河北省保定市唐縣第一中學(xué)20202_2021學(xué)年高二物理上學(xué)期第二次月考試題含解析

1、河北省保定市唐縣第一中學(xué)20202-2021學(xué)年高二物理上學(xué)期第二次月考試題（含解析）第I卷（選擇題）一、單選題（每題4分，共32分）1. 關(guān)于電功和電熱，下面說法正確的是（ ）A. 任何電路中的電功W=UIt，電熱Q=I2Rt且W=QB. 任何電路中的電功W=UIt，電熱Q=I2Rt但W有時(shí)不等于QC. 電功W=UIt在任何電路中都適用，Q=I2Rt只在純電阻電路中適用D. 電功W=UIt，電熱Q=I2Rt，只適用于純電阻電路【答案】B【解析】【詳解】任何電路中電功公式W=UIt，電熱公式Q=I2Rt都適用，但兩者不一定相等，只有在純電阻電路中 W=Q，故A錯(cuò)誤，CD錯(cuò)誤B項(xiàng)：任何電路中的電

2、功W=UIt，電熱Q=I2Rt，在非純電阻電路中電能一部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，還有一部分轉(zhuǎn)化為其他形式的能，所以此時(shí)W大于Q，故B正確【點(diǎn)睛】電功公式W=UIt和電熱公式Q=I2Rt都適用于任何電路；在純電阻電路中，電功等于電熱，在非純電阻電路中，電功大于電熱2. 第56屆日本電池大會(huì)上華為發(fā)布了5分鐘即可充滿3000mA h電池50%電荷量的快充技術(shù)成果,引起業(yè)界廣泛關(guān)注.如圖是華為某智能手機(jī)電池上的信息,支持低壓大電流充電,則( )A. 4.35V表示該電池的電動(dòng)勢B. 該電池充滿電后以100mA的電流工作時(shí),可連續(xù)工作30小時(shí)C. 11.4Wh表示該電池能提供的電荷量D. 3000mAh表示該電

3、池能提供的電能【答案】B【解析】【詳解】A4.35V為充電電壓，不是該電池的電動(dòng)勢，故A錯(cuò)誤；B該電池充滿電后以后以100mA的電流工作時(shí)，可連續(xù)工作故B正確；C11.4Wh為電池的充電電能，不是該電池的電量，故C錯(cuò)誤；DmAh為電量的單位，所以3000 mAh表示該電池能提供的電量，故D錯(cuò)誤故選B。3. 如圖所示，水平放置表面粗糙的大金屬板正上方有一固定的正點(diǎn)電荷Q，現(xiàn)讓一表面絕緣帶正電的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)且不影響Q的電場），從左端以初速度v0滑上金屬板的上表面向右運(yùn)動(dòng)到右端，在運(yùn)動(dòng)過程中A. 小球作勻速運(yùn)動(dòng)B. 小球先減速運(yùn)動(dòng)，后加速運(yùn)動(dòng)C. 小球加速度先增大，后減小D. 小球的電勢能先減小

4、，后增加【答案】C【解析】金屬板在Q的電場中達(dá)到靜電平衡時(shí)，金屬板是一個(gè)等勢體，表面是一個(gè)等勢面，表面的電場線與表面垂直，小球所受的電場力與金屬板表面垂直，在金屬板上向右運(yùn)動(dòng)的過程中，電場力不做功，電場力先增大后減小，所以摩擦力先增大后減小，小球的加速度先增大后減小，速度逐漸減小，根據(jù)動(dòng)能定理得知，小球的動(dòng)能逐漸減小，所以小球一直做減速運(yùn)動(dòng)故C正確AB錯(cuò)誤電場力不做功，小球的電勢能不變，故D錯(cuò)誤故選C【點(diǎn)睛】金屬板在Q的電場中要產(chǎn)生靜電感應(yīng)現(xiàn)象，達(dá)到靜電平衡時(shí)，金屬板是一個(gè)等勢體，表面是一個(gè)等勢面，表面的電場線與表面垂直分析小球的受力情況，確定其運(yùn)動(dòng)情況，判斷電場力是否做功，分析電勢能如何變化

5、4. 如圖所示是用量程為03mA的電流表改裝為歐姆表的電路，其中表內(nèi)電池的電動(dòng)勢為1.5V，那么，在電流表的2mA刻度處所對(duì)應(yīng)的電阻刻度是（）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【詳解】由題意可知，歐姆表的內(nèi)阻為當(dāng)電流表指針指在2mA刻度處時(shí)，對(duì)應(yīng)的待測電阻為故選C5. 一根粗細(xì)均勻的導(dǎo)線，當(dāng)其兩端電壓為U時(shí)，通過的電流是I，若將此導(dǎo)線均勻拉長到原來的2倍時(shí)，電流仍為I，導(dǎo)線兩端所加的電壓變?yōu)?( )A. U2B. UC. 2UD. 4U【答案】D【解析】試題分析：根據(jù)電阻定律可得：拉長后電阻變?yōu)?所以根據(jù)歐姆定律可得：,故,所以選D考點(diǎn)：考查了歐姆定律和電阻定律的應(yīng)用點(diǎn)評(píng)：做本題的關(guān)鍵

