（科學(xué)備考 必考）高考物理大二輪復(fù)習(xí) 牛頓運(yùn)動(dòng)定律（含試題）.doc

（科學(xué)備考 必考）2015高考物理大二輪復(fù)習(xí) 牛頓運(yùn)動(dòng)定律（含2014試題） 物理1.(2014江蘇，8，3分)如圖所示,a、b兩物塊的質(zhì)量分別為2m和m,靜止疊放在水平地面上。a、b間的動(dòng)摩擦因數(shù)為,b與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為。最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力,重力加速度為g。現(xiàn)對a施加一水平拉力f,則()a.當(dāng)f3mg時(shí),a相對b滑動(dòng)d.無論f為何值,b的加速度不會超過g答案 1.bcd解析 1.對a、b整體,地面對b的最大靜摩擦力為mg,故當(dāng)mgf3mg時(shí),a相對b才能滑動(dòng),故c對。當(dāng)f=mg時(shí),a、b相對靜止,對整體有:mg-3mg=3ma,a=g,故b正確。無論f為何值,b所受最大的動(dòng)力為a對b的最大靜摩擦力2mg,故b的最大加速度abm=g,可見d正確。2.(2014重慶，5，6分)以不同初速度將兩個(gè)物體同時(shí)豎直向上拋出并開始計(jì)時(shí),一個(gè)物體所受空氣阻力可忽略,另一物體所受空氣阻力大小與物體速率成正比,下列用虛線和實(shí)線描述兩物體運(yùn)動(dòng)的v-t圖像可能正確的是()答案 2.d解析 2.受空氣阻力作用的物體,上升過程:mg+kv=ma,得a=g+v,v減小,a減小,a錯(cuò)誤。到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)v=0,a=g,即兩圖線與t軸相交時(shí)斜率相等,故d正確。3.(2014四川，7，6分)如圖所示,水平傳送帶以速度v1勻速運(yùn)動(dòng),小物體p、q由通過定滑輪且不可伸長的輕繩相連,t=0時(shí)刻p在傳送帶左端具有速度v2,p與定滑輪間的繩水平,t=t0時(shí)刻p離開傳送帶。不計(jì)定滑輪質(zhì)量和摩擦,繩足夠長。正確描述小物體p速度隨時(shí)間變化的圖像可能是()答案 3.bc解析 3.若v2v1且mqgmpg,則mpg-mqg=(mp+mq)a1,當(dāng)p加速運(yùn)動(dòng)速度達(dá)到v1后,與皮帶一起勻速運(yùn)動(dòng),直到離開傳送帶(也可能加速過程中就離開傳送帶),所以b項(xiàng)正確。若v2mpg,則p先勻減速到零再反向加速到離開傳送帶(也可能減速過程中就離開傳送帶);若v2v1,且mqgv1且mqgmpg,滿足mqg+mpg=(mp+mq)a2,中途減速至v1,以后滿足mqg-mpg=(mp+mq)a3,以a3先減速到零再以相同的加速度返回直到離開傳送帶(也可能減速過程中就離開傳送帶),故c正確,a、d錯(cuò)誤。4.(2014福建，18，6分)如圖,兩根相同的輕質(zhì)彈簧,沿足夠長的光滑斜面放置,下端固定在斜面底部擋板上,斜面固定不動(dòng)。質(zhì)量不同、形狀相同的兩物塊分別置于兩彈簧上端。現(xiàn)用外力作用在物塊上,使兩彈簧具有相同的壓縮量;若撤去外力后,兩物塊由靜止沿斜面向上彈出并離開彈簧,則從撤去外力到物塊速度第一次減為零的過程,兩物塊()a.最大速度相同b.最大加速度相同c.上升的最大高度不同d.重力勢能的變化量不同答案 4.c解析 4.物塊在剛撤去外力時(shí)加速度最大,由牛頓第二定律得:kx-mg sin =ma,即a=-g sin ,由于兩物塊k、x、均相同,m不同,則a不同,b錯(cuò)誤。當(dāng)mg sin =kx0即x0=時(shí),速度最大,如圖,設(shè)兩物塊質(zhì)量m1m2,其平衡位置分別為o1、o2,初始位置為o,則從o至o2的過程中,由w彈-wg=ek及題意知,w彈相同,wg1ek2,即v1v2,而此時(shí)m2的速度v2已達(dá)最大,此后,m1的速度將繼續(xù)增大直至最大,而m2的速度將減小,故一定是質(zhì)量小的最大速度大,a錯(cuò)誤。從開始運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn),由ep=mgh及題意知重力勢能的變化量ep=mgh相同,m不同,h也不同,故c正確,d錯(cuò)誤。5.(2014福建，15，6分)如右圖,滑塊以初速度v0沿表面粗糙且足夠長的固定斜面,從頂端下滑,直至速度為零。對于該運(yùn)動(dòng)過程,若用h、s、v、a分別表示滑塊的下降高度、位移、速度和加速度的大小,t表示時(shí)間,則下列圖象最能正確描述這一運(yùn)動(dòng)規(guī)律的是()答案 5.b解析 5.設(shè)斜面傾角為,滑塊沿斜面下滑時(shí),由牛頓第二定律有mg sin -mg cos =ma,a=g sin -g cos ,因此滑塊下滑時(shí)加速度不變,選項(xiàng)d錯(cuò)誤;滑塊加速下滑時(shí)的位移s=v0t+at2,選項(xiàng)b正確;滑塊下降高度h=ssin =v0 sin t+a sin t2,選項(xiàng)a錯(cuò)誤;滑塊下滑時(shí)的速度v=v0+at,選項(xiàng)c錯(cuò)誤。6.(2014山東，15，6分)一質(zhì)點(diǎn)在外力作用下做直線運(yùn)動(dòng),其速度v隨時(shí)間t變化的圖像如圖。在圖中標(biāo)出的時(shí)刻中,質(zhì)點(diǎn)所受合外力的方向與速度方向相同的有()a.t1b.t2c.t3d.t4答案 6.ac解析 6.v-t圖像中,縱軸表示各時(shí)刻的速度,t1、t2時(shí)刻速度為正,t3、t4時(shí)刻速度為負(fù),圖線上各點(diǎn)切線的斜率表示該時(shí)刻的加速度,t1、t4時(shí)刻加速度為正,t2、t3時(shí)刻加速度為負(fù),根據(jù)牛頓第二定律,加速度與合外力方向相同,故t1時(shí)刻合外力與速度均為正,t3時(shí)刻合外力與速度均為負(fù),a、c正確,b、d錯(cuò)誤。7.(2014北京，19，6分)伽利略創(chuàng)造的把實(shí)驗(yàn)、假設(shè)和邏輯推理相結(jié)合的科學(xué)方法,有力地促進(jìn)了人類科學(xué)認(rèn)識的發(fā)展。利用如圖所示的裝置做如下實(shí)驗(yàn):小球從左側(cè)斜面上的o點(diǎn)由靜止釋放后沿斜面向下運(yùn)動(dòng),并沿右側(cè)斜面上升。斜面上先后鋪墊三種粗糙程度逐漸降低的材料時(shí),小球沿右側(cè)斜面上升到的最高位置依次為1、2、3。