2018-2019學(xué)年云南省楚雄州永仁一中高二(上)期中物理試卷

1、2018-2019 學(xué)年云南省楚雄州永仁一中高二（上）期中物理試卷副標(biāo)題題號(hào)一二三四總分得分一、單選題（本大題共12 小題，共 36.0 分）1. 一安培表由電流表 G 與電阻 R 并聯(lián)而成若在使用中發(fā)現(xiàn)此安培表讀數(shù)比準(zhǔn)確值稍小些，下列可采取的措施是（）A. 在 R 上串聯(lián)一個(gè)比R 小得多的電阻B. 在 R 上串聯(lián)一個(gè)比R 大得多的電阻C. 在 R 上并聯(lián)一個(gè)比R 小得多的電阻D. 在 R 上并聯(lián)一個(gè)比R 大得多的電阻2.如圖所示為大型電子地磅電路圖，電源電動(dòng)勢(shì)為 E，內(nèi)阻不計(jì)不稱物體時(shí)，滑片 P 到 A 端，滑動(dòng)變阻器接入電路的有效電阻最大，電流較??；稱重物時(shí)，在壓力作用下使滑片 P 下滑，

2、滑動(dòng)變阻器有效電阻變小，電流變大，這樣把電流對(duì)應(yīng)的重量值刻在刻度盤上，就可以讀出被稱物體的重量值，若滑動(dòng)變阻器上A、B 間距離為L，最大阻值等于電阻阻值R0，已知兩只彈簧的總彈力與形變量成正比，其比例系為k，所稱重物的重量 G 與電流大小I 的關(guān)系為（）A. G=2kL+B. G=2 kL-C. G=+kLD. G=kIL3. 如圖為某臺(tái)電風(fēng)扇的銘牌，如果已知該電風(fēng)扇在額定電壓下工作時(shí)，轉(zhuǎn)化為機(jī)械能的功率等于電動(dòng)機(jī)消耗電功率的98%，則在額定電壓下工作時(shí)， 通過電動(dòng)機(jī)的電流 I 及電動(dòng)機(jī)線圈的電阻 R 分別是（）A. I=2.5A R11B. I=2.5A R=88C. I=0.4A R=11

3、D. I=0.4A R=550 4. 在點(diǎn)電荷+Q形成的電場(chǎng)中有一點(diǎn)A，當(dāng)一個(gè)-q的檢驗(yàn)電荷從電場(chǎng)的無限遠(yuǎn)處被移到電場(chǎng)中的 A 點(diǎn)時(shí)，電場(chǎng)力做的功為W，則檢驗(yàn)電荷在A 點(diǎn)的電勢(shì)能及電場(chǎng)中 A點(diǎn)的電勢(shì)分別為（）A. EPA=-W， A=B.C. EPA=W， A=D.EPA=W， A=-EPA=-W， A=-5. 如圖所示的電路中，閉合開關(guān)S 后，燈 L 1、 L2 都能發(fā)光。后來由于某種故障使燈 L2 突然變亮（未燒壞），電壓表的讀數(shù)增大，由此可推斷，這故障可能是（）A. 電阻 R2 斷路B. 電阻 R2 短路C. 燈 L1 兩接線柱間短路D. 電阻 R1 斷路第1頁，共 20頁6. 如圖所示

4、，勻強(qiáng)電場(chǎng)中的 PAB 平面平行于電場(chǎng)方向， C 點(diǎn)為 AB 的中點(diǎn)， D 點(diǎn)為 PB 的中點(diǎn)。 將一個(gè)帶負(fù)電的粒子從 P 點(diǎn)移動(dòng)到 A 點(diǎn)，電場(chǎng)力做功WPA=1.6 10-8 J；將該粒子從 P 點(diǎn)移動(dòng)到 B 點(diǎn)，電場(chǎng)力做功WPB=3.2 10-8 J則下列說法正確的是（）A. 直線 PC 為等勢(shì)線B. 若將該粒子從P 點(diǎn)移動(dòng)到 C 點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為 WPC=2.4 10-8JC. 電場(chǎng)強(qiáng)度方向與AD 平行D. 點(diǎn) P 的電勢(shì)高于點(diǎn)A 的電勢(shì)7. 加在某臺(tái)電動(dòng)機(jī)上的電壓是U（ V），電動(dòng)機(jī)消耗的電功率為P（ W），電動(dòng)機(jī)線圈的電阻為R（ ），則電動(dòng)機(jī)線圈上消耗的熱功率為（）A. PB.C.D

