湖北省名師聯(lián)盟2020屆高三物理入學(xué)調(diào)研考試試題（含解析）.docx

湖北省名師聯(lián)盟2020屆高三物理入學(xué)調(diào)研考試試題（含解析）一、選擇題1.下列說法正確的是（）A. 研究沿地面翻滾前進(jìn)的體操運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)作可把運(yùn)動(dòng)員看成質(zhì)點(diǎn)B. 前3s內(nèi)的含義是這段時(shí)間是3sC. 牛頓第一定律可用實(shí)驗(yàn)來驗(yàn)證D. 時(shí)間的單位一小時(shí)是國際單位制中的導(dǎo)出單位【答案】B【解析】詳解】A研究沿地面翻滾前進(jìn)的體操運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)作時(shí)如果將其看成質(zhì)點(diǎn)，而質(zhì)點(diǎn)是一個(gè)點(diǎn)，看不到點(diǎn)的動(dòng)作，所以運(yùn)動(dòng)員不能被看成質(zhì)點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；B根據(jù)時(shí)間軸的知識(shí)，前3s指的是時(shí)間3s內(nèi)，故B正確；C牛頓第一定律實(shí)在伽利略的斜面實(shí)驗(yàn)基礎(chǔ)上總結(jié)的定律，而伽利略通過對(duì)斜面實(shí)驗(yàn)進(jìn)行推論得出的理想實(shí)驗(yàn)，完全光滑的斜面不存在，所以牛頓第一定律不能用實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證，故C錯(cuò)誤；D導(dǎo)出單位是由基本單位通過定義或一定的關(guān)系以及定律推導(dǎo)出來的單位，故D錯(cuò)誤；2.一質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，在時(shí)間間隔t內(nèi)位移為x，速度變?yōu)樵瓉淼?倍，該質(zhì)點(diǎn)的加速度為（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【詳解】設(shè)質(zhì)點(diǎn)的初速度為v0，由平均速度公式得:由加速度定義式得：聯(lián)立解得：。A.與計(jì)算結(jié)果不符，故A錯(cuò)誤；B.與計(jì)算結(jié)果相符，故B正確；C.與計(jì)算結(jié)果不符，故C錯(cuò)誤；D.與計(jì)算結(jié)果不符，故D錯(cuò)誤。3.智能化電動(dòng)扶梯如圖所示，乘客站上扶梯，先緩慢加速，然后再勻速上升，則A. 乘客始終處于超重狀態(tài)B. 加速階段乘客受到的摩擦力方向與v相同C. 電梯對(duì)乘客的作用力始終豎直向上D. 電梯勻速上升時(shí)，電梯對(duì)乘客的作用力豎直向上【答案】D【解析】【詳解】加速運(yùn)動(dòng)階段，顧客的加速度沿電梯斜向上，有豎直向上的分加速度，根據(jù)牛頓第二定律，電梯對(duì)他的支持力大于其重力，處于超重狀態(tài)；勻速運(yùn)動(dòng)階段，加速度為0，所以既不超重也不失重。故A錯(cuò)誤。加速階段乘客加速度斜向上，加速度有水平向右的分量，則受到的摩擦力方向水平向右，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；加速階段，乘客受到豎直向上的支持力和水平向右的摩擦力，則電梯對(duì)乘客的作用力斜向右上方；電梯勻速上升時(shí)，電梯對(duì)乘客只有向上的支持力，即電梯對(duì)乘客的作用力豎直向上，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確.4.如圖所示，足夠長的光滑平板AP與BP用鉸鏈連接，平板AP與水平面成53角固定不動(dòng)，平板BP可繞水平軸在豎直面內(nèi)自由轉(zhuǎn)動(dòng)，質(zhì)量為m的均勻圓柱體O放在兩板間，sin53=0.8，cos53=0.6，重力加速度為g。在使BP板由水平位置緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)到豎直位置的過程中，下列說法正確的是（ ）A. 