根據(jù)三次實(shí)驗(yàn)結(jié)果的對比,可以得到的最直接的結(jié)論是()a.如果斜面光滑,小球?qū)⑸仙脚co點(diǎn)等高的位置b.如果小球不受力,它將一直保持勻速運(yùn)動(dòng)或靜止?fàn)顟B(tài)c.如果小球受到力的作用,它的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)將發(fā)生改變d.小球受到的力一定時(shí),質(zhì)量越大,它的加速度越小答案 7.a解析 7.根據(jù)實(shí)驗(yàn)結(jié)果,得到的最直接的結(jié)論是如果斜面光滑,小球?qū)⑸仙脚co點(diǎn)等高的位置,a項(xiàng)正確。而小球不受力時(shí)狀態(tài)不變,小球受力時(shí)狀態(tài)發(fā)生變化,是在假設(shè)和邏輯推理下得出的結(jié)論,不是實(shí)驗(yàn)直接結(jié)論,所以b和c選項(xiàng)錯(cuò)誤。而d項(xiàng)不是本實(shí)驗(yàn)所說明的問題,故錯(cuò)誤。8.(2014北京，18，6分)應(yīng)用物理知識分析生活中的常見現(xiàn)象,可以使物理學(xué)習(xí)更加有趣和深入。例如平伸手掌托起物體,由靜止開始豎直向上運(yùn)動(dòng),直至將物體拋出。對此現(xiàn)象分析正確的是()a.手托物體向上運(yùn)動(dòng)的過程中,物體始終處于超重狀態(tài)b.手托物體向上運(yùn)動(dòng)的過程中,物體始終處于失重狀態(tài)c.在物體離開手的瞬間,物體的加速度大于重力加速度d.在物體離開手的瞬間,手的加速度大于重力加速度答案 8.d解析 8.物體由靜止開始向上運(yùn)動(dòng)時(shí),物體和手掌先一起加速向上,物體處于超重狀態(tài),之后物體和手掌分離前,應(yīng)減速向上,物體處于失重狀態(tài),故a、b均錯(cuò)誤。當(dāng)物體和手分離時(shí),二者速度相同,又因均做減速運(yùn)動(dòng),故分離條件為a手a物,分離瞬間物體的加速度等于重力加速度,則手的加速度大于重力加速度,選項(xiàng)d正確,c錯(cuò)誤。9.(2014課標(biāo)全國卷，17，6分)如圖,一質(zhì)量為m的光滑大圓環(huán),用一細(xì)輕桿固定在豎直平面內(nèi);套在大環(huán)上質(zhì)量為m的小環(huán)(可視為質(zhì)點(diǎn)),從大環(huán)的最高處由靜止滑下。重力加速度大小為g。當(dāng)小環(huán)滑到大環(huán)的最低點(diǎn)時(shí),大環(huán)對輕桿拉力的大小為()a.mg-5mgb.mg+mgc.mg+5mgd.mg+10mg答案 9.c解析 9.解法一以小環(huán)為研究對象,設(shè)大環(huán)半徑為r,根據(jù)機(jī)械能守恒定律,得mg2r=mv2,在大環(huán)最低點(diǎn)有fn-mg=m,得fn=5mg,此時(shí)再以大環(huán)為研究對象,受力分析如圖,由牛頓第三定律知,小環(huán)對大環(huán)的壓力為fn=fn,方向豎直向下,故f=mg+5mg,由牛頓第三定律知c正確。解法二設(shè)小環(huán)滑到大環(huán)最低點(diǎn)時(shí)速度為v,加速度為a,根據(jù)機(jī)械能守恒定律mv2=mg2r,且a=,所以a=4g,以整體為研究對象,受力情況如圖所示。f-mg-mg=ma+m0所以f=mg+5mg,c正確。10.（2014重慶一中高三下學(xué)期第一次月考理綜試題，5）如題5所示，水平傳送帶ab距離地面的高度為h，以恒定速率v0順時(shí)針運(yùn)行。甲、乙兩相同滑塊（視為質(zhì)點(diǎn)）之間夾著一個(gè)壓縮輕彈簧（長度不計(jì)），在ab的正中間位置輕放它們時(shí)，彈簧瞬間恢復(fù)原長，兩滑塊以相同的速率分別向左、右運(yùn)動(dòng)。下列判斷正確的是（ ） a甲、乙滑塊不可能落在傳送帶的左右兩側(cè)b甲、乙滑塊可能落在傳送帶的左右兩側(cè)，但距釋放點(diǎn)的水平距離一定相等c甲、乙滑塊可能落在傳送帶的同一側(cè)，但距釋放點(diǎn)的水平距離一定不相等d若甲、乙滑塊能落在同一點(diǎn)，則摩擦力對甲乙做的功一定相等答案 10.5d解析 10.：設(shè)v大于v0。彈簧立即彈開后，甲物體向左做初速度為v，加速度為a的勻減速運(yùn)動(dòng)；乙物體向向右做初速度為v，（若v大于v0），則乙也做加速度為a的勻減速運(yùn)動(dòng)；若甲乙都一直做勻減速運(yùn)動(dòng)，兩個(gè)物體落地后，距釋放點(diǎn)的水平距離相等，若甲做勻減速運(yùn)動(dòng)，乙先做勻減速后做運(yùn)動(dòng)，則水平距離不等，故ab錯(cuò)誤。若v小于v0，彈簧立即彈開后，甲物體向左做初速度為v，加速度為a的勻減速運(yùn)動(dòng), 速度為零后可以再向相反的方向運(yùn)動(dòng)，整個(gè)過程是做初速度為v，加速度和皮帶運(yùn)動(dòng)方向相同的減速運(yùn)動(dòng)；乙物體做初速度為v，加速度為a的勻加速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)方向和加速度的方向都和皮帶輪的運(yùn)動(dòng)方向相同，甲乙到達(dá)b點(diǎn)時(shí)的速度相同，落地的位置在同一點(diǎn)，此過程摩擦力對甲乙做的功一定相等。故c錯(cuò)誤，d正確。11.（2014重慶一中高三下學(xué)期第一次月考理綜試題，4）如題4所示，在傾角為30的光滑斜面上端系有一勁度系數(shù)為200n/m的輕質(zhì)彈簧，彈簧下端連一個(gè)質(zhì)量為2kg的小球，球被一垂直于斜面的擋板a擋住，此時(shí)彈簧沒有形變?nèi)魮醢錫以4m/s2的加速度沿斜面向下做勻加速運(yùn)動(dòng)，取m/s2，則（ ）a小球從一開始就與擋板分離b小球速度最大時(shí)與擋板分離c小球向下運(yùn)動(dòng)0.01 m時(shí)與擋板分離d小球向下運(yùn)動(dòng)0.02m時(shí)速度最大答案 11.4c解析 11.：設(shè)球與擋板分離時(shí)位移為x，經(jīng)歷的時(shí)間為t，從開始運(yùn)動(dòng)到分離的過程中，m受豎直向下的重力，垂直斜面向上的支持力fn，沿斜面向上的擋板支持力f1和彈簧彈力f。