云南省元江第一中學(xué)2018_2019學(xué)年高二物理下學(xué)期3月份考試試卷（含解析）.docx

云南省元江一中2018-2019學(xué)年下學(xué)期3月份考試高二物理一、單選題(共12小題,每小題3.0分,共36分)1.如圖所示，豎直絕緣墻壁上的Q處有一固定點(diǎn)A，在Q的正上方的P處用絕緣細(xì)線懸掛另一質(zhì)點(diǎn)B，A、B兩質(zhì)點(diǎn)因帶電而相互排斥，致使懸線與豎直方向成角，由于漏電使A、B兩質(zhì)點(diǎn)的帶電量減少，在電荷漏完之前懸線對(duì)懸點(diǎn)P的拉力為()A. 不變B. 變小C. 變大D. 先變小后變大【答案】A【解析】【詳解】以小球B為研究對(duì)象，球受到重力G，A的斥力F1和線的拉力F2三個(gè)力作用，作出力圖，如圖。作出F1、F2的合力F，則由平衡條件得：F=G。根據(jù)FBF1PQB得： 得：F2=G；在A、B兩質(zhì)點(diǎn)帶電量逐漸減少的過(guò)程中，PB、PQ、G均不變，則線的拉力F2不變。故A正確，BCD錯(cuò)誤；故選A。2.已知電流表電阻RA=2，電壓表內(nèi)阻RV=20k，現(xiàn)有一個(gè)阻值約為200的待測(cè)電阻需要較精確地測(cè)量其阻值，那么以下說(shuō)法中，正確的是()A. 用電流表內(nèi)接法測(cè)量誤差較小B. 用電流表外接法測(cè)量誤差較小C. 用電流表內(nèi)接法或用電流表外接法所測(cè)量的結(jié)果精確程度相同D. 無(wú)法確定哪種測(cè)量方式好【答案】C【解析】【詳解】因，則可知其精確程度相同，則C正確，ABD錯(cuò)誤，故選C。3.一個(gè)電容器的規(guī)格是“50V，10F”，則()A. 這個(gè)電容器只有加上50V電壓時(shí)，電容才是10FB. 這個(gè)電容器能容納的最大電荷量為10CC. 這個(gè)電容器儲(chǔ)存的電荷量一定為500CD. 這個(gè)電容器兩端的電壓等于10V時(shí)，它兩極板電荷量(絕對(duì)值)之和為200C【答案】D【解析】【詳解】電容器的電容與電容器板間電壓無(wú)關(guān)，加電壓或不加電壓時(shí)，電容都是10F故A錯(cuò)誤。這個(gè)電容器能容納的最大電荷量為Q=CU=1050C=500C故B錯(cuò)誤。由Q=CU分析可知，這個(gè)電容器儲(chǔ)存的電荷量與電壓成正比，所以電容器儲(chǔ)存的電荷量不一定為500C故C錯(cuò)誤。這個(gè)電容器兩端的電壓等于10V時(shí)，電容器的電量為Q=CU=1010C=100C，則兩極板電荷量絕對(duì)值之和為200C故D正確。故選D。4.下列說(shuō)法正確的是A. 物體所帶的電荷量可以為B. 不帶電的物體上，既沒(méi)有正電荷也沒(méi)有負(fù)電荷C. 摩擦起電的過(guò)程，是靠摩擦產(chǎn)生了電荷D. 利用靜電感應(yīng)使金屬導(dǎo)體帶電，實(shí)質(zhì)上是導(dǎo)體中的自由電子趨向或遠(yuǎn)離帶電體【答案】D【解析】【詳解】物體所帶的電荷量不能為任意實(shí)數(shù)，只能為元電荷即1.6010-9C的整數(shù)倍，所以物體所帶的電荷量不可能為210-19C，故A錯(cuò)誤；不帶電的物體，并不是沒(méi)有正、負(fù)電荷，而是沒(méi)有多余的電荷，故B錯(cuò)誤；摩擦起電是自由電荷轉(zhuǎn)移后，導(dǎo)致物體有多余電荷，從而使物體帶上電，故C錯(cuò)誤；靜電感應(yīng)帶電，實(shí)質(zhì)上是導(dǎo)體中的自由電子在電場(chǎng)中受到的電場(chǎng)力作用下，遠(yuǎn)離或靠近帶電體，故D正確。所以D正確，ABC錯(cuò)誤。5.下列關(guān)于電流說(shuō)法正確的是()A. 導(dǎo)體中沒(méi)有電流時(shí)，說(shuō)明導(dǎo)體內(nèi)部沒(méi)有電荷移動(dòng)B. 由可知，導(dǎo)體兩端電壓越大，經(jīng)過(guò)導(dǎo)體的電流越大C. 電流有方向，所以是矢量D. 由可知，經(jīng)過(guò)導(dǎo)體的電流越大，導(dǎo)體電阻越小【答案】B【解析】試題分析：A、電荷定向移動(dòng)形成電流，導(dǎo)體中沒(méi)有電流時(shí)，說(shuō)明導(dǎo)體內(nèi)部沒(méi)有定向移動(dòng)的電荷，不是沒(méi)有電荷移動(dòng)；錯(cuò)誤B、由歐姆定律可得，通過(guò)導(dǎo)體的電流與導(dǎo)體兩端的電壓成正比，跟它的電阻成反比,即導(dǎo)體兩端電壓越大，經(jīng)過(guò)導(dǎo)體電流越大；正確C、電流有方向，但是電流是標(biāo)量；錯(cuò)誤D、導(dǎo)體電阻是導(dǎo)體本身的一種性質(zhì)，由導(dǎo)體本身決定，與導(dǎo)體兩端的電壓無(wú)關(guān)，與通過(guò)導(dǎo)體的電流無(wú)關(guān)；錯(cuò)誤故選B考點(diǎn)：電流的概念、歐姆定律點(diǎn)評(píng)：掌握電流與電阻兩端的電壓成正比，與導(dǎo)體的電阻成反比，而電阻是導(dǎo)體本身的性質(zhì)，與是否有電壓及電流無(wú)關(guān)。