平板BP受到的最小壓力為mgB. 平板BP受到的最大壓力為mgC. 平板AP受到的最小壓力為mgD. 平板AP受到的最大壓力為mg【答案】A【解析】【詳解】A圓柱體受重力，斜面AP的彈力F1和擋板BP的彈力F2，將F1與F2合成為F，如下圖：圓柱體一直處于平衡狀態(tài)，三個(gè)力中任意兩個(gè)力的合力與第三個(gè)力等值、反向、共線，故F1與F2合成的合力F與重力等值、反向、共線；從圖中可以看出，BP板由水平位置緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，F(xiàn)1越來越大，F(xiàn)2先減小后增大；由幾何關(guān)系可知，當(dāng)F2的方向與AP的方向平行（即與F1的方向垂直）時(shí)，F(xiàn)2有最小值F2min=mg，根據(jù)牛頓第三定律，平板BP受到的最小壓力為mg，故A正確。BBP板由水平位置緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)到豎直位置時(shí)，由圖知這時(shí)F2最大，F(xiàn)2max=mg，即平板BP受到的最大壓力為mg，故B錯(cuò)誤。C當(dāng)平板BP沿水平方向時(shí)，平板AP對(duì)圓柱體的彈力F1=0，即平板AP受到的最小壓力為0，故C錯(cuò)誤。D由圖可知，當(dāng)BP轉(zhuǎn)到豎直方向時(shí)，AP對(duì)圓柱體的彈力F1最大，F(xiàn)1max=mg，根據(jù)牛頓第三定律知，平板AP受到的最大壓力為mg，故D錯(cuò)誤。5.如圖所示，傾角為的斜面固定在水平地面上，斜面上有兩個(gè)質(zhì)量均為m的小球A、B，它們用勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧相連接，現(xiàn)對(duì)A施加一個(gè)水平向右大小為的恒力，使A、B在斜面上都保持靜止，如果斜面和兩個(gè)小球的摩擦均忽略不計(jì)，此時(shí)彈簧的長度為L，則下列說法錯(cuò)誤的是（）A. 彈簧的原長為B. 斜面的傾角為=30C. 撤掉恒力F的瞬間小球A的加速度不變D. 撤掉恒力F的瞬間小球B的加速度為0【答案】C【解析】【詳解】AB、對(duì)小球B進(jìn)行受力分析，由平衡條件可得：，解得：所以彈簧的原長為；對(duì)小球A進(jìn)行受力分析，由平衡條件可得：，解得：=30，所以彈簧的原長為，故AB正確；C、撤掉恒力F的瞬間，對(duì)A進(jìn)行受力分析，可得：，小球A此時(shí)的加速度，故C錯(cuò)誤。D、撤掉恒力F的瞬間，彈簧彈力不變，B球所受合力不變，故B球的加速度為零，故D正確。本題選說法錯(cuò)誤的，故選：C。6.如圖所示，滑雪運(yùn)動(dòng)員從O點(diǎn)由靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，先后經(jīng)過P、M、N三點(diǎn)，已知PM10m，MN20m，且運(yùn)動(dòng)員經(jīng)過PM、MN兩段的時(shí)間相等，下列說法不正確的是（）A. 能求出OP間的距離B. 不能求出運(yùn)動(dòng)員經(jīng)過OP段所用的時(shí)間C. 不能求出運(yùn)動(dòng)員的加速度D. 不能求出運(yùn)動(dòng)員經(jīng)過P、M兩點(diǎn)的速度之比【答案】D【解析】【詳解】設(shè)物體通過PM、MN所用時(shí)間分別為T，則M點(diǎn)的速度為：；根據(jù)x=aT2得： 則：vP=vM-aT=,則：xOP=1.25m，故A正確；運(yùn)動(dòng)員經(jīng)過P、M兩點(diǎn)的速度之比為是可求解的，故D錯(cuò)誤；不能求出運(yùn)動(dòng)員經(jīng)過OP段所用的時(shí)間和運(yùn)動(dòng)員的加速度大小，故BC正確，本題選不正確的，因此選D。7.a、b兩車在平直公路上沿同一方向行駛，兩車運(yùn)動(dòng)的vt圖象如圖所示，在t0時(shí)刻，b車在a車前方s0處，在0t1時(shí)間內(nèi)，a車的位移為s。