陜西省留壩縣中學2020屆高三物理上學期開學調研考試試題.docx

留壩縣中學2020屆高三上學期開學調研考試物理試題考生注意:1.本試卷分第卷(選擇題)和第卷(非選擇題)兩部分共100分，考試時間100分鐘2.請將各題答案填寫在答題卡上3.本試卷主要考試內容:高考范圍（高中物理人教版全部）。第I卷（選擇題共48分）一、選擇題（本大題共12小題,每小題4分，計48分.在每小題給出的四個選項中，第1 8題只有 一項符合題目要求;第912題有多項符合題目要求,全部選對的得4分，選對但不全的得2 分，有選錯的得0分）1、如圖所示是某物體做直線運動的圖象（其中r為速度，x為位置坐標），下列關于物體從x=0處運動至處的過程分析，其中正確的是（ ）A. 該物體的加速度大小為B. 該物體做勻加速直線運動C. 該物體在位移中點的速度等于D. 該物體在運動中間時刻的速度大于2、如圖所示，長木板A與物體B疊放在水平地面上，物體與木板左端立柱間放置輕質彈簧，在水平外力F作用下，木板和物體都靜止不動，彈簧處于壓縮狀態(tài)。將外力F緩慢減小到零，物體始終不動，在此過程中（ ）A. 彈簧彈力逐漸減小B. 物體B所受摩擦力逐漸減小C. 物體B所受摩擦力始終向左D. 木板A受到地面的摩擦力逐漸減小3、如圖，PQ為圓的豎直直徑，AQ、BQ、CQ為三個光滑傾斜軌道，分別與圓相交于A、B、C三點?，F(xiàn)讓三個小球（可視為質點）分別沿著AQ、BQ、CQ自軌道頂端由靜止下滑到Q點，它們運動的平均速度分別為v1、v2、v3，則有（ ）Av2v3v1 Bv1v2v3Cv3v2v1 Dv1v2v34、如圖所示，a、b、c是三個質量相同的小球，a從光滑斜面頂端由靜止開始自由下滑，同時b、c從同一高度分別開始自由下落和平拋，不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A. a、b同時到達同一水平面B. a、b落地時的速度相同C. 它們的末動能可能相同D. 落地時重力的功率一定是PbPcPa5、某電容式話筒的原理示意圖如圖所示，E為電源，R為定值電阻，薄片P和Q為兩相互絕緣的金屬極板。當對著話筒說話時，P振動而Q可視為不動，在P、Q間距增大過程中（ ）A. P、Q兩板構成電容器的電容增大B. P板電荷量增大C. M點的電勢比N點高D. P、Q兩板間的場強增大6、一含有理想變壓器的電路如圖所示，圖中電阻，和的阻值分別為，A為理想交流電流表，U為正弦交流電壓源，輸出電壓的有效值恒定當開關S斷開時，電流表的示數(shù)為I；當S閉合時，電流表的示數(shù)為該變壓器原、副線圈匝數(shù)比為 A. 2 B. 3 C. 4 D. 57、甲、乙兩車在平直的公路上向相同的方向行駛，兩車的速度v隨時間t的變化關系如圖所示，其中陰影部分面積分別為S1、S2，下列說法正確的是（ ）A. 若S1=S2，則甲、乙兩車一定在t2時刻相遇B. 若S1S2，則甲、乙兩車在0-t2時間內不會相遇C. 在t1時刻，甲、乙兩車加速度相等D. 0-t2時間內，甲車的平均速度8、航母上飛機彈射起飛是利用電磁驅動來實現(xiàn)的電磁驅動原理如圖所示，在固定線圈左右兩側對稱位置放置兩個閉合金屬圓環(huán)，鋁環(huán)和銅環(huán)的形狀、大小相同，已知銅的電阻率較小，則合上開關S的瞬間( )A. 兩個金屬環(huán)都向左運動B. 兩個金屬環(huán)都向右運動C. 銅環(huán)受到的安培力小于鋁環(huán)受到的安培力D. 從左側向右看，鋁環(huán)中感應電流沿順時針方向9、2018年12月8日我國成功發(fā)射了嫦娥四號探測器，它實現(xiàn)了人類首次月球背面著陸探測.12日16時39分，探測器在距月面129km處成功實施發(fā)動機點火，約5分鐘后，探測器順利進入距月面100km的圓形軌道，運行一段時間后擇機著陸月球表面，下列說法正確的有 ()A. 