6.如圖所示，在正方形區(qū)域abcd內(nèi)有一垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一束電子以大小不同的速率沿ac從a點(diǎn)射入磁場(chǎng)，不計(jì)電子的重力和電子之間的相互作用，關(guān)于電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的情況，下列說(shuō)法中正確的是()A. 入射速度越大的粒子，其運(yùn)動(dòng)時(shí)間越長(zhǎng)B. 運(yùn)動(dòng)時(shí)間越長(zhǎng)的粒子，其運(yùn)動(dòng)軌跡越長(zhǎng)C. 從ad邊出射的粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間都相等D. 從cd邊出射的粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間都相等【答案】C【解析】【詳解】電子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期，保持不變，電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為，軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角越大，運(yùn)動(dòng)時(shí)間越長(zhǎng)。電子沿ac方向入射，若從ad邊射出時(shí)，根據(jù)幾何知識(shí)可知在ad邊射出的電子軌跡所對(duì)應(yīng)的圓心角相等，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，與速度無(wú)關(guān)，故A錯(cuò)誤，C正確。從ad邊上射出的電子一定比從dc邊上射出的電子時(shí)間長(zhǎng)，但是軌跡不一定長(zhǎng)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；從cd邊射出的電子軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角不相等，且入射速度越大，其運(yùn)動(dòng)軌跡越短，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間不相等。故D錯(cuò)誤。故選C。7.一矩形線框置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線框平面與磁場(chǎng)方向垂直先保持線框的面積不變，將磁感應(yīng)強(qiáng)度在1 s時(shí)間內(nèi)均勻地增大到原來(lái)的兩倍接著保持增大后的磁感應(yīng)強(qiáng)度不變，在1 s時(shí)間內(nèi)，再將線框的面積均勻地減小到原來(lái)的一半先后兩個(gè)過(guò)程中，線框中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的比值為()A. B. 1C. 2D. 4【答案】B【解析】由法拉第電磁感應(yīng)定律：，且、則有，故兩過(guò)程中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小相等,線框中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的比值為，故選項(xiàng)B正確。點(diǎn)睛：由題意可知兩種情況下磁通量的變化，由法拉第電磁感應(yīng)定律可求得感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，即可求得比值?！敬颂幱幸曨l，請(qǐng)去附件查看】8.如圖所示，在x0的區(qū)域內(nèi)存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的方向垂直于xOy平面(紙面)向里具有一定電阻的矩形線框abcd位于xOy平面內(nèi)，線框的ab邊與y軸重合令線框從t0時(shí)刻起由靜止開始沿x軸正方向做勻加速運(yùn)動(dòng)，則線框中的感應(yīng)電流I(取逆時(shí)針?lè)较驗(yàn)殡娏髡较?