根據(jù)牛頓第二定律有：mgsin30-kx-f1=ma，保持a不變，隨著x的增大，f1減小，當(dāng)m與擋板分離時(shí)，f1減小到零，則有mgsin30-kx=ma，解得xm0.01m，即小球向下運(yùn)動(dòng)0.01m時(shí)與擋板分離，故a錯(cuò)誤，c正確；球和擋板分離前小球做勻加速運(yùn)動(dòng)；球和擋板分離后做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度為零時(shí)，速度最大，故b錯(cuò)誤；球和擋板分離后做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度為零時(shí)，速度最大，此時(shí)物體所受合力為零，即kxm=mgsin30，解得xm=m0.05m，由于開始時(shí)彈簧處于原長，所以速度最大時(shí)小球向下運(yùn)動(dòng)的路程為0.05m, 故d錯(cuò)誤。12.（2014天津薊縣第二中學(xué)高三第一次模擬考試?yán)砜凭C合試題，1）兩輛質(zhì)量不同的汽車在路面情況相同的公路上直線行駛，下面關(guān)于兩車車速、動(dòng)能、動(dòng)量、慣性、質(zhì)量和滑行路程的討論，正確的是（ ）a、車速越大車，它的慣性越大b、質(zhì)量越大車，它的慣性越大c、動(dòng)量越大的車，剎車后滑行的路程越長d、動(dòng)能大的車，剎車后滑行的路程越長，所以慣性越大答案 12.1b解析 12.解析：質(zhì)量是物體慣性大小的唯一的量度，與物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無關(guān)，質(zhì)量越大，汽車越大，故a錯(cuò)誤，b正確；根據(jù)動(dòng)能定理得：-fs=0-mv2，則得：s=，又動(dòng)量p=mv，聯(lián)立得：s=，可知車剎車后滑行的路程與車的初動(dòng)量、質(zhì)量和阻力有關(guān)，動(dòng)量越大，剎車后滑行的路程不一定越大，故c錯(cuò)誤；由上題s=，可知?jiǎng)幽艽蟮能?，剎車后滑行的路程越長，但質(zhì)量不一定越大，慣性不一定越大，故d錯(cuò)誤。13.（2014天津薊縣邦均中學(xué)高三模擬理科綜合能力測試，6）如圖所示，一名消防隊(duì)員在模擬演習(xí)訓(xùn)練中，沿著長為12m的豎立在地面上的鋼管住下滑。已知這名消防隊(duì)員的質(zhì)量為60，他從鋼管頂端由靜止開始先勻加速再勻減速下滑，滑到地面時(shí)速度恰好為零。如果他加速時(shí)的加速度大小是減速時(shí)的2倍，下滑的總時(shí)間為3， g取10ms2，那么該消防隊(duì)員（ ）a下滑過程中的最大速度為4 msb加速與減速過程的時(shí)間之比為12c加速與減速過程中所受摩擦力大小之比為17d加速與減速過程的位移之比為14答案 13.解析 13.：設(shè)下滑過程中的最大速度為v，則消防隊(duì)員下滑的總位移x=t1+t2=t，得到v=m/s=8m/s，故a錯(cuò)誤；設(shè)加速與減速過程的時(shí)間分別為t1、t2，加速度大小分別為a1、a2，則v=a1t1，v=a2t2，得到t1：t2=a2：a1=1：2，故b正確；由t1：t2=1：2，又t1+t2=3s，得到t1=1s，t2=2s，a1=8m/s2，a2=4m/s2，根據(jù)牛頓第二定律得：加速過程：mg-f1=ma1，f1=mg-ma1=2m，減速過程：f2-mg=ma2，f2=mg+ma2=14m ，所以f1：f2=1：7，故c正確；加速與減速過程的平均速度相同，時(shí)間之比為1：2，故位移之比為1：2，故d錯(cuò)誤。14.（2014山東濰坊高三3月模擬考試?yán)砜凭C合試題，15）如圖所示，兩相同小球a、b用輕彈簧a、b連接并懸掛在天花板上保持靜止，水平力f作用在a上并緩慢拉a，當(dāng)b與豎直方向夾角為60o時(shí)，a、b伸長量剛好相同若a、b的勁度系數(shù)分別為k1、k2，則以下判斷正確的是（ ） a b c撤去f的瞬間，a球的加速度為零 d撤去f的瞬間，b球處于失重狀態(tài)答案 14.15b解析 14.：先對b球受力分析，受重力和拉力，根據(jù)平衡條件，有：f1=mg再對a、b球整體受力分析，受重力、拉力和彈簧的拉力，如圖所示：根據(jù)平衡條件，有：f2=4mg，根據(jù)胡克定律，有：f1=k1x，f2=k2x，故，故a錯(cuò)誤，b正確；球a受重力、拉力和兩個(gè)彈簧的拉力，撤去拉力f瞬間，其余3個(gè)力不變，故加速度一定不為零，故c錯(cuò)誤；球b受重力和拉力，撤去f的瞬間，重力和彈力都不變，故加速度仍然為零，處于平衡狀態(tài)，故d錯(cuò)誤。15.（2014江西重點(diǎn)中學(xué)協(xié)作體高三年級第一次聯(lián)考，20）如圖甲所示，一可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊在外力f的作用下由靜止沿光滑斜面向上運(yùn)動(dòng)（斜面足夠長），0t秒內(nèi)，力f做功為w，t秒末撤去外力f，已知該物塊從零時(shí)刻出發(fā)，在2t時(shí)刻恰好返回出發(fā)點(diǎn)，其圖像如圖乙所示。則下列說法正確的是（ ）a物塊在0t與t2t時(shí)間內(nèi)的位移相同b物塊在1.5t秒末離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)c物塊返回出發(fā)點(diǎn)時(shí)動(dòng)能為wd0t與t2t時(shí)間內(nèi)的加速度大小之比為1: 3答案 15.20cd解析 15.：0t與t2t時(shí)間內(nèi)的初、末位置恰好相反，故位移方向相反，故a錯(cuò)誤；當(dāng)速度為零時(shí)，質(zhì)點(diǎn)離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)，顯然與圖象矛盾，故b錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)能定理可得w=ek, 故物塊返回出發(fā)點(diǎn)時(shí)動(dòng)能為w，c正確；設(shè)t時(shí)刻速度為v1，2t時(shí)刻速度為v2，0t與t2t時(shí)間內(nèi)的位移相反，故：tt，解得v2=-2v1 ，0t時(shí)間內(nèi)的加速度為a1，t2t時(shí)間內(nèi)的加速度為：a2，故1: 3，故d正確。16.（2014江蘇南通高三2月第一次調(diào)研測試物理試題，6）如圖所示，斜面abc中ab段光滑，bc段粗糙一小物塊由a點(diǎn)靜止釋放，沿斜面下滑到c點(diǎn)時(shí)速度恰好為零若物塊運(yùn)動(dòng)的速度為v，加速度為a，位移為x，物體所受合外力為f，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，以沿斜面向下為正方向，則下列圖象中可能正確的是（ ）答案 16.6ab解析 16.