2019-2020學(xué)年廣西柳州市高三(上)第一次模擬物理試卷

1、2019-2020 學(xué)年廣西柳州市高三（上）第一次模擬物理試卷一、單選題（本大題共5 小題，共30.0 分）1.現(xiàn)有兩顆繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的人造地球衛(wèi)星A 和 B，它們的軌道半徑分別為?和 ?.如果 ? ?.則 ()?A. 衛(wèi)星 A 的運(yùn)動(dòng)周期比衛(wèi)星B 的運(yùn)動(dòng)周期大B. 衛(wèi)星 A 的線速度比衛(wèi)星B 的線速度大C. 衛(wèi)星 A 的角速度比衛(wèi)星B 的角速度大D. 衛(wèi)星 A 的加速度比衛(wèi)星B 的加速度大2. 如圖所示， 等腰直角三角形 OPQ 區(qū)域內(nèi)存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)， 另有一等腰直角三角形導(dǎo)線 ABC 以恒定的速度沿垂直于磁場(chǎng)方向穿過(guò)磁場(chǎng)，穿越過(guò)程中速度始終與AB 邊垂直且保持AC 平行于?關(guān).于線框中

2、的感應(yīng)電流，以下說(shuō)法中正確的是()A. 完全進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)感應(yīng)電流沿順時(shí)針?lè)较駼. 完全進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)感應(yīng)電流沿順時(shí)針?lè)较駽. 開(kāi)始進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)感應(yīng)電流沿順時(shí)針?lè)较駾. 開(kāi)始穿出磁場(chǎng)時(shí)感應(yīng)電流沿順時(shí)針?lè)较?. 假設(shè)一個(gè)籃球運(yùn)動(dòng)員在某次投籃過(guò)程中對(duì)籃球做功為W，出手高度為 ?1，籃筐距地面高度為 ? 2，球的質(zhì)量為 m，不計(jì)空氣阻力，則籃球進(jìn)筐時(shí)的動(dòng)能為( )A.12B.21C.? + ? - ?D.? - ? - ?1221? + ? - ? + ? - ?4.某種單色光的頻率為 ?，用它照射某種金屬時(shí)， 在逸出的光電子中動(dòng)能最大值為?，則這種金屬的逸出功和極限頻率分別是( )A.， ?-?B.?，?+

3、?- ? -?C.， ?-?D.? + ?， ?+?+ ?5.如圖所示，一根輕彈簧上端固定在O點(diǎn)，下端拴一個(gè)鋼球P，球處于靜止?fàn)顟B(tài)現(xiàn)對(duì)球施加一個(gè)方向向右的外力F，使球緩慢偏移，在移動(dòng)中的每一個(gè)時(shí)刻，都可以認(rèn)為鋼球處于平衡狀態(tài)若外力 F 的方向始終水平，移動(dòng)中彈簧與豎直方向的夾角?90，且彈簧的伸長(zhǎng)量不超過(guò)其彈性限度，則下圖給出的彈簧伸長(zhǎng)量x與 ?的函數(shù)關(guān)系圖象中，最接近的是( )A.B.C.D.二、多選題（本大題共5 小題，共25.0 分）6. 三條在同一平面 ( 紙面 ) 內(nèi)的長(zhǎng)直絕緣導(dǎo)線組成一等邊三角形，在導(dǎo)線中通過(guò)的電流均為 I ，方向如圖所示a、b 和 c 三點(diǎn)分別位于三角形的三個(gè)頂角

4、的平分線上，且到相應(yīng)頂點(diǎn)的距離相等將a、b 和 c 處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別記為 ?1、 ?和 ?，下列說(shuō)法正23確的是()A.B.?= ?123?1 = ?2 = ?3第1頁(yè)，共 12頁(yè)C. a 和 b 處磁場(chǎng)方向垂直于紙面向外，c 處磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里D. a 處磁場(chǎng)方向垂直于紙面向外，b 和 c 處磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里7. 一滑塊在水平地面上沿直線滑行， ?= 0時(shí)其速度為 1?/?，從此刻開(kāi)始在滑塊運(yùn)動(dòng)方向上再施加一水平作用力， 力 F 和滑動(dòng)的速度 v 隨時(shí)間的變化規(guī)律分別如圖所示，則以下說(shuō)法正確的是 ( )A. 第 1s內(nèi) F 對(duì)滑塊做功 3JB. 第 2s 內(nèi) F 對(duì)滑塊做功

