2025屆福建省龍巖市龍巖二中物理高一第二學期期末經(jīng)典模擬試題含解析

2025屆福建省龍巖市龍巖二中物理高一第二學期期末經(jīng)典模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、(本題9分)某物體受到三個力的作用而處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)將其中的一個向東大小為10N的力撤去，則物體所受的合力為A．向東，大小10N B．向西，大小10NC．向南，大小10N D．不能確定2、(本題9分)排球運動員扣球，設手對球的作用力大小為Fl，球對手的作用力大小為F2，則Fl與F2的關系為A．Fl>F2 B．Fl=F2 C．Fl<F2 D．無法確定3、(本題9分)如圖，水平傳送帶兩端點A、B間距離L=5m，傳送帶以v0=1m/s的速度（始終保持不變）順時針運轉．現(xiàn)將一質量為m=lkg的小煤塊（可視為質點）無初速度地輕放至A點處，已知小煤塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0.1，g取10m/s1．由于小煤塊與傳送帶之間有相對滑動，會在傳送帶上留下劃痕．則小煤塊從A運動到B的過程中（）A．小煤塊從A運動到B的時間是√5sB．劃痕長度是0.5mC．皮帶對物塊的摩擦力做的功為10JD．由于傳送煤塊而使電動機多輸出的能量為4J4、(本題9分)我國發(fā)射“神舟”十號飛船時，先將飛船發(fā)送到一個橢圓軌道上，其近地點M距地面200km，遠地點N距地面340km.進入該軌道正常運行時，通過M、N點時的速率分別是v1和v2.當某次飛船通過N點時，地面指揮部發(fā)出指令，點燃飛船上的發(fā)動機，使飛船在短時間內加速后進入離地面340km的圓形軌道，開始繞地球做勻速圓周運動，這時飛船的速率為v3.比較飛船在M、N、P三點正常運行時(不包括點火加速階段)的速率大小和加速度大小，下列結論正確的是()A．v1>v3>v2，a1>a3>a2B．v1>v2>v3，a1>a2＝a3C．v1>v2＝v3，a1>a2>a3D．v1>v3>v2，a1>a2＝a35、(本題9分)下列關于運動物體的合外力做功和動能、速度變化的關系，正確的是A．物體做變速運動，合外力一定不為零，動能一定變化B．若合外力對物體做功為零，則合外力一定為零C．若合外力對物體做功不為零，則物體的速度大小一定發(fā)生變化D．物體的動能不變，所受的合外力必定為零6、輕彈簧下端固定，處于自然狀態(tài)，一質量為m的小球從距離彈簧上端H的高度自由落下，彈簧的最大圧縮量為L，換用質量為2m的小球從同一位置落下，當彈簧的壓縮量為L時，小球的速度等于________。（已知重力加速度為g，空氣阻力不計，彈簧形變沒有超出其彈性限度。）A． B． C． D．7、(本題9分)一直流電源的電動勢為，內阻為，用它給線圈電阻為的直流電動機供電，工作時通過電動機的電流為電動機兩端電壓為經(jīng)秒后（）A．電源釋放電能，電動機消耗電能B．電源給內外電路所做的總功為C．電動機輸出的機械能為D．電源的效率為8、當船速大于水速時，下列關于渡船的說法中正確的是A．船頭方向斜向上游，渡河時間最短 B．船頭方向垂直河岸，渡河時間最短C．當水速度變化時，渡河的最短時間不變 D．當水速度變大時，渡河的最短時間變長9、(本題9分)關于物體的動量和沖量，下列說法中正確的是()A．物體所受合外力的沖量越大，它的動量也越大B．物體所受合外力的沖量不為零，它的動量一定要改變C．物體的動量增量的方向，就是它所受合外力的沖量的方向D．物體所受的合外力越大，它的動量變化越快10、(本題9分)如圖所示，空間有一電場，電場中有a和b兩點。設在電場中只受靜電力的電子在a、b兩點的加速度大小分別為aA、aB，電勢能分別為EpA、EpB。下列說法正確的是A．a(chǎn)A＞aB B．a(chǎn)A＜aBC．EpA＞EpB D．EpA＜EpB11、(本題9分)一質量為2kg的物體靜止于光滑水平面上。從t=0時開始，第1秒內受到3N的水平外力作用，第2秒內受到同方向的1N的外力作用。下列說法正確的是()A．第1秒末物體的速度為1.5m/sB．第2秒末物體的動能為6JC．第2秒內外力沖量為2N·sD．2秒內物體動量的增量為4kg·m/s12、如圖四幅圖為生活中與向心力知識相關的情景，有關說法正確的是（）A．圖甲為火車轉彎的軌道，內低外高以防止脫軌B．圖乙為小車過拱橋的情景，此過程小車處于失重C．圖丙為“旋轉秋千”，人與座椅整體受到重力、繩子拉力和向心力D．圖丁為汽車在凹凸不平的地面上行駛，應快速通過此路面二．填空題(每小題6分，共18分)13、在做研究平拋運動的實驗時，讓小球多次沿同一軌道運動，通過描點法畫出小球平拋運動的軌跡．(1)為了能較準確地描繪運動軌跡，下面列出了一些操作要求，將你認為正確的選項前面字母填在橫線上：_____A．每次釋放小球的位置不必相同B．通過調節(jié)使斜槽的末端保持水平C．每次必須由靜止釋放小球D．小球運動時應與木板上的白紙（或方格紙）相接觸(2)用一張印有小方格的紙記錄軌跡，小方格的邊長L，若小球在平拋運動途中的幾個位置如圖中的a、b、c、d所示，則小球平拋的初速度的計算式為v0=__（用L、g表示）14、(本題9分)利用如圖所示的方式驗證碰撞中的動量守恒。豎直平面內的四分之--光滑圓弧軌道下端與水平桌面相切，先將質量均為m的滑塊A、B分別從圓弧軌道的最高點無初速度釋放(如圖甲所示)，測得滑塊在水平桌面滑行的距離均為x1；然后將滑塊B放在圓弧軌道的最低點，再將A從圓弧軌道的最高點無初速度釋放(如圖乙所示)，測得碰后B沿桌而滑行的距離為x2，A沿桌而滑行的距離為x3，圓弧軌道的半徑為R，A、B(1)滑塊A運動到圓弧軌道最低點時對軌道的壓力大小為______。(2)若A和B的碰撞過程動量守恒，則x1，x2，(3)若A和B發(fā)生彈性碰撞。則碰撞后瞬間A的速度為______，B的速度為______。15、(本題9分)某同學在做平拋運動實驗時得出如圖所示的小球運動軌跡，a，b，c是運動軌跡上的三個位置。則：（計算結果保留一位小數(shù)。g取）（1）小球由a運動到b所用的時間為___________s；（2）小球平拋運動的初速度為___________m/s；（3）小球運動到b點的速度為___________m/s。三．計算題(22分)16、（12分）(本題9分)質量m=4kg的物體在光滑平面上運動，其相互垂直的兩個分速度vx和vy隨時間變化的圖象如圖所示．求（1）物體的初速度、合外力的大小和方向；（2）t1=4s時物體的速度大?。唬?）t2=6s時物體的位移大?。?7、（10分）(本題9分)如圖所示，一質量為m／3的人站在質量為m的小船甲上，以速度v0在水面上向右運動．另一完全相同小船乙以速率v0從右方向左方駛來，兩船在一條直線上運動．為避免兩船相撞，人從甲船以一定的速率水平向右躍到乙船上，求：為能避免兩船相撞，人水平跳出時相對于地面的速率至少多大？

