2019-2020學年山東省濰坊四中高一(下)收心物理試卷

1、2019-2020 學年山東省濰坊四中高一（下）收心物理試卷一、單選題（本大題共8 小題，共24.0 分）1. 下列說法正確的是 ( )A. 物體做直線運動時，所受的合力一定為零B. 物體做曲線運動時，所受的合力一定變化C. 物體做勻速圓周運動時，物體的速度保持不變D. 物體做平拋運動時，物體的加速度保持不變2. 公路轉(zhuǎn)彎處外側的李先生家門口，連續(xù)發(fā)生了多起車輛側翻的事故。經(jīng)交警調(diào)查，畫出的現(xiàn)場示意圖如圖所示。為避免車輛側翻事故再次發(fā)生，很多人提出了建議，下列建議中不合理的是 ( )A. 提醒司機不要超速轉(zhuǎn)彎B. 提醒司機以更小半徑轉(zhuǎn)彎C. 增大車輪與路面間的摩擦D. 使彎道路面內(nèi)低外高3.物

2、體以速度 ?水平拋出，若不計空氣阻力，則當其豎直分位移與水平位移相等時，0以下說法中正確的是()A. 豎直分速度等于水平分速度B.C. 運動的時間為2?0D.?4. 下列說法正確的是( )瞬時速度大小為?022?0運動的位移為?A. 地球同步通訊衛(wèi)星的軌道可以是圓的也可以是橢圓的B. 如果需要，地球同步通訊衛(wèi)星可以定點在地球上空的任何一點 C. 第一宇宙速度是人造衛(wèi)星環(huán)繞地球運動的速度D. 第一宇宙速度是人造衛(wèi)星在地面附近繞地球做勻速圓周運動所必須具有的速度5.下列有關功和功率的說法正確的是()A. 功是標量，功有正負值，功的正負表示功的大小B. 由功率公式?= ?可知做功的時間越長，功率一定

3、越小?C. 功的正負是由位移和力的方向共同決定的D. 由公式 ?= ?可知汽車的最大速度只由汽車的額定功率決定6. 如圖所示， 大小相同的力 F 作用在同一個物體上， 物體分別沿光滑水平面、 粗糙水平面、光滑斜面、豎直方向運動一段相等的距離s，已知力 F 與物體的運動方向均相同。則上述四種情景中都相同的是()第1頁，共 13頁A. 拉力 F 對物體做的功B. 物體的動能增量C. 物體加速度的大小D. 物體運動的時間7. 兩個完全相同的小金屬球 ( 皆可視為點電荷 ) ，所帶電荷量之比為 5：3，它們在相距一定距離時相互作用的吸引力為?，如果讓它們充分接觸后再放回各自原來的位置1上，此時相互作用

4、力變?yōu)?，則 ?：?為()212A. 15：1B. 15：16C. 5： 4D. 5：88.如圖，原長為l 的輕彈簧一端固定一質(zhì)量為m 的小球，另一端套在光滑軸O 上，將球拉至彈簧水平且處于原長狀態(tài)的A 位置，由靜止釋放。擺至豎直位置B 時，彈簧的長度變?yōu)?5 ?，不計空氣阻力，則()A. 經(jīng)豎直位置時彈簧的彈力大小為mg6B. 經(jīng)豎直位置時小球的動能為5 ?C. 下擺過程中小球的機械能守恒D. 下擺過程中小球減小的重力勢能大于小球增加的動能二、多選題（本大題共4 小題，共16.0 分）9.關于質(zhì)點做勻速圓周運動，下列說法中正確的是()A. 質(zhì)點的速度不變B. 質(zhì)點的周期不變C. 質(zhì)點的角速度