探測器發(fā)射速度大于7.9km/sB. 探測器在距月面129km處發(fā)動機點火加速C. 從點火到進入圓軌道，探測器位移是29kmD. 若已知引力常量、圓形軌道半徑及探測器在其上運行周期，可估算月球質量10、已知長直通電導線產生的磁場中，某點的磁感應強度滿足B=k (其中k為比例系數(shù)，I為電流強度，r為該點到直導線的距離)。如圖，A、B、C三根相互平行的固定長直導線分別位于等腰直角三角形的三個頂點，均通有電流I，A、B兩根導線中電流方向垂直紙面向里，C導線中電流垂直紙面向外，下列說法正確的是（ ）A. A導線所受磁場作用力的方向與AB平行B. C導線所受磁場作用力的方向與AB垂直C. A、C二根單位長度所受的磁場作用力大小之比為12D. A、B、C三根單位長度所受的磁場作用力大小之比為111、如圖甲所示為理想變壓器的示意圖，其原、副線圈的匝數(shù)比為101，V為交流電壓表，C和L分別為電容器和帶鐵芯的電感線圈，D1、D2均為燈泡. 若發(fā)電機向原線圈輸入如圖乙所示的正弦交流電，則下列說法中正確的是()A. 輸入電壓的表達式u311 sin100tVB. 僅增大輸入電壓的頻率，D1亮度變亮，D2亮度變暗C. 僅拔出電感線圈L的鐵芯，D1亮度變亮，D2亮度變暗D. t0.005s時，電壓表示數(shù)為22V，發(fā)電機的線圈平面與磁場方向垂直12、如圖所示，光滑斜面上放置一個通電導體棒，施加磁場后導體棒以大小為a=g的加速度沿斜面向下運動(棒保持水平)，g為重力加速度，則以下四種情況中可能的是（ ）A. B. C. D. 第II卷（非項選擇題共52分）（一）必考題:共37分.每道試題考生都必須做答.二、實驗題（本大題共2小題，計14分）13（7分）、某組同學設計了“探究加速度a與物體所受合力F及質量m的關系”實驗. 圖(a)為實驗裝置簡圖，A為小車，B為電火花計時器，C為裝有細砂的小桶，D為一端帶有定滑輪的長方形木板，實驗中認為細繩對小車拉力F等于細砂和小桶的總重量，小車運動的加速度a可用紙帶上打出的點求得.圖(b)為某次實驗得到的紙帶，已知實驗所用電源的頻率為50Hz. 根據(jù)紙帶可求出小車的加速度大小為_m/s2.（結果保留一位小數(shù)）在“探究加速度a與質量m的關系”時，保持細砂和小桶質量不變，改變小車質量m，分別記錄小車加速度a與其質量m的數(shù)據(jù). 在分析處理時，該組同學產生分歧；甲同學認為應該根據(jù)實驗中測得的數(shù)據(jù)作出小車加速度a與其質量m的圖象.乙同學認為應該根據(jù)實驗中測得的數(shù)據(jù)作出小車加速度a與其質量倒數(shù)的圖象. 兩位同學都按照自己的方案裝實驗數(shù)據(jù)在坐標系中進行了標注. 但尚未完成圖象（如下圖所示）. 你認為同學_（填“甲”、“乙”）的方案更合理. 請繼續(xù)幫助該同學作出坐標中的圖象_.在“探究加速度a與合力F的關系”時，保持小車的質量不變，改變小桶中細砂的質量，該同學根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出了加速度a與合力F的圖線如圖(c)，該圖線不通過坐標原點，試分析圖線不通過坐標原點的原因_。14（7分）、二極管的說明書上提供了它的伏安特性曲線（正向最大電流50mA左右），物理興趣小組想要驗證該二極管的伏安特性曲線。（1）選擇好實驗器材準備連接電路時，發(fā)現(xiàn)二極管外殼正、負的標識看不清楚，于是就用多用電表歐姆擋來判斷它的正、負極：用歐姆表“100”檔兩次實驗情況 如圖甲、乙所示，由此可知_（填“A”或“B”）端為二極管的正極。