廣東省仲元中學中山一中等七校聯(lián)合體2021屆高三上學期第一次聯(lián)考 物理（含答案）.doc

1、廣東省仲元中學、中山一中等七校聯(lián)合體2021屆高三上學期第一次聯(lián)考 物理試題一、選擇題：本題共10小題，共48分。在每小題給出的四個選項中，第16題只有一項符合題目要求，共24分；第710題有多項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.關(guān)于盧瑟福的粒子散射實驗，下列說法正確的是A. 大多數(shù)粒子發(fā)生大角度偏轉(zhuǎn)B. 粒子發(fā)生偏轉(zhuǎn)的原因是與電子發(fā)生碰撞C. 穿過金箔過程中，遠離金原子核的粒子電勢能減小D. 粒子散射實驗證明了湯姆孫關(guān)于原子的結(jié)構(gòu)模型是正確的2.如圖所示，電荷量為q1和q2的兩個點電荷分別位于P點和Q點已知在P、Q連線上某點R處的電場強度為零，且PR2R

2、Q.則 Aq12q2Bq14q2 Cq12q2 Dq14q23.排球運動場地示意圖如圖所示，排球網(wǎng)在O點處，左右兩側(cè)場地的A、B兩點與O點距離均為H，AB連線與網(wǎng)平面垂直，左右邊界與網(wǎng)的垂直距離約為3H。一運動員在A正上方處將球水平拍出，剛好被對方運動員在B點上方處接住，不計空氣阻力，則OABA. 球被拍出后，相同時間內(nèi)速度變化量越來越大B. 球被拍出后，經(jīng)過的時間被接住C. 球被拍出瞬間，初速度大小為D. 若對方運動員不接球，該球便落在對方界內(nèi)得分4.如圖，傾角=37的斜面上固定一個垂直斜面的擋板，兩質(zhì)量均為m相同的鐵塊用輕繩系在擋板上，鐵塊中間夾著一個質(zhì)量為2m的銅塊，銅塊剛好靜止，接觸面

3、間的摩擦因數(shù)均為，已知sin37=0.6，則的大小為A.0.25 B. 0.5 C.0.375 D. 0.755.如圖，固定在光滑半圓軌道上的導體棒M通有垂直紙面向里的電流（較大），導體棒N通有垂直紙面向外的電流，M在N處產(chǎn)生的磁場磁感應(yīng)強度為B1，N剛好靜止，此時M、N關(guān)于過O點的豎直軸對稱，且MON=60；若調(diào)整M的電流大小和位置并固定，當N再次平衡時，MON=120，且M、N仍關(guān)于過O點的豎直軸對稱，則調(diào)整后M在N處產(chǎn)生的磁場磁感應(yīng)強度B2與B1的比值為A. 0.5 B. 2 C. 3 D.6.如圖所示，電路中每個電阻的阻值與電源內(nèi)阻均相等，電容器C與其中一個電阻串聯(lián)在一個支路，若閉合開

4、關(guān)k、k1和k2，電容器的電荷量為Q，若只閉合k、k1時電容器的電量為Q1，若只閉合k、k2時電容器的電荷量Q2，則Q1、Q2分別為 A. 2Q，3Q B. ， C. ， D. ，7.物理學家在電與磁的發(fā)現(xiàn)過程中，經(jīng)歷了一段艱辛的探索過程，下列說法正確的是A.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流可以產(chǎn)生磁場，并提出了電流產(chǎn)生磁場的原理與磁鐵相同的假說B.法拉第通過實驗發(fā)現(xiàn)了產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件C.安培總結(jié)了通電導線在磁場中受力的大小和方向的規(guī)律D.楞次通過實驗總結(jié)了感應(yīng)磁場方向總是與原磁場方向相反的定律8某中軌道衛(wèi)星繞地球做圓周運動的半徑約為地球同步衛(wèi)星軌道半徑的一半，已知地球自轉(zhuǎn)周期為T，地球同步衛(wèi)星軌道半徑為r