5、不變D. 質(zhì)點的加速度不變10. 在某次實驗中，飛船在空中飛行了 36h，環(huán)繞地球 24 圈。那么，同步衛(wèi)星與飛船在軌道上正常運轉(zhuǎn)相比較 ( )A.C.同步衛(wèi)星運轉(zhuǎn)速率比飛船大同步衛(wèi)星運轉(zhuǎn)加速度比飛船大B.D.同步衛(wèi)星運轉(zhuǎn)周期比飛船大同步衛(wèi)星離地高度比飛船大11. 如圖所示，一電子在外力作用下沿等量異種電荷的中垂線由 ? ? ?勻速運動， A、B 兩點關于兩電荷連線對稱，電子重力不計， 則電子運動過程中說法正確的是 ( )A. 電子受外力先變大后變小，方向水平向右B. 電子受外力先變小后變大，方向水平向左C. 電子在 A、 B 兩點電勢能相等D. 電子受合力為零12. 如圖所示，足夠長的傳送帶

6、以恒定速率順時針運行。將一個物體輕輕放在傳送帶底端，第一階段物體被加速到與傳送帶具有相同的速度，第二階段與傳送帶相對靜止，勻速運動到達傳送帶頂端。下列說法中錯誤的是( )A. 第一階段摩擦力對物體做正功，第二階段摩擦力對物體不做功B. 第一階段摩擦力對物體做的功等于第一階段物體動能的增加C. 第一階段物體和傳送帶間的摩擦生熱等于第一階段物體機械能的增加量D. 物體從底端到頂端全過程機械能的增加量等于全過程物體與傳送帶間的摩擦生熱三、實驗題（本大題共2 小題，共18.0 分）第2頁，共 13頁13. 圖甲是“研究平拋物體的運動”的實驗裝置圖。(1) 實驗前應對實驗裝置反復調(diào)節(jié)，直到斜槽末端切線_

7、。(2) 圖乙是正確實驗取得的數(shù)據(jù)，其中O 為拋出點，則此小球做平拋運動的初速度2為 _?/?(?= 9.8?/? ) 。(3) 在另一次實驗中將白紙換成方格紙，每個格的邊長 ?= 5?，通過實驗， 記錄了小球在運動途中的三個位置，如圖丙所示，則該小球做平拋運動的初速度為_B點的速度為_2) 。?/?；?/?(?= 10?/?14. 利用圖甲裝置做“驗證機械能守恒定律”實驗：(1) 除帶夾子的重物、紙帶、鐵架臺 ( 含鐵夾 ) 、電磁打點計時器、導線及開關外，在下列器材中，還必須使用的兩種器材是_；A.交流電源 ?刻.度尺 ?天.平 (含砝碼 )(2) 實驗中，先接通電源，再釋放重物，得到圖乙

8、所示的一條紙帶。在紙帶上選取三個連續(xù)打出的點A、B、 C，測得它們到起始點O 的距離分別為 ? 、? 、? ；已?知當?shù)刂亓铀俣葹間，打點計時器打點的周期為?設.重物的質(zhì)量為m。從打 O 點到打B點的過程中， 重物的重力勢能變化量?= _，若測動能變化量應先測出 B 的速度 ? = _，故 ? = _ ；?(3) 大多數(shù)學生的實驗結果顯示，重力勢能的減少量大于動能的增加量，原因是_。A.利用公式 ?= ?計算重物速度B.利用公式 ?= 2?計算重物速度C.存在空氣阻力和摩擦阻力的影響D.沒有采用多次實驗取平均值的方法四、計算題（本大題共3 小題，共32.0 分）第3頁，共 13頁15. 如圖

9、一輛質(zhì)量為 500kg 的汽車通過一座半徑為 50m的圓弧形拱橋頂部。2( 取?= 10?/? )(1) 如果汽車以 10?/?的速度經(jīng)過拱橋的頂部，則汽車對圓弧形拱橋的壓力大小？(2) 汽車以多大速度通過拱橋的頂部時，汽車對圓弧形拱橋的壓力恰好為零？16.如圖所示， 勻強電場的場強方向水平向右。一根絕緣絲線一端固定在O 點，另一端連接一質(zhì)量為m、電荷量為 q 的小球。 小球靜止在電場中，絲線與豎直方向成37。已知重力加速度為g，?37=0.6， ?37=0.8 。求：(1) 小球帶電的種類；(2) 小球受到的電場力大小 F ；(3) 電場強度的大小 E。17.如圖所示，在足夠長的光滑水平桌面

