)=8m(1分)滑塊a在傳送帶上加速階段產(chǎn)生的熱量Q1=μ1m1g(vt1-滑塊b在傳送帶上減速的加速度大小a′=eq\f(Δv′,Δt′)=eq\f(4,13)m/s2(1分)滑塊b受到的滑動(dòng)摩擦力大小Ff=m2a′滑塊b在傳送帶上減速階段產(chǎn)生的熱量Q2=Ff(LBC-vt)=6J(1分)系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的熱量Q=Q1+Q2=16J.(1分)(二)選考題:請(qǐng)考生從2道物理題中任選一題作答.如果多做,則按所做的第一題計(jì)分.33.[選修3-3](15分)(1)(5分)在裝有食品的包裝袋中充入氮?dú)?,可以起到保質(zhì)作用.某廠家為檢測(cè)包裝袋的密封性,在包裝袋中充滿一定量的氮?dú)?,然后密封進(jìn)行加壓測(cè)試.測(cè)試時(shí),對(duì)包裝袋緩慢地施加壓力.將袋內(nèi)的氮?dú)庖暈槔硐霘怏w,則加壓測(cè)試過(guò)程中,包裝袋內(nèi)壁單位面積上所受氣體分子撞擊的作用力________(選填“增大”“減小”或“不變”),包裝袋內(nèi)氮?dú)獾膬?nèi)能________(選填“增大”“減小”或“不變”).(2)(10分)某容積為20L的氧氣瓶有30atm的氧氣,現(xiàn)把氧氣分裝到容積為5L的小鋼瓶中,使每個(gè)小鋼瓶中氧氣的壓強(qiáng)為5atm,若每個(gè)小鋼瓶中原有氧氣壓強(qiáng)為1atm,問(wèn)能分裝多少瓶?(設(shè)分裝過(guò)程中無(wú)漏氣,且溫度不變)答案:(1)增大(3分)不變(2分)(2)25瓶解析:(1)加壓測(cè)試過(guò)程中,壓強(qiáng)增加,包裝袋內(nèi)壁單位面積的撞擊分子數(shù)變多,所受氣體分子撞擊作用力增大;溫度不變,包裝袋內(nèi)氮?dú)獾膬?nèi)能不變.(2)設(shè)最多能分裝n個(gè)小鋼瓶,并選取氧氣瓶中的氧氣和n個(gè)小鋼瓶中的氧氣整體為研究對(duì)象.因?yàn)榉盅b過(guò)程中溫度不變,故遵循玻意耳定律.分裝前整體的狀態(tài):p1=30atm,V1=20L;p2=1atm,V2=5nL分裝后整體的狀態(tài):p′1=5a
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