隨時(shí)間t的變化圖線It圖象可能是圖中的()A. B. C. D. 【答案】D【解析】在題中只有cd桿切割磁感線，由右手定則產(chǎn)生的感應(yīng)電流為cd，回路中的電流為順時(shí)針，故電流應(yīng)為負(fù)值，且 ，即I-t關(guān)系是正比關(guān)系，故只有D為準(zhǔn)確的I-t圖象故選D9.將一段導(dǎo)線繞成圖甲所示的閉合電路，并固定在水平面（紙面）內(nèi)，回路的ab邊置于垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中?；芈返膱A形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面的磁場(chǎng)，以向里為磁場(chǎng)的正方向，其磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的圖像如圖乙所示。用F表示ab邊受到的安培力，以水平向右為F的正方向，能正確反映F隨時(shí)間t變化的圖像是（ ）【答案】B【解析】試題分析：分析一個(gè)周期內(nèi)的情況：在前半個(gè)周期內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻變化，磁感應(yīng)強(qiáng)度B的變化度一定，由法拉第電磁感應(yīng)定律得知，圓形線圈中產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)恒定不變，則感應(yīng)電流恒定不變，ab邊在磁場(chǎng)中所受的安培力也恒定不變，由楞次定律可知，圓形線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较颍ㄟ^(guò)ab的電流方向從ba，由左手定則判斷得知，ab所受的安培力方向水平向左，為負(fù)值；同理可知，在后半個(gè)周期內(nèi)，安培力大小恒定不變，方向水平向右故B正確故選B考點(diǎn)：法拉第電磁感應(yīng)定律；楞次定律【名師點(diǎn)睛】本題要求學(xué)生能正確理解B-t圖的含義，故道B如何變化，才能準(zhǔn)確的利用楞次定律進(jìn)行判定根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律分析感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的變化，由歐姆定律判斷感應(yīng)電流的變化，進(jìn)而可確定安培力大小的變化【此處有視頻，請(qǐng)去附件查看】10.如圖所示，電路中完全相同的三只燈泡a，b，c分別與電阻R、電感L、電容C串聯(lián)，然后再并聯(lián)到220V,50Hz的交流電路上，三只燈泡亮度恰好相同若保持交變電壓不變，將交變電流的頻率增大到60Hz，則發(fā)生的現(xiàn)象是()A. 三燈亮度不變B. 三燈均變亮C. a不變、b變亮、c變暗D. a不變、b變暗、c變亮【答案】D【解析】當(dāng)交變電流的頻率變大時(shí)，線圈的感抗變大，電容器的容抗變小，因此b變暗，c變亮。又因?yàn)殡娮柙谥绷骱徒涣麟娐分衅鹣嗤淖饔?，則a燈亮度不變。故D項(xiàng)正確，ABC三項(xiàng)錯(cuò)誤。點(diǎn)睛：交流電是能夠通過(guò)電容的，但是將電容器接入交流電路中時(shí)，電容器極板上所帶電荷對(duì)定向移動(dòng)的電荷具有阻礙作用，物理學(xué)上把這種阻礙作用稱為容抗，且容抗。交流電可以通過(guò)線圈，但是線圈的電感對(duì)交流電有阻礙作用，這個(gè)阻礙叫做感抗，且感抗。11.電磁灶是利用電磁感應(yīng)現(xiàn)象產(chǎn)生的渦流，使鍋體發(fā)熱從而加熱食物有關(guān)電磁灶，下列說(shuō)法中正確的是()A. 鍋體中渦流的強(qiáng)弱與磁場(chǎng)變化的頻率有關(guān)B. 電磁灶中通入電壓足夠高的直流電也能正常工作C. 金屬或環(huán)保絕緣材料制成的鍋體都可以利用電磁灶來(lái)烹飪食物D. 電磁灶的上表面一般都用金屬材料制成，以加快熱傳遞、減少熱損耗【答案】A【解析】【詳解】鍋體中渦流的強(qiáng)弱與磁場(chǎng)變化的頻率有關(guān)，磁場(chǎng)變化的頻率越高，產(chǎn)生的渦流越強(qiáng)，故A正確；直流電不能產(chǎn)生變化的磁場(chǎng)，在鍋體中不能產(chǎn)生感應(yīng)電流，電磁爐不能使用直流電，故B錯(cuò)誤；鍋體只能用鐵磁性導(dǎo)體材料，不能使用絕緣材料制作鍋體，故C錯(cuò)誤；電磁爐的上表面如果用金屬材料制成，使用電磁爐時(shí)，上表面材料發(fā)生電磁感應(yīng)要損失電能，電磁爐上表面要用絕緣材料制作，故D錯(cuò)誤；故選A。