2019春安徽省宣城市高一(下)期末物理試卷

1、2019 春安徽省宣城市高一（下）期末物理試卷一、單選題（本大題共8 小題，共32.0 分）1. 下列說法正確的是（）A. 物體做直線運動時,所受的合力一定為零B. 物體做曲線運動時,所受的合力一定變化C. 物體做勻速圓周運動時,物體的速度保持不變D. 物體做平拋運動時,物體的加速度保持不變2. 在室內(nèi)自行車比賽中， 運動員以速度 v 在傾角為 的賽道上做勻速圓周運動。 已知運動員的質(zhì)量為 m，做圓周運動的半徑為R，重力加速度為g，則下列說法正確的是（）A. 運動員做圓周運動的角速度為vRB. 如果運動員減速 ,運動員將做離心運動C. 運動員做勻速圓周運動的向心力大小是D. 將運動員和自行車看

2、做一個整體 ,則整體受重力、支持力、摩擦力和向心力的作用3. 質(zhì)量m=4 kg的質(zhì)點靜止在光滑水平面上的直角坐標系的原點O，先用沿+x軸方向的力F 1作用了=8N2s，然后撤去 F 1；再用沿 +y 方向的力 F2=24N 作用了 1s。則質(zhì)點在這3s內(nèi)的軌跡為（）A.B.C.D.4.2009 年 5 月，航天飛機在完成對哈勃空間望遠鏡的維修任務后，在A 點從圓形軌道 進入橢圓軌道，B 為軌道 上的一點，如圖所示關于航天飛機的運動，下列說法中正確的有（）A. 在軌道 上經(jīng)過 A 的速度大于經(jīng)過 B 的速度B. 在軌道 上經(jīng)過 A 的速度大于在軌道 上經(jīng)過 A 的速度C. 在軌道 上運動的周期小

3、于在軌道 上運動的周期D. 在軌道 上經(jīng)過 A 的加速度小于在軌道 上經(jīng)過 A 的加速度5.如圖所示是傾角為45 的斜坡，在斜坡底端P 點正上方某一位置Q 處以速度v0水平向左拋出一個小球A，小球恰好能垂直落在斜坡上，運動時間為t1小球 B從同一點Q 處自由下落，下落至 P 點的時間為t2不計空氣阻力， 則 t1：t2=（）A. 1：2B. 1：C. 1：3D. 1：6. 如圖所示，用水平恒力F 拉著一物體沿水平面從A 移到 B 的過程中，下列說法正確的是（）第1頁，共 13頁A.B.有摩擦力比無摩擦力時,力 F 做的功多物體加速運動比減速運動時,力 F 做的功多C. 物體無論怎樣運動,力 F

4、 做的功相等D. 有摩擦力與無摩擦力時,力 F 的平均功率相等7. 如圖所示，質(zhì)量為 m 的蹦極運動員從蹦極臺上躍下設運動員由靜止開始下落，且下落過程中（蹦極繩被拉直之前）所受阻力恒定，且下落的加速度為在運動員下落h 的過程中 （蹦極繩未拉直），下列說法正確的是（）A.B.C.D.運動員的動能增加了運動員的重力勢能減少了運動員的機械能減少了運動員克服阻力所做的功為8. 某小船在河寬為 d，水速恒定為 的河中渡河，第一次用最短時間從渡口向對岸開去，此時小船在靜水中航行的速度為 v1，所用時間為 t1；第二次用最短航程渡河從同一渡口向對岸開去，此時小船在靜水中航行的速度為v2，所用時間為t2，結果

5、兩次恰好抵達對岸的同一地點，則（）A. 第一次所用時間B. 第二次所用時間C. 兩次渡河的位移大小為D. 兩次渡河所用時間之比二、多選題（本大題共4 小題，共16.0 分）9.一質(zhì)點開始時做勻速直線運動，從某時刻起受到一恒力作用此后，該質(zhì)點的速度可能是（）A.B.C.D.一直增大先逐漸減小至零,再逐漸增大先逐漸增大至某一最大值,再逐漸減小先逐漸減小至某一非零的最小值,再逐漸增大10. 如圖所示， a 是靜止在赤道上隨地球自轉的物體，b、 c 是在赤道平面內(nèi)的兩顆人造衛(wèi)星，b 位于離地高度等于地球半徑的圓形軌道上，c 是同步衛(wèi)星。下列關系正確的是（）A. 物體 a 隨地球自轉的線速度小于衛(wèi)星b