：由于ab段光滑，物體在ab段受重力和斜面支持力做加速度運(yùn)動(dòng)，物體加速度為：a1gsin，bc段粗糙，故物體比ab段多一個(gè)沿斜面向上的摩擦力，由于一小物塊由a點(diǎn)靜止釋放，沿斜面下滑到c點(diǎn)時(shí)速度恰好為零，可知物體先做加速后減速，故可知bc段加速度向上，其大小為：a2gsin，故a正確，b正確；物體在ab段受重力和斜面支持力做加速度運(yùn)動(dòng)，其位移為：xa1t2，可知位移時(shí)間圖象應(yīng)該是開口向上的拋物線，故c錯(cuò)誤；ab和bc段的受力都是恒定的，故d錯(cuò)誤。17.（2014吉林實(shí)驗(yàn)中學(xué)高三年級第一次模擬，14）兩物體甲和乙在同一直線上運(yùn)動(dòng)，它們在00.4s時(shí)間內(nèi)的vt圖象如圖所示。若僅在兩物體之間存在相互作用力，則物體甲與乙的質(zhì)量之比和圖中時(shí)間分別為（ ） a和0.28sb3和0.28s c和0.30sd3和0.30s答案 17.14d解析 17.：根據(jù)三角形相似得：，得t1=0.3s根據(jù)速度圖象的斜率等于加速度，得到甲的加速度大小為a甲=m/s2，乙的加速度大小為a乙=m/s2=10m/s2，據(jù)題，僅在兩物體之間存在相互作用，根據(jù)牛頓第三定律得知，相互作用力大小相等，由牛頓第二定律f=ma得兩物體的加速度與質(zhì)量成反比，則有質(zhì)量之比為m甲：m乙=a乙：a甲=3：1，故d正確。18.(武漢市2014屆高中畢業(yè)生二月調(diào)研測試) 如圖所示，傾斜傳送帶沿逆時(shí)針方向勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，在傳送帶的a端無初速度放置一物塊。選擇b端所在的水平面為參考平面，物塊從a端運(yùn)動(dòng)到b端的過程中，其機(jī)械能e與位移x的關(guān)系圖象可能正確的是：答案 18.20bd解析 18.設(shè)物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)位移為x，下落高度h，物體從a到b運(yùn)動(dòng)過程中，機(jī)械能：e=ek+ep=（mgcos+mgsin）x+mgh=（mgcos+mgsin）x+mgxsin，若物塊放上后一直加速，且到b點(diǎn)速度仍小于v，則物塊機(jī)械能一直增大，但e與x不成正比，故a錯(cuò)誤，b正確；若物塊在到達(dá)b點(diǎn)之前，速度達(dá)到v，則物塊將和傳送帶一起勻速運(yùn)動(dòng)，但重力勢能減小，故機(jī)械能減小，故c錯(cuò)誤，d正確。19.(湖北省八校2014屆高三第二次聯(lián)考) 如圖所示，傾斜的傳動(dòng)帶以恒定的速度v2向上運(yùn)動(dòng)，一個(gè)小物塊以初速度v1從底端沖上傳動(dòng)帶，且v1大于v2，小物塊從傳動(dòng)帶底端到達(dá)頂端的過程中一直做減速運(yùn)動(dòng)，則a小物塊到達(dá)頂端的速度可能等于零b小物塊到達(dá)頂端的速度不可能等于v2c小物塊的機(jī)械能一直在減小d小物塊所受的合外力一直做負(fù)功答案 19.21ad解析 19.小物塊以初速度v1從底端沖上傳動(dòng)帶，且v1大于v2，所以物塊在重力沿斜面的分量及摩擦力作用下做勻減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度減為v2后，重力沿斜面的分量大于向上的摩擦力，物體繼續(xù)減速，到達(dá)頂端時(shí)，速度正好減為零，故a正確；小物塊從傳動(dòng)帶底端到達(dá)頂端的過程中一直做減速運(yùn)動(dòng)，減到頂端時(shí)速度剛好與傳送帶速度相等，故b錯(cuò)誤；除重力以外的力做的功等于機(jī)械能的變化量，剛開始v1大于v2，摩擦力方向向下，做負(fù)功，機(jī)械能減小，當(dāng)速度減為v2后，再減速時(shí)，摩擦力方向向上，做正功，機(jī)械能增大，故c錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)能定理可知，w合=ek，因?yàn)槲矬w一直做減速運(yùn)動(dòng)，速度動(dòng)能一直減小，合外力一直做負(fù)功，故d正確。20.（河南省豫東豫北十所名校2014屆高中畢業(yè)班階段性測試（四）一根輕繩跨過一光滑的定滑輪，質(zhì)量為m的人抓著輕繩的一端，輕繩另一端系著一個(gè)質(zhì)量為m的物體。已知重力加速度為g，若人相對于輕繩勻速向上爬時(shí)，物體上升的加速度為 a . g bg cg dg答案 20.17b解析 20.人相對于輕繩勻速上爬時(shí)，則相對于地面有向下的加速度，與物體的加速度大小相同。根據(jù)牛頓第二定律有：mg-t=ma，對物體分析，根據(jù)牛頓第二定律得，t-mgma，解得a=g，故b正確，a、c、d錯(cuò)誤。21.（桂林中學(xué)2014屆三年級2月月考）a、b兩物體疊放在一起, 放在光滑水平面上, 如圖甲, 它們從靜止開始受到一個(gè)變力f的作用, 該力與時(shí)間的關(guān)系如圖乙所示, a、b始終相對靜止. 則 ：a. 在時(shí)刻，a、b兩物體速度最大b. 在時(shí)刻，a、b兩物體間的靜摩擦力最大c. 在時(shí)刻，a、b兩物體的速度最大d. 在時(shí)刻，a、b兩物體又回到了出發(fā)點(diǎn)答案 21.14a解析 21.以整體為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律分析得知，0、2t0時(shí)刻整體所受的合力最大，加速度最大，再以a為研究對象，分析可知，a受到的靜摩擦力最大，故b錯(cuò)誤；整體在0-t0時(shí)間內(nèi)，做加速運(yùn)動(dòng)，在t0-2t0時(shí)間內(nèi)，向原方向做減速運(yùn)動(dòng)，則t0時(shí)刻，a、b速度最大，在2t0時(shí)刻兩物體速度為零，速度最小，故a正確、c錯(cuò)誤；2t0時(shí)刻，整體做單向直線運(yùn)動(dòng)，位移逐漸增大，則2t0時(shí)刻，a、b位移最大，故d錯(cuò)誤。22.(河北省石家莊市2014屆高中畢業(yè)班教學(xué)質(zhì)量檢測（二）) 一質(zhì)量為0.6kg的物體以20m/s的初速度豎直上拋，當(dāng)物體上升到某一位置時(shí)，其動(dòng)能減少了18j，機(jī)械能減少了3j。