10、上固定一個四分之一光滑圓弧形槽，半徑?=0.45?，末端與桌面相切。將質(zhì)量? = 0.1?的小球 ( 可視為質(zhì)點 )由槽的頂端無初速度釋放， 經(jīng)桌面上A 點水平飛出， 小球恰好無碰撞地沿圓弧切線從B 點進入固定的豎直光滑圓弧軌道，B、 C 為圓弧的兩端點，其連線水平，O 為圓弧最低點。已知圓弧對應圓心角?= 106?= 1?2?37=0.6 ?37=，半徑。取?= 10?/?，0.8，求：(1) 小球沿弧形槽下滑到槽底端時，球的速度大小；(2) 桌面離水平地面的高度 h；(3) 小球運動至 O 點時對圓弧軌道的壓力大小。第4頁，共 13頁五、簡答題（本大題共1 小題，共10.0 分）18. 2

11、008 年 9 月 25 日，我國繼“神舟”五號、 六號載人飛船后又成功地發(fā)射了“神舟”七號載人飛船 把“神舟”七號載人飛船在一段時間內(nèi)的運動看成繞地球做勻速圓周運動，宇航員測得自己繞地心做勻速圓周運動的周期為T、距地面的高度為 ?已.知地球半徑為 R，引力常量為 ?求.：(1)地球的質(zhì)量；(2)飛船線速度的大小；(3)飛船的向心加速度大小第5頁，共 13頁答案和解析1.【答案】 D【解析】 解： A、物體做直線運動，所受的合力不一定為零，如勻加速直線運動，故A錯誤；B、物體做曲線運動，所受的合力不一定變化，如平拋運動，故B 錯誤；C、物體做勻速圓周運動，物體的速度大學不變，方向時刻變化，是變

12、速運動，故C 錯誤；D 、平拋運動的加速度為重力加速度，不變，所以物體的速度隨時間是均勻變化的，故D 正確。故選： D。物體做曲線運動的條件是合力與速度不在同一條直線上，合力可以變，可以不變，曲線運動的速度的方向與該點曲線的切線方向相同，方向時刻改變。本題關鍵是抓住曲線運動的運動學特點和條件進行分析，要明確平拋運動加速度不變，受恒力，勻速圓周運動加速度時刻改變( 方向變 ) ，受變力。2.【答案】 B【解析】 解： A、車發(fā)生側翻是因為外界提供的力不夠做圓周運動所需的向心力，發(fā)生離心運動；故減小速度可以減小需要的向心力，可以防止側翻現(xiàn)象，故A 正確；2B、根據(jù) ?= ? 可知，半徑越小，需要的

13、向心力越大，故越容易翻車，故B 錯誤；?C、在水平路面上拐彎時，靠靜摩擦力提供向心力，故可以通過改進路面設計，增大車輪與路面間的摩擦力，可以避免卡車側翻事故再次發(fā)生，故C 正確；D 、易發(fā)生側翻也可能是路面設計不合理，公路的設計上可能內(nèi)側高外側低，重力沿斜面方向的分力背離圓心，導致合力不夠提供向心力而致；故應改造路面使內(nèi)側低，外側高，使重力與支持力的合力沿水平方向有向里的分量，故D 正確；因選不合理的故選： B。汽車拐彎時發(fā)生側翻是由于車速較快，提供的力不夠做圓周運動所需的向心力，發(fā)生離心運動。有可能是內(nèi)側高外側低，支持力和重力的合力向外，最終的合力不夠提供向心力。本題考查物理知識在生活中的應

14、用，知道車輛的側翻與車輛需要的向心力有關。3.【答案】 C122?【解析】 解：AC、根據(jù)題有：?，得物體運動的時間為： ?=02 ?= ?0?豎直分速度為：? = ?= 2?，所以物體的豎直分速度是水平分速度的2 倍。故 A 錯誤， C 正確；?0B、物體的速率為：225?，故 B 錯誤。?= ?+?=?00122222?2，故 D 錯誤。D 、物體的位移大小為：0?=(?)+ (? ?) =0?2故選： C。平拋運動在水平方向上做勻速直線運動， 在豎直方向上做自由落體運動， 根據(jù)豎直位移和水平位移相等，求出運動的時間，從而得出豎直分速度，結合平行四邊形定則求出瞬時速度的大小。求出水平位移的