5、.8. 一個(gè)電流表的滿偏電流Ig=1 mARg=500 3V的，內(nèi)阻，要把它改裝成一個(gè)量程為電壓表，則（）A. 應(yīng)在電流表上再串聯(lián)一個(gè)阻值為3K的電阻B. 應(yīng)在電流表上再并聯(lián)一個(gè)阻值為3K 的電阻C. 改裝后的電壓表內(nèi)阻是500 D. 改裝后的電壓表內(nèi)阻是3 k9. 在空間中水平面 MN 的下方存在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，質(zhì)量為 m 的帶電小球由 MN 上方的 A 點(diǎn)以一定初速度水平拋出，從 B 點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)，到達(dá) C 點(diǎn)時(shí)速度方向恰好水平， A、B、 C 三點(diǎn)在同一直線上，且AB=2BC，如圖所示，由此可知（）A. 小球帶正電B. 電場(chǎng)力大小為 3mgC. 小球從 A 到 B 與從 B 到 C 的

6、運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等D. 小球從 A 到 B 與從 B 到 C 的速度變化相等10. 兩個(gè)用同種材料制成的均勻?qū)wA、 B，其長度相同，當(dāng)它們接入電壓相同的電路時(shí)，其電流之比IA ：IB=1： 4，則橫截面積之比SA： SB 為（）A. 1：2B. 2：1C. 1：4D. 4：111. 某實(shí)物投影機(jī)有10 個(gè)相同的強(qiáng)光燈 L1 L （ 24V/200w）和 10 個(gè)相同的指示燈x10lX10（ 220V/2w），將其連接在200V 交流電源上，電路見下圖若工作一段時(shí)間后L2 燈絲燒斷，則（）A. X1 的功率減小， L 1 的功率增大B. X1 的功率增大， L 1 的功率增大C. X2 的功率增大，

7、其他指示燈的功率減小D. X2 的功率減小，其他指示燈的功率減小12. 一個(gè)定值電阻，兩端電壓為 2V，通過的電流是 0.5A，如果兩端的電壓是 6V，要測(cè)量流過的電流，電流表的量程可選用（）A. 0.5AB. 1AC. 2AD. 10A二、多選題（本大題共4 小題，共16.0 分）13. 如圖，兩電荷量分別為 Q（ Q 0）和 -Q 的點(diǎn)電荷對(duì)稱地放置在 x 軸上原點(diǎn) O 的兩側(cè)，a 點(diǎn)位于 x 軸上 O第2頁，共 20頁點(diǎn)與點(diǎn)電荷Q 之間， b 位于 y 軸 O 點(diǎn)上方取無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為零，下列說法正確的是（）A. b 點(diǎn)的電勢(shì)為零，電場(chǎng)強(qiáng)度也為零B. 正的試探電荷在 a 點(diǎn)的電勢(shì)能大于零

8、，所受電場(chǎng)力方向向右C. 將正的試探電荷從 O 點(diǎn)移到 a 點(diǎn)，必須克服電場(chǎng)力做功D. 將同一正的試探電荷先后分別從 O 點(diǎn)移到 a 點(diǎn)和從 b 點(diǎn)移到 a 點(diǎn)，后者電勢(shì)能的變化較大14. 如圖所示電路中，電源內(nèi)阻不能忽略，兩個(gè)電壓表均為理想電表當(dāng)滑動(dòng)變阻器 R2 的滑動(dòng)觸頭 p 移動(dòng)時(shí)， 關(guān)于兩個(gè)電壓表 V1 與 V2 的示數(shù)，下列判斷正確的是（）A. p 向 a 移動(dòng)， V1示數(shù)增大、 V2 的示數(shù)減小B. p 向 b 移動(dòng)， V1示數(shù)增大、 V2 的示數(shù)減小C. p 向 a 移動(dòng)， V1示數(shù)改變量的絕對(duì)值小于V2 示數(shù)改變量的絕對(duì)值D. p 向 b 移動(dòng)， V1示數(shù)改變量的絕對(duì)值大于V2

9、 示數(shù)改變量的絕對(duì)值15. 如圖所示，一電子槍發(fā)射出的電子（初速度很小，可視為零）進(jìn)入加速電場(chǎng)加速后，垂直射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，射出后偏轉(zhuǎn)位移為 y，要使偏轉(zhuǎn)位移增大，下列哪些措施是可行的（不考慮電子射出時(shí)碰到偏轉(zhuǎn)電極板的情況）（）A. 增大偏轉(zhuǎn)電壓UB. 減小加速電壓 U0C. 增大偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的極板間距離dD. 將發(fā)射電子改成發(fā)射負(fù)離子16.如圖，帶正電的點(diǎn)電荷固定于Q 點(diǎn)，電子在庫侖力作用下，做以Q 為焦點(diǎn)的橢圓運(yùn)動(dòng) M、 P、N 為橢圓上的三點(diǎn)，P 點(diǎn)是軌道上離Q 最近的點(diǎn)電子在從M 經(jīng) P到達(dá) N 點(diǎn)的過程中（）A. 速率先增大后減小B. 速率先減小后增大C. 電勢(shì)能先減小后增大D. 電勢(shì)能先增