若s=2s0，則（ ）A. a、b兩車只會(huì)相遇一次，在t1時(shí)刻相遇B. a、b兩車只會(huì)相遇一次，在時(shí)刻相遇C. a、b兩車可以相遇兩次，一次在時(shí)刻相遇，另一次在時(shí)刻相遇D. a、b兩車可以相遇兩次，一次在時(shí)刻相遇，另一次在時(shí)刻相遇【答案】D【解析】【詳解】由速度-時(shí)間可知，圖象與時(shí)間軸圍成面積表示位移，所以，。在時(shí)a的位移是，b的位移是,因?yàn)椋试跁r(shí)兩相遇；由v-t圖像可知：時(shí)，兩者的位移相同，所以若在時(shí)兩相遇，在時(shí)一定相遇。故a、b兩車可以相遇兩次，一次在時(shí)刻相遇，另一次在時(shí)刻相遇A. a、b兩車只會(huì)相遇一次，在t1時(shí)刻相遇，與上述結(jié)論不符，故A錯(cuò)誤；B. a、b兩車只會(huì)相遇一次，在時(shí)刻相遇，與上述結(jié)論不符，故B錯(cuò)誤；C. a、b兩車可以相遇兩次，一次在時(shí)刻相遇，另一次在時(shí)刻相遇，與上述結(jié)論不符，故C錯(cuò)誤；D. a、b兩車可以相遇兩次，一次在時(shí)刻相遇，另一次在時(shí)刻相遇，與上述結(jié)論相符，故D正確。8.做勻減速直線運(yùn)動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)，它的加速度大小為a，初速度大小為v0，經(jīng)過時(shí)間t速度減小到零，則它在這段時(shí)間內(nèi)的位移大小可用下列哪些式子表示（ ）A. B. C. D. 【答案】CD【解析】【詳解】A.由題意，初速度為v0，加速度大小為a，時(shí)間為t，加速度為-a，則勻減速運(yùn)動(dòng)的位移為：,故A錯(cuò)誤，B.做勻減速直線運(yùn)動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)，這段時(shí)間內(nèi)的位移大小不可能是，故B錯(cuò)誤；C.由題，物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，已知初速度為v0，末速度為0，則平均速度為 ，所以這段時(shí)間內(nèi)物體的位移 ，故C正確D.此運(yùn)動(dòng)可看出反向的初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，則，故D正確9.如圖所示，兩斜面體M、N完全相同，兩物體P、Q也完全相同。用一根不可伸長的輕質(zhì)細(xì)線通過兩光滑的定滑輪將P、Q兩物體連接，細(xì)線與兩側(cè)斜面均保持平行，M、N、P、Q均處于靜止?fàn)顟B(tài)，且物體P恰好不上滑。已知，下列說法中正確的是A. 物體Q受到沿斜面向下的摩擦力B. 物體Q受到的摩擦力可能為零C. 地面對(duì)M的摩擦力方向水平向左D. 地面對(duì)M的摩擦力與地面對(duì)N的摩擦力大小相等【答案】BCD【解析】【詳解】因物體P恰好不上滑，則物體Q可能有沿斜面下滑的趨勢(shì)，物體Q可能受到沿斜面向上的摩擦力，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；對(duì)PQ兩物體：，因，可知fQ可能為零，選項(xiàng)B正確；對(duì)P和M的整體，因受到細(xì)線水平向右的拉力，可知地面對(duì)M有水平向左的摩擦力，其大小等于繩的拉力；同理對(duì)Q和N的整體，因受到細(xì)線水平向左的拉力，則地面對(duì)N有水平向右的摩擦力，其大小等于繩的拉力；選項(xiàng)CD正確；10.水平地面上質(zhì)量為1kg的物塊受到水平拉力F1、F2的作用，F(xiàn)1、F2隨時(shí)間的變化如圖所示，已知物塊在前2s內(nèi)以4m/s的速度做勻速直線運(yùn)動(dòng)，取g=10m/s2，則A. 