（2）該物理興趣小組要對該二極管加正向電壓時的伏安特性曲線進行驗證，實驗室提供的器材有：A直流電源（電動勢3V，內阻不計） B滑動變阻器（020） C電壓表（量程3V，內阻約30K )D電流表（量程50mA，內阻約50）E待測二極管F導線、開關為了提高測量精度，請在虛線框內的實驗電路圖中加上直流電源E及滑動變阻器R，并將電路圖連接完整。電流I/mA000.21.83.98.614.021.833.550.0電壓U/V00.500.751.001.251.501.752.002.252.50（3）依據(jù)實驗中測量數(shù)據(jù)在坐標紙上畫出該二極管的伏安特性曲線如圖所示，我們將該二極管與阻值為50的定值電阻串聯(lián)后接到電壓為3V的恒壓電源兩端，使二極管正向導通，測得二極管導通時的功率為P測，則P測=_W（結果保留一位有效數(shù)字）。（4）若考慮電壓表或電流表的內阻對實驗造成影響，那么第（3）問中該二極管正向導通時的實際功率P實_P測（選填“大于”、“小于”或“不確定”）。請你提出一條減小P實與P測差異的改進建議：_三、計算題（本大題共2小題，計23分，解答應寫出文字說明、計算過程或演算步驟,只寫出結果的不得分.有數(shù)值計算的題,答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）15(11分)、如圖所示，在足夠大的光滑水平桌面上，有一個質量為102kg的小球，靜止在該水平桌面內建立的直角坐標系xOy的坐標原點O。現(xiàn)突然沿x軸正方向對小球施加大小為2102N的外力F0，使小球從靜止開始運動，在第1s末所加外力F0大小不變，方向突然變?yōu)檠貀軸正方向，在第2s后，所加外力又變?yōu)榱硪粋€不同的恒力F。求：(1)在第1末，小球的速率；(2)在第2s末，小球的位移；(3)要使小球在第3s末的速度變?yōu)榱闼拥暮懔(保留兩位有效數(shù)字) 16（12分）、在金屬板A、B間加上如圖乙所示的大小不變、方向周期性變化的交變電壓UO，其周期是T現(xiàn)有電子以平行于金屬板的速度VO從兩板中央射入（如圖甲）已知電子的質量為m，電荷量為e，不計電子的重力，求：（1）若電子從t=0時刻射入，在半個周期內恰好能從A板的邊緣飛出，則電子飛出時速度的大?。?）若電子從t=0時刻射入，恰能平行于金屬板飛出，則金屬板至少多長？（二）選考題:共15分.請考生從給出的2個模塊中選一模塊做答.如果多做，則按第一模塊即【選 修3-3】計分.17.物理選修33（15分）(1)(5分)以下說法正確的是 A布朗運動的劇烈程度與溫度有關，所以布朗運動也叫熱運動B液晶的光學性質與某些晶體相似，具有各向異性C雨天打傘時，雨水沒有透過布雨傘是因為液體表面張力作用的結果D相互接觸的兩個物體發(fā)生熱傳遞，達到熱平衡時溫度一定相同，而內能可能不同E. 用NA表示阿伏加德羅常數(shù)，M表示銅的摩爾質量，表示實心銅塊的密度，那么銅塊中一個銅原子所占空間的體積可表示為(2)(10分)如圖所示，U型玻璃細管豎直放置，水平細管與U型細管底部相連通，各部分細管內徑相同。此時U型玻璃管左、右兩側水銀面高度差為15cm，C管水銀面距U型玻璃管底部距離為5cm，水平細管內用小活塞封有長度為12.5cm的理想氣體A，U型管左管上端封有長25cm的理想氣體B，右管上端開口與大氣相通，現(xiàn)將活塞緩慢向右壓，使U型玻璃管左、右兩側水銀面恰好相平，已知外界大氣壓強為75cmHg，忽略環(huán)境溫度的變化，水平細管中的水銀柱足夠長，求：(i)氣體B的長度；()活塞移動的距離。18.物理選修34（15分）(1)(5分)如圖所示是一列沿x軸負方向傳播的簡諧橫波在某時刻的波形圖，波的傳播速度v2m/s，則：從這一時刻起x2m處質點的振動方程是y_m；從這一時刻起x5m處質點在55s內通過的路程s_m。