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、B【解析】

物體受三個力而處于平衡，故另外兩力的合力一定與10N的力大小相等，方向相反，即合力為：方向向西，大小為10N．故ACD錯誤，B正確．故選B.2、B【解析】試題分析：根據(jù)題意，手對球的作用力為和球對手的作用力為這兩個力是作用力和反作用力，由牛頓第三運動定律可知，作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，可得，故B正確．考點：牛頓第三定律【名師點睛】考查了作用力與反作用力，會根據(jù)題意找出作用力與反作用力再應用牛頓運動定律分析得出結果．3、D【解析】根據(jù)牛頓第二定律得，小煤塊的加速度a=μg=1m/s1，則勻加速運動的時間t1=v0a=22s=1s，勻加速運動的位移x1=v0t12=2×12m=1m．則小煤塊勻速運動的位移x1=x-x1=5-1=4m，則勻速運動的時間點睛：解決本題的關鍵理清小煤塊在傳送帶上的運動規(guī)律，結合牛頓第二定律和運動學公式分析煤塊的運動過程，要正確分析能量是如何轉化的．4、D【解析】試題分析：根據(jù)萬有引力提供向心力，即得：a=，由圖可知r1＜r1=r3，所以a1＞a1=a3；當某次飛船通過N點時，地面指揮部發(fā)出指令，點燃飛船上的發(fā)動機，使飛船在短時間內加速后進入離地面340km的圓形軌道，所以v3＞v1，根據(jù)得；v=又因為r1＜r3，所以v1＞v3故v1＞v3＞v1．故選D．5、C【解析】