12.交流發(fā)電機(jī)在工作時(shí)電動(dòng)勢(shì)為e=Emsint，若將發(fā)電機(jī)的轉(zhuǎn)速提高一倍，同時(shí)將線圈所圍面積減小一半，其他條件不變，則其電動(dòng)勢(shì)變?yōu)?)A. e=EmsinB. e=2EmsinC. e=Emsin2tD. e=sin2t【答案】C【解析】【詳解】感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為e=Emsint，當(dāng)將其電樞的轉(zhuǎn)速提高一倍時(shí)，都增加一倍，電樞所圍面積減小一半，根據(jù)Em=NBS可知，電動(dòng)勢(shì)最大值不變，其表達(dá)式變?yōu)?e=Emsin2t。故選C。二、多選題(共4小題,每小題4.0分,共16分)13.如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系中有一個(gè)垂直于紙面向里的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其邊界過(guò)原點(diǎn)O和y軸上的點(diǎn)a（0，L）一質(zhì)量為m、電荷量為e的電子從a點(diǎn)以初速度v0平行于x軸正方向射入磁場(chǎng)，并從x軸上的b點(diǎn)射出磁場(chǎng)，此時(shí)速度方向與x軸正方向的夾角為60下列說(shuō)法中正確的是（ ）A. 電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為B. 電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為C. 磁場(chǎng)區(qū)域的圓心坐標(biāo)（，）D. 電子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的圓心坐標(biāo)為（0，2L）【答案】BC【解析】試題分析：電子的軌跡半徑為R，由幾何知識(shí)，得（1）所以電子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的圓心坐標(biāo)為(0，L)，電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間（2），而（3），所以,AD錯(cuò)誤，B正確，設(shè)磁場(chǎng)區(qū)域的圓心坐標(biāo)為（x，y）其中,所以磁場(chǎng)圓心坐標(biāo)為,C正確，考點(diǎn)：考查了帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)點(diǎn)評(píng)：通過(guò)題意剛好得出帶電粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，這是本題的突破點(diǎn)當(dāng)?shù)贸鲞@一條件時(shí)，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡可以確定，從而求出圓磁場(chǎng)的圓心位置，再運(yùn)用平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律來(lái)運(yùn)動(dòng)分解處理14. 一電子以與磁場(chǎng)垂直的速度v從P處沿PQ方向進(jìn)入長(zhǎng)為d、寬為h的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，從N點(diǎn)射出，如圖所示，若電子質(zhì)量為m，電荷量為e，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，則（ ）A. h=dB. 電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為C. 電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為D. 