6、是知道導(dǎo)線在拉長時(shí)體積不變，然后根據(jù)公式判斷面積和長度的變化6. 如圖所示，平行板電容器與恒壓直流電源連接，下極板接地。一帶電油滴靜止于P點(diǎn)?，F(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向上移動(dòng)一小段距離，則（）A. 電容器的電容增大B. 電容器兩極板的電荷量增大C. P點(diǎn)的電勢將降低D. 帶電油滴將向上運(yùn)動(dòng)【答案】C【解析】【詳解】A根據(jù)可知，將平行板電容器的上極板豎直向上移動(dòng)一小段距離，d變大，則C減小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B根據(jù)Q=CU可知，C變小，U不變，則電容器兩極板的電荷量減小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C根據(jù)可知U不變，d變大，則E減小，P點(diǎn)與下極板間電勢差減小，P點(diǎn)電勢降低，選項(xiàng)C正確；D開始時(shí)油滴靜止，向上的電場

7、力等于重力；由于電場強(qiáng)度減小，則油滴受到的電場力減小，則油滴將向下運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。7. 如圖，電源電動(dòng)勢為E，內(nèi)電阻為r，、為小燈泡（電阻均不變），R1為定值電阻，R2為光敏電阻，R2阻值的大小隨照射光強(qiáng)度的增強(qiáng)而減小。閉合開關(guān)S后，將照射R2的光強(qiáng)度增強(qiáng)，則（）A. 變亮B. 變暗C. R1兩端的電壓將增大D. 電路的路端電壓將增大【答案】A【解析】【詳解】將照射R2光強(qiáng)度增強(qiáng)，則R2阻值減小，電路總電阻減小，總電流變大，路端電壓減小，L1的電流變大，則L1變亮；因?yàn)閯t并聯(lián)支路的電壓減小，則R1兩端的電壓將減小，因則L2電流變大，即L2變亮。故選A。8. 如圖所示，一充電后的平行板

8、電容器的兩極板相距l(xiāng)，在正極板附近有一質(zhì)量為m，電荷量為的粒子A；在負(fù)極板附近有一質(zhì)量也為m、電荷量為的粒子B。僅在電場力的作用下兩粒子同時(shí)從靜止開始運(yùn)動(dòng)。已知兩粒子同時(shí)經(jīng)過一平行于正極板且與其相距的平面Q，兩粒子間相互作用力可忽略，不計(jì)重力，則以下說法正確的是（）A. 電荷量與的比值為B. 電荷量與的比值為C. 粒子A、B通過平面Q時(shí)的速度之比為D. 粒子A、B通過平面Q時(shí)的速度之比為【答案】B【解析】【詳解】AB設(shè)電場強(qiáng)度大小為E，兩粒子運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，對(duì)正電荷A有對(duì)負(fù)電荷B有聯(lián)立解得A錯(cuò)誤，B正確。CD由動(dòng)能定理得求得選項(xiàng)CD錯(cuò)誤。故選B。二、多選題（每題4分，部分分值2分，共16分）9.

9、 如圖所示，a、c兩點(diǎn)位于以一固定正點(diǎn)電荷Q為球心的球面上，b點(diǎn)在球面內(nèi)。則（）A. a點(diǎn)電勢比c點(diǎn)高B. a、c兩點(diǎn)電場強(qiáng)度相同C. b點(diǎn)電場強(qiáng)度的大小大于c點(diǎn)的電場強(qiáng)度的大小D. 將一正點(diǎn)電荷從b點(diǎn)移動(dòng)到a點(diǎn)，電場力做正功【答案】CD【解析】【詳解】Aa、c在以正點(diǎn)電荷為球心的同一球面上，即在同一等勢面上，故a點(diǎn)電勢和c點(diǎn)電勢相等，故A錯(cuò)誤；B根據(jù)點(diǎn)電荷電場強(qiáng)度的計(jì)算公式可知，a點(diǎn)場強(qiáng)的大小和c點(diǎn)電場強(qiáng)度大小相等，方向在各自與球心的連線上，即方向不同，故B錯(cuò)誤；C根據(jù)點(diǎn)電荷電場強(qiáng)度的計(jì)算公式可知，b點(diǎn)電場強(qiáng)度的大小大于c點(diǎn)的電場強(qiáng)度的大小，故C正確；D根據(jù)沿電場線方向電勢降低可得a點(diǎn)電勢比