AB．力是改變物體速度的原因，物體做變速運動時，合外力一定不為零，但合外力不為零時，做功可能為零，動能可能不變，AB錯誤；C．物體合外力做功，它的動能一定變化，速度大小也一定變化，C正確；D．物體的動能不變，所受合外力做功一定為零，但合外力不一定為零，不如物體做勻速圓周運動，動能不變，合外力不為零，D錯誤.6、C【解析】

設彈簧壓縮量為時，彈簧的彈性勢能為，質量為的小球下落時,根據(jù)機械能守恒，質量為2m小球下落時，根據(jù)機械能守恒定律，解得；A.，與結論不相符，A錯誤；B.，與結論不相符，B錯誤；C.，與結論相符，C正確；D.，與結論不相符，D錯誤；7、BC【解析】電源在內外電路做的功為，又得，電動機消耗電能，電動機輸出的機械能為，發(fā)熱為，故A錯誤，B正確；根據(jù)能量守恒得：電動機輸出的機械能為：，故C正確；電池組的效率為，故D錯誤．故選BC．8、BC【解析】當靜水速（船頭指向）與河岸垂直，在垂直于河岸方向上的速度最大，則渡河時間最短，當水流速度增大，不影響垂直于河岸方向上的分速度，則渡河時間不變．故BC正確，AD錯誤．故選BC．點睛：解決本題的關鍵知道分運動與合運動具有等時性，各分運動具有獨立性，互不干擾．9、BCD【解析】

物體所受合外力沖量越大，它的動量變化就越大，不是動量越大，故A錯誤；合外力的沖量等于物體動量的變化量，物體所受合外力沖量不為零，它的動量一定要改變，故B正確；合外力的沖量等于物體動量的變化量，所以物體的動量增量的方向就是物體動量變化量的方向，就是它所受沖量的方向，故C正確；由動量定理：物體所受的合外力越大，它的動量變化越快，故D正確．故選BCD．10、AD【解析】

AB、a點的電場線比b點密，所以a點的場強大于b點的場強。故電子在a點所受的電場力大于b點的電場力，由牛頓第二定律可知，aA＞aB，故A正確，B錯誤；CD、沿電場線方向電勢逐漸降低，知a點的電勢大于b點的電勢；因電子帶負電，故a點的電勢能小于b點的電勢能，故C錯誤，D正確。11、AD【解析】A、根據(jù)牛頓第二定律a=Fm，知第1秒內的加速度為a1由速度公式知第1秒末物體的速度為v=aB、根據(jù)速度公式知第2秒末物體的速度為v=a1t+C、根據(jù)沖量的定義可知第2秒內外力沖量為I=Ft=1×1=1N?s，故C錯；D、根據(jù)動量公式P=mv=2×2=4kgm/s，故D對；故選AD點睛：本題考查了動量、動能、沖量等公式以及對公式的熟練運用情況。12、AB【解析】

A.火車軌道彎道處設計成外高內低，讓火車的重力和支持力的合力提供圓周運動所需的向心力，防止脫軌.故選項A符合題意.B．汽車過拱形橋時，受到的重力和支持力的合力提供向心力，加速度向下，處于失重狀態(tài).故選項B符合題意.C.向心力屬于效果力，不是性質力，由其他力提供.故選項C不符合題意.D.汽車在凹凸不平的地面上行駛時，速度越大，對地面的壓力越大，根據(jù)牛頓第三定律可知，地面對輪胎的支持力越大，易爆胎.故選項D不符合題意.二．填空題(每小題6分，共18分)13、BC2gL【解析】

(1)[1]AC.為了保證小球平拋運動的初速度相同，則每次從同一高度由靜止釋放小球，故A項與題意不相符，C項與題意相符；B.為了保證小球水平飛出，則斜槽的末端切線保持水平，故B項與題意相符；D.小球運動時不應與木板上的白紙（或方格紙）相接觸，防止應摩擦而改變運動的軌跡，故D項與題意不相符。(2)[2]平拋運動水平方向勻速直線運動，由于小球從a運動到b和b運動到c的水平位移相等，因此運動時間相等；根據(jù)平拋運動規(guī)律得，豎直方向：自由落體運動，因時間相等，由Δh=L=g可得：t=L水平方向：勻速運動，則有：x=2L=v解得：v14、3mgx1=【解析】

(1)滑塊A在圓弧軌道上下滑過程機械能守恒，由機械能守恒定律得：mgR=12mvA2，

在圓弧軌道最低點，由牛頓第二定律得：F-mg=mvA2R，

解得：F=3mg，由牛頓第三定律可知，滑塊對軌道的壓力大小為：F'=F=3mg；

(2)滑塊在水平軌道運動過程，由動能定理得：

對滑塊A：-μmgx1=0-12mvA2-μmgx【點睛】注意在彈性碰撞過程系統(tǒng)動量守恒、機