15、大小，從而根據(jù)平行四邊形定則求出物體運動的位移。解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律， 結合運動學公式靈活求解。第6頁，共 13頁4.【答案】 D【解析】 解： A、地球同步通訊衛(wèi)星相對于地球靜止，萬有引力完全提供向心力，其軌道是圓形的，故 A 錯誤；B、地球同步通訊衛(wèi)星只能定點在地球赤道的正上方，故B 錯誤；C、第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，是人造衛(wèi)星環(huán)繞地球運行的最大速度，故C錯誤；D 、人造衛(wèi)星在圓軌道上運行時，軌道半徑r 越大，速度v 越小，當 r 最小等于地球半徑 R 時，這時的速度最大為地球的第一宇宙速度，故第一宇宙速度是衛(wèi)星是在地面附近繞地球做勻速圓周運

16、動所必須具有的速度，是在圓軌道上運行的最大速度，故D 正確。故選： D。地球同步通訊衛(wèi)星相對于地球靜止，只能定點在地球赤道的正上方；第一宇宙速度是最大的環(huán)繞速度、最小的發(fā)射速度，由此分析。本題考查第一宇宙速度和同步衛(wèi)星的知識，對于同步衛(wèi)星，要抓住五個“一定”：軌道一定，角速度一定，高度一定，速率一定，周期一定。但衛(wèi)星質(zhì)量不一定相同；明確第一宇宙速度有三種說法： 它是人造地球衛(wèi)星在近地圓軌道上的運行速度； 它是人造地球衛(wèi)星在圓軌道上運行的最大速度； 它是衛(wèi)星進入近地圓形軌道的最小發(fā)射速度。5.【答案】 C【解析】 解： A、功只有大小，沒有方向，是標量，功的正負表示動力做功還是阻力做功，故 A

17、錯誤。B、在力做功多少不知道的情況下，不能得出時間t 越長，功率越小的結論，故 B 錯誤。C、由 ? = ?可知，正功表示力和位移兩者之間夾角小于 90，負功表示力和位移兩者之間夾角大于 90，故 C 正確。D 、汽車的速度最大時，牽引力等于阻力，從公式 ?= ?可知，行駛的最大速度由額定功率和阻力決定，故 D 錯誤。故選： C。功率是單位時間內(nèi)做功的多少，是表示做功快慢的物理量，功率的大小與做功多少和所用時間都有關系，而功是標量，根據(jù) ? = ?可知功的正負由位移和力的方向共同決定的。本題考查了功和功率兩個概念的區(qū)分， 把握住功反映物體做功的多少， 功率反映物體做功的快慢是解題的關鍵。6.【

18、答案】 A【解析】 解：A、根據(jù)功的計算公式? = ?可知F、s、?相同， 故功相同， A 正確；B、根據(jù)動能定理知?合 = ?，只拉力做功相同，其他力做功不同，故動能增量不同，故 B錯誤；C、根據(jù)?= ?C 錯誤；合知只有拉力 F 同，加速度不一定相同，故1 2知加速度不相同， t 不相同，故 D 錯誤；D 、根據(jù) ?= 2 ?故選： A。根據(jù)功的計算公式 ? = ?可知做功情況；根據(jù)動能定理可知動能變化；根據(jù)牛頓第二定律可知加速度大??；根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律可知時間。此題考查對功的計算公式 ? = ?、動能定理、牛頓第二定律、勻變速直線運動規(guī)律等，注意公式中的符號含義即可解得。第7頁，共

19、13頁7.【答案】 A【解析】 解：兩個完全相同的小金屬球它們之間的相互作用是吸引力，故它們帶異種電5q，3q。在相距一定距離時相互作用力為?2荷，設它們所帶的電荷量大小分別是15?；1=?2?2?由于兩電荷異性， 接觸后再分開， 兩球電量的絕對值都為q，此時兩球的庫侖力?2 = ? 2 ，?則 ?： ?為 15： 1，故 A 正確， BCD 錯誤。12故選： A。? ?兩球帶異種電荷時，接觸后電荷先中和再平分，根據(jù)?= ? 1 2 2 得出接觸后再放回原處?的庫侖力大小。解決本題的關鍵掌握接觸帶電的原則，總電荷平分，同時要注意原來的電荷的電性，以? ?及掌握庫侖定律的公式?= ?122。?8