(2)(10分)如圖所示，AOBC為某種透明介質的截面圖，AOC為等腰直角三角形，BC為半徑R10cm的四分之一圓弧，AB與水平面屏幕MN垂直并接觸于A點由紅光和紫光兩種單色光組成的復色光射向圓心O，在AB分界面上的入射角i45，結果在水平屏幕MN上出現(xiàn)兩個亮斑已知該介質對紅光和紫光的折射率分別為n1，n2 （i）判斷在AM和AN兩處產生亮斑的顏色；（ii）求兩個亮斑間的距離（結果保留4位有效數(shù)字）留壩縣中學2020屆高三上學期開學調研考試物理試題 參考答案第I卷（選擇題共48分）一、選擇題（本大題共12小題,每小題4分，計48分.在每小題給出的四個選項中，第1 8題只有 一項符合題目要求;第912題有多項符合題目要求,全部選對的得4分，選對但不全的得2 分，有選錯的得0分）1、【答案】A【解析】【分析】根據(jù)勻變速直線運動中速度位移關系公式來分析速度的平方與位移之間的關系，再根據(jù)圖象進行分析即可分析物體的運動性質，求得加速度由運動學公式研究即可【詳解】由勻變速直線運動的速度位移關系公式v2-v02=2ax可得 v2=2ax+v02，可知物體的加速度恒定不變，速度均勻減小，故物體做勻減速直線運動，故B錯誤；由上式知，v2-x圖象的斜率等于2a，由圖可得：，則得物體的加速度大小為 ，故A正確。該物體在運動過程中的平均速度為，由于物體做勻減速直線運動，所以該物體在運動中間時刻的速度等于，物體在位移中點的速度大于中間時刻的速度，所以物體在位移中點的速度大于；故CD錯誤；故選A。2、【答案】D【解析】【分析】物體始終不動，則彈簧的長度不變，彈力不變；軌物體B受力分析，分析物體B所受摩擦力的大小和方向情況；對整體受力分析，可得木板A受到地面的摩擦力的變化.【詳解】將外力F緩慢減小到零，物體始終不動，則彈簧的長度不變，彈力不變，選項A錯誤；對物體B，因開始時所受的靜摩擦力的方向不確定，則由F彈=Ff，則隨F的減小，物體B所受摩擦力大小和方向都不能確定，選項BC錯誤；對AB的整體，水平方向力F與地面對A的摩擦力平衡，則隨F的減小，木板A受到地面的摩擦力逐漸減小，選項D正確，故選D.3、【答案】C【解析】【來源】黑龍江省哈爾濱市第六中學2018-2019學年高二下學期期末物理試題【詳解】設任一斜面的傾角為，圓槽直徑為，根據(jù)牛頓第二定律得到，斜面的長度為，則有，解得，可見物體下滑時間與斜面的傾角無關，則有；因，根據(jù)可知A. v2v3v1不符合題意，A錯誤B. v1v2v3不符合題意，B錯誤C. v3v2v1符合題意，C正確D. v1v2v3不符合題意，D錯誤4、【答案】D【解析】【分析】根據(jù)題中“a從光滑斜面頂端由靜止開始自由下滑，同時b、c從同一高度分別開始自由下落和平拋”、“它們的末動能”、“落地時重力的功率”可知，本題考察運動學和機械能相結合的問題。根據(jù)平拋運動、自由落體運動、斜面上物體運動的規(guī)律，運用牛頓運動定律、運動學公式、動能定理和功率等知識進行求解?！驹斀狻緼a從光滑斜面頂端由靜止開始自由下滑，下滑的加速度，當a下滑高度為h時，；b做自由落體運動，當b下落高度為h時，；所以a、b到達同一水平面所用時間。故A項錯誤。Ba、b兩球從開始運動到落地過程中，a、b兩球的重力做功相等，由動能定理可知，它們的動能的變化相同，則其末速度大小相等，但兩球末速度的方向不同。故B項錯誤。Ca、b、c三球從開始運動到落地過程中，a、b、c三球的重力做功相等，由動能定理可知，它們動能的變化相同；c有初速度，則c球末動能最大。故C項錯誤。D重力的功率等于重力與豎直方向分速度的乘積。b做自由落體運動，c做平拋運動，落地時b、c豎直方向的分速度相等，則PbPc。a、b末速度大小相等，b豎直方向分速度大于a豎直方向分速度，則PbPa。故D項正確。