洛倫茲力對(duì)電子不做功【答案】CD【解析】解：A、電子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，如果電子垂直與水平邊射出，則電子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過(guò)圓周，h=d，由圖示可知，電子射出磁場(chǎng)時(shí)速度與水平邊不垂直，電子轉(zhuǎn)過(guò)的弧長(zhǎng)不到圓周，hd，故A錯(cuò)誤；B、用PN表示電子運(yùn)動(dòng)的弧長(zhǎng)，電子垂直射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，由洛倫茲力提供向心力而做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為 t=，故B錯(cuò)誤，C正確D、電子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)洛倫茲力提供向心力，洛倫茲力始終與速度方向垂直，洛倫茲力對(duì)電子不做功，故D正確；故選：CD【點(diǎn)評(píng)】本題要知道帶電粒子在磁場(chǎng)中作的是勻速圓周運(yùn)動(dòng)，應(yīng)該用圓周運(yùn)動(dòng)的知識(shí)求時(shí)間，而不能運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的分解法求解時(shí)間15.電阻為1 的某矩形線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，產(chǎn)生的正弦式交流電的it圖線如圖中圖線a所示；調(diào)整線圈的轉(zhuǎn)速后，該線圈中產(chǎn)生的正弦式交流電的it圖線如圖線b所示以下關(guān)于這兩個(gè)正弦式交變電流的說(shuō)法正確的是()A. t0時(shí)刻穿過(guò)線圈的磁通量均為零B. 線圈先后兩次的轉(zhuǎn)速之比為32C. 圖線a對(duì)應(yīng)的交流電的電動(dòng)勢(shì)的有效值為5VD. 圖線b對(duì)應(yīng)的交流電的電動(dòng)勢(shì)的最大值為5 V【答案】BC【解析】由圖可知，t=0時(shí)刻線圈均在中性面，穿過(guò)線圈的磁通量最大，所以A錯(cuò)誤；由圖象可知TA：TB=2：3，根據(jù)T=1/n可知nA：nB=3：2，所以B正確；由圖象可知，交流電a的最大值為10V，所以交流電a的電動(dòng)勢(shì)有效值E=V，所以C正確；交流電最大值Um=NBS，故Uma：Umb=3：2，故Umb=Uma=V，故D錯(cuò)誤。故選BC。16.熔化金屬的一種方法是用“高頻爐”，它的主要部件是一個(gè)銅制線圈，線圈中有一坩堝，堝內(nèi)放待熔的金屬塊，當(dāng)線圈中通以高頻交流電時(shí)，堝中金屬就可以熔化，這是因?yàn)?)A. 線圈中的高頻交流電通過(guò)線圈電阻，產(chǎn)生焦耳熱B. 線圈中的高頻交流電產(chǎn)生高頻微波輻射，深入到金屬內(nèi)部，產(chǎn)生焦耳熱C. 線圈中的高頻交流電在坩堝中產(chǎn)生感應(yīng)電流 ，通過(guò)坩堝電阻產(chǎn)生焦耳熱D. 線圈中的高頻交流電在金屬塊中產(chǎn)生感應(yīng)電流，通過(guò)金屬塊電阻產(chǎn)生焦耳熱【答案】D【解析】線圈中的高頻交流電通過(guò)線圈，從而產(chǎn)生變化的電磁場(chǎng)，使得處于電磁場(chǎng)的金屬塊產(chǎn)生渦流，進(jìn)而發(fā)熱，故ABC錯(cuò)誤，D正確；故選D。三、實(shí)驗(yàn)題(共2小題,共16分)17. 為了測(cè)定一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻，現(xiàn)準(zhǔn)備了下列器材：待測(cè)干電池E（電動(dòng)勢(shì)約1.5 V，內(nèi)阻約為1.0 ）電流表G（滿偏電流3.0 mA，內(nèi)阻為10 ）電流表A（量程00.60 A，內(nèi)阻約為0.10 ）滑動(dòng)變阻器R1（020 ，2 A） 滑動(dòng)變阻器R2（01000 ，1 A）定值電阻R3990 開關(guān)和導(dǎo)線若干（1）為了能盡量準(zhǔn)確地進(jìn)行測(cè)量，也為了操作方便，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選用的滑動(dòng)變阻器是_（填儀器字母代號(hào)）；（2）請(qǐng)?jiān)趫D甲所示的方框中畫出實(shí)驗(yàn)電路原理圖，并注明器材的字母代號(hào)；（3）圖乙所示為某同學(xué)根據(jù)正確的電路圖做出的I1I2圖線（I1為電流表G的示數(shù)，I2為電流表A的示數(shù)），由該圖線可求出被測(cè)干電池的電動(dòng)勢(shì)E_V，內(nèi)電阻r_?！