10、大后減小三、實(shí)驗(yàn)題探究題（本大題共1 小題，共6.0 分）17.用螺旋測(cè)微器測(cè)量一根電阻絲的直徑，測(cè)量結(jié)果如圖甲，其讀數(shù)為_mm用游標(biāo)為 50 分度的卡尺測(cè)量某圓筒的內(nèi)徑，則該游標(biāo)卡尺的標(biāo)尺每一小格的長度為_mm，測(cè)量結(jié)果如圖乙所示，此工件的直徑為_ cm第3頁，共 20頁四、計(jì)算題（本大題共5 小題，共42.0 分）18. 某同學(xué)通過實(shí)驗(yàn)測(cè)定一個(gè)阻值約為5的電阻 Rx 的阻值（ 1）現(xiàn)有電源（ 4V，內(nèi)阻可不計(jì)）、滑動(dòng)變阻器（ 0 50，額定電流 2A），開關(guān)和導(dǎo)線若干，以及下列電表：A電流表（ 0 3A，內(nèi)阻約0.025 ）B電流表（ 0 0.6A，內(nèi)阻約0.125 ）C電壓表（ 0 3V

11、，內(nèi)阻約3k）D電壓表（ 0 15V，內(nèi)阻約15k）為減小測(cè)量誤差，在實(shí)驗(yàn)中，電流表應(yīng)選用_，電壓表應(yīng)選用_（選填器材前的字母）；實(shí)驗(yàn)電路應(yīng)采用圖1 中的 _（選填“甲”或“乙”）（ 2）圖 2 是測(cè)量 Rx 的實(shí)驗(yàn)器材實(shí)物圖， 圖中已連接了部分導(dǎo)線 請(qǐng)、請(qǐng)根據(jù)在 （1）問中所選的電路圖，補(bǔ)充完成圖2 中實(shí)物間的連線（ 3）接通開關(guān)， 改變滑動(dòng)變阻器滑片P 的位置，并記錄對(duì)應(yīng)的電流表示數(shù)I 、電壓表示數(shù) U某次電表示數(shù)如圖3 所示，可得該電阻的測(cè)量值Rx= =_ （保留兩位有效數(shù)字）（ 4）若在（ 1）問中選用甲電路，產(chǎn)生誤差的主要原因是_；若在（ 1）問中選用乙電路，產(chǎn)生誤差的主要原因是_（

12、選填選項(xiàng)前的字母）A電流表測(cè)量值小于流經(jīng)Rx 的電流值B電流表測(cè)量值大于流經(jīng)Rx 的電流值C電壓表測(cè)量值小于Rx兩端的電壓值D電壓表測(cè)量值大于Rx兩端的電壓值（ 5）在不損壞電表的前提下，將滑動(dòng)變阻器滑片P 從一端滑向另一端，隨滑片P移動(dòng)距離x 的增加，被測(cè)電阻Rx 兩端的電壓U 也隨之增加，下列反映U-x 關(guān)系的示意圖中正確的是_第4頁，共 20頁19. 如圖所示，光滑斜面（足夠長）傾角為 37 ，一帶正電的小物塊質(zhì)量為 m，電荷量為 q，置于斜面上， 當(dāng)沿水平方向加如圖所示的勻強(qiáng)電場(chǎng)時(shí)，帶電小物塊恰好靜止在斜面上，從某時(shí)刻開始，電場(chǎng)強(qiáng)度變化為原來的，（ sin37 =0.6，cos37=0

13、.8， g=10m/s2）求：（ 1）原來的電場(chǎng)強(qiáng)度；（ 2）小物塊運(yùn)動(dòng)的加速度；（ 3）小物塊 2s 末的速度和 2s 內(nèi)的位移。20. 如圖所示，兩塊平行金屬板豎直放置，兩板間的電勢(shì)差 U=1.5 103V（僅在兩板間有電場(chǎng)），現(xiàn)將一質(zhì)量m=110-2kg、電荷量 q=410-5C 的帶電小球從兩板的左上方距兩板上端的高度 h=20cm 的地方以初速度 v0=4m/s 水平拋出，小球恰好從左板的上邊緣進(jìn)入電場(chǎng)，在兩板間沿直線運(yùn)動(dòng)，從右板的下邊緣飛出電場(chǎng)，求：（ 1）金屬板的長度 L（ 2）小球飛出電場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能 Ek21. 光滑絕緣導(dǎo)軌，與水平面成 45 角，兩個(gè)質(zhì)量均為 m，帶等量同種電荷

14、的小球 A、B，帶電量均為 q，靜止于導(dǎo)軌的同一水平高度處，如圖所示求：兩球之間的距離第5頁，共 20頁22. 如圖所示的電路中，已知 R1=4，電流表的讀數(shù) I=0.75 A，電壓表讀數(shù) U =2.0V，經(jīng)一段時(shí)間后一電阻斷路，使電流表的讀數(shù)變?yōu)镮 =0.80A，而電壓表的讀數(shù)變?yōu)閁 =3.2V，求：（ 1）發(fā)生斷路的電阻是哪一個(gè)？（ 2）電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻各是多少？第6頁，共 20頁答案和解析1.【答案】 A【解析】解：A 在 R 上串聯(lián)一個(gè)比 R 小得多的 電阻，可實(shí)現(xiàn)增大分流 電阻，減小分流，使電表示數(shù)增加。故 A 正確B 在 R 上串聯(lián)一個(gè)比 R 大得多的 電阻，會(huì)使 G 表的電流增加