6、的線速度B. 衛(wèi)星 b 的角速度小于衛(wèi)星c 的角速度C. 物體 a 隨地球自轉的周期等于衛(wèi)星c 的周期D. 物體 a 隨地球自轉的向心加速度小于衛(wèi)星c 的向心加速度11. 質(zhì)量為 m 的汽車在平直路面上勻加速啟動， 啟動過程的速度變化規(guī)律如圖所示，其中 OA 為過原點的一條直線，整個運動過程中汽車所受阻力恒為 F f，則（）A. 時間內(nèi) ,汽車的牽引力等于B. 時間內(nèi) ,汽車的功率等于第2頁，共 13頁C.時間內(nèi)汽車的功率等于以后汽車的功率D. 時間內(nèi) ,汽車的平均速度等于12. 如圖，在勻速轉動的電動機帶動下，足夠長的水平傳送帶以恒定速率v1 順時針轉動。 一質(zhì)量為 m 的滑塊從傳送帶右端以

7、水平向左的速率v（2 v1 v2）滑上傳送帶，最終滑塊又返回至傳送帶的右端。在上述過程中，下列判斷正確的是（）A. 滑塊返回傳送帶右端的速率為B. 此過程中電動機對傳送帶做功為C. 此過程中傳送帶對滑塊做功為D. 此過程中滑塊與傳送帶問因摩擦產(chǎn)生的熱量為三、實驗題（本大題共2 小題，共14.0 分）13. 用頻閃照相技術拍下的兩小球運動的頻閃照片如圖所示拍攝時，光源的頻閃頻率為10Hz ， a 球從 A 點水平拋出的同時，b 球自 B 點開始下落，背景的小方格為相同的正方形重力加速度g 取 10m/s2，不計阻力（ 1）根據(jù)照片顯示的信息，下列說法中正確的是_A、只能確定b 球的運動是自由落體

8、運動B、不能確定a 球沿豎直方向的運動是自由落體運動C、只能確定a 球沿水平方向的運動是勻速直線運動D 、可以斷定 a 球的運動是水平方向的勻速直線運動和豎直方向的自由落體運動的合成（ 2）根據(jù)照片信息可求出a 球的水平速度大小為_m/s；當 a 球與 b球運動了 _s 時它們之間的距離最小14. 如右圖所示，將打點計時器固定在鐵架臺上，用重物帶動紙帶從靜止開始自由下落，利用此裝置可驗證機槭能守恒定律。（ 1）供實驗選擇的重物有以下四個，應選擇_A質(zhì)量為10g 的砝碼B質(zhì)量為50g 的塑料球C質(zhì)量為200g 的木球D 質(zhì)量為 200g 的鐵球（ 2）安裝好實驗裝置，正確進行實驗操作，從打出的紙

9、帶中選出符合要求的紙帶，如下圖所示，紙帶的 _端（選填“左”或“右）與重物相連。（ 3）上圖中O 點為打點起始點，且速度為零。選取紙帶上連續(xù)打出的點A、B、 C、 D、 E、F 、 G 作為計數(shù)點，為驗證重物對應O 點和 F 點機械能是否相等，并使數(shù)據(jù)處理簡便，應測量O、F 兩點間的距離 h1 和 E、 G 兩點間的距離h2。（ 4）已知重物質(zhì)量為m，打點計時器打點周期為T，從 O 點到 F 點的過程中重物動能的增加量E=_（用本題所給字母表示）（ 5）某同學在實驗中發(fā)現(xiàn)重物増加的動能略小于減少的重力勢能，于是深入研究阻力對本實驗的影響。他測出各計數(shù)點到起始點O 的距離第3頁，共 13頁v0=

10、3m/s，長h，并計算出各計數(shù)點的速度v，用實驗測得的數(shù)據(jù)繪制出v2-h 圖線，如右圖所示。已知當?shù)氐闹亓铀俣?g=9.8m/s2，由圖線求得重物下落時受到阻力與所受重力的百分比為_%（保留兩位有效數(shù)字）。四、計算題（本大題共3 小題，共30.0 分）15. 已知火星表面附近的重力加速度為g，火星半徑為 R，火星自轉周期為 T萬有引力常量為 G求：（ 1）火星上衛(wèi)星的第一宇宙速度；（ 2）火星的同步衛(wèi)星距行星表面的高度h16. 如圖所示，在同一豎直平面內(nèi)，一輕質(zhì)彈簧一端固定，另一自由端恰好與水平線AB 平齊，靜止放于傾角為53的光滑斜面上。 一長為 L=9cm 的輕質(zhì)細繩一端固定在 O 點，

