2020年江西省南昌十中高考物理模擬試卷

1、2020 年江西省南昌十中高考物理模擬試卷一、單選題（本大題共5 小題，共30.0 分）1.如圖是原子物理史上幾個(gè)著名的實(shí)驗(yàn)，關(guān)于這些實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是()A. 盧瑟福 ?粒子散射實(shí)驗(yàn)否定了原子結(jié)構(gòu)的棗糕模型，提出原子的核式結(jié)構(gòu)模型B. 放射線在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)，中間沒(méi)有偏轉(zhuǎn)的為?射線，電離能力最強(qiáng)C. 電壓相同時(shí)，光照越強(qiáng)，光電流越大，說(shuō)明遏止電壓和光的強(qiáng)度有關(guān)D. 鈾 235 只要俘獲中子就能進(jìn)行鏈?zhǔn)椒磻?yīng)2. 如圖所示，兩根不可伸長(zhǎng)的輕繩一端與一個(gè)質(zhì)量為m 的小球相連于 O 點(diǎn)，另一端分別固定在小車天花板上的A、B兩點(diǎn)，OA繩與天花板的夾角為 30，OB繩與天花板的夾角為 60，重力加速度為

2、 g。當(dāng)小車以速度v 向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，小球與車保持相對(duì)靜止時(shí)，下列說(shuō)法正確的是()A. OA 繩對(duì)小球的拉力大小為3?2B. OB 繩對(duì)小球的拉力大小為12 ?C. OA 繩對(duì)小球拉力做功的功率為34 ?D. 重力對(duì)小球做功的功率為mgv3. 如圖所示， 在兩等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中，MN 為兩電荷連線的中垂線， a、 b、 c 三點(diǎn)所在直線平行于兩電荷的連線，且a 與 c 關(guān)于 MN對(duì)稱， b 點(diǎn)位于 MN 上， d 點(diǎn)位于兩電荷的連線上。以下判斷正確的是 ( )A. b 點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大于d 點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)B. b 點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為零C. a、b 兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于b、 c 兩點(diǎn)間的電勢(shì)差D. 試探電荷 +?在

3、 a 點(diǎn)的電勢(shì)能小于在c 點(diǎn)的電勢(shì)能4. 2018 年 12 月 8 日“嫦娥四號(hào)”發(fā)射升空，它是探月工程計(jì)劃中第四顆人造探月衛(wèi)星。已知萬(wàn)有引力常量為 G，月球的半徑為 R，月球表面的重力加速度為g，嫦娥四號(hào)繞月球做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為r ，繞月周期為 ?則.下列說(shuō)法中正確的是 ( )A.B.2“嫦娥四號(hào)”繞月運(yùn)行的速度為?月球的第一宇宙速度為?第1頁(yè)，共 14頁(yè)C.D.嫦娥四號(hào)繞行的向心加速度大于月球表面的重力加速度g33?月球的平均密度為?=23?5. 如圖所示，圓形磁場(chǎng)區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，三個(gè)帶電粒子 A， B，C 先后從 P 點(diǎn)以相同的速度沿PO 方向射入磁場(chǎng)，分別從a，

4、b，c 三點(diǎn)射出磁場(chǎng)，三個(gè)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間分別用?、?、?表示，三個(gè)粒子的比荷分別用?，? ? ?，?表示，三個(gè)粒子在該磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期分別用?、?、? ?表示，下列說(shuō)法正確的是 ()?A. 粒子B帶正電 B. ? ? ? ? ? ?C. ?二、多選題（本大題共4 小題，共23.0 分）6. 如圖 1 所示，物體以一定初速度從傾角?= 37 的斜面底端沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，上升的最大高度為 3.0?.選擇地面為參考平面，上升過(guò)程中，物體的機(jī)械能?機(jī) 隨高度 h的變化如圖2 所示。 ?= 10?/?2， ?37=0.60 ， ?37=0.80.則 ()A. 物體的質(zhì)量 ? = 0.67?B. 物

5、體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)?= 0.40C. 物體上升過(guò)程的加速度大小?= 10?/?2D. 物體回到斜面底端時(shí)的動(dòng)能? = 10?7. 如圖所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為2： 1，其輸入端通過(guò)燈泡?與輸出1電壓有效值恒定為 ?= ? sin(?)(?)的的交流電源相連， 副線圈電路中接有燈泡?2和最大阻值為 R 的滑動(dòng)變阻器， 已知兩個(gè)燈泡的額定電壓均為 U ，且兩者規(guī)格完全相同，電壓表為理想電表， 導(dǎo)線電阻不計(jì)。 開始時(shí)滑動(dòng)變阻器的滑片 P 位于最下端，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片可使兩個(gè)小燈泡同時(shí)正常發(fā)光 ( 忽略燈絲電阻變化 )，下列說(shuō)法正確的是 ( )A.B.C.在 R 的滑片 P 向上滑