整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中物體所受阻力大小不變，重力加速度g=10m/s2，則下列說法正確的是a物體向上運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度大小為12m/s2b物體向下運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度大小為9m/s2c物體返回拋出點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為40jd物體返回拋出點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為114j答案 22.17a解析 22.物體從開始到上升到高處某一位置時(shí)，受重力和空氣阻力，根據(jù)動(dòng)能定理，有-mglab-flab=ekb-eka=-18j 機(jī)械能的減小量等于克服空氣阻力做的功flab=eb-ea=3j 由可解得：lab=2.5m，f=1.2n；物體上升過程根據(jù)牛頓第二定律有a=12m/s2，方向與初速度方向相反，故a正確；下落時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律：a=8m/s2，故b錯(cuò)誤；因?yàn)槲矬w的初速度為v0=20m/s，初動(dòng)能ek0=mv02=0.6202=120j，當(dāng)該物體經(jīng)過斜面上某一點(diǎn)時(shí)，動(dòng)能減少了18j，機(jī)械能減少了3j，所以當(dāng)物體到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)動(dòng)能減少了120j，機(jī)械能減少了20j，所以物體上升過程中克服摩擦力做功是20j，全過程摩擦力做功w=-40j；從出發(fā)到返回底端，重力不做功，設(shè)回到出發(fā)點(diǎn)的動(dòng)能為ek，由動(dòng)能定理可得：w=ek-ek0 ，得 ek=80j，故cd錯(cuò)誤。23.(河北衡水中學(xué)2013-2014學(xué)年度下學(xué)期二調(diào)考試) 如圖（甲）所示，靜止在水平地面上的物塊a，收到水平拉力f的作用，f與時(shí)間t的關(guān)系如圖（乙）所示。設(shè)物塊與地面間的最大靜摩擦力ffm的大小與滑動(dòng)摩擦力大小相等，則t1t2時(shí)間內(nèi)（）a t1時(shí)刻物塊的速度為零 b t2時(shí)刻物塊的加速度最大c t3時(shí)刻物塊的動(dòng)能最大 d t1t3時(shí)間內(nèi)f對物塊先做正功后做負(fù)功答案 23.19abc解析 23.t1時(shí)刻前，推力小于最大靜摩擦力，物體靜止不動(dòng)，位移為0，所以t1速度為零，故a正確；物塊做加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律得，a=，隨著拉力f的增大而增大，t2時(shí)刻，拉力f最大，則合力最大，加速度最大，故b正確；t3之后合力向后，物體由于慣性減速前進(jìn)，故t3時(shí)刻a的速度最大，動(dòng)能最大，故c正確；t1t3時(shí)間內(nèi)速度方向沒有改變，力f方向也沒變，所以f對物塊a一直做正功，故d錯(cuò)誤。24.(汕頭市2014年普通高考模擬考試試題) 如圖，物塊p和m疊放在一起，且質(zhì)量mp l，lb lbla l，lb l，lb ldla l答案 26.14d解析 26.靜止時(shí)a、b長度為l，知滑塊處于平衡，若兩彈簧開始處于伸長狀態(tài)，該裝置加速向右運(yùn)動(dòng)，滑塊的合力向右，則b彈簧的形變量增大，a彈簧的形變量減小，則lal，lbl；若彈簧開始處于壓縮狀態(tài)，該裝置加速向右運(yùn)動(dòng)，滑塊的合力向右，則a彈簧彈力變大，b彈簧彈力變小，a彈簧的形變量增大，b彈簧的形變量減小，則lal，lbl，故d項(xiàng)正確。若彈簧開始處于原長，該裝置加速向右運(yùn)動(dòng)，滑塊的合力向右，b彈簧伸長，a彈簧壓縮，則lal，lbl；故d正確，a、b、c錯(cuò)誤27.(甘肅省蘭州一中2014屆高三上學(xué)期期末考試) 如圖所示，三角體由兩種材料拼接而成，bc界面平行底面de，兩側(cè)面與水平面夾角分別為30和60已知物塊從a由靜止下滑，加速至b勻速至d；若該物塊仍能由靜止沿另一側(cè)面ace下滑，則有aab段的運(yùn)動(dòng)時(shí)間小于ac段的運(yùn)動(dòng)時(shí)間b通過c點(diǎn)的速率大于通過b點(diǎn)的速率c將加速至c勻速至ed一直加速運(yùn)動(dòng)到e，但ac段的加速度比ce段大答案 27.18bd解析 27.物體從傾角為的斜面滑下，根據(jù)牛頓第二定律，有mgsin-mgco=ma，解得a=gsin-gco 根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，有=at2 由得到ac段的運(yùn)動(dòng)時(shí)間小于ab段的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，故a錯(cuò)誤；物體從傾角為的斜面滑下，根據(jù)動(dòng)能定理，有mgh-mgco=mv2，得mgh-mghcot=mv2，可見，通過c點(diǎn)的速率大于通過b點(diǎn)的速率，故b正確；由式可知，物體將一直加速滑行到e點(diǎn)，但ac段的加速度比ce段大，故c錯(cuò)誤，d正確。28.(2014年福州市高中畢業(yè)班質(zhì)量檢測) 如圖所示，輕質(zhì)彈簧的一端固定在粗糙斜面的擋板o點(diǎn)，另一端固定一個(gè)小物塊。小物塊從p1位置（此位置彈簧伸長量為零）由靜止開始運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)p2位置，然后在彈力作用下上升運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)p3位置(圖中未標(biāo)出) 。在此兩過程中，下列判斷正確的是a下滑和上滑過程彈簧和小物塊系統(tǒng)機(jī)械能守恒b下滑過程物塊速度最大值位置比上滑過程速度最大位置高c下滑過程彈簧和小物塊組成系統(tǒng)機(jī)械減小量比上升過程小d下滑過程克服彈簧彈力和摩擦力做功總值比上滑過程克服重力和摩擦力做功總值小答案 28.18b解析 28.