20、.【答案】 D【解析】 解： A、經(jīng)豎直位置時，小球有水平向左的分速度，需要提供向心力，而向心力由彈力和重力的合力提供且指向O 點，所以彈簧的彈力大小應大于mg，故 A 錯誤。6?=6?B、由靜止釋放擺至豎直位置時，小球重力勢能減小量為?55，一部分轉(zhuǎn)化為小球的動能，另一部分轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能，所以經(jīng)豎直位置時小球的動能小于65?，故 B 錯誤。C、彈簧的彈力對小球做負功，因此小球的機械能不守恒，小球和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，故 C 錯誤。D 、由系統(tǒng)的機械能守恒知，下擺過程中小球減小的重力勢能轉(zhuǎn)化為小球的動能和彈簧的彈性勢能，即下擺過程中小球減小的重力勢能大于小球增加的動能，故D 正確。

21、故選： D。根據(jù)向心力知識分析經(jīng)豎直位置時彈簧的彈力大小。對于小球和彈簧組成的系統(tǒng)，只有重力和彈力做功，系統(tǒng)的機械能守恒，由系統(tǒng)的機械能守恒分析能量的轉(zhuǎn)化情況。本題要能正確分析小球的受力情況，以及能量的轉(zhuǎn)化情況，對于含有彈簧的系統(tǒng)，往往單個物體機械能不守恒，而系統(tǒng)的機械能是守恒的。9.【答案】 BC【解析】 解： A、質(zhì)點的速度方向沿切線的方向，在不斷的改變，所以A 錯誤；B、周期、角速度是標量，保持不變故B 正確；C、質(zhì)點的角速度不變，所以C 正確；D 、勻速圓周運動的質(zhì)點的加速度方向始終指向圓心，因此方向時刻改變故D 錯誤；故選： BC勻速圓周運動的向心力方向時刻改變，線速度大小不變，方向

22、時刻改變，角速度的大小和方向都不變，轉(zhuǎn)速保持不變解決本題的關鍵知道勻速圓周運動的線速度大小不變， 方向時刻改變， 角速度的大小和方向都不變，向心力的方向時刻改變，轉(zhuǎn)速是標量，保持不變10.【答案】 BD第8頁，共 13頁【解析】 解： BD 、地球同步衛(wèi)星的周期為?0 = 24 小時，飛船的周期為 ?=36? = 1.5小243時，所以同步衛(wèi)星運轉(zhuǎn)周期比飛船大，根據(jù)開普勒第三定律可得：?，所以同步衛(wèi)2=?星的軌道半徑比飛船大，則同步衛(wèi)星離地高度比飛船大，故BD 正確；A、根據(jù)萬有引力提供向心力可得線速度?= ，所以同步衛(wèi)星運轉(zhuǎn)速率比飛船小，?故 A錯誤；?C 錯誤。C、根據(jù)牛頓第二定律可得 ?

23、= 2 ，所以同步衛(wèi)星運轉(zhuǎn)加速度比飛船小，故?故選： BD。地球同步衛(wèi)星的周期為 24 小時，飛船的周期為 1.5小時，根據(jù)萬有引力提供向心力公式結合開普勒第三定律、牛頓第二定律進行解答。解決天體 ( 衛(wèi)星 ) 運動問題的基本思路：(1) 在地面附近萬有引力近似等于物體的重力，?= ?2其向心力由引，整理得 ?= ?；(2) 天體運動都可近似地看成勻速圓周運動，萬有引力提供，即?= ?引向，根據(jù)相應的向心力表達式進行分析。11.【答案】 ACD【解析】 解： AB、根據(jù)等量異種電荷周圍的電場線分布知，從? ? ?，電場強度的方向不變，水平向右，電場強度的大小先增大后減小則電子所受電場力的大小先