15、太多，讀數(shù)偏大。故 B 錯(cuò)誤C 在 R 上并聯(lián)一個(gè)比 R 小得多的 電阻，使分流更大，示數(shù)更偏小。故 C 錯(cuò)誤D 在 R 的并聯(lián)一個(gè)比 R 大的電阻，會(huì)使分流更大，示數(shù)更偏小。故 D 錯(cuò)誤故選：A。讀數(shù)偏小說明通過 G 表的電流稍小，分流電阻分流偏大，分流電阻稍小，要采取的措施：稍增加分流電阻阻值考查的電流表的改裝原理，明確分流與 電阻成反比，電阻大，分流小，反之電阻小則分流大2.【答案】 B【解析】解：由胡克定律可知，Kx=G ；得：x=此時(shí)滑動(dòng)變阻器接入 電阻 R=R0=R0；由閉合電路歐姆定律可知：I=解得：G=；故選：B。由胡克定律可求得彈簧的形變電動(dòng)變阻器接入電阻；量，由 阻定律可求

16、得滑而滑動(dòng)變阻器與 R0串聯(lián)閉電路歐姆定律可求得電路中的電流，由 合第7頁，共 20頁一般代入符號(hào) 計(jì)算。本題綜合考查閉合電路歐姆定律及胡克定律等有關(guān)內(nèi)容，綜合性較強(qiáng)；要注意尋找題目中的隱含條件，建立各知識(shí)點(diǎn)間的聯(lián)系3.【答案】 C【解析】解：從電風(fēng)扇的銘牌得到額定功率 P=88W，額定電壓 U=220V ，故額定電流為：I=0.4A轉(zhuǎn)化為機(jī)械功率等于 電動(dòng)機(jī)消耗的 電功率的 98%，根據(jù)能量守恒定律可知 線圈電阻消耗功率 為 2%P，故：2%P=I2R解得：R=11；故C 正確，ABD 錯(cuò)誤 。故選：C。分析電風(fēng)扇的銘牌信息；根據(jù) P=UI 求解額定電流，根據(jù) Pr=I2R 求解線圈內(nèi)電阻本

17、題關(guān)鍵明確電機(jī)電路中能量的 轉(zhuǎn)化情況，然后結(jié)合電功率表達(dá)式列式求解，注意正確理解其效率是解題的關(guān)鍵4.【答案】 A【解析】解：依題意，-q 的檢驗(yàn)電荷從電場(chǎng)的無限遠(yuǎn)處被移到電場(chǎng)中的 A 點(diǎn)時(shí)，電場(chǎng)力做的功為 W，則電荷的電勢(shì)能減小 W，無限處電荷的電勢(shì)能為零，則電荷在 A 點(diǎn)的電勢(shì)能為 ?A=-W ，A 點(diǎn)的電勢(shì) UA= = 。故選：A。根據(jù)電場(chǎng)力做功多少，電荷的電勢(shì)能就減小多少分析 電荷在 A 點(diǎn)與無限 遠(yuǎn)間電勢(shì)能的變化量，確定電荷在 A 點(diǎn)的電勢(shì)能，由公式 UA =求解 A 點(diǎn)的電勢(shì)。電場(chǎng)中求解電勢(shì)、電勢(shì)能，往往先求出電勢(shì)能改變量、該點(diǎn)與零電勢(shì)的電勢(shì)差，再求解電勢(shì)和電勢(shì)能。公式 UA =5

18、.【答案】 A【解析】第8頁，共 20頁解：AD 、電阻 R1 斷路或電阻 R2 斷路都使外 電路電阻變大，路端電壓變大，但只有電阻 R2斷路時(shí)，才能使得燈 L2 分壓變大，亮度變亮，故A 正確，D 錯(cuò)誤 。BC、無論電阻 R2 短路還是燈 L1 兩接線柱間短路，都使外電路電阻變小，路端電壓減小，電壓表的讀數(shù)減小，故 B、C 錯(cuò)誤；故選：A。根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，若某一 電阻變大則總電流變小，內(nèi)壓降變小，路端電壓變大，同理，若某一電阻變大總電阻也變小，總電流變大，內(nèi)壓降變大，則路端電壓變小，所以本題的電壓表讀數(shù)變小燈 L 2 變亮，不難分析得出結(jié)果。應(yīng)掌握電路動(dòng)態(tài)分析的一般思路方法，先由部