5、，則下列說法正確的是A中軌道衛(wèi)星繞地球運轉(zhuǎn)的周期約為 B中軌道衛(wèi)星繞地球運轉(zhuǎn)的線速度等于C中軌道衛(wèi)星繞地球運轉(zhuǎn)的角速度比同步衛(wèi)星角速度大D中軌道衛(wèi)星繞地球運轉(zhuǎn)的向心加速度比同步衛(wèi)星向心加速度大9.某型號汽車行駛過程中，t=0時，功率為P，速度為v，加速度大小為a，并開始做勻加速直線運動，t=t0時，它的功率達到2P，在t0t2Q，可得v1小于，故選項D正確。命題意圖以圓環(huán)在磁場中向下運動為背景知識，考查楞次定律、法拉電磁感應(yīng)定律、磁通量、牛頓第二定律和能量守恒定律等知識。通過設(shè)置環(huán)的速度與磁感線平行的臨界分析、磁通量變化的兩個狀態(tài)以及兩段相同高度的能量變化的比較分析，考查學生的理解、推理分析和

6、應(yīng)用數(shù)學知識解決問題的能力。11.答案：（1）4.0；(2)，4.0； 解析：（1）從彈簧測力計上讀數(shù)得4.0N；（2），由于本實驗所給的器材只有一把彈簧測力計，為了提供兩個分力，利用了重物來充當一個分力，所以總是有一個分力的大小與合力大小相等，當，即一個分力F1與合力F相等，則另一個力F2與F、F1構(gòu)了等邊三角形，F(xiàn)2=F=F1，都為4.0N，方向與豎直方向成角。命題意圖以驗證力的平行四邊形實驗為背景知識，考查力的等效替代（合成與分解）、共點力平衡等知識。通過實驗步驟、細節(jié)的鑒別和用物塊替代一把彈簧秤的創(chuàng)新設(shè)計，考查學生的理解、推理分析和應(yīng)用數(shù)學知識解決問題的能力和實驗?zāi)芰?。通過對實驗過程的

7、情景想象，培養(yǎng)學生的創(chuàng)新思維，提高學生解決問題的能力。12【答案】（i）紅 （ii）從A到B 鍺 （iii） 0.012w【解題思路】（i）用K筆接M端時，多用表電阻檔的偏角較小，說明二極管的電阻極大，這時測的應(yīng)該是二極管的反向電阻，即電流由N端流向M端，所以與N端接觸的是多用表的黑筆（因為黑筆與多用表內(nèi)部電源的正極連接），與M端連接的是紅筆；（ii）描繪二極管的伏安特性曲線時，應(yīng)讓二極管兩端的電壓慢慢變大，所以應(yīng)從A端慢慢滑向B端；由圖（a）可知，鍺管在電壓大于0.1V時，電流已明顯開始變化；而硅管電壓要達到0.5V左右，電流才明顯變大，所以甲管應(yīng)該是鍺管；（iii）設(shè)電路圖d中通過二極管的

8、電流為I，電壓為U，由閉合電路的歐姆定律：，得：，作該函數(shù)的直線與硅管交點如圖所示，此時硅管功率P=0.02A0.6V=0.012w。命題意圖以二極管的伏安特性曲線的分析以及二極管在電路中的應(yīng)用為背景知識，考查多用電表的使用、閉合電路的歐姆定律、串并聯(lián)電路的規(guī)律和描繪電學元件的伏安特性曲線實驗等知識。通過二極管極性的判斷、實驗操作細節(jié)的分析、二極管的甄別以及電路分析，考查學生的理解、推理分析和應(yīng)用數(shù)學知識解決問題的能力和實驗?zāi)芰?。通過二極管的甄別和實驗圖像以及電路分析，培養(yǎng)學生的創(chuàng)新思維，提高學生解決問題的能力。13解(1)粒子在磁場中做勻速圓周運動，在時間t0內(nèi)其速度方向改變了90，故其周期