5、的平均功率為4wC. 第 2s 末 F 對(duì)滑塊做功的瞬時(shí)功率為6wD. 前 3s內(nèi) F 對(duì)滑塊做的總功為 8J8. a、b、c、 d 是勻強(qiáng)電場(chǎng)中的四個(gè)點(diǎn)，它們正好是一個(gè)矩形的四個(gè)頂點(diǎn)。電場(chǎng)線與矩形所在平面平行。已知 a 點(diǎn)的電勢(shì)為 20V， b 點(diǎn)的電勢(shì)為 24V， d 點(diǎn)的電勢(shì)為 4V，由此可知 ( )A. C 點(diǎn)的電勢(shì)為 4VB. 電子在 a 點(diǎn)的電勢(shì)能比在 b 點(diǎn)低 4evC. C 點(diǎn)的電勢(shì)為 8VD. 電子從 a 運(yùn)動(dòng)到 d，電場(chǎng)力做功為 -16?9. 一定量的理想氣體從狀態(tài) a 開(kāi)始，經(jīng)歷四個(gè)過(guò)程 AB、 BC、CD、DA 回到原狀態(tài)，其 ?- ?圖象如圖所示。下列判斷正確的是(

6、)A. 過(guò)程 AB 中氣體一定吸熱B. 過(guò)程 BC 中氣體既不吸熱也不放熱C. 過(guò)程 CD 中外界對(duì)氣體所做的功等于氣體所放的熱D. A 和 D 兩個(gè)狀態(tài)中，狀態(tài)A 的體積小于D 的體積E. B 和 C 兩個(gè)狀態(tài)中，容器壁單位面積單位時(shí)間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)不同10.一列簡(jiǎn)諧橫波沿x 軸正方向傳播，?= 0時(shí)刻的波形如圖所示，經(jīng)0.3?時(shí)間質(zhì)點(diǎn)a 第一次達(dá)到波峰位置，則下列說(shuō)法中正確的是()A. 質(zhì)點(diǎn) b 起振方向豎直向上B. 該波傳描速度為10?/?3C. 當(dāng)質(zhì)點(diǎn) b 起振時(shí)， ?= 1.5?的質(zhì)點(diǎn)正在減速運(yùn)動(dòng)D.?= 0.5?b第一次到達(dá)波峰時(shí)，質(zhì)點(diǎn)E. 再經(jīng)過(guò) ?= 0.6?質(zhì)點(diǎn) a

7、 向右移動(dòng)到 ?= 8?處三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2 小題，共 15.0 分）11. 某同學(xué)用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)驗(yàn)證“力的平行四邊形定則”.彈簧測(cè)力計(jì) A 掛于固定點(diǎn) P，下端用細(xì)線掛一重物?.彈簧測(cè)力計(jì)B 的一端用細(xì)線系于O 點(diǎn)，手持另第2頁(yè)，共 12頁(yè)一端水平向左拉，使結(jié)點(diǎn)O 靜止在某位置分別讀出彈簧測(cè)力計(jì)A 和 B 的示數(shù)，并在貼于豎直木板的白紙上記錄O 點(diǎn)的位置和拉線的方向(1) 本實(shí)驗(yàn)用的彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)的單位為N，圖中 A 的示數(shù)為 _ N(2) 下列不必要的實(shí)驗(yàn)要求是 _. ( 請(qǐng)?zhí)顚?xiě)選項(xiàng)前對(duì)應(yīng)的字母 ) A.應(yīng)測(cè)量重物 M 所受的重力B.彈簧測(cè)力計(jì)應(yīng)在使用前校零C.拉線方向應(yīng)與木板