11、另一端系一質(zhì)量為m=1kg 的小球，將細繩拉至水平，使小球在位置C由靜止釋放，小球到達最低點D 時，細繩剛好被拉斷。之后小球在運動過程中恰好沿斜面方向將彈簧壓縮，最大壓縮量為x=5cm。（ g=10m/s2， sin53 =0.8，cos53 =0.6）求：（ 1）細繩受到的拉力的最大值；（ 2）D 點到水平線 AB 的高度 h；（ 3）彈簧所獲得的最大彈性勢能Ep。17.如圖所示，質(zhì)量為m=1kg 的滑塊，在水平力F 作用下靜止在傾角為 =30的光滑斜面上，斜面的末端處與水平傳送帶相接（滑塊經(jīng)過此位置滑上皮帶時無能量損失），傳送帶的運行速度為為 L=1.4m，今將水平力撤去，當滑塊滑到傳送帶

12、右端C 時，恰好與傳送帶速度相同?；瑝K與傳送帶間的動摩擦因數(shù)=0.25， g=10m/s2求（ 1）水平作用力F 的大小；（ 2）滑塊開始下滑的高度h；（ 3）在第（ 2）問中若滑塊滑上傳送帶時速度大于3m/s，求滑塊在傳送帶上滑行的整個過程中產(chǎn)生的熱量 Q。第4頁，共 13頁五、綜合題（本大題共1 小題，共8.0 分）18.一列火車總質(zhì)量m=5 105kg，機車發(fā)動機的額定功率P=3106W，水平軌道對列車的阻力是車重的0.02倍，火車在軌道上從靜止開始行駛時，發(fā)動機功率不超過額定功率P，取 g=10m/s2，求：（ 1）火車在水平軌道上行駛的最大速度vm；（ 2）當行駛速度為v=20m/s

13、 時，機車發(fā)動機的功率已經(jīng)為額定功率，此時加速度a 的大小。第5頁，共 13頁答案和解析1.【答案】 D【解析】解： A、物體做直線運動，所受的合力不一定為零，如勻加速直線運動，故A 錯誤；B、物體做曲線運動，所受的合力不一定變化，如平拋運動，故B 錯誤；C、物體做勻速圓周運動，物體的速度大學不變，方向時刻變化，是變速運動，故C 錯誤；D、平拋運動的加速度為重力加速度，不變，所以物體的速度隨時間是均勻變化的，故D 正確。故選： D。物體做曲線運動的條件是合力與速度不在同一條直線上，合力可以變，可以不變，曲線運動的速度的方向與該點曲線的切線方向相同，方向時刻改變。本題關鍵是抓住曲線運動的運動學特

14、點和條件進行分析，要明確平拋運動加速度不變，受恒力，勻速圓周運動加速度時刻改變（方向變），受變力。2.【答案】 C【解析】解：A、根據(jù)線速度和角速度的關系v=R 得，角速度=，故 A 錯誤；B、如果運動員減速，需要的向心力減小，此時向心力“供”大于“需”，運動員將會做近心運動，故B錯誤；C、由題意可知， 運動員做線速度大小為v，半徑為 R 的勻速圓周運動，故運動員受到的合力提供向心力，即 m，故運動員受到的合力大小為m，做圓周運動的向心力大小也是m，故 C 正確；D、向心力是效果力，可以由單個力充當，也可以由其它力的合力提供，或者由某個力的分力提供，不是物體實際受到的力，因此，將運動員和自行車