物塊與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)為B. 3s末物塊受到的摩擦力大小為3NC. 4s末物塊受到的摩擦力大小為1ND. 5s末物塊的加速度大小為【答案】BC【解析】在0-2s內(nèi)物體勻速運(yùn)動(dòng)，則摩擦力f=3N，則，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；2s后物體做減速運(yùn)動(dòng)，加速度 則經(jīng)過，即4s末速度減為零，則3s末物塊受到的摩擦力大小為3N，4s末物塊受到的摩擦力為靜摩擦力，大小為6N-5N=1N，選項(xiàng)BC正確；物體停止后，因兩個(gè)力的差值小于最大靜摩擦力，則物體不再運(yùn)動(dòng)，則5s末物體的加速度為零，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選BC.11.為了備戰(zhàn)2020年東京奧運(yùn)會(huì)，我國羽毛球運(yùn)動(dòng)員進(jìn)行了如圖所示的原地縱跳摸高訓(xùn)練。已知質(zhì)量m=50 kg的運(yùn)動(dòng)員原地靜止站立（不起跳）摸高為2.10m，比賽過程中，該運(yùn)動(dòng)員先下蹲，重心下降0.5m，經(jīng)過充分調(diào)整后，發(fā)力跳起摸到了2.90m的高度。若運(yùn)動(dòng)員起跳過程視為勻加速運(yùn)動(dòng)，忽略空氣阻力影響,g取10 m/s2 。則（ ）A. 運(yùn)動(dòng)員起跳過程處于超重狀態(tài)B. 起跳過程的平均速度比離地上升到最高點(diǎn)過程的平均速度大C. 起跳過程中運(yùn)動(dòng)員對(duì)地面的壓力為960ND. 從開始起跳到雙腳落地需要1.05s【答案】AD【解析】【詳解】AC、運(yùn)動(dòng)員離開地面后做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)可知；在起跳過程中可視為勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度方向豎直向上，所以運(yùn)動(dòng)員起跳過程處于超重狀態(tài)，根據(jù)速度位移公式可知，解得，對(duì)運(yùn)動(dòng)員根據(jù)牛頓第二定律可知，解得,根據(jù)牛頓第三定律可知，對(duì)地面壓力為1560N，故選項(xiàng)A正確，C錯(cuò)誤；B、在起跳過程中做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，起跳過程的平均速度，運(yùn)動(dòng)員離開地面后做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，離地上升到最高點(diǎn)過程的平均速度，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；D、起跳過程運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，起跳后運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，故運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間，故選項(xiàng)D正確；12.如圖甲所示，為測(cè)定物體沖上粗糙斜面能達(dá)到的最大位移x與斜面傾角的關(guān)系，將某一物體每次以不變的初速率v0沿足夠長的斜面向上推出，調(diào)節(jié)斜面與水平方向的夾角，實(shí)驗(yàn)測(cè)得x與斜面傾角的關(guān)系如圖乙所示，取g= 10m/s2。根據(jù)圖象可求出A. 物體的初速率v06m/sB. 物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.5C. 當(dāng)=30o時(shí)，物體達(dá)到最大位移后將保持靜止D. 取不同的傾角，物體在斜面上能達(dá)到的位移x的最小值【答案】BD【解析】【詳解】A項(xiàng)：由圖可知，當(dāng)夾角為90時(shí)，x=0.80m，物體做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，則由豎直上拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知：，解得：，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：當(dāng)夾角=0時(shí)，x=1.60m，由動(dòng)能定理可得： ，解得：，故B正確；C項(xiàng)：若=30時(shí)，物體的重力沿斜面向下的分力大小為：mgsin30=0.5mg；最大靜摩擦力為：，則，因此，物體達(dá)到最大位移后將下滑，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：根據(jù)動(dòng)能定理得：，解得：其中tan=2，當(dāng)，此時(shí)位移最小，故D正確。