8、平面平行D.改變拉力，進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)，每次都要使O 點(diǎn)靜止在同一位置(3) 某次實(shí)驗(yàn)中，該同學(xué)發(fā)現(xiàn)彈簧測(cè)力計(jì)A 的指針稍稍超出量程，請(qǐng)您提出解決辦法： _12.某學(xué)生實(shí)驗(yàn)小組利用圖 (?)所示電路，測(cè)量多用電表內(nèi)電池的電動(dòng)勢(shì)和電阻“ 1?” 擋內(nèi)部電路的總電阻。使用的器材有：多用電表；電壓表：量程5V，內(nèi)阻十幾千歐；滑動(dòng)變阻器：最大阻值5?導(dǎo)線若干?；卮鹣铝袉?wèn)題：(1) 將多用電表?yè)跷徽{(diào)到電阻“ 1?”擋，再將紅表筆和黑表筆 _，調(diào)零點(diǎn)。(2) 將圖 (?)中多用電表的紅表筆和 _( 填“ 1”或“ 2” ) 端相連，黑表筆連接另一端。(3) 將滑動(dòng)變阻器的滑片調(diào)到適當(dāng)位置，使多用電表的示數(shù)如圖

9、(?)所示，這時(shí)電壓表的示數(shù)如圖 (?)所示。多用電表和電壓表的讀數(shù)分別為_(kāi)?和 _V。(4) 調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，使其接入電路的阻值為零。此時(shí)多用電表和電壓表的讀數(shù)分別為 12.0?和4.00?.從測(cè)量數(shù)據(jù)可知，電壓表的內(nèi)阻為 _?。(5) 多用電表電阻擋內(nèi)部電路可等效為由一個(gè)無(wú)內(nèi)阻的電池、一個(gè)理想電流表和一第3頁(yè)，共 12頁(yè)個(gè)電阻串聯(lián)而成的電路，如圖(?)所示。根據(jù)前面的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)計(jì)算可得，此多用電表內(nèi)電池的電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)V，電阻“ 1?”擋內(nèi)部電路的總電阻為 _?。四、計(jì)算題（本大題共2 小題，共17.0 分）13. 如圖所示的平面直角坐標(biāo)系xOy，在第 象限內(nèi)有平行于 y 軸的勻強(qiáng)電場(chǎng)，方

10、向沿y 正方向；在第 象限的正三角形 abc 區(qū)域內(nèi)有勻強(qiáng)磁場(chǎng)， 方向垂直于 xOy 平面向里，正三角形邊長(zhǎng)為L(zhǎng) ，且 ab 邊與 y 軸平行。 一質(zhì)量為mq的粒子，從y軸上的 ?(0,?) 點(diǎn)，以大小、電荷量為為 ?的速度沿 x 軸正方向射入電場(chǎng)，通過(guò)電場(chǎng)后從x 軸0上的 ?(2?,0) 點(diǎn)進(jìn)入第 象限，又經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)從 y 軸上的某點(diǎn)進(jìn)入第 象限，且速度與y 軸負(fù)方向成 45角，不計(jì)粒子所受的重力。求：(1) 電場(chǎng)強(qiáng)度 E 的大??；(2) 粒子到達(dá) a 點(diǎn)時(shí)速度的大小和方向；(3)?區(qū)域內(nèi)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B 的最小值。14. 光線由真空進(jìn)入某種介質(zhì)， 當(dāng)入射角為某特定角度時(shí)， 反射光線與折射光

11、線互相垂直，且二者均為偏振光，此特定角稱為布儒斯特角，用?表示。如圖所示，某長(zhǎng)方?形玻璃磚，折射率為 ?= 3 ，放置在直線 MN 正上方。光線由介質(zhì)上表面A 點(diǎn)入射，BC 為直線 MN 上兩點(diǎn)，AB 連線與 MN 和介質(zhì)上下表面都垂直， AB 間距為，?= 2 3?BC 間距為 ?= 4?。( )求此介質(zhì)的布儒斯特角 ?；?( )光線由 A 點(diǎn)入射，入射角等于布儒斯特角，若要求光線只能到達(dá)直線MN 上?C 點(diǎn)右側(cè)區(qū)域，介質(zhì)的厚度 ?1應(yīng)滿足什么條件( 介質(zhì)足夠長(zhǎng) ) 。五、簡(jiǎn)答題（本大題共1 小題，共18.0 分）第4頁(yè)，共 12頁(yè)15. 如圖所示，小球 A 和 B 緊靠一起靜止于光滑平臺(tái)上