9、T4t0設(shè)磁感應(yīng)強度大小為B，粒子速度為v，圓周運動的半徑為r。由洛倫茲力公式和牛頓第二定律得qvBm勻速圓周運動的速度滿足v聯(lián)立式得B。 (2)如圖，由題給條件可知，該粒子在磁場區(qū)域中的軌跡圓弧對應(yīng)的圓心角為150。設(shè)O為圓弧的圓心，圓弧的半徑為r0，圓弧與AC相切于B點，從D點射出磁場，由幾何關(guān)系和題給條件可知，此時有OODBOA30r0cosOODL設(shè)粒子此次入射速度的大小為v0，由圓周運動規(guī)律v0聯(lián)立得v0。14【解題思路】（1）由圖乙可知，物塊的初速度，皮帶轉(zhuǎn)動時的速度，在t=0到t=0.4s時間內(nèi)，物塊加速度 由牛頓第二定律：，聯(lián)立得。（2）在t=0.4s后，由牛頓第二定律 ；解得

10、物塊加速度 ；物塊從t=0.4s開始，經(jīng)過t1時間速度減為零， ；從t=0到t=0.4s，物塊位移為 從t=0.4s到t=2.4s，物塊減速到零的位移物塊沿皮帶向上運動過程中的位移為 命題意圖以物塊在傳送帶上的勻變速直線運動為背景知識，考查摩擦力、勻變速直線運動的規(guī)律、受力分析、牛頓第二定律的應(yīng)用等知識。通過速度相等臨界點的分析、圖像分析以及受力情況變化分析，考查學生的理解、推理分析和應(yīng)用數(shù)學知識解決問題的能力。15.解.（1）設(shè)p的質(zhì)量為m，Q的質(zhì)量為M，P的加速度大小為a1，Q的加速度大小為a2，Q的初速度大小為v0，p初速度大小為4v0，P、Q球從拋出到到達O點時間分別為t1和t2由題意

11、可知兩球在水平方向均減速，則兩球受到的電場力大小相等，由牛頓第二定律兩球在豎直方向的加速度均為g，則：聯(lián)立可得m：M=1：2（2）設(shè)Q球從離開電場到與擋板碰撞經(jīng)歷的時間為T，它從擋板返回MN時間也為T，由兩球運動時間相等得：設(shè)Q球到達MN時速度大小為v2，在豎直方向上，由運動的獨立性原理知，小球做自由落體運動，有：由運動學公式：解得：（3）P球到達MN時速度大小為v1，由運動學規(guī)律解得Q返回后以v2與P發(fā)生彈性碰撞，碰后速度大小分別為v3和v4，由動量守恒和能量守恒定律：解得：，假設(shè)當y=y0時，Q與擋板第二次碰后恰好在MN處與P發(fā)生第二次碰撞，設(shè)Q球與P球從第一次碰后到與擋板發(fā)生第二次碰撞的

12、時間為T1，P從第一次碰后到第二次到達MN時間為 T2，由題意得：Q碰后返回MN，從離開MN向上減速度為零的時間：若第二次在MN處碰時，Q處于上升階段，則：若擋板與MN距離為y1，可得：若第二次在MN處碰時，Q處于下落階段，則：若擋板與MN距離為y2，可得：由題意有：所以擋板與MN的距離y的范圍為【25（3）方法二】公式（15）之前的公式與上相同。Q碰后返回MN，從離開MN向上減速度為零的時間：Q從第一次碰到與擋板發(fā)生第二次碰撞：（i） 在T2時間內(nèi)，Q必須已經(jīng)向上返回MN：解得：（ii） 在T2時間內(nèi)，Q從MN向上運動返回時不能離開MN：解得：所以擋板與MN的距離y的范圍為【25（3）方法三】公式（15）之前的公式與上相同。Q從第一次碰到與擋板發(fā)生第二次碰撞：Q與擋板發(fā)生第二次碰撞時速度大?。篞第二次與擋板