二、非選擇題13.某實(shí)驗(yàn)小組用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置測(cè)當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣龋瑘D中A、B是兩個(gè)光電門，鋼球自由下落過程中，先后通過光電門A、B，鋼球通過光電門A時(shí)與光電門相連的光電計(jì)時(shí)器開始計(jì)時(shí)，通過光電門B時(shí)就停止計(jì)時(shí)，得到鋼球從A運(yùn)動(dòng)到B所用的時(shí)間t，用刻度尺測(cè)出A、B間的高度h，保持鋼球下落的位置不變，光電門B的位置不變，改變光電門A的位置，重復(fù)前面的實(shí)驗(yàn)，測(cè)出多組h、t的值. (1)根據(jù)測(cè)得的多組h、t的值，算出每組的，作出圖象，則圖象應(yīng)是圖中的_. A. B. C. D. (2)圖線在縱軸上的截距表示_，要求出重力加速度，必須求出圖線的_，若求出的圖線的這個(gè)量用k表示，則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹開.【答案】 (1). D； (2). 鋼球通過光電門B時(shí)的速度 (3). 斜率的絕對(duì)值； (4). 2k【解析】【詳解】（1）由于球下落的位置不變，光電門B的位置不變，因此小球到達(dá)B點(diǎn)的速度不變，設(shè)球到B點(diǎn)的速度為vB，則球的運(yùn)動(dòng)可以看成是倒過來的勻減速直線運(yùn)動(dòng)，則有：h=vBt-gt2，即，因此D正確，ABC錯(cuò)誤；（2）由函數(shù)表達(dá)式可知，圖線與縱軸的交點(diǎn)表示小球通過B光電門的速度，要求出重力加速度，必須求出圖線斜率的絕對(duì)值，則由kg解得：g=2k；14.為了測(cè)量木塊與木板間動(dòng)摩擦因數(shù)，某小組使用位移傳感器設(shè)計(jì)了如圖所示實(shí)驗(yàn)裝置，讓木塊從傾斜木板上一點(diǎn)A由靜止釋放，位移傳感器可以測(cè)出木塊到傳感器的距離。位移傳感器連接計(jì)算機(jī)，描繪出滑塊相對(duì)傳感器的位移s隨時(shí)間t變化規(guī)律，如圖所示。根據(jù)上述圖線，計(jì)算0.4s時(shí)木塊的速度=_m/s，木塊加速度a=_m/s2；現(xiàn)測(cè)得斜面傾角為 ，g取10m/s2，則= _；為了提高木塊與木板間動(dòng)摩擦因數(shù)的測(cè)量精度，下列措施可行的是_AA點(diǎn)與傳感器距離適當(dāng)大些B木板的傾角越大越好C選擇體積較大的空心木塊D傳感器開始計(jì)時(shí)的時(shí)刻必須是木塊從A點(diǎn)釋放的時(shí)刻【答案】 (1). 0.4 (2). 1 (3). 0.625 (4). A【解析】【詳解】根據(jù)某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于這段時(shí)間內(nèi)中點(diǎn)時(shí)刻的瞬時(shí)速度，得0.4s末的速度為：，0.2s末的速度為：，則木塊的加速度為：；選取木塊為研究的對(duì)象，木塊沿斜面方向是受力：，得：，若，則；根據(jù)的分析可知，在實(shí)驗(yàn)中，為了減少實(shí)驗(yàn)誤差，應(yīng)使木塊的運(yùn)動(dòng)時(shí)間長一些，可以：可以減小斜面的傾角、增加木塊在斜面上滑行的位移等，傳感器開始的計(jì)時(shí)時(shí)刻不一定必須是木塊從A點(diǎn)釋放的時(shí)刻。故A正確，BCD錯(cuò)誤。15.用一輕彈簧豎直懸掛一質(zhì)量為m的物體，靜止時(shí)彈簧的伸長量為x。