19、分 電阻變大（或變?。┩浦傠娮枳兓搽S之 變大（或變?。缓蟾鶕?jù)閉合電路歐姆定律得出 總電流變?。ɑ蜃兇螅M(jìn)而得出內(nèi) 壓降變?。ɑ蜃兇螅?，從而推知路端電壓變 大（或變?。?，然后再根據(jù)串并 聯(lián)電路和歐姆定律判定其它 電路電壓和電流變化情況。6.【答案】 B【解析】解：AC 、由于勻強(qiáng)電場(chǎng)中 U=Ed，則在某一直 線方向上，電勢(shì)沿直線方向均勻變題為則，P 點(diǎn)移動(dòng)到 A化。由 可知 D點(diǎn)PB 的中點(diǎn)，點(diǎn)則A 、D電勢(shì)相等，故直線AD為等勢(shì)線 電場(chǎng)強(qiáng)度方向與，AD 垂直，故 AC 錯(cuò)誤；B、由于勻強(qiáng)電場(chǎng)中電場(chǎng)力做功與路徑無關(guān)，；P 點(diǎn)移動(dòng)到 C 點(diǎn)，電場(chǎng)力做，故B 正確；D、根據(jù) WPA=-qU

20、PA，電場(chǎng)力對(duì)負(fù)電荷做正功，可知 UPA0，P 點(diǎn)電勢(shì)低于點(diǎn)A 的電勢(shì)，故D 錯(cuò)誤 。故選：B。第9頁，共 20頁電場(chǎng)力做功與運(yùn) 動(dòng)路徑無關(guān)，電場(chǎng)力做功：W=qU；電場(chǎng)線 與等勢(shì)面相互垂直，根據(jù)題意求出一等 勢(shì)線，然后判斷電場(chǎng)強(qiáng)度方向；電場(chǎng)力做正功 電勢(shì)能減小，電場(chǎng)力做負(fù)功電勢(shì)能增減；根據(jù)題意分析答 題。本題考查對(duì)勻強(qiáng)電場(chǎng)中兩點(diǎn)電勢(shì)差與兩點(diǎn)沿 電場(chǎng)方向的距離成正比U=Ed 與運(yùn)用公式 W=qU 求解電場(chǎng)力做功的能力，常規(guī)題，比較簡單 。7.【答案】 C【解析】電動(dòng)機(jī)是非純電阻電電為電為I=熱解：路， 功率P=UI，故 流，故功率P熱22；=I R=（ ）R=故選：C。電動(dòng)機(jī)是非純電阻電路，電功

21、率 P=UI，熱功率 P熱 =I2R，輸出功率 P出=P-P 熱本題關(guān)鍵明確電動(dòng)機(jī)是非純電阻電路，電功率等于 熱功率與輸出功率之和8.【答案】 D【解析】解：改裝成電壓表要串聯(lián)電阻的 RX ：則 Ig（Rg+Rx）=UV即：110-3（500+Rx）=3解得：Rx=2500故選：D。電流表改裝成 電壓表要串聯(lián)電阻分壓，U=I g（Rg+R）考查的電壓表的改裝原理，明確串 聯(lián)電阻的分壓作用，會(huì)求串聯(lián)電阻阻值9.【答案】 B【解析】解：A 、由于軌跡向上彎曲，加速度方向必定向上，合力向上， 說明電場(chǎng)力方向向上，所以小球帶負(fù)電 。故 A 錯(cuò)誤 。B、設(shè)帶電小球在進(jìn)入電場(chǎng)前后兩個(gè)運(yùn) 動(dòng)過程水平分位移分

22、 別為 x1 和 x2，豎直分位移分 別為 y1 和 y2，經(jīng)歷的時(shí)間為分別為 t1 和 t2在電場(chǎng)中的加速度 為a。第10 頁，共 20頁小球做平拋運(yùn) 動(dòng)過程，有：x1=v0t1；進(jìn)入電場(chǎng)做勻變變速曲線運(yùn)動(dòng)的過程，有：x2=v0t2；由題意有：x1=2x2；則得：t1=2t2。又 y1=將小球在 電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)看成沿相反方向的 類平拋運(yùn)動(dòng)，則有：y2=根據(jù)幾何知 識(shí)有：y1：y2=x1：x2；解得：a=2g；根據(jù)牛頓第二定律得：F-mg=ma=2mg，解得：F=3mg，即電場(chǎng)力為 3mg。故B 正確，C 錯(cuò)誤 。D、根據(jù)速度變化量為：v=at，則得平拋運(yùn) 動(dòng)過程速度變化量大小 為：v1=gt1