15、看做一個整體后，整體應受重力、支持力和摩擦力，故D 錯誤；故選： C。向心力是按照效果命名的力，不是物體實際受到的力，勻速圓周運動合力提供向心力，明確物體做離心運動的條件。向心力是效果力，由其它力充當；做勻速圓周運動的物體所受的合力指向圓心，合力完全提供向心力；當向心力“供大于求”時，物體會做近心運動。3.【答案】 D【解析】解：質(zhì)點在F 1 的作用由靜止開始從坐標系的原點O 沿 +x 軸方向做勻加速運動，加速度a1=2=2m/s ，速度為v1=at1=22=4m/s，對應位移 x1= a1=4m，到 2s末撤去 F1 再受到沿+y 方向的力 F2 的作用， 物體在 +x 軸方向勻速運動， x

16、2=v1t2=41=4m，在+y 方向加速運動， +y 方向的加速度a2=6m/s2，方向向上，對應的位移 y=3m，物體做曲線運動。再根據(jù)曲線運動的加速度方向大致指向軌跡凹的一向，故 D 正確， A B C 錯誤。故選： D。物體在 F 1 作用下在 x 軸方向做勻加速直線運動，撤去F1，施加 F2，由于合力與速度方向垂直，做曲線運第6頁，共 13頁動，將曲線運動分解為x 軸方向和y 軸方向研究，在x 軸方向做勻速直線運動，在y 軸方向做勻加速直線運動。解決該題的關鍵是熟記運動學公式，知道曲線運動的條件合外力指向曲線的凹側；4.【答案】 C【解析】 解：A、在軌道 上由 A 點到 B 點，萬

17、有引力做正功，動能增加， 則 A 點的速度小于B 點的速度。故 A錯誤。B、由軌道 上的 A 點進入軌道 ，需加速，使得萬有引力等于所需的向心力。所以在軌道上經(jīng)過 A 的速度小于在軌道 上經(jīng)過 A 的速度。故B 錯誤。C、根據(jù)知，由于軌道 的半長軸小于軌道 的半徑，則飛船在軌道 上運動的周期小于在軌道 上運動的周期。故C 正確。D、航天飛機在軌道 上經(jīng)過 A 點和軌道 上經(jīng)過 A 的萬有引力相等， 根據(jù)牛頓第二定律知，加速度相等。故D錯誤。故選： C。根據(jù)開普勒第三定律比較航天飛機在兩個軌道上的周期大小根據(jù)萬有引力的大小，通過牛頓第二定律比較加速度的大小 通過萬有引力做功比較 A、B 兩點的速

18、度大小 由軌道 上的 A 點進入軌道 ，需加速，使得萬有引力等于所需的向心力解決本題的關鍵知道變軌的原理，以及掌握開普勒第三定律，并且能靈活運用5.【答案】 D【解析】解：小球A 恰好能垂直落在斜坡上，如圖由幾何關系可知，小球豎直方向的速度增量vy=gt1=v0水平位移S=v0 t1豎直位移hQ= g由得到：由幾何關系可知小球B 作自由下落的高度為：hQ +S g聯(lián)立以上各式解得：故選： D。小球做平拋運動時，根據(jù)分位移公式求出豎直分位移和水平分位移之比，然后根據(jù)幾何關系求解出的自由落體運動的位移并求出時間。本題關鍵是明確小球 Q 的運動是平拋運動， 然后根據(jù)平拋運動的分位移和分速度公式聯(lián)立求

19、解出運動時間，再根據(jù)幾何關系得到自由落體的位移，從而進一步求得時間，最后得到比值。第7頁，共 13頁6.【答案】 C【解析】解： A、恒力 F 拉著質(zhì)量為 m 的物體沿水平面從 A 移到 B 的過程中，拉力方向的位移為x，故拉力的功為： W=Fs；不論物體是否受摩擦力；還是做變速運動；功均相同，故AB 錯誤， C 正確；D、有摩擦力時，加速度小，運動相同位移時，時間長長，所以平均功率小，故D 錯誤。故選： C。如果一個力作用在物體上，物體在這個力的方向上移動了一段距離，力學里就說這個力做了功。功的大小由 W=FL 求出。平均功率等于功除以時間。本題考查功和功率的計算，注意明確某個力的功等于這個

20、力與力方向上的位移的乘積，與物體的運動狀態(tài)和是否受到其他力無關。7.【答案】 A【解析】解： A、由牛頓第二定律知，運動員所受的合力為：F 合 =ma= mg，根據(jù)動能定理知運動員的動能增加量為： EK=W 合 =，故 A 正確。B、重力做的功為：WG =mgh，重力勢能減少了：EP=mgh，故 B 錯誤。CD、運動員的動能增加了，重力勢能減少了mgh，則機械能減少了mgh-= mgh，根據(jù)功能原理知：運動員克服阻力所做的功等于機械能的減少量，為mgh故 CD 錯誤。故選： A。根據(jù)合力做功的大小得出動能的變化，根據(jù)重力做功的大小得出重力勢能的減小量，從而得出機械能的變化，由功能關系分析運動員