5、【答案】C【解析】【分析】在P、Q間距增大過程中，電容發(fā)生變化，而電容直接與電源相連，電容兩端間的電壓不變，從而可判斷出電量的變化及電流的流向，再次可比較出電勢的高低。【詳解】電容式話筒與電源串聯(lián)，電壓U保持不變；在P、Q間距增大過程中，根據(jù)電容決定式可知電容減小，又根據(jù)電容定義式得知電容器所帶電量減小，則P極板上電荷量減小，電容器放電，放電電流通過R的方向由M到N，那么M點的電勢比N點高根據(jù)場強可知P、Q兩極板間的場強變小，綜上所述，故ABD錯誤，C正確；故選：C。6、【答案】B【解析】試題分析：該變壓器原、副線圈匝數(shù)比為k，當開關S斷開時，原線圈兩端電壓，電流為I1=I，副線圈的電壓，根據(jù)歐姆定律，當開關S閉合時，原線圈兩端電壓，電流為I1 =4I，副線圈的電壓，根據(jù)歐姆定律綜上解得k=3，故A、C、D錯誤，B正確?！究键c定位】變壓器、歐姆定律【名師點睛】本題主要考查變壓器、歐姆定律。解決這類問題的關鍵是掌握變壓器的構造和原理，對于變壓器需要掌握公式、，并能熟練運用。此題值得注意的是變壓器的原線圈與電阻串聯(lián)后接入交流電壓。7、【答案】D【解析】【分析】速度-時間圖象與坐標軸圍成的面積表示位移，根據(jù)圖象判斷確定何時兩車相遇；圖象切線的斜率表示加速度；【詳解】A、速度？時間圖象與坐標軸圍成的面積表示位移，則0？t2時間內甲的位移等于乙的位移，由于甲的初位置與乙的初位置未知，所以無法判斷甲、乙兩車在t2時刻是否相遇，故A錯誤；B、若S1S2，在0-t2時間內甲的位移大于乙的位移，由于甲的初位置與乙的初位置未知，所以無法判斷甲、乙兩車在0-t2時間內是否相遇，故B錯誤；C、由圖象切線的斜率表示加速度，在t1時刻，乙的斜率大于甲的斜率，故乙的加速度大于甲的加速度，故C錯誤；D、若甲做勻加速直線運動，0-t2時間內，甲車的平均速度；由速度？時間圖象與坐標軸圍成的面積表示位移可知，在0-t2時間內，甲車的運動位移小于勻加速直線運動的位移，所以甲車的平均速度小于，故D正確；故選D。8、【答案】D【解析】【分析】由右手螺旋定則可求得線圈中的磁場方向，再由楞次定律明確電流方向及環(huán)的受力方向?！驹斀狻咳舡h(huán)放在線圈兩邊，根據(jù)“來拒去留”可得，合上開關S的瞬間，環(huán)要阻礙磁通量增大，則環(huán)將向兩邊運動，故AB錯誤；由于銅環(huán)的電阻較小，故銅環(huán)中感應電流較大；故銅環(huán)受到的安培力要大于鋁環(huán)，故C錯誤；線圈中電流為右側流入，磁場方向為向左，在閉合開關的過程中，磁場變強，則由楞次定律可知，電流由左側向右看為順時針，故D正確；故選D?！军c睛】本題要掌握楞次定律的兩種描述，一是“增反減同”；二是“來拒去留”；并能靈活根據(jù)它們去判斷電流方向及受力方向。9、【答案】AD【解析】【分析】第一宇宙速度是最小的發(fā)生速度；探測器要進入低軌道，必須要制動減速；根據(jù)判斷選項D.【詳解】第一宇宙速度是最小的發(fā)生速度，即探測器發(fā)射速度必須要大于7.9km/s，選項A正確；探測器要進入低軌道，必須要制動減速，選項B錯誤；從點火到進入圓軌道，軌道的高度降低29m，而探測器位移要大于29km，選項C錯誤；根據(jù)可知，若已知引力常量G、圓形軌道半徑r及探測器在其上運行周期T，可估算月球質量M，選項D正確；故選AD.10、【答案】BC【解析】【分析】根據(jù)同向電流導體互相吸引，反向電流導體互相排斥分析導線兩兩之間的受力方向，根據(jù)平行四邊形定則分析導線所受磁場作用力的方向，根據(jù)安培力公式和平行四邊形定則確定三根單位長度所受的磁場作用力大??