6、動(dòng)的過(guò)程中，電源的輸出功率將會(huì)變大在 R 的滑片 P 向上滑動(dòng)的過(guò)程中， ?1的亮度會(huì)變暗若小燈泡?突然燒壞，電壓表示數(shù)會(huì)減小2D. 交流電源的最大值為? = 32?8. 如圖甲所示，一塊質(zhì)量為?= 2?A靜止在水平地面上，一個(gè)質(zhì)量為? =?的木板?1?的滑塊 B 靜止在木板的左端，對(duì)B 施加一向右的水平恒力F，一段時(shí)間后 B 從A 右端滑出， A 繼續(xù)在地面上運(yùn)動(dòng)一段距離后停止，此過(guò)程中A 的速度隨時(shí)間變化的圖象如圖乙所示。 設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力， 重力加速度取 ?= 10?/?2.則下列說(shuō)法正確的是 ( )第2頁(yè)，共 14頁(yè)A. 滑塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.6B. 木板與地面之

7、間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1C. F 的大小可能為9ND. F 的大小與板長(zhǎng)L 有關(guān)9. 下列有關(guān)熱力學(xué)基本概念、規(guī)律與熱力學(xué)定律的描述正確的是( )A. 熱量是在單純的熱傳遞過(guò)程中系統(tǒng)內(nèi)能變化的量度B. 絕熱過(guò)程中，系統(tǒng)內(nèi)能的變化只與做功的多少有關(guān)，而與做功的方式無(wú)關(guān)C. 改變內(nèi)能的兩種方式是做功和熱傳遞，因此同時(shí)做功和熱傳遞一定會(huì)改變內(nèi)能D. 第二類永動(dòng)機(jī)不違反能量守恒定律，但違反了熱力學(xué)第二定律E. 機(jī)械能不可能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，內(nèi)能也不可能全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械能三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2 小題，共15.0 分）10. 某實(shí)驗(yàn)小組同學(xué)利用下列器材做“研究合外力做功與動(dòng)能變化的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)：A.一端帶有滑輪和

8、刻度尺的軌道B.兩個(gè)光電計(jì)時(shí)器C.安裝有擋光片的小車 ( 質(zhì)量為 ?) D.拴有細(xì)線的托盤 ( 質(zhì)量為 ?0 ) E.可以調(diào)節(jié)高度的平衡支架F.一定數(shù)量的鉤碼某小組選用上述器材安裝實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示，軌道上安裝了兩個(gè)光電門A、?實(shí).驗(yàn)步驟：調(diào)節(jié)兩個(gè)光電門中心的距離，記為L(zhǎng)；調(diào)節(jié)軌道的傾角，輕推小車后，使小車?yán)^碼和托盤能沿軌道向下勻速經(jīng)過(guò)光電門 A、B，鉤碼的質(zhì)量記為m；撤去托盤和鉤碼，讓小車仍沿軌道向下加速經(jīng)過(guò)光電門A、B，光電計(jì)時(shí)器記錄AB的時(shí)間分別為 ?和 ?；小車通過(guò) 、12利用測(cè)得的數(shù)據(jù)求得合外力做功與動(dòng)能變化的關(guān)系。根據(jù)實(shí)驗(yàn)過(guò)程，滑輪的摩擦力不計(jì)，回答以下問(wèn)題(1) 圖乙是用游標(biāo)

9、卡尺測(cè)擋光片的寬度d_cm。，則 ?=(2) 小車加速?gòu)?A 到 B 過(guò)程中合外力做的功 ? = _；小車動(dòng)能的變化量的表達(dá)式 ?) 。通過(guò)實(shí)驗(yàn)可得出：在誤差允許?= _(用測(cè)得的物理量的字母符號(hào)表示的范圍內(nèi)合外力所做的功等于小車動(dòng)能的增量。第3頁(yè)，共 14頁(yè)11.為了測(cè)定電阻的阻值，實(shí)驗(yàn)室提供下列器材：待測(cè)電阻R (阻值約 100?)、滑動(dòng)變阻器 ?(0 100?)、滑動(dòng)變阻器 ? (0 10?)、電阻箱 ?(0 9999.9?)、理想電流120表 ?(量程 50?)、直流電源 ?(3?，內(nèi)阻忽略 )、導(dǎo)線、電鍵若干(1) 甲同學(xué)設(shè)計(jì) (?)所示的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn) 請(qǐng)?jiān)趫D (?)中用筆畫線代替導(dǎo)