12、，?：? =3： 5，兩小球在內(nèi)力作用下突然分離，A 分離后向左運(yùn)動(dòng)恰好通過(guò)半徑 ?= 0.5?的光滑半圓軌道的最高點(diǎn)，B 球分離后從平臺(tái)上水平拋出，恰好落在臨近平臺(tái)的一傾角為?= 53 0 的光滑斜面頂端，并剛好沿光滑斜面下滑，斜面到底端的高度為 ?= 0.9?。已知斜面頂端與平臺(tái)的高度差? = 0.8?，?=10?/?2 ，則(1)?兩球剛分離時(shí)A 的速度大?。?2) 斜面距離平臺(tái)的水平距離s；(3)?球沿斜面下滑的加速度和沿斜面下滑到底端的速度。六、綜合題（本大題共1 小題，共12.0 分）16. 為烘托節(jié)日氣氛，國(guó)慶等節(jié)日廣場(chǎng)上放飛五顏六色的氣球，這些是氦氣氣球。設(shè)氦氣貯氣筒的容積為

13、3L，貯有溫度為 27 、壓強(qiáng)為 30atm 的氦氣，用給氦氣給貯氣筒氣球充氣，充氣后氦氣球的壓強(qiáng)為1atm24個(gè)，體積為 2.5?，溫度為 27 ，充了氣球后， ( 充氣過(guò)程貯氣筒溫度保持不變)求 求剩下的氦氣占原有氣體的百分比？ 此時(shí)氦氣貯氣筒內(nèi)壓強(qiáng)是多大？第5頁(yè)，共 12頁(yè)答案和解析1.【答案】 A?22?【解析】 解：?22，知 ?=? 2= ?= ?= ?( )2，?= ，= ?=3?234? ?，知軌道半徑越大， 線速度越小， 角速度越小， 向心加速度越小， 周期越大。?= ?故 A 正確， B、C、 D 錯(cuò)誤。故選： A。萬(wàn)有引力提供向心力角速度、加速度?2?2?2? 2= ?=

14、 ?= ?( )?2 ，可比較出周期、線速度、= ?22解決本題的關(guān)鍵掌握萬(wàn)有引力提供向心力?2?2?2 = ?= ?= ?( )= ?2.【答案】 D【解析】 解：AB、當(dāng)線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)后， 線框中的磁通量不再變化，線圈中無(wú)電流，故 AB 錯(cuò)誤；C、由楞次定律可知，線框開(kāi)始進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，感應(yīng)電流沿逆時(shí)針?lè)较?，故C 錯(cuò)誤；D 、由楞次定律可知，線框開(kāi)始穿出磁場(chǎng)時(shí)，感應(yīng)電流沿順時(shí)針?lè)较?，故D 正確；故選： D。由楞次定律判定感應(yīng)電流的方向。本題考查了應(yīng)用楞次定律判定感應(yīng)電流的方向，要注意有效切割長(zhǎng)度的判斷。3.【答案】 A【解析】 解：對(duì)于籃球來(lái)說(shuō)從由靜止拋出到進(jìn)入籃筐的過(guò)程中有人在投籃時(shí)對(duì)它做

15、的功和它在上升過(guò)程中重力所做的功，根據(jù)動(dòng)能定理可有? - ?(?2 - ?1 ) = ?所以籃球到達(dá)籃筐時(shí)的動(dòng)能? = ? -?(?2 - ?1 ) = ? - ?2 + ?1故 A正確。故選： A。要求運(yùn)動(dòng)員進(jìn)入籃筐時(shí)的動(dòng)能，可根據(jù)動(dòng)能定理來(lái)求，故在已知運(yùn)動(dòng)員對(duì)籃球所做的功以后，需要知道重力對(duì)籃球所做的功，故需要知道物體上升的高度本題中我們要掌握的有 在運(yùn)動(dòng)員投籃的過(guò)程中運(yùn)動(dòng)員對(duì)籃球的作用力是變力， 重力做功的特點(diǎn)是與路徑無(wú)關(guān)，只與初末位置的高度差有關(guān) 合外力對(duì)物體所做的功等于物體動(dòng)能的變化即 ? = ?-?末?初4.【答案】 A【解析】 解：根據(jù)光電效應(yīng)方程?=?- ? = ?-?得，?0