；【詳解】根據(jù)同向電流導體互相吸引，反向電流導體互相排斥可得，C導線對A導線的安培力的方向沿CA方向，單位長度所受的磁場作用力大小為，其中r為兩直導線的距離，L為單位長度；B導線對A導線的安培力的方向沿AB方向，單位長度所受的磁場作用力大小為，根據(jù)平行四邊形定則可知A導線所受磁場作用力的方向與AB垂直且向下，單位長度所受的磁場作用力大小為；同理可得A導線對C導線的安培力的方向沿AC方向，單位長度所受的磁場作用力大小為，B導線對C導線的安培力的方向沿BC方向，單位長度所受的磁場作用力大小為，根據(jù)平行四邊形定則可知C導線所受磁場作用力的方向與AB垂直向上，單位長度所受的磁場作用力大小為；同理可得B導線單位長度所受的磁場作用力大小為；所以，故B、C正確，A、D錯誤；故選BC。11、【答案】AB【解析】【分析】電壓表測的是電流的有效值，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比求解，根據(jù)圖乙所示圖象求出交變電流的峰值、角頻率初位相，然后寫出交變電流的瞬時值表達式，電容通高頻阻低頻，則頻率越大，阻礙作用越小，電感線圈通低頻阻高頻，則頻率越大，阻礙作用越大；電動勢最大時，發(fā)電機的線圈平面與磁場方向平行?！驹斀狻緼. 根據(jù)乙圖可知，原線圈電壓的最大值為311V，=2/T=100rad/s，則電壓u的表達式u=311sin100t(V)，故A正確；B.原線圈電壓不變，線圈匝數(shù)不變，僅增大電壓u的頻率，電壓表示數(shù)不變，則電容通高頻阻低頻，D1亮度變亮；電感線圈通低頻阻高頻，則頻率越大，阻礙作用越大，所以D2變暗，故B正確；C.僅拔出電感線圈L的鐵芯，自感系數(shù)減小，D1亮度變暗，D2亮度也變暗，故C錯誤；D. 根據(jù)乙圖可知，原線圈電壓的最大值為311V，則有效值U1= V=220V，根據(jù)理想變壓器電壓與匝數(shù)成正比得：n1：n2=U1：U2=10：1，解得：U2=22V，所以電壓表示數(shù)為22V不變，t0.005s時，電動勢最大，發(fā)電機的線圈平面與磁場方向平行，故D錯誤；故選：AB12、【答案】AD【解析】【分析】首先根據(jù)個圖中的電流的方向以及磁場的方向判斷出安培力的方向，分析其與重力在斜面方向上的分量，判斷在斜面方向上的合力能否為mg，即可得知其加速度是否能為g，從而判斷各選項的正誤【詳解】A圖，由左手定則可知，導體棒受到豎直向下的安培力作用，與重力的合力在斜面上的分量可能等于mg，所以導體棒可能以a=g的加速度沿斜面向下運動。選項A正確。B圖中的導體棒受到的安培力水平向右，在斜面上的分量沿斜面向上，所以導體棒不可能以a=g的加速度沿斜面向下運動，選項B錯誤。C圖中的導體棒受到的安培力方向沿斜面向上，導體棒受到的合力不可能為mg，所以導體棒不可能以a=g的加速度沿斜面向下運動，選項C錯誤。D圖中的導體棒受到的安培力方向沿斜面向下，導體棒受到的合力可能為mg，所以導體棒可能以a=g的加速度沿斜面向下運動，選項D正確。故選AD。（一）必考題:共37分.每道試題考生都必須做答.二、實驗題（本大題共2小題，計14分）13、【答案】 (1). 3.2 (2). 乙 (3). (4). 實驗前未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足【解析】【詳解】A、B、C、D、E為每兩個點取出的計數(shù)點，每一個點的時間間隔為0.02s，所以每兩個點的時間間隔為0.04s，由逐差法可得加速度甲同學認為應該根據(jù)實驗中測得的數(shù)據(jù)作出小車加速度a與其質量m的圖象，按照自己的方案將實驗數(shù)據(jù)在坐標系中進行了標注；由圖可知，甲圖得到的圖線是曲線，不能很好地得出加速度與質量的關系；而乙同學認為應該根據(jù)實驗中測得的數(shù)據(jù)作出小車加速度a與其質量倒數(shù)的圖象，并按照自己的方案將實驗數(shù)據(jù)在坐標系中進行了標注，由乙圖可知，小車的加速度與小車質量的倒數(shù)成正比，所以乙同學的方案是合理的；完成圖線如圖：從圖象可以看出當有了一定的拉力F時，小車的加速度仍然是零，小車沒動說明小車的合力仍然是零，即小車還受到摩擦力的作用，說明摩擦力還沒有平衡掉，或者是平衡摩擦力了但是平衡的還不夠，沒有完全平衡掉摩擦力，所以圖線不通過坐標原點的原因是實驗前該同學未平衡（或未完全平衡）摩擦力14、【答案】 (1). B (2). 0.04 (3). 小于 (4). 換內阻更大的電壓表【解析】【分析】(1)二極管具有單向導電性，當接反向電壓時，二極管的電阻很大，由歐姆表的示數(shù)可知二極管的極性；(2)電源已知，根據(jù)電源的電動勢可以選出電壓表，由圖中示數(shù)可以選出電流表；為了得到范圍較大的測量值，本實驗應選擇分壓接法，為了準確應選用電流表外接法；(3)在I-U圖象中作同電源的伏安特性曲線，兩圖象的交點為二極管的工作點，由圖可知其電壓和電流，再由P=UI可求得對應的功率；(4)根據(jù)實驗電路圖分析實驗誤差，然后根據(jù)實驗誤差來源提出改進措施?！驹斀狻?1) 二極管具有單向導電性；而歐姆表中指針偏轉較大說明電阻較小，即為正向電流；而歐姆表內部的電源正極接在黑表筆上，故黑表筆接在二極管的正極處電流較大，故由題意可知，二極管B側為正；(2) 由題意可知，本實驗要求作出伏安特性曲線，故要求多測數(shù)據(jù)，故應采用分壓接法；同時，因正向電壓時二極管電阻較小，故應采用電流表外接法；其實驗的原理圖如圖所示(3)(4)在同一坐標圖上畫出電動勢為3V，內阻為50的電源的電流I與路端電壓U的圖象，如圖所示所示：由實驗電路圖可知，電流表采用外接法，由于電壓表分流作用，所測電流I偏大，二極管的實際功率小于測量功率；減小電壓表的分流會減小P實與P測差異，電壓表內阻越大，電壓表分流越小，為減小P實與P測差異可以使用內阻很大的電壓表進行實驗。由圖示圖象可知，兩圖線交點坐標（20V，20mA），則二極管導通時的功率P=UI=200.020=0.04W。三、計算題（本大題共2小題，計23分，解答應寫出文字說明、計算過程或演算步驟,只寫出結果的不得分.有數(shù)值計算的題,答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）15、【答案】（1）2m/s（2） （3）2.810-2N【解析】【詳解】（1）根據(jù)牛頓第二定律F0=ma在第1s末，根據(jù)速度時間關系v1=at解得：v1=2m/s；（2）在第1s末，根據(jù)位移時間關系x1=在第2s內，小球從x軸正方向開始做類平拋運動：在x方向：x2=v1t在y方向：位移：x=聯(lián)立解得x=，設位移與X軸正方向的夾角為，sin=（3）在第2s末，沿x軸正方向速度仍為v1=2m/s在y方向分速度為v2=at=2m/s，此時速度與x軸正方向的夾角為45所加恒力一定與速度方向相反，小球沿x軸方向加速度沿y軸方向加速度小球的加速度根據(jù)牛頓第二定律F=ma聯(lián)立解得F=2.810-2N16、【答案】（1） （2） 【解析】【分析】（1）電子在半個周期內恰好能從A板的邊緣飛出，在此過程中只有電場力做功，根據(jù)動能定理即可解除電子飛出時的速度（2）若電子從t=0時刻射入，恰能平行于金屬板飛出，說明電子在豎直方向前半周期做勻加速直線運動，后半周期做勻減速直線運動，到電子飛出電場最少用時為T；【詳解】（1）電子飛出過程中只有電場力做功，根據(jù)動能定理得： 解得： （2）若電子恰能平行于金屬板飛出，說明電子在豎直方向前半周期做勻加速直線運動，后半周期做勻減速直線運動，到電子飛出電場最少