24、變大后變小，方向水平向左， 則由平衡條件可知， 外力的大小先變大后變小，方向水平向右 故A 正確， B 錯誤C、等量異種電荷的中垂線是一條等勢線，則電子在A、B 兩點電勢能相等，故 C 正確D 、電子所受的電場力和外力必定平衡，否則電子不可能做直線運動，所以電子的合力為零，故 D 正確故選： ACD電子做勻速直線運動，知受電場力和外力平衡，外力的大小與電場力的大小相等，方向相反，根據(jù)電場力的變化判斷外力的變化解決本題的關鍵知道外力的大小與電場力的大小相等，方向相反，是一對平衡力12.【答案】 ABD【解析】 解： A、第一階段物體受到的滑動摩擦力沿傳送帶向上，對物體做正功，第二階段物體受到的靜

25、摩擦力沿傳送帶向上，對物體也做正功，故A 錯誤；B、根據(jù)動能定理知，第一階段合外力對物體做的功等于動能的增加量，由于重力和摩擦力都做功， 故第一階段摩擦力對物體做的功不等于第一階段物體動能的增加，故 B 錯誤；=?C、假定傳送帶速度為v，第一階段物體做勻加速運動，通過的位移?1?2 ，傳送帶的位移 ?2 = ?；故物體機械能增加量為?= ?1= ?2物體與傳送帶間的摩擦生熱為 ?=? ?= ?(?2 - ?)1= ?2，可知，第一階段物體和傳送帶間的摩擦生熱等于第一階段物體機械能的增加量，故C 正確；D 、摩擦生熱只發(fā)生在第一階段，全過程物體與傳送帶間的摩擦生熱等于第一階段物體機械能的增加量，

26、 因為物體從底端到頂端全過程機械能的增加量大于第一階段物體機械第9頁，共 13頁能的增加量， 所以，物體從底端到頂端全過程機械能的增加量大于全過程物體與傳送帶間的摩擦生熱，故 D 錯誤。本題選錯誤的，故選： ABD。根據(jù)功與能的關系分析。功是能量轉(zhuǎn)化的量度，合外力做功是動能變化的量度；除重力外其余力做的功是機械能變化的量度； 一對滑動摩擦力做的功是內(nèi)能變化的量度； 先對物體受力分析，再根據(jù)功能關系列式分析。本題關鍵分析清楚物體的運動情況，搞清各種功與能的關系，根據(jù)功能關系列式分析求解，要注意區(qū)分摩擦力做功與摩擦生熱之間的關系， 明確重力之外的其他力做功等于機械能的增加量。13.【答案】 水平1

27、.61.52.5【解析】 解： (1) 為了保證小球的初速度水平，斜槽末端應切線水平，每次讓小球從相同位置由靜止釋放，是為了每次平拋的初速度相同；(2)?為拋出點，在豎直方向上，根據(jù)：?= 12，2 ?解得： ?=-22?2 19.6 10，? =9.8?= 0.2?32.0 -2初速度為：10；?=0.20 =?/?= 1.6?/?(3) 由圖可知，物體由 ? ?和由 ? ?在水平方向位移相等，則運動時間相等，在豎直方向，由圖示可知： ?= 2?，由勻變速直線運動的推論：?= ?2可得： ?2?2 5-2，10?= ? = ? =10?= 0.1?3? 3 5-2初速度： ?10= =?/?

28、= 1.5?/?；00.1?豎直方向自由落體運動， 根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的瞬時速度等于該過程中的平均速度有：?8 5-210在B點豎直分速度： ?；?= 2? =0.2?/?= 2?/?根據(jù)矢量的合成法則，則B 點的速度為：2222?= ?+ 2?/?= 2.5?/?0+?= 1 5?故答案為： (1) 水平； (2)1.6 ；(3)1.5 ； 2.5。(1) 平拋運動的初速度一定要水平，因此為了獲得水平的初速度安裝斜槽軌道時要注意槽口末端要水平； 同時為了保證小球每次平拋的軌跡都是相同的， 要求小球平拋的初速度相同。(2) 平拋運動在水平方向做勻速直線運動，在豎直方向做自由落體運動，