10、線，完成實(shí)物電路的連接 滑動(dòng)變阻器應(yīng)選_ (填入字母 ) 實(shí)驗(yàn)操作時(shí)，先將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)頭移到_ (選填“左”或“右”) 端，再接通開關(guān) S；保持 ?斷開，閉合 ?，調(diào)滑動(dòng)變阻器使電流表指針偏轉(zhuǎn)至某一位置，21并記下電流 ?1 斷開，保持滑動(dòng)變阻器阻值不變， 調(diào)整電阻箱 ? 阻值在 100?左右，再閉合 ?，?102調(diào)節(jié) ?阻值使得電流表讀數(shù)為_ 時(shí)， ?的讀數(shù)即為電阻的阻值00(2) 乙同學(xué)利用電路 (?)進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，改變電阻箱?0值，讀出電流表相應(yīng)的電流I ，由測(cè)得的數(shù)據(jù)作出1/?-?圖象如圖 (?)所示，圖線縱軸截距為m，斜率為 k，則電阻0的阻值為 _ (3) 若電源內(nèi)阻是不可忽略的，

11、 則上述電路 (?)和 (?)，哪種方案測(cè)電阻更好？為什么？_ 四、計(jì)算題（本大題共3 小題，共 42.0 分）12. 如圖，質(zhì)量為 6m、長(zhǎng)為 L 的薄木板 AB 放在光滑的平臺(tái)上，木板B 端與臺(tái)面右邊緣齊平。 B 端上放有質(zhì)量為 3m 且可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊 C，C 與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為 ?=31.質(zhì)量為 m 的小球用長(zhǎng)為L(zhǎng) 的細(xì)繩懸掛在平臺(tái)右邊緣正上方的O 點(diǎn)，細(xì)繩豎直時(shí)小球恰好與C 接觸?，F(xiàn)將小球向右拉至細(xì)繩水平并由靜止釋放，小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)細(xì)繩恰好斷裂。小球與C 碰撞后反彈速率為碰前的一半。(1) 求細(xì)繩能夠承受的最大拉力；(2) 若要使小球落在釋放點(diǎn)的正下方P 點(diǎn)，平臺(tái)高度應(yīng)為多

12、大？(3) 通過(guò)計(jì)算判斷 C 能否從木板上掉下來(lái)。第4頁(yè)，共 14頁(yè)13. 如圖所示， 空間存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度?= 0.5 ?。在勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域內(nèi)，有一對(duì)光滑平行金屬導(dǎo)軌， 處于同一水平面內(nèi)， 導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)，導(dǎo)軌間距 ?= 1 ?，電阻可忽略不計(jì)。 質(zhì)量均為 ? = 1 ?，電阻均為 ?= 2.5?的金屬導(dǎo)體棒 MN 和 PQ垂直放置于導(dǎo)軌上，且與導(dǎo)軌接觸良好。先將PQ 暫時(shí)鎖定，金屬棒 MN 在垂直于2棒的拉力 F 作用下，由靜止開始以加速度 ?= 0.4 ?/?向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)， 5 ?后保持拉力 F 的功率不變，直到棒以最大速度? 做勻速直線運(yùn)動(dòng)。?(1)求棒 MN 的最

13、大速度 ?；(2)當(dāng)棒 MN 達(dá)到最大速度 ?時(shí)，解除 PQ 鎖定，同時(shí)撤去拉力F ，兩棒最終均勻速運(yùn)動(dòng)。求解除 PQ 棒鎖定后，到兩棒最終勻速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，電路中產(chǎn)生的總焦耳熱。(3) 若 PQ 始終不解除鎖定，當(dāng)棒 MN 達(dá)到最大速度? 時(shí)，撤去拉力F ，棒 MN 繼續(xù)?運(yùn)動(dòng)多遠(yuǎn)后停下來(lái)？(運(yùn)算結(jié)果可用根式表示)14. 如圖，一固定的水平氣缸由一大一小兩個(gè)同軸圓筒組成，兩圓筒中各有一個(gè)活塞。大圓筒內(nèi)側(cè)截面積為 2S，小圓筒內(nèi)側(cè)截面積為 S，兩活塞用剛性輕桿連接，間距為2l ，活塞之間封閉有一定質(zhì)量的理想氣體。初始時(shí)大活塞與大圓筒底部相距l(xiāng) ?，F(xiàn)通過(guò)滑輪用輕繩水平牽引小活塞，在輕繩右端系托盤