下滑和上滑過程小物塊要克服摩擦力做功，故彈簧和小物塊系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，項(xiàng)錯(cuò)；下滑過程中，當(dāng)小物塊受到的合力為零時(shí)，其速度達(dá)到最大值，即，上滑過程中，當(dāng)小物塊受到的合力為零時(shí)，其速度再次達(dá)到最大值，即，比較上述兩式可得下滑過程物塊速度最大值位置比上滑過程速度最大位置高，正確；下滑和上滑過程小物塊要克服摩擦力做功相等，故下滑過程彈簧和小物塊組成系統(tǒng)機(jī)械減小量與上升過程相同，錯(cuò)；根據(jù)功能關(guān)系可知下滑過程克服彈簧彈力和摩擦力做功總值即為該過程中重力做功的值；上滑過程克服重力和摩擦力做功總值即為該過程中彈力做功的值，故下滑過程克服彈簧彈力和摩擦力做功總值比上滑過程克服重力和摩擦力做功總值大，錯(cuò)。29.(2014年安徽省江南十校高三聯(lián)考) 2013年6月20日上午10時(shí)，我國首次太空授課在神州十號飛船中由女航天員王亞平執(zhí)教，在太空中王亞平演示了一些奇特的物理現(xiàn)象，授課內(nèi)容主要是使青少年了解微重力環(huán)境下物體運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)。如圖所示是王亞平在太空倉中演示的懸浮的水滴。關(guān)于懸浮的水滴，下列說法正確的是a環(huán)繞地球運(yùn)行時(shí)的線速度一定大于7.9 km/sb水滴處于平衡狀態(tài)c水滴處于超重狀態(tài)d水滴處于失重狀態(tài)答案 29.14d解析 29.7.9km/s是衛(wèi)星環(huán)繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的最大速度，運(yùn)行的半徑最小，所以神州十號飛船的線速度要小于7.9km/s故a錯(cuò)誤；水滴隨飛船繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，水滴的吸引力完全用來提供向心加速度，所以是與飛船一起處于完全的失重狀態(tài)，故bc錯(cuò)誤，d正確。30.(浙江省金麗衢十二校2014屆高三第一次聯(lián)考) 從地面上以初速度v0豎直上拋一質(zhì)量為m的小球，若運(yùn)動(dòng)過程中受到的空氣阻力與其速率成正比，小球運(yùn)動(dòng)的速率隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示，t1時(shí)刻到達(dá)最高點(diǎn)，再落回地面，落地速率為v1，且落地前小球已經(jīng)做勻速運(yùn)動(dòng)，則下列說法正確的是a小球加速度在上升過程中逐漸減小，在下降過程也逐漸減小b小球拋出瞬間的加速度大小為c小球被拋出時(shí)的加速度值最大，到達(dá)最高點(diǎn)的加速度值最小d小球上升過程的平均速度小于答案 30.12abd解析 30.上升過程，小球受重力和阻力，合力向下，根據(jù)牛頓第二定律，有：f+mg=ma，解得a=g+g；由于是減速上升，阻力逐漸減小，故加速度不斷減?。幌陆颠^程，受重力和阻力，根據(jù)牛頓第二定律，有：mg-f=ma，解得：agg；由于速度變大，阻力變大，故加速度變?。患瓷仙拖陆颠^程，加速度一直在減??；故a正確，c錯(cuò)誤；空氣阻力與其速率成正比，最終以v1勻速下降，有：mg=kv1；小球拋出瞬間，有：mg+kv0=ma0 ；聯(lián)立解得小球拋出瞬間a0(1+) g，故b正確；速度時(shí)間圖象與時(shí)間軸包圍的面積表示位移，從圖象可以看出，位移小于陰影部分面積，而陰影部分面積是勻減速直線運(yùn)動(dòng)的位移，勻減速直線運(yùn)動(dòng)的平均速度等于，故小球上升過程的平均速度小于，故d正確；故選項(xiàng)d正確。31.(浙江省金麗衢十二校2014屆高三第一次聯(lián)考) 在動(dòng)摩擦因數(shù)0.2的水平面上有一個(gè)質(zhì)量為m2kg的物塊，物塊與水平輕彈簧相連，并由一與水平方向成45角的拉力f拉著物塊，如圖所示，此時(shí)物塊處于靜止平衡狀態(tài)，且水平面對物塊的彈力恰好為零。取g10m/s2，以下說法正確的是a此時(shí)輕彈簧的彈力大小為20nb當(dāng)撤去拉力f的瞬間，物塊的加速度大小為8m/s2，方向向左c若剪斷彈簧，則剪斷的瞬間物塊的加速度大小為8m/s2，方向向右d若剪斷彈簧，則剪斷的瞬間物塊的加速度為0答案 31.10ab解析 31.物塊處于靜止平衡狀態(tài)時(shí)對物塊受力分析如右甲所示。豎直方向：f sin=mg, 水平方向：f cos=，解得輕彈簧的彈力大小為=mg cot=20n , a項(xiàng)正確；若剪斷彈簧，則剪斷的瞬間物塊的加速度由牛頓第二定律可得解得a=10m/s2，c、d兩項(xiàng)錯(cuò)；當(dāng)撤去拉力f的瞬間，對物塊受力分析如圖乙所示。由牛頓第二定律可得，解得物塊的加速度m/s2，方向向左，b項(xiàng)正確。32.(浙江省金麗衢十二校2014屆高三第一次聯(lián)考) 一質(zhì)量m0.6kg的物體以v020m/s的初速度從傾角為30的斜坡底端沿斜坡向上運(yùn)動(dòng)。當(dāng)物體向上滑到某一位置時(shí)，其動(dòng)能減少了ek18j，機(jī)械能減少了e3j，不計(jì)空氣阻力，重力加速度g10m/s2，則a物體向上運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度的大小為6m/s2b物體向下運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度的大小為6m/s2c物體返回斜坡底端時(shí)的動(dòng)能為40jd物體返回斜坡底端時(shí)的動(dòng)能為0j答案 32.8a解析 32.