23、=2gt2，方向豎直向下；電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)過程速度變化量大小 為：v2=at2=2gt2，方向豎直向上，所以小球從 A 到 B 與從 B 到 C 的速度變化量大小相等，方向相反，則速度變化量不相等。故D錯(cuò)誤。故選：B。小球先做平拋運(yùn) 動(dòng)，進(jìn)入電場(chǎng)中做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，其逆過程是類平拋運(yùn)動(dòng)兩個(gè)過程都運(yùn)用的分解法研究，水平方向都做勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)位移公式 x=vt ，可分析時(shí)間關(guān)系；再研究豎直方向，由牛頓第二定律和運(yùn) 動(dòng)學(xué)位移公式結(jié)合列式，求解電場(chǎng)力的大小根據(jù) v=at 研究速度 變化量的關(guān)系本題將平拋運(yùn) 動(dòng)與類平拋運(yùn)動(dòng)的組合，關(guān)鍵運(yùn)用逆向思 維研究小球 B 到 C 的過程，再運(yùn)用力學(xué)基本 規(guī)律：牛頓第

24、二定律和運(yùn) 動(dòng)學(xué)公式列式分析第11 頁，共 20頁10.【答案】 C【解析】解：當(dāng)兩導(dǎo)體接入電壓相同的電路時(shí)，電流之比 I A：IB=1：4，根據(jù)歐姆定律 I=得電阻之比 RA：RB =4：1，兩個(gè)導(dǎo)體的材料相同，電阻率相同，長度相同，根據(jù)電阻定律 R=得到，橫截面積之比 SA ：SB=RB ：RA =1：4。故選：C。由題，當(dāng)兩導(dǎo)體接入電壓相同的電路時(shí)，已知電流之比，根據(jù)歐姆定律求出電阻之比兩個(gè)導(dǎo)體的材料相同，電阻率相同，長度相同，根據(jù)電阻定律 R=，研究橫截面積之比本題是歐姆定律和 電阻定律的 綜合應(yīng)用，常規(guī)題，只要基礎(chǔ)扎實(shí)，沒有困難11.【答案】 C【解析】解：L2 與 X2 并聯(lián)，燈絲

25、燒斷，X2兩端電壓增大，由 P=知，照明燈 X2電阻不變，實(shí)際功率變大；在串聯(lián)電路中總電壓等于分電壓之和。X 2 兩端電壓增大，所以其它燈組兩端電壓減小，由 P=知：其它指示燈電阻不變，實(shí)際功率減小。故選：C。由電路連接知：各照明燈與對(duì)應(yīng)的指示燈并 聯(lián)，各組（照明燈+指示燈）燈串聯(lián) 每組中的照明燈和指示燈是并 聯(lián)的，所以總電阻要小于照明燈或指示燈的 電阻，指示燈 L2 燈絲燒斷，相當(dāng)于本組電阻增大；串聯(lián)電路中導(dǎo)體兩端電壓與其阻值成正比，所以 X 2 兩端電壓增大，X 2 以外的其它燈 組兩端電壓都減小，具體燈泡功率的 變化，根據(jù) P=判斷此題屬混聯(lián)電路的問題，按先局部（X 2 和 L2）并聯(lián)再

26、整體（其它燈組）串聯(lián)的過程分析，運(yùn)用相應(yīng)的并聯(lián)、串聯(lián)規(guī)律，體現(xiàn)了分割和整體思想的交互應(yīng)用12.【答案】 C【解析】第12 頁，共 20頁解：由I=電值為：R=，可得， 阻的阻因電阻是導(dǎo)體本身的一種性質(zhì)導(dǎo)電壓和通過的電流無關(guān)，所以，與 體兩端的當(dāng)電阻兩端的電壓升高到6V時(shí) 電值仍為4不變時(shí)過電阻的， 阻的阻，此 通電流為：I =，故C 正確，ABD 錯(cuò)誤故選：C。（1）知道電阻兩端的 電壓和通過的電流，根據(jù)歐姆定律求出 電阻的阻值；（2）電阻是導(dǎo)體本身的一種性 質(zhì)，只與導(dǎo)體的材料、長度、橫截面積和溫度有關(guān)，與兩端的電壓和通過的電流無關(guān)，再根據(jù)歐姆定律求出 電阻兩端的 電壓升高到 6V 時(shí)通過的電

27、流，然后確定電流表的量程。本題考查了歐姆定律的 應(yīng)用以及電流表量程的 選擇，一般在選擇量程時(shí)，要注意在不越 過量程的前提下，為了測(cè)量更準(zhǔn)確，要選小一些的量程。13.【答案】 BC【解析】解：A 、結(jié)合等量異種點(diǎn) 電荷的電場(chǎng)的特點(diǎn)可知，兩個(gè)等量異種 電荷連線的垂直平分線是一條等 勢(shì)線。電場(chǎng)強(qiáng)度方向與等 勢(shì)面方向垂直，而且指向 電勢(shì)低的方向，所以 B 點(diǎn)的電勢(shì)等于 0，而電場(chǎng)強(qiáng)度不等于 0故 A 錯(cuò)誤；B、由圖，兩個(gè)點(diǎn)電荷在 a 點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度的方向都向右，所以合 場(chǎng)強(qiáng)的方向一定向右，則正電荷在 a點(diǎn)受到的 電場(chǎng)力的方向向右；正電荷從 a 向 O 運(yùn)動(dòng)的過程中，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，而 O