14、( 質(zhì)量不計(jì) )。已知整個(gè)過(guò)程中環(huán)境溫度 ?、大氣壓 ?保持不變，不計(jì)活塞、滑輪摩擦、活塞導(dǎo)熱良好。求：00(?)緩慢向托盤中加沙子，直到大活塞與大圓簡(jiǎn)底部相距1，停止加沙，求此時(shí)沙子2質(zhì)量；(?)在(?)情景下對(duì)封閉氣體緩慢加熱可以使活塞回到原處，求回到原處時(shí)封閉氣體的溫度。第5頁(yè)，共 14頁(yè)第6頁(yè)，共 14頁(yè)答案和解析1.【答案】 A【解析】 解： A、盧瑟福通過(guò) ?粒子散射實(shí)驗(yàn)否定了原子的“棗糕模型”結(jié)構(gòu)，提出了原子的“核式結(jié)構(gòu)模型”，故A 正確；B、中間沒(méi)有偏轉(zhuǎn)的為?粒子，電離能力最弱，而穿透能力最強(qiáng)，故B 錯(cuò)誤；C、由圖可知，光照越強(qiáng)，光電流越大，但遏止電壓是一樣，說(shuō)明遏止電壓與光的

15、強(qiáng)度無(wú)關(guān)，故 C 錯(cuò)誤；D 、鈾 235 只有達(dá)到臨界體積時(shí)，俘獲一個(gè)中子就可以進(jìn)行鏈?zhǔn)椒磻?yīng)，故D 錯(cuò)誤；故選： A。盧瑟福通過(guò) ?粒子散射實(shí)驗(yàn)否定了原子的“棗糕模型”結(jié)構(gòu)，提出了原子的“核式結(jié)構(gòu)模型”；沒(méi)有偏轉(zhuǎn)的為?粒子，穿透能力最強(qiáng)，電離能力最弱；鈾 235 只有達(dá)到臨界體積時(shí)，俘獲一個(gè)中子才可以進(jìn)行鏈?zhǔn)椒磻?yīng)；光照越強(qiáng)，光電流越大，但遏止電壓與光的強(qiáng)度無(wú)關(guān)；考查原子核式結(jié)構(gòu)模型的發(fā)現(xiàn)者，及其意義；掌握三種射線的區(qū)別與組成；理解鏈?zhǔn)椒磻?yīng)與熱核反應(yīng)的區(qū)別。2.【答案】 C【解析】 解： AB、分析小球的受力情況，由平衡條件得：?30= ?60 ?30+?60= ?，?聯(lián)立可解得：?=?32，?

16、2? =?，故 AB 錯(cuò)誤；C、OA繩對(duì)小球做功的功率為：?= ?30?=3，故 C 正確；4?D 、重力做功的功率公式為 ?= ?，但是v 必須是重力方向的速度，小球是沿水平方向運(yùn)動(dòng)的，所以重力對(duì)小球做功的功率為零，故D 錯(cuò)誤。故選： C。根據(jù)平衡條件計(jì)算出OA、 OB 繩上的拉力。重力方向與小球的運(yùn)動(dòng)方向相互垂直，所以重力對(duì)小球做功的功率為零。OA 繩上的拉力在水平方向的分力與速度的乘積是OA 繩對(duì)小球做功的功率。此題考查了共點(diǎn)力的平衡和功率的計(jì)算，解題的關(guān)鍵受力分析， 根據(jù)平衡條件計(jì)算拉力，根據(jù)功率公式求解功率，注意功率是力與力的方向上速度的乘積。3.【答案】 C【解析】 解： AB、在