16、這種金屬的逸出功 ? = ?-? ；?且 ? = ?0.因此極限頻率 ?0 =?= ?-?；故 A 正確， BCD 錯(cuò)誤；?故選： A。根據(jù)光電效應(yīng)方程 ?，結(jié)合光電子的最大初動(dòng)能，即可求解逸出功。? = ?-?0第6頁(yè)，共 12頁(yè)c 點(diǎn)三根導(dǎo)線產(chǎn)生磁場(chǎng)方向相同，所以疊加而成的磁場(chǎng)最強(qiáng)，故解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)方程?，以及知道逸出功 ?。?= ?- ?00= ?05.【答案】 D【解析】 解：對(duì)小球進(jìn)行研究，分析受力情況： 重力 mg、水平外力 F 和彈簧的彈力?由.平衡條件得?=?cos?又由胡克定律得?= ?則有 ?= ?cos?得 ?=?由數(shù)學(xué)知識(shí)得知，kmg一定，x與 ?成反比，選

17、項(xiàng)D正確、故選 D以小球?yàn)檠芯繉?duì)象， 分析受力情況， 由平衡條件和胡克定律得到彈簧的伸長(zhǎng)量與?的關(guān)系式，再選擇圖象本題是平衡條件與胡克定律的綜合應(yīng)用，分析受力情況是解題的關(guān)鍵，得到解析式再選擇圖象6.【答案】 AC【解析】 解：A、B、由題意可知， a 點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度等于三條通電導(dǎo)線在此處疊加而成，即垂直紙面向外， 而 b 點(diǎn)與 a 點(diǎn)有相同的情況， 有兩根相互抵消， 則由第三根產(chǎn)生磁場(chǎng)，即為垂直紙面向外，而A 正確， B 錯(cuò)誤；C、 D、由圖可知，根據(jù)右手螺旋定則可得，a 和 b 處磁場(chǎng)方向垂直于紙面向外，c 處磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里，故C 正確， B 錯(cuò)誤。故選： AC。通電導(dǎo)線周圍存在磁

18、場(chǎng)，且離導(dǎo)線越遠(yuǎn)場(chǎng)強(qiáng)越弱磁場(chǎng)不但有大小而且有方向，方向相同則相加，方向相反則相減并根據(jù)矢量疊加原理來(lái)求解根據(jù)通電導(dǎo)線周圍的磁場(chǎng)對(duì)稱性、方向性，去確定合磁場(chǎng)強(qiáng)度大小磁場(chǎng)的方向相同，則大小相加；方向相反的，大小相減同時(shí)考查矢量疊加原理7.【答案】 CD【解析】 解：第1 秒內(nèi)、第2 秒內(nèi)、第3 秒內(nèi)力 F 的大小分別為：?1 = 2?， ?2 = 3?，?3 = 1?，A、第1s內(nèi)的位移?1= 11= 1?1s內(nèi)F?= ?= 21= 2?，則第對(duì)滑塊做功為： 111，故 A錯(cuò)誤；-?+?1+2= 1.5?/?，則第 2s 內(nèi) F 對(duì)滑塊做功的平均B、第 2s 內(nèi)的平均速度為：=12 =?22-=

19、4.5?，故 B 錯(cuò)誤；功率為： ?= ?= 3 1.52C、第 2s 末的速度 ?2 = 2?/?，則第 2s末 F 對(duì)滑塊做功的瞬時(shí)功率為：?2 =?22 =3 2 = 6?，故 C 正確；D 、速度圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移，前3s 內(nèi) F 對(duì)滑塊做的總功為 ? = ?1?1 +? + ? = 2 1 + 3 1+2 1 + 1 1+21 = 8?，故 D 正確。223322故選： CD。根據(jù) ?-?圖象讀出第 1 秒內(nèi)、第2 秒內(nèi)、第3 秒內(nèi)力 F 的大小，根據(jù) ?- ?圖象讀出某第7頁(yè)，共 12頁(yè)個(gè)時(shí)刻的瞬時(shí)速率，根據(jù)平均功率的公式-，瞬時(shí)功率的公式?= ?求解，根據(jù)?= ?功的