（1）物體從開始到經(jīng)過斜面上某一點(diǎn)時(shí)，受重力、支持力和摩擦力，根據(jù)動(dòng)能定理，有-mglabsin-flab=ekb-eka=-18j 機(jī)械能的減小量等于克服摩擦力做的功：flab=eb-ea=3j 由可解得lab=5m，f=0.6n因?yàn)槲矬w的初速度為v0=20m/s，初動(dòng)能ek00.6202j=120j滑上某一位置時(shí)動(dòng)能減少了ek=18j，則此時(shí)動(dòng)能ek=102j=mv2，可得v2=340m2/s2物體在斜坡底端向上運(yùn)動(dòng)時(shí)受重力、支持力和摩擦力作用，物體做勻減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移關(guān)系有：a=m/s2=-6m/s2（負(fù)號表示方向與初速度方向相反），故項(xiàng)正確；物體在斜坡底端向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，由牛頓第二定律可得，項(xiàng)錯(cuò)；當(dāng)該物體經(jīng)過斜面上某一點(diǎn)時(shí)，動(dòng)能減少了18j，機(jī)械能減少了3j，所以當(dāng)物體到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)動(dòng)能減少了120j，機(jī)械能減少了20j，所以物體上升過程中克服摩擦力做功是20j，全過程摩擦力做功w=-40j 從出發(fā)到返回底端，重力不做功，設(shè)回到出發(fā)點(diǎn)的動(dòng)能為ek，由動(dòng)能定理可得w=ek-ek0 得ek=80j，故兩項(xiàng)錯(cuò)。33.(浙江省金麗衢十二校2014屆高三第一次聯(lián)考) 航天員王亞平在天宮一號處于完全失重狀態(tài)，她在太空授課所做的實(shí)驗(yàn)：長為l的細(xì)線一端系著質(zhì)量為m的小球，另一端系在固定支架上，小球原來靜止，給小球一個(gè)初速度，小球繞著支架上的固定點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。天宮一號處的重力加速度為gt，下列說法正確的是a小球靜止時(shí)細(xì)線的拉力為mgtb小球做勻速圓周的速度至少為c小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，在任何位置細(xì)線的拉力可以小于mgtd若小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)細(xì)線斷裂，則小球做拋體運(yùn)動(dòng)答案 33.4c解析 33.小球處于完全失重狀態(tài)，故小球靜止時(shí)細(xì)線的拉力為0，a項(xiàng)錯(cuò)；小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速度未知，故任何位置細(xì)線的拉力可以小于mgt，亦可大于等于mgt，c項(xiàng) 正確；由可知小球做勻速圓周的速度可以大于，亦可大于等于，b項(xiàng)錯(cuò)；若小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)細(xì)線斷裂，則小球做勻速直線運(yùn)動(dòng)，d項(xiàng)錯(cuò)。34.(四川省成都市2014屆高中畢業(yè)班第一次診斷性檢測) 如圖甲所示，輕質(zhì)彈簧的下端固定在水平面上，上端放置一小物體(物體與彈簧不連接) ，初始時(shí)物體處于靜止?fàn)顟B(tài)。現(xiàn)用豎直向上的拉力f作用在物體上，使物體開始向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，拉力f與物體位移x的關(guān)系如圖乙所示(g=10m/s2) ，則下列結(jié)論正確的是( )a. 物體與彈簧分離時(shí)，彈簧處于壓縮狀態(tài)b. 物體的質(zhì)量為3 kgc. 物體的加速度大小為5 m/s2d. 彈簧的勁度系數(shù)為7.5 n/cm答案 34.5c解析 34.物體與彈簧分離時(shí)，彈簧恢復(fù)原長，故a錯(cuò)誤；剛開始物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，重力和彈力二力平衡，有mg=kx 拉力f1為10n時(shí)，彈簧彈力和重力平衡，合力等于拉力，根據(jù)牛頓第二定律，有f1+kx-mg=ma 物體與彈簧分離后，拉力f2為30n，根據(jù)牛頓第二定律，有f2-mg=ma 代入數(shù)據(jù)解得m=2kg，k=5n/cm，a=5m/s2，故c正確，bd錯(cuò)誤。35.(四川省成都市2014屆高中畢業(yè)班第一次診斷性檢測) 下列說法正確的是( )a. 對運(yùn)動(dòng)員“大力扣籃” 過程進(jìn)行技術(shù)分析時(shí)，可以把運(yùn)動(dòng)員看做質(zhì)點(diǎn)b. “和諧號” 動(dòng)車組行駛313 km從成都抵達(dá)重慶，這里的“313 km 指的是位移大小c. 高臺跳水運(yùn)動(dòng)員騰空至最高位置時(shí)，處于超重狀態(tài)d. 繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)且周期為24 h的衛(wèi)星，不一定相對于地面靜止答案 35.2. d解析 35.對運(yùn)動(dòng)員“大力扣籃” 過程進(jìn)行技術(shù)分析時(shí)，運(yùn)動(dòng)員的自身大小不可忽略，a項(xiàng)錯(cuò)；“和諧號” 動(dòng)車組行駛313 km從成都抵達(dá)重慶，這里的“313 km 指的是路程，b項(xiàng)錯(cuò)；高臺跳水運(yùn)動(dòng)員騰空至最高位置時(shí)，處于失重狀態(tài)，c項(xiàng)錯(cuò)；繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)且周期為24 h的衛(wèi)星，其軌道所在平面不一定與赤道平面重合，故不一定是地球同步衛(wèi)星，d項(xiàng)正確。36.(山東省濟(jì)南市2014屆高三上學(xué)期期末考試) 三角形傳送帶以1m/s的速度逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，兩邊的傳送帶長都是2m且與水平方向的夾角均為37。現(xiàn)有兩個(gè)小物塊a、b從傳送帶頂端都以lm/s的初速度沿傳送帶下滑，物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)都是0.5，g取10m/s2，sin370.6，cos370.8。下列判斷正確的是a物塊a先到達(dá)傳送帶底端b物塊a、b同時(shí)到達(dá)傳送帶底端c傳送帶對物塊a、b均做負(fù)功d物塊a下滑過程系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量小于b下滑過程系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量答案 36.11bcd解析 36.