21、克服阻力所做的功解決本題的關鍵是要知道合力做功與動能的變化關系，重力做功與重力勢能的變化關系，以及除重力以外其它力做功與機械能的變化關系8.【答案】 D【解析】解：A兩次渡河時如圖渡河最短時間t=，所以，靜故 A錯誤；B第一次渡河有，第二次渡河時有：，所以，第二次渡河時間為：，故 B 錯誤；C根據(jù)圖形可知兩次位移之比為1：1，故 C 錯誤；D兩次時間之比，故 D 正確；故選： D。第8頁，共 13頁（ 1）當靜水速的方向與河岸垂直時，渡河時間最短，最短時間t=靜（ 2）當合速度的方向與靜水速的方向垂直時，船的航程最短；解決該題的關鍵是明確兩次渡河的過程，知道時間的求解方法，知道最短渡河時間的物

22、理特征；9.【答案】 ABD【解析】解：A、如果恒力與運動方向相同，那么質(zhì)點做勻加速運動，速度一直變大，故A 正確。B、如果恒力與運動方向相反，那么質(zhì)點先做勻減速運動，速度減到0，質(zhì)點在恒力作用下沿著恒力方向做勻加速運動，速度再逐漸增大。故B 正確。C、如果恒力方向與原來運動方向不在同一直線上， 那么將速度沿恒力方向所在直線和垂直恒力方向分解，其中恒力與一個速度方向相同，這個方向速度就會增加，另一個方向速度不變，那么合速度就會增加，不會減小。故C 錯誤。D、如果恒力方向與原來運動方向不在同一直線上，那么將速度沿恒力方向所在直線和垂直恒力方向分解，其中恒力與一個速度方向相反，這個方向速度就會減小

23、，另一個方向速度不變，那么合速度就會減小，當恒力方向速度減到0 時，另一個方向還有速度，所以速度到最小值時不為0，然后恒力方向速度又會增加，合速度又在增加，即先減小于一非零的最小值，再逐漸增大，故D 正確。故選： ABD。一質(zhì)點開始時做勻速直線運動，說明質(zhì)點所受合力為 0，從某時刻起受到一恒力作用，這個恒力就是質(zhì)點的合力根據(jù)這個恒力與速度的方向關系確定質(zhì)點速度的變化情況本題考查力和運動的關系， 要注意力是改變物體運動狀態(tài)的原因： 對于直線運動， 判斷速度增加還是減小，我們就看加速度的方向和速度的方向對于受恒力作用的曲線運動，我們可以將速度分解到恒力方向和垂直恒力方向，再去研究10.【答案】 A

24、CD【解析】解： A、地球赤道上的物體 a 與地球同步衛(wèi)星c 具有相同的角速度，由 v=r知，物體 a 隨地球自轉的線速度小于衛(wèi)星 c 的線速度。對于衛(wèi)星 b、 c，根據(jù)萬有引力提供向心力得G=m，可得 v=，則知衛(wèi)星 c 的線速度小于衛(wèi)星 b 的線速度，所以物體 a 隨地球自轉的線速度小于衛(wèi)星b 的線速度，故A 正確。B、對于衛(wèi)星 b、 c，由 =知，衛(wèi)星 b 的角速度大于衛(wèi)星c 的角速度，故 B 錯誤。C、 c 是地球的同步衛(wèi)星，其運行周期與地球自轉周期相同，故C 正確。2比較知， 物體 a隨地球自轉的向心加速度小于衛(wèi)星c 的向心加速度。D、對于 a、c，角速度相等， 由 a=r故D正確；