敬鸢浮?(1). R1 (2). (3). 1.5 (4). 0.78【解析】試題分析：（1）為了操作方便，在選擇滑動(dòng)變阻器時(shí)應(yīng)選取和被測(cè)阻值相差不大的，故選R1（2分）。（2）因?yàn)轭}目中沒(méi)有給出電壓表，所以需要電流表G和一定值電阻串聯(lián)，改裝成一個(gè)電壓表，如圖（4分）。（3）根據(jù)閉合回路歐姆定律可得，帶入數(shù)據(jù)可得E=1.450.01V（2分），r=0.900.01（2分）?？键c(diǎn)：考查了測(cè)定電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵掌握測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的原理，以及會(huì)分析誤差形成的原因18.某實(shí)驗(yàn)小組研究?jī)蓚€(gè)未知元件X和Y的伏安特性，使用的器材包括電壓表（內(nèi)阻約為3k）、電流表（內(nèi)阻約為1）、定值電阻等。（1）使用多用電表粗測(cè)元件X的電阻，選擇“1” 歐姆檔測(cè)量，示數(shù)如圖（a）所示，讀數(shù)_，據(jù)此應(yīng)選擇圖中的_（選填“b”或“c”）電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。（2）連接所選電路，閉合S；滑動(dòng)變阻器的滑片P從左向右滑動(dòng)，電流表的示數(shù)逐漸_填 “增大”“減小”）；依次記錄電流及相應(yīng)的電壓；將元件X換成元件Y，重復(fù)實(shí)驗(yàn)。（3）圖（d）是根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)做出的UI圖線，由圖可判斷元件_（填“X”或“Y”）是非線性元件。（4）該小組還借助X和Y中的線性元件和阻值R21的定值電阻，測(cè)量待測(cè)電池組的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，如圖（e）所示，閉合S1和S2，電壓表讀數(shù)為3.00V，斷開S2，電壓表讀數(shù)為1.00V，結(jié)合圖（d）可算出E_V，r= _。（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字，電壓表為理想電壓表）【答案】（1）10；b（2）增大；（3）Y（4）3.2；0.50【解析】試題分析：電阻的大小等于表盤的讀數(shù)乘以倍率根據(jù)元件X的電阻大小確定電流表的內(nèi)外接先分析電路的連接方式即串聯(lián)，然后根據(jù)滑動(dòng)變阻器的正確使用方法進(jìn)行分析根據(jù)圖象得特點(diǎn)判斷元件是否是非線性元件；根據(jù)閉合電路歐姆定律列出等式求解電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r解：（1）使用多用電表粗測(cè)元件X的電阻，選擇“1”歐姆擋測(cè)量，示數(shù)如圖（a）所示，讀數(shù)為10元件X的電阻遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，電流表采用外接法誤差較小，因此需要選擇圖b所示實(shí)驗(yàn)電路（2）連接所選電路，閉合S；滑動(dòng)變阻器的滑片P從左向右滑動(dòng)，并聯(lián)支路電壓增大，電流表的示數(shù)逐漸增大；（3）如圖（d）是根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出的UI圖線，由圖可判斷元件Y是非線性元件；（4）根據(jù)UI圖線得出元件X的電阻R=10；閉合S1和S2，電壓表讀數(shù)為3.00V；斷開S2，讀數(shù)為1.00V，根據(jù)閉合電路歐姆定律列出等式E=3+rE=1+（r+21）解得：E=3.2Vr=0.50故答案為：（1）10；b（2）增大；（3）Y（4）3.2；0.50【點(diǎn)評(píng)】知道串聯(lián)電路中電阻、電流和電壓的關(guān)系，會(huì)正確使用滑動(dòng)變阻器，會(huì)根據(jù)歐姆定律判斷電壓表和電流表示數(shù)的變化關(guān)鍵掌握滑動(dòng)變阻器分壓式和限流式的區(qū)別，電流表內(nèi)外接的區(qū)別，以及會(huì)通過(guò)圖線求解電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻四、計(jì)算題19.