20、計(jì)算公式求解功。本題關(guān)鍵要掌握計(jì)算平均功率的公式- ，瞬時(shí)功率的公式?= ?，知道速度圖象?= ?面積表示位移。8.【答案】 CD【解析】 解：AC、在勻強(qiáng)電場(chǎng)中， 每前進(jìn)相同的距離，電勢(shì)的降落相等，故：? - ? =? - ?，代入數(shù)據(jù)解得： ? = 8?，故 A 錯(cuò)誤 C 正確；? ?B、由電勢(shì)能的定義知：= -? = -20?= -? =-24?，所以電子在 a?，?點(diǎn)的電勢(shì)能比在b 點(diǎn)高 4ev，故 B 錯(cuò)誤；D、電子從ad=-? = -?(? -? ) ，解得：?= -16?，運(yùn)動(dòng)到 ，電場(chǎng)力做功： ?故D正確；故選： CD。在勻強(qiáng)電場(chǎng)中， 每前進(jìn)相同的距離， 電勢(shì)的降落相等。 根據(jù)

21、該結(jié)論列式求解C 點(diǎn)的電勢(shì)，再由電勢(shì)能的定義比較電勢(shì)能的高低，由功的公式求解電場(chǎng)力的功。本題關(guān)鍵是記住“勻強(qiáng)電場(chǎng)中每前進(jìn)相同的距離電勢(shì)的降落相等”的結(jié)論。9.【答案】 AEAAB中，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程?【解析】 解： 、過(guò)程? = ?，P 不變，溫度 T 升高，可以推出體積 V 增大，氣體對(duì)外做功 ? 0 ，? 0，所以過(guò)程 AB 中氣體一定吸熱，故 A 正確。?TPB、過(guò)程 BC 中，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程= ?不變，壓強(qiáng)增大，可以推出?，溫度體積 V 減小，氣體對(duì)外做功 ? 0 ；再根據(jù)熱力學(xué)第一定律? + ?= ?，?= 0 ，? 0 ，可以推出 ? 0 ，所以過(guò)程 BC 中氣體一定放熱

22、，故B 錯(cuò)誤。C、過(guò)程 CD 中，氣體溫度降低， 氣體內(nèi)能增量 ?0 ，根據(jù)熱力學(xué)第一定律， ? + ?=? 0， |?| |?|，即外界對(duì)氣體所做的功不等于氣體所放的熱，故C 錯(cuò)誤。，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程?，?D 、A 和 D 兩個(gè)狀態(tài)中，溫度相等， ? ?故D錯(cuò)誤。E、 B 和 C 兩個(gè)狀態(tài)中，溫度不變，分子平均動(dòng)能不變，分子密集程度增大，? ?根據(jù)氣體壓強(qiáng)的微觀意義，B 到 C 過(guò)程中， 容器壁單位面積單位時(shí)間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)增加，故E 正確。故選： AE。過(guò)程 AB 中，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程和熱力學(xué)第一定律可以推出，? 0，? 0 ；過(guò)程 BC 中，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程和熱力學(xué)

23、第一定律可以推出，?= 0，? 0 ，可以推出 ? 0 ；過(guò)程 CD 中，根據(jù)熱力學(xué)第一定律， ? + ?= ? 可得：。?1 3?答： ( )此介質(zhì)的布儒斯特角 ?是 60。?(?)介質(zhì)的厚度 ?應(yīng)滿足的條件是：?。11 3?【解析】 (?)在介質(zhì)的上表面，由反射定律知道布儒斯特角?等于反射角 i 。由折射定律?求出折射角 r ，再由幾何知識(shí)求出i 和 r 的關(guān)系，聯(lián)立求解介質(zhì)的布儒斯特角? ；?(?)在介質(zhì)的下表面，由折射定律列式。由幾何知識(shí)分析光線向右走過(guò)的距離與L 的關(guān)系，從而得到介質(zhì)的厚度 ?應(yīng)滿足的條件。1解決本題的關(guān)鍵是掌握折射定律，運(yùn)用幾何關(guān)系分析出折射角和反射角的關(guān)系。2?15.【答案】 解： (1) 小球 A 恰好滑到圓軌道最高點(diǎn)，則在最高點(diǎn)有：?= ? ?物體沿光滑半圓上滑到最高點(diǎn)過(guò)程機(jī)械能守恒：1212?2?+? =?22解得： ? = 5?/?即 AB 兩球剛分離時(shí)A 的速度大小 5?/?。(2)?分離時(shí)，由動(dòng)量守恒定律得：?= ?解得第11 頁(yè)，共 12頁(yè)? = 3?/?B 分離后做平拋運(yùn)動(dòng)，有平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律得? =122?解得?= 0.4?= ?聯(lián)立解得：?=1.2?即斜面距離