29、應用運動學公式求出小球的初速度；(3) 應用勻變速直線運動的推論求出小球在兩點間的運動時間，然后應用速度公式求出小球的初速度。本題不但考查了平拋運動的規(guī)律，還靈活運用了勻速運動和勻變速運動的規(guī)律，是一道考查基礎知識的好題目，注意單位的換算與第2、 3 問中重力加速度取值的不同。? -?1? -?2?14.【答案】 AB -? 2?2?( 2? )C第10 頁，共 13頁【解析】 解： (1)?、打點計時器需要使用交流電源，紙帶測量需要要到刻度尺，故AB正確；122C、用自由落體運動驗證機械能守恒定律中，需要驗證 ?= 2，即要驗證 ?= ?，?不含重物的質(zhì)量，故天平(含砝碼 ) 是不需要的器材

30、，故C 錯誤。故選： AB。(2) 從打 O 點到打 B 點的過程中，重物的重力勢能變化量?= -?，根據(jù)平均速度等于該時間段的中間時刻的速度，?-?，故動能的增量 ?=可測量出 B 的速度 ? = ?2?1? -?(? ?2。)22?(3) 由于空氣阻力和摩擦力阻力的存在，重力勢能的減少量大于動能的增加量，故ABD錯誤， C 正確。故答案為：(1)?； (2)- ?， ?-?，1? ?-? ?2； (3)?。?2?2 ?( 2? )(1) 打點計時器需要使用交流電源，紙帶測量需要要到刻度尺，不用用天平測量質(zhì)量；(2) 從打 O 點到打 B 點的過程中，重力勢能的減小等于動能的增加，重力勢能變

31、化量為? = -? ，動能的增量為 ?1?-? ?2 。?=2 ?(2? )(3) 重力勢能的減少量大于動能的增加量的主要原因是存在空氣阻力和摩擦阻力的影響。本題考查了驗證機械能守恒定律的實驗。注意實驗誤差的主要來源： 由于實驗中不可避免地存在紙帶與限位孔、振針間的摩擦及空氣阻力作用，因此減小的重力勢能值?要?大于增加的動能值?。?2?15【.答案】解：(1) 汽車受重力 G 和拱橋的支持力F ，根據(jù)牛頓第二定律有： ?- ?= ? ?2102?故： ?= ?- ? ? = 500 10? - 50050 ?= 4000?根據(jù)牛頓第三定律，汽車對拱橋的壓力為4000 N。2(2) 壓力為零時，

32、重力提供向心力，故：?= ? 0?可得： ?/?0 = ?= 10 50?/?= 10 5。答： (1) 如果汽車以 10?/?的速度經(jīng)過拱橋的頂部，汽車對圓弧形拱橋的壓力大小為4000N；(2) 汽車以 10 5?/?速度通過拱橋的頂部時，汽車對圓弧形拱橋的壓力恰好為零?！窘馕觥?(1) 汽車通過凸圓弧形橋頂部時，由汽車的重力和橋面的支持力提供汽車的向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出支持力，再牛頓第三定律求解橋面受到汽車的壓力大??；(2) 當汽車對橋面的壓力為零， 由汽車的重力提供向心力， 再牛頓第二定律此時的速度。汽車通過拱橋頂點時，通過分析受力情況，確定向心力來源，再由牛頓定律分析是超重還是失重現(xiàn)象。 當汽車要騰空飛起做平拋運動時， 由重力提供向心力， 臨界速度為 ?。16.【答案】 解： (1) 小球所受的電場力方向水平向右，與電場方向相同，則小球帶正電(2) 小球在電場中靜止時，受力分析如右圖所示第11 頁，共 13頁3根據(jù)平衡條件得?= ?37=?4?(3) 根據(jù)電場強度的定義 ?= ?3?解得電場強度?=答：(1) 小球帶正電；4?3(2) 小球受到的電場力大小F 是 4 ?；3?(3) 電場強度的大小 E 是 4? 。【解析】 (1) 根據(jù)小球所受的電場力方向，判斷小