25、故選： ACD。地球赤道上的物體 a 與地球同步衛(wèi)星c 具有相同的角速度和周期，根據(jù)2v=r ，a=r 比較 a、c 的線速度和向心加速度的大小。根據(jù)萬有引力提供向心力列式，比較b、c 的角速度和線速度大小，再比較a 與 b 的線速度大小。解決本題時要抓住相等量，知道地球赤道上的物體與地球同步衛(wèi)星具有相同的角速度和周期，根據(jù)v=r，2b、c，要根據(jù)萬有引力提供向心力比較它們線速a=r 比較線速度的大小和向心加速度的大小。對于衛(wèi)星度、角速度、周期和向心加速度大小。11.【答案】 BC【解析】解：A、 0 t1 時間內(nèi)，汽車做勻加速直線運動，加速度a=，根據(jù)牛頓第二定律得，F(xiàn)-Ff =ma，解得牽

26、引力F=F f+m，故 A 錯誤；第9頁，共 13頁BC、從 t1 時刻起汽車的功率保持不變，可知汽車在t 1 t2 時間內(nèi)的功率等于t2 以后的功率，于t2 以后汽車做勻速直線運動，牽引力與阻力相等，據(jù)P=Fv，可得汽車的功率P=Fv=F fv2，故 BC 正確；D、 t1 t 2 時間內(nèi)，汽車做變加速直線運動，平均速度不等于，故 D 錯誤。故選： BC。根據(jù)速度時間圖線得出勻加速直線運動的加速度大小，結合牛頓第二定律求出牽引力的大小，根據(jù)勻加速直線運動的末速度，結合牽引力的大小，根據(jù)P=Fv 求出額定功率。本題考查的是汽車的啟動方式，對于汽車的兩種啟動方式，恒定加速度啟動和恒定功率啟動，對

27、于每種啟動方式的汽車運動的過程一定要熟悉。12.【答案】 AB【解析】解： A、由于傳送帶足夠長，滑塊受到向右的滑動摩擦力而向左減速運動，至速度為0，之后，再加速向右滑行，由于 v1v2，根據(jù)運動過程的對稱性可知，滑塊返回傳送帶右端的速率為v2；故 A 正確；B、設滑塊向左運動的時間t1，位移為 x1，則： x1=摩擦力對滑塊做功：W1=-fx1=-ft1由動能定理得： -W1=0-，即得 f t1=， ft1=mv2該過程中傳送帶的位移：x2=v1t1電動機對傳送帶做功： W2=fx2=fv1t1=mv2?v1=mv1v2。根據(jù)運動過程對稱性可知，知滑塊向右勻加速運動時，電動機對傳送帶做功也

28、等于W2，所以此過程中電動機對傳送帶做功為 2mv1v2故 B 正確。C、根據(jù)動能定理得：此過程中傳送帶對滑塊做功為W 滑 = mv22- mv22=0故 C 錯誤。D、根據(jù)對稱性，知滑塊向右勻加速運動的時間也等于=2xt1，該過程中傳送帶的位移： x3=v1t1。Q=f x 相滑塊相對傳送帶的總路程：x 相=（ x1+x2）+x2，滑塊與傳送帶問因摩擦產(chǎn)生的熱量：（ 2-x1）?=f?2x2=2mv1v2故 D 錯誤。故選： AB。物體由于慣性沖上皮帶后，受到向右的滑動摩擦力，減速向左滑行，之后依然受到向右的滑動摩擦力，會繼續(xù)向右加速，然后根據(jù) v1 v2 的情況分析。根據(jù)動能定理得全過程傳

29、送帶對滑塊做的總功。根據(jù)能量守恒找出各種形式能量的關系。本題關鍵要正確分析物體的運動情況，知道物體先向左做勻減速運動，之后向右勻加速運動，兩個過程具有對稱性。13.【答案】 D10.2【解析】解：（1）因為相鄰兩照片間的時間間隔相等，水平位移相等，知小球在水平方向上做勻速直線運動，豎直方向上的運動規(guī)律與 b 球運動規(guī)律相同，知豎直方向上做自由落體運動故 D 正確， A、B、 C 錯誤故選 D（ 2）根據(jù) y=gT2=10 0.01m=0.1m所以 2L=0.1m，所以平拋運動的初速度因為兩球在豎直方向上都做自由落體運動，所以位移之差恒定，當小球a 運動到與 b 在同一豎直線上時，距離最短，則t