28、點(diǎn)的電勢(shì)等于 0，所以正的試探電荷在 a點(diǎn)的電勢(shì)能大于零，故 B 正確；C、正電荷從 a向 O 運(yùn)動(dòng)的過程中，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小。所以將正的 試探電荷從 O 點(diǎn)移到 a 點(diǎn)，必須克服電場(chǎng)力做功；故 C 正確；D、兩個(gè)等量異種電荷連線的垂直平分 線是一條等 勢(shì)線，所以 O、b 兩點(diǎn)的電勢(shì)是相等的，將同一正的 試探電荷先后從 O、b 兩點(diǎn)移到 a 點(diǎn)，二者電勢(shì)能的第13 頁，共 20頁變化相等。故 D 錯(cuò)誤 。故選：BC。兩個(gè)等量異種 電荷連線的垂直平分 線是一條等 勢(shì)線電場(chǎng)強(qiáng)度方向與等 勢(shì)面方向垂直，而且指向 電勢(shì)低的方向根據(jù)等勢(shì)面和電場(chǎng)線分布情況，分析電勢(shì)和場(chǎng)強(qiáng)的關(guān)系對(duì)于等量異種 電荷和

29、等量同種 電荷連線和垂直平分 線的特點(diǎn)要掌握，抓住 電場(chǎng)線和等勢(shì)面的對(duì)稱性進(jìn)行記憶14.【答案】 AC【解析】解：由圖可知 R1 與 R2 串聯(lián)，V1 測(cè) R1 兩端的電壓，V2 測(cè) R2 兩端的電壓；若 p 向 a端移動(dòng)，則滑動(dòng)變阻器接入 電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流增大，則內(nèi)電壓增大，R1 兩端的電壓增大；路端電壓減小，故 R2兩端的電壓減小，故 A 正確，因路端電壓減小，V 1 示數(shù)增大，V 2 示數(shù)減小，而兩電表之和等于路端 電壓，故可知 V1 示數(shù)改變量的絕對(duì)值小于 V2 示數(shù)改變量的絕對(duì)值，故C 正確；若 p 向 b 端移動(dòng)，則滑動(dòng)變阻器接入 電阻增大，則電路中總

30、電流減小，內(nèi)電壓減小，V 1 減小，故 B 錯(cuò)誤；由于內(nèi)電壓減小，故路端電壓增大，而 V 1 減小，V 2 必然增大，且增大量一定大于 V 1 的減小量，故 D 錯(cuò)誤；故選：AC。由電路圖先明確電路的結(jié)構(gòu)，再根據(jù)滑動(dòng)變阻器的移 動(dòng)明確電阻的變化；由閉合電路歐姆定律可知 電路電流的變化，則可分析內(nèi) 電壓、路端電壓及各部分電壓的變化閉合電路歐姆定律的 動(dòng)態(tài)分析類題目，一般可按外電路-內(nèi)電路-外電路的分第14 頁，共 20頁析思路進(jìn)行分析，在分析時(shí)應(yīng)注意結(jié)合閉合電路歐姆定律及串并 聯(lián)電路的性質(zhì)15.【答案】 AB【解析】電場(chǎng)中qU0= m轉(zhuǎn)電場(chǎng)中 a=，y=2，l=v0t，可得 y=解：在加速，在偏

31、at，可見增大偏轉(zhuǎn)電壓 U，減小加速電壓 U0，減小極板間距離 d 都可使偏轉(zhuǎn)位移 y 增大，故 A 、B 正確，C 錯(cuò)誤，偏轉(zhuǎn)位移的大小與 發(fā)射的帶電粒子的 q、m 無關(guān)，故 D 錯(cuò)誤 。故選：AB。電子先經(jīng)電場(chǎng)加速，后經(jīng)電場(chǎng)偏轉(zhuǎn)，先根據(jù)動(dòng)能定理得到加速 獲得的速度表達(dá)式，再運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的分解，結(jié)合類平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，得到偏轉(zhuǎn)距離 y 的表達(dá)式，即可進(jìn)行分析。本題是先加速后偏 轉(zhuǎn)，帶電粒子通過組合場(chǎng)的類型，得到的結(jié)論與帶電粒子的電量和質(zhì)量無關(guān)。16.【答案】 AC【解析】解：當(dāng)電子從 M 點(diǎn)向 N 點(diǎn)運(yùn)動(dòng)時(shí)，庫侖力先做正功，后做負(fù)功，運(yùn)動(dòng)的速度先增加后減小，所以 動(dòng) 能先增加后減小， 則電勢(shì) 能先