如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E=18 V，內(nèi)阻r=2 ，兩平行金屬板水平放置，相距d=2 cm，當(dāng)變阻器R2的滑片P恰好移到中點(diǎn)時(shí)，一帶電量q=2107C的液滴剛好靜止在電容器兩板的正中央，此時(shí)理想電流表的讀數(shù)為1 A已知定值電阻R1=6 求：（1）帶電液滴的質(zhì)量（取g=10 m/s2）（2）當(dāng)把滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)片P迅速移到C點(diǎn)后，液滴到達(dá)極板時(shí)的動(dòng)能【答案】（1）1.6105kg（2）7.14108J【解析】【分析】(1)根據(jù)閉合電路歐姆定律求解路端電壓，然后對(duì)液滴根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件列式求解質(zhì)量；(2)當(dāng)把滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)片P迅速移到C點(diǎn)后，電壓增加，液滴向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理列式求解末動(dòng)能?！驹斀狻?1) 根據(jù)閉合電路歐姆定律，路端電壓為：U=E-Ir=18-12.0=16V液滴平衡，故： 代入數(shù)據(jù)解得：；(2) 當(dāng)滑片在中點(diǎn)時(shí)： 解得：R2=20當(dāng)滑片滑到C點(diǎn)時(shí)，路端電壓： 根據(jù)動(dòng)能定理，液滴到達(dá)上極板時(shí)的動(dòng)能為： ?！军c(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是明確電路結(jié)構(gòu)，根據(jù)閉合電路歐姆定律和串并聯(lián)電路的電壓、電流關(guān)系求解極板間的電壓；然后結(jié)合平衡條件、動(dòng)能定理列式求解。20.如圖所示，有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=2103T磁場(chǎng)右邊是寬度為L(zhǎng)=0.2 m、場(chǎng)強(qiáng)為E=40 V/m、方向向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)一帶電粒子電荷量為q=3.21019C，質(zhì)量為m=6.41027kg，以v=4104m/s的速度沿OO垂直射入磁場(chǎng)，在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)后進(jìn)入右側(cè)的電場(chǎng)，最后從電場(chǎng)右邊界射出求：(1)大致畫出帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡(畫在題圖上)；(2)帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑；(3)帶電粒子飛出電場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能【答案】(1)(2)0.4m (3)7.681018J【解析】【詳解】（1）運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示（2）帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，由牛頓第二定律得，qvB=m，.（3）帶電粒子飛出電場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能：Ek=EqLmv2=403.210190.2J6.41027(4104)2J=7.681018J21.如圖所示，有一傾角=37的粗糙斜面，斜面所在空間存在一有界矩形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域GIJH，其寬度GI=HJ=L=0.5 m有一質(zhì)量m=0.5 kg的“日”字形勻質(zhì)導(dǎo)線框abcdef，從斜面上靜止釋放，釋放時(shí)ef平行于GH且距GH為4L，導(dǎo)線框各段長(zhǎng)ab=cd=ef=ac=bd=ce=df=L=0.5 m，線框與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.25，ab、cd、ef三段的阻值相等、均為R=0.5 ，其余電阻不計(jì)已知ef邊剛進(jìn)