10、b點(diǎn)低，由正電荷在電勢低處電勢能小，則將一正點(diǎn)電荷從b點(diǎn)移動(dòng)到a點(diǎn)，電勢能減小，由功能關(guān)系可知，電場力做正功，故D正確。故選CD。10. 如圖所示，甲、乙兩電路中電源完全相同，電阻R1R2，在兩電路中分別通過相同的電荷量q的過程中，下列判斷正確的是A. 電源內(nèi)部產(chǎn)生電熱較多的是乙電路B. R1上產(chǎn)生的電熱比R2上產(chǎn)生的電熱多C. 電源做功較多的是甲電路D. 甲、乙兩電路中電源做功相等【答案】ABD【解析】【詳解】甲電路中電阻R1較大，則甲電路的路端電壓U較大，乙電路內(nèi)阻上的電壓Ur較大由可知，R1上產(chǎn)生的電熱比R2上的產(chǎn)生的電熱多由可知，電源內(nèi)部產(chǎn)生電熱較多的是乙電路，而總電功為，兩個(gè)電路電動(dòng)

11、勢E相同，所以甲、乙兩電路中電源做功相等.所以答案選擇ABD.11. 如圖所示，在豎直放置的平行板電容器的金屬板內(nèi)側(cè)表面系一絕緣細(xì)線，細(xì)線下端系一帶電小球，帶電小球靜止時(shí)絕緣細(xì)線與金屬板的夾角為。R1為定值電阻，R2為滑動(dòng)變阻器，R3為電阻箱。閉合開關(guān)S，電流表和電壓表的示數(shù)分別為I和U。已知電源電動(dòng)勢E和內(nèi)阻r一定，電表均為理想電表。下列說法正確的有（）A. 小球帶負(fù)電B. 減小R2，角變小C. 減小R3，U與I的比值變小D. 減小R3，U變化量的絕對(duì)值與I變化量的絕對(duì)值的比值不變【答案】ACD【解析】【詳解】A電容器A板帶正電，可知小球帶負(fù)電，選項(xiàng)A正確；B. 減小R2，對(duì)電容器兩板間電壓

12、以及場強(qiáng)無影響，則角不變，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C. U與I的比值等于外電路的總電阻，可知減小R3，外電阻減小，則U與I的比值變小，選項(xiàng)C正確；D. 根據(jù)U=E-Ir可知可知減小R3，U變化量的絕對(duì)值與I變化量的絕對(duì)值的比值不變，選項(xiàng)D正確。故選ACD。12. 四個(gè)相同的表頭分別改裝成兩個(gè)電流表和兩個(gè)電壓表，電流表的量程大于的量程，電壓表的量程大于的量程，把它們按如圖所示接入電路，則A. 的讀數(shù)比的讀數(shù)小B. 的讀數(shù)比的讀數(shù)大C. 指針偏轉(zhuǎn)角度與的一樣大D. 指針偏轉(zhuǎn)角度比指針偏轉(zhuǎn)角度小【答案】BC【解析】【分析】表頭改裝成大量程電流表需要并聯(lián)分流電阻，并流電阻越小，分流越多，量程越大；表頭改裝成電壓表

13、需要串聯(lián)分壓電阻，分壓電阻越大，分得的電壓越大，量程越大然后再根據(jù)電路的串并聯(lián)知識(shí)分析即可【詳解】電流表A1的量程大于A2的量程，故電流表A1的內(nèi)阻小于A2的內(nèi)阻；電壓表V1的量程大于V2的量程，故V1的電阻大于V2的電阻；由圖可知，兩電流表并聯(lián)，故兩流表兩端的電壓相等，兩表由同一電流表改裝而成，而將電流表擴(kuò)大量程時(shí)為并聯(lián)一小電阻，故相當(dāng)于為四個(gè)電阻并聯(lián)，故兩表頭中電流相同，故兩表的偏角相同，故A1中的電流要大于A2中的電流，故A1的讀數(shù)比A2的讀數(shù)大，A錯(cuò)誤C正確；兩電壓表串聯(lián)，故通過兩表的電流相等，兩電壓表串聯(lián)，通過表頭的電流相等，表頭指針偏轉(zhuǎn)角度相等，電壓表V1的偏轉(zhuǎn)角等于電壓表V2的偏

14、轉(zhuǎn)角，因V1量程大于V2量程，故V1的讀數(shù)比V2的讀數(shù)大，B正確D錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】本題要求學(xué)生能熟練應(yīng)用串并聯(lián)電路的規(guī)律及電表的性質(zhì)，應(yīng)明確由電流表擴(kuò)大量程時(shí)為并聯(lián)一小電阻，而將電流表改裝為電壓表時(shí)應(yīng)串聯(lián)一大電阻，而表頭中的滿偏電流和電壓是不變的第II卷（非選擇題，共52分）三、實(shí)驗(yàn)題（每空2分，共 12分）13. _cm；_mm?！敬鸢浮?(1). 3.06cm (2). 0.525mm【解析】【詳解】1游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為30mm+0.16mm=30.6mm=3.06cm2螺旋測微器的讀數(shù)為0.5mm+0.012.5mm=0.525mm14. 在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中，使用的小燈泡的