32、減小后增加。所以 A 、C 正確；B、D 錯(cuò)誤；故選：AC。根據(jù)影響速度和 電勢(shì)能大小的因素來分析速度和 電勢(shì)能的變化，找到轉(zhuǎn)化的方向根據(jù)庫侖力做功的特點(diǎn)，庫侖力做正功，電勢(shì)能減小，庫侖力做負(fù)功，電勢(shì)能增加17.【答案】 1.5540.981.114【解析】解：螺旋測(cè)微器的固定刻度 為 1.5mm，可動(dòng)刻度為：5.4 0.01mm=0.054mm，所以最終讀數(shù)為：1.5mm+0.054mm=1.554mm第15 頁，共 20頁游標(biāo)為 50 分度的卡尺，該游標(biāo)卡尺的標(biāo)尺每一小格的 長度為 0.98mm，游標(biāo)卡尺的主尺 讀數(shù)為 11mm，游標(biāo)尺上第 7 個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為：

33、70.02mm=0.14mm，所以最終讀數(shù)為：11mm+0.14mm=11.14mm=1.114cm故答案為：1.554；0.98；1.114解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游 標(biāo)讀數(shù)，不需估讀螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度 讀數(shù)加上可 動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀對(duì)于基本測(cè)量儀器如游標(biāo)卡尺、螺旋測(cè)微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測(cè)量18.【答案】 BC甲5.2BDA【解析】解：（1）因電源的電壓為 4V，因此電壓表選擇 3V 量程；由于阻值約為 5 的電阻 Rx 的，根據(jù)歐姆定律可知，電流的最大 值為 0.8A，從精確角度來說，所以電流表選擇 0

34、.6A 的量程；根據(jù)待測(cè)電阻的阻值與電壓表及電流表的阻 值，可知，因此選擇電流表外接法，故選擇甲圖（2）根據(jù)電路圖來連接實(shí)物圖原則，注意電表的正負(fù)極，并分幾個(gè)回路來 連接如圖所示；（3）電壓表的讀數(shù)為 U=2.60V ；電流表的讀數(shù)為 I=0.50A ；根據(jù)歐姆定律R=，則有 R=5.2；（4）由甲圖可知，待測(cè)電阻與電壓表并聯(lián)后，與電流表串聯(lián)，因此電流表測(cè)量第16 頁，共 20頁值大于流經(jīng) Rx 的電流值由乙圖可知，待測(cè)電阻與電流表串聯(lián)后，與電壓表并聯(lián)，因此電壓表測(cè)量值大于 Rx 兩端的電壓值 故選 B和 D；5）根據(jù)閉合電路歐姆定律與 電阻定律，U=IRX =RX，當(dāng)滑片 P移動(dòng)（距離 x

35、的增加，被測(cè)電阻 Rx 兩端的電壓增大，但不成正比，且增加越來越快，則 U-x 圖象如圖 A 所示，故選：A 故答案為：（1）B、C、甲 （2）略（3）5.2 （4）B、D （5）A （1）合理選擇實(shí)驗(yàn) 器材，先選必要器材，再根據(jù)要求 滿足安全性，準(zhǔn)確性，方便操作的原 則選擇待選器材電流表的接法要求大 電阻內(nèi)接法，小電阻外接法滑動(dòng)變阻器是小 電阻控制大 電阻，用分壓式接法（2）根據(jù)電路圖來連接實(shí)物圖，注意電表的正負(fù)極，并分幾個(gè)回路來 連接；（3）由電壓表與電流表讀數(shù)，依據(jù) R=，即可求解；（4）電流表與電壓表是能讀出電流或電壓的電阻，并根據(jù)串并聯(lián)特征，即可求解；閉電路歐姆定律，結(jié)合電阻定律，即

36、可求解（5）根據(jù) 合考查如何選擇儀選擇的方法與原則電圖去連接實(shí)物圖，注器，掌握；學(xué)會(huì)由 路意電表的正負(fù)極；理解歐姆定律與電阻定律的應(yīng)誤差的分析及其產(chǎn)用，掌握生原因1mg，支持力F N靜19.【答案】 解：（ ）物體受到的力有重力電力 F=qE ，由平衡得： mgsin 37 =qEcos 37，解得：（ 2）當(dāng)電場(chǎng)強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼臅r(shí)，物塊在斜面方向有：mgsin -q cos =ma代入數(shù)值得：a=3.0 m/s2方向沿斜面向下。（ 3）根據(jù)速度時(shí)間公式得小物塊2s 末的速度為： v=at=32m/s=6m/s第17 頁，共 20頁根據(jù)位移時(shí)間公式得小物塊2s 內(nèi)的位移為： x= at2= 322m=6 m答：（ 1）原來的電場(chǎng)強(qiáng)度為；（ 2）小物塊運(yùn)動(dòng)的加速度3 m/s2，方向沿斜面向下；（ 3）小物塊 2s末的速度為 6m/s， 2s 內(nèi)的位移為 6m?！窘馕觥浚?）根據(jù)共點(diǎn)力平衡求出原來 電場(chǎng)強(qiáng)度的大小。（2）場(chǎng)強(qiáng)改變后，電場(chǎng)力變小，根據(jù)牛頓第二定律