30、=故答案為：（1） D （ 2）1， 0.2第10 頁，共 13頁（ 1）光源頻閃頻率一定，相鄰兩照片間的時間間隔一定，通過水平方向和豎直方向的特點判斷水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律（ 2）根據(jù)豎直方向上相鄰相等時間內(nèi)的位移之差是一恒量求出位移之差，根據(jù)水平方向上的運動規(guī)律求出水平速度解決本題的關鍵掌握平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，結合運動學公式進行求解14.【答案】 D左1.0【解析】解：（ 1）為了減小阻力的影響，重物應選擇質(zhì)量大一些，體積小一些的，故選D 。（ 2）紙帶在重物的拖動下，做加速運動，在相等時間內(nèi)，位移逐漸增大，可知紙帶的左端與重物相連。（ 3）為驗證重物對應O

31、點和 F 點機械能是否相等，由于要得出重力勢能的減小量，則需測出O、F 兩點間的距離 h1，還有得出動能的增加量，即需要測出F 點的速度，則需要測出EG 兩點兩點間的距離 h2。（ 4） F 點的速度，則從 O 點到 F 點的過程中重物動能的增加量 Ek= 。22mg-f=ma，解（ 5）根據(jù) v =2ah 得，圖線的斜率 k=2 a=19.4 ，解得 a=9.7m/s ，根據(jù)牛頓第二定律得，得 f=mg-ma=0.1m，則。故答案為：（ 1） D，（ 2）左，（ 3） EG，（ 4），（ 5）1.0（ 1）根據(jù)實驗的原理，從而減小誤差的角度選擇重物。（ 2）根據(jù)相等時間內(nèi)位移逐漸增大確定紙帶

32、的哪一端與重物相連。（ 3）驗證機械能守恒需要測出下降的高度，以及通過兩點間的距離求出瞬時速度，從而得出動能的增加量。（ 4）根據(jù)某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出F 點的速度，從而得出從O 到 F 過程中的動能增加量。（ 5）根據(jù)圖線的斜率求出加速度，結合牛頓第二定律求出阻力的大小，從而得出重物下落時受到阻力與所受重力的百分比。2解決本題的關鍵知道實驗的原理，能通過原理得知測量的物理量。知道 v - h 圖線斜率的含義，結合牛頓第二定律進行求解。15.【答案】解：（ 1）設質(zhì)量為m 的衛(wèi)星繞火星表面飛行速度為v，萬有引力提供向心力=m又由于=mg得 v=（ 2）其同步衛(wèi)星的周期等

33、于其自轉周期T則對其同步衛(wèi)星有：=m（R+h）聯(lián)立解得：h=-R答：（ 1）火星上衛(wèi)星的第一宇宙速度是；（ 2）火星的同步衛(wèi)星距行星表面的高度-R第11 頁，共 13頁【解析】根據(jù)已知量，地球表面的物體受到的重力等于萬有引力列出等式，地球的同步衛(wèi)星的萬有引力提供向心力，可以求出地球同步衛(wèi)星的高度解答此題要清楚地球表面的物體受到的重力等于萬有引力，地球的同步衛(wèi)星的萬有引力提供向心力16.【答案】解：（ 1）小球由 C 到 D ，由機械能守恒定律得： mgL= m解得： v1= 在 D 點，由牛頓第二定律得： F-mg=m 由解得： F=30 N由牛頓第三定律知細繩所能承受的最大拉力為30 N。（

34、 2）由 D 到 A，小球做平拋運動，則得vy2=2gh 由 tan53 = 聯(lián)立解得h=0.16 m（ 3）小球從C 點到將彈簧壓縮至最短的過程中，小球與彈簧系統(tǒng)的機械能守恒，即：Ep=mg（L+h+xsin 53 ）代入數(shù)據(jù)得： Ep=2.9 J。答：（ 1）細繩受到的拉力的最大值為30 N。（ 2） D 點到水平線 AB 的高度 h 為0.16m。（ 3）彈簧所獲得的最大彈性勢能Ep 為 2.9 J【解析】（ 1）根據(jù)機械能守恒定律求出小球在D 點的速度，再根據(jù)豎直方向上的合力提供向心力，運用牛頓第二定律求出繩子的最大拉力。（ 2）球在運動過程中恰好沿斜面方向將彈簧壓縮，知繩子斷裂后，做平拋運動，由平拋運動的規(guī)律求h。（ 3）根據(jù)速度的合成求出 A 點的速度，根據(jù)系統(tǒng)機械能守恒求出彈簧的最大