15、規(guī)格為“6V 3W”，其他供選擇的器材有：A電壓表V（量程03V，內(nèi)阻10k）B電流表A1（量程03A，內(nèi)阻0.2）C電流表A2（量程00.6A，內(nèi)阻約1）D滑動(dòng)變阻器R1（01000，0.5A）E滑動(dòng)變阻器R2（020，2A）F定值電阻R0=10k，G直流電源E，電壓68VH開關(guān)S及導(dǎo)線若干實(shí)驗(yàn)中，讀取并記錄下12組左右不同的電壓值U和對(duì)應(yīng)的電流值I，以便繪出伏安特性曲線。在上述器材中，電流表應(yīng)選用_，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用_，并在方框中畫出實(shí)驗(yàn)原理圖_?！敬鸢浮?(1). D (2). E (3). 【解析】【詳解】123根據(jù)小燈泡規(guī)格“6V，3W”可知，額定電壓U=6V，量程03V的電壓表太小

16、，需要將定值電阻R0=10k與電壓表串聯(lián)進(jìn)行擴(kuò)程；額定電流為電流表應(yīng)選D；由于實(shí)驗(yàn)要求電流從零調(diào)節(jié)，所以變阻器應(yīng)采用分壓式接法，應(yīng)選擇阻值小的變阻器E以方便調(diào)節(jié)，由于小燈泡電阻較小滿足所以電流表應(yīng)用外接法，即電路應(yīng)是“分壓外接”，電路圖如圖所示四、解答題（需寫出必要的文字?jǐn)⑹龊头匠?，只寫結(jié)果不得分，15.16各9分，17.18各11分，共42分）15. 如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢E12 V，內(nèi)阻r0.5 ，電動(dòng)機(jī)的電阻R01.0 ，電阻R12.0。電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，電壓表的示數(shù)U14.0 V，求：(1)流過電動(dòng)機(jī)的電流；(2)電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率；(3)電源的工作效率?！敬鸢浮浚?）2A；（

17、2）14W；（3）91.7%【解析】【詳解】(1)電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，總電流為I 2A(2)電動(dòng)機(jī)兩端的電壓為UEIrU1=(1220.54.0) V7 V電動(dòng)機(jī)消耗的電功率為P電UI72 W14 W電動(dòng)機(jī)的熱功率為P熱I2R0221 W4 W電動(dòng)機(jī)輸出機(jī)械功率P機(jī)P電P熱10 W(3)電源釋放的電功率為P釋EI122 W24 W有用功率P有電源的工作效率16. 在如圖甲所示的電路中，、均為定值電阻，且，阻值未知，是一滑動(dòng)變阻器，當(dāng)其滑片從左端滑至右端時(shí)，測得電源的路端電壓隨電流的變化圖線如圖乙所示，其中、兩點(diǎn)是滑片在變阻器的左右兩個(gè)不同端點(diǎn)得到的值求：（1）定值電阻的阻值（2）電源的電動(dòng)勢和內(nèi)

18、阻（3）當(dāng)滑動(dòng)變阻器取何值時(shí)電源的輸出功率最大？最大輸出功率是多少？【答案】（1）5 （2）20V 20 （3）17.6 5W【解析】【詳解】(1）當(dāng)P滑到的右端時(shí)，電路參數(shù)對(duì)應(yīng)乙圖中的B點(diǎn)，只有電阻接入電路，由圖乙所示圖象可知：V，A 則定值電阻的阻值為：（2）將乙圖中AB線延長，交U軸于20V處，所以電源的電動(dòng)勢為V圖象斜率表示內(nèi)阻為：（3）當(dāng)?shù)幕瑥淖钭蠖嘶阶钣叶藭r(shí)，外電路總電阻從小于電源內(nèi)阻r變至大于r，當(dāng)外阻和內(nèi)阻相等時(shí)，電源輸出功率最大，則有： 代入：解得： 其值為；W17. 如圖所示，光滑絕緣軌道由水平段AB和圓形軌道BCD組成，B在圓心正下方，軌道上的C、D兩點(diǎn)與圓心等高，圓軌道半徑為R整個(gè)裝置處在水平向右的勻強(qiáng)電場中，電場強(qiáng)度大小為E=現(xiàn)將一小球從A點(diǎn)由靜止釋放已知小球質(zhì)量為m，電量為q，且?guī)д?，重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力，求：（1）若AB=2R，求小球運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大??；（2）若小球能沿圓軌