根據(jù)題意可知物塊a、b均沿傳送帶加速下滑，對a、b受力分析并根據(jù)牛頓第二定律可得，物塊a、b沿傳動(dòng)帶下滑的過程中，由得，故b項(xiàng)正確，a項(xiàng)錯(cuò)；物塊a、b沿傳動(dòng)帶下滑的過程中，物塊a、b受到沿傳送帶向上的滑動(dòng)摩擦力作用，故傳送帶對物塊a、b均做負(fù)功，c項(xiàng)正確；物塊沿傳送帶下滑過程系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量分別為，由于，故有物塊a下滑過程系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量小于b下滑過程系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量，d項(xiàng)正確。37.(山東省濟(jì)南市2014屆高三上學(xué)期期末考試) 2013年6月20日，在中國迄今最高“講臺” 天宮一號上，女航天員王亞平向地面的千萬名師生進(jìn)行了太空授課。在演示如何在太空中測量物體質(zhì)量時(shí)，她讓“助教” 聶海勝固定在儀器上，啟動(dòng)機(jī)械臂拉他由靜止開始向艙壁運(yùn)動(dòng)，假設(shè)儀器測出聶海勝受到機(jī)械臂的恒定拉力為f，經(jīng)時(shí)間t時(shí)測速儀測出他運(yùn)動(dòng)的速率為v，則聶海勝的質(zhì)量為abcd答案 37.5b解析 37.聶海勝由靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，v=at, 由牛頓第二定律可得f=ma, 解得聶海勝的質(zhì)量m=, b 項(xiàng)正確。38.(2014年沈陽市高中三年級教學(xué)質(zhì)量監(jiān)測(一) 如圖甲所示，為測定物體沖上粗糙斜面能達(dá)到的最大位移x與斜面傾角的關(guān)系，將某一物體每次以不變的初速率沿足夠長的斜面向上推出，調(diào)節(jié)斜面與水平方向的夾角，實(shí)驗(yàn)測得x與斜面傾角的關(guān)系如圖乙所示，g取，根據(jù)圖象可求出 a物體的初速率=3ms b物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù) c取不同的傾角，物體在斜面上能達(dá)到的位移x的最小值 d當(dāng)某次時(shí)，物體達(dá)到最大位移后將沿斜面下滑答案 38.10bc解析 38.當(dāng)時(shí)，物體做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，由圖知最大高度為：xm=1.8m由0-=-2gxm解得：v0=6m/s, a項(xiàng)錯(cuò)；當(dāng)=0時(shí)，xm=2.4m，物體沿水平方向做勻減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理得：-mgxm=0-, 解得：=0.75, b 項(xiàng)正確；對某一角度，物體上向滑行過程中，mgsin+mgcos=ma，加速度a=g（sin+cos）；上行的最大距離為x=；根據(jù)輔助角公式：asin+bcos=sin（+），其中tan=，可以得到：tan=，和sin+cos=sin（+）；當(dāng)sin（+30）=1時(shí)，x=最小，代入v和的值，x=1.44m最小，d項(xiàng)正確。39.(2014年沈陽市高中三年級教學(xué)質(zhì)量監(jiān)測(一) 在光滑的水平面上，一物塊在水平方向的外力f作用下做初速度為的運(yùn)動(dòng)，其速度時(shí)間圖象如圖所示，則下列判斷正確的是a在0內(nèi)，物體在做曲線運(yùn)動(dòng)b在0內(nèi)，外力f不斷增大c在0內(nèi)，外力f不斷減小d在0內(nèi)，物體的速度方向時(shí)刻改變答案 39.1b解析 39.a、在速度-時(shí)間圖象中，切線代表該位置的加速度，由圖象可知，物體的加速度越來越大，速度越來越小，所以物體做加速度越來越大的減速直線運(yùn)動(dòng)，故a錯(cuò)誤；在0內(nèi)，力的方向與速度方向相反，根據(jù)a=知力f不斷增大，b項(xiàng)正確，c項(xiàng)錯(cuò)；在0內(nèi)，物體作直線運(yùn)動(dòng)，其速度方向不變，d項(xiàng)錯(cuò)。40.(江西省七校2014屆高三上學(xué)期第一次聯(lián)考) 為了節(jié)省能量，某商場安裝了智能化的電動(dòng)扶梯無人乘行時(shí)，扶梯運(yùn)轉(zhuǎn)得很慢；有人站上扶梯時(shí)，它會先慢慢加速，再勻速運(yùn)轉(zhuǎn)一顧客乘扶梯上樓，恰好經(jīng)歷了這兩個(gè)過程，如圖所示那么下列說法中正確的是（）a顧客始終受到三個(gè)力的作用b顧客始終處于超重狀態(tài)c顧客對扶梯作用力的方向先指向左下方，再豎直向下d顧客對扶梯作用力的方向先指向右下方，再豎直向下答案 40.15c解析 40.在慢慢加速的過程中，受力如圖，物體加速度與速度同方向，合力斜向右上方，因而顧客受到的摩擦力與接觸面平行水平向右，電梯對其的支持力和摩擦力的合力方向指向右上，由牛頓第三定律，它的反作用力即人對電梯的作用方向指向向左下，由于加速向右上方，處于超重狀態(tài)；在勻速運(yùn)動(dòng)的過程中，顧客處于平衡狀態(tài)，只受重力和支持力，顧客與電梯間的摩擦力等于零，顧客對扶梯的作用僅剩下壓力，方向沿豎直向下，故c項(xiàng)正確。41.(江蘇省蘇北四市2014屆高三上期末統(tǒng)考) 將一質(zhì)量為m的小球靠近墻面豎直向上拋出，圖甲是向上運(yùn)動(dòng)的頻閃照片，圖乙是下降時(shí)的頻閃照片，o是運(yùn)動(dòng)的最高點(diǎn)，甲、乙兩次的閃光頻率相同。重力加速度為g，假設(shè)小球所受阻力大小不變，則可估算小球受到的阻力大小約為a bc d答案 41.4b解析 41.小球拋出后上升過程做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，有，根據(jù)牛頓第二定律有；下降過程做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，有，根據(jù)牛頓第二定律有，聯(lián)立以上各式可得小球受到的阻力為，b項(xiàng)正確。42.(江蘇省南京市、鹽城市2014屆高三第一次模擬考試) 如圖所示，兩個(gè)物體a、b疊放在一起，接觸面粗糙?，F(xiàn)將它們同時(shí)以相同的速度水平拋出，不計(jì)空氣阻力。在運(yùn)動(dòng)的過程中，物體ba只受重力b受重力和a對它的壓力c受重力和a對它的摩擦力d受重力、a對它的壓力和摩擦力答案 42.1a解析 42.物體a、b水平拋出后均處于完全失重狀態(tài)，故它們只受到重力作用，a項(xiàng)正確。43.(湖北省