現(xiàn)用該彈簧沿傾角為的斜面向上拉住質(zhì)量為3m的物體勻速向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，彈簧的伸長量也為x，如圖所示，已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間，求：(1)質(zhì)量為3m的物體沿斜面運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的摩擦力大小。(2)當(dāng)用該彈簧沿該斜面向上拉住質(zhì)量為3m的物體勻速向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，彈簧的伸長量為多少？【答案】（1）f=0.5mg（2）2x【解析】【詳解】（1）根據(jù)題意可知kx=mg當(dāng)物體在F拉力的作用下向下做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，物體受力平衡，此時(shí)滑動(dòng)摩擦力方向沿斜面向上，根據(jù)平衡條件得：kx+f=3mgsin30解得：f=0.5mg（2）當(dāng)用該彈簧沿該斜面向上拉住質(zhì)量為3m物體勻速向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，物體受力平衡，此時(shí)滑動(dòng)摩擦力方向沿斜面向下，根據(jù)平衡條件得：解得：答：（1）f=0.5mg（2）2x16.如圖，釘子A、B相距5l，處于同一高度。細(xì)線的一端系有質(zhì)量為M的物塊，另一端繞過A固定于B。小球固定在細(xì)線上C點(diǎn)，B、C間的線長為3l。小球和物塊都靜止時(shí)，BC與水平方向的夾角為53。忽略一切摩擦，重力加速度為g，取sin53=0.8，cos 53=0.6，cos 26.5=0.89，求：(1)小球的質(zhì)量；(2)釘子A所受壓力FN的大小和方向。【答案】(1) (2)FN = 1.78Mg【解析】【分析】小球和物塊靜止時(shí)受力平衡,分別進(jìn)行受力分析,列平衡方程即可求得.【詳解】（1）根據(jù)題意,對(duì)物體進(jìn)行受力分析,由圖知，cos53=0.6 ,所以C=90 設(shè)小球質(zhì)量為m，AC、BC的拉力分別為F1、F2，有F1sin53=F2cos53 mg=F1cos53+ F2sin53F1=Mg 解得m=（2）釘子所受壓力等于兩細(xì)線合力，合力方向沿與豎直方向成265向右下方故FN=2 Mgcos26.5 解得FN=1.78Mg【點(diǎn)睛】本題考查共點(diǎn)力平衡,關(guān)鍵是選擇好研究對(duì)象，做好受力分析。17.如圖甲所示，傾角為的傳送帶以恒定速率逆時(shí)針運(yùn)行?，F(xiàn)將一質(zhì)量m2 kg的小物體輕輕放在傳送帶的A端，物體相對(duì)地面的速度隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖乙所示，2 s末物體到達(dá)B端，取沿傳送帶向下為正方向，g10 m/s2，求：(1)小物體在傳送帶A、B兩端間運(yùn)動(dòng)的平均速度v；(2)物體與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)?！敬鸢浮浚?） （2）0.5【解析】【詳解】(1)由v-t圖象的面積規(guī)律可知傳送帶A、B間的距離L即為v-t圖線與t軸所圍的面積，所以：由平均速度的定義得： (2)由v-t圖象可知傳送帶運(yùn)行速度為v1=10m/s，01s內(nèi)物體的加速度為： 12 s內(nèi)的加速度為：a2=2m/s2根據(jù)牛頓第二定律得： 聯(lián)立兩式解得： = 0.5。【點(diǎn)睛】該題考查傳送帶問題，解決本題的關(guān)鍵理清物塊在傳送帶上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合牛頓第二定律、功能關(guān)系和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式綜合求解18.質(zhì)量為m=0.5 kg、長L=1 m的平板車B靜止在光滑水平面上，某時(shí)刻質(zhì)量M=l kg的物體A