17、兩等量異號(hào)電荷連線上，中間點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度最小；在兩等量異號(hào)電荷連線的中垂線上，中間點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度最大；所以b 點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)小于 d 點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)，故 AB 錯(cuò)誤；C、由對(duì)稱性可知，a、 b 兩點(diǎn)的電勢(shì)差等于b、 c 兩點(diǎn)間的電勢(shì)差，故C 正確；D 、因 a 點(diǎn)的電勢(shì)高于c 點(diǎn)的電勢(shì)，故試探電荷 +?在 a 點(diǎn)的電勢(shì)能大于在c 點(diǎn)的電勢(shì)能，故D錯(cuò)誤。故選： C。根據(jù)等量異號(hào)電荷的電場(chǎng)分布特點(diǎn)分析各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小，由電場(chǎng)線性質(zhì)及電場(chǎng)的對(duì)稱性可知 ab 及 bc 兩點(diǎn)間的電勢(shì)差； 由電勢(shì)能的定義可知點(diǎn)電荷在a、c 兩點(diǎn)電勢(shì)能的大小。常見電場(chǎng)的電場(chǎng)線分布及等勢(shì)面的分布要求我們能熟練掌握，并要注意沿電場(chǎng)線的方向第7頁(yè)，共 1

18、4頁(yè)電勢(shì)是降低的，同時(shí)注意等量異號(hào)電荷形成電場(chǎng)的對(duì)稱性。4.【答案】 D【解析】 解： A、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有：? 2?2?，又2 ，解得“嫦= ? ?= ?2娥四號(hào)”繞月運(yùn)行的速度為：?= ?，故 A 錯(cuò)誤；?2B、繞月表面運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星受到的萬(wàn)有引力提供向心力，則：?，則第一宇2 = ?=?宙速度：故 B錯(cuò)誤。?= ?.C、嫦娥四號(hào)的軌道半徑大于月球的半徑，結(jié)合萬(wàn)有引力提供向心加速度可知，嫦娥四號(hào)繞行的向心加速度小于月球表面的重力加速度g。故 C 錯(cuò)誤；22 323?4? ?4?4? ?2D、根據(jù) ? 2= ? 2 得月球的質(zhì)量為： ? =2 ，則月球的密度為：?=?=?3?4?333?

19、23 ，故 D 正確。?故選： D。根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，萬(wàn)有引力等于重力， 聯(lián)立求出嫦娥四號(hào)繞月運(yùn)行的速度大小。根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力得出月球的質(zhì)量，結(jié)合月球的體積求出月球的平均密度。解決本題的關(guān)鍵掌握萬(wàn)有引力定律的兩個(gè)重要理論： 1、萬(wàn)有引力等于重力， 2、萬(wàn)有引力提供向心力，并能靈活運(yùn)用。5.【答案】 B【解析】 解：根據(jù)題意做出ABC 三種粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，根據(jù)題意，根據(jù)左手定則， 可以判斷B 粒子帶的電荷為負(fù)電荷，A 錯(cuò)；由圖可知，三粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑C最大， A 最小，根據(jù) ?=?，又粒子的?速度都相等，所以比荷的大小關(guān)系是：? ? ?，故 C 錯(cuò)誤；? ?根據(jù)周

20、期公式?= 2?及比荷的大小關(guān)?系可知： ? ? ?，故 D 錯(cuò)誤；?由圖， ABC 三個(gè)粒子形成的圖象在磁場(chǎng)區(qū)域留下的弧長(zhǎng)C 最長(zhǎng)， A 最短，而三個(gè)粒子的速度相同，根據(jù)時(shí)間等于弧長(zhǎng)除以速度，所以有：? ? 9?，則 F 的大C、對(duì)木塊 B 分析有： ?-? 2?/?1 ?小不可能為9N，故 C 錯(cuò)誤。1212?= 1?C中公式解得：?=2?+ 9，即F的大D 、根據(jù) ?= 2? ?-2?，式中，聯(lián)立?1小與板長(zhǎng) L 有關(guān)，故 D 正確。故選： BD。根據(jù)木板A的?-?圖象求解滑塊在木板上滑動(dòng)時(shí)和離開木板時(shí)木板的加速度，根據(jù)牛頓第二定律列式求解兩個(gè)動(dòng)摩擦因數(shù)；若木塊在木板上滑動(dòng)時(shí)，木塊的加速

21、度應(yīng)該大于木板的加速度，由此求解F 的范圍；根據(jù)木塊和木板的位移關(guān)系求解F與L的關(guān)系。本題時(shí)牛頓第二定律的綜合應(yīng)用問(wèn)題，首先要搞清兩物體的運(yùn)動(dòng)情況，通過(guò)?-?圖象獲取運(yùn)動(dòng)信息，結(jié)合牛頓第二定律求解。9.【答案】 ABD【解析】 解： A、根據(jù)熱力學(xué)第一定律得熱量是在單純的熱傳遞過(guò)程中系統(tǒng)內(nèi)能變化的量度，故 A 正確；B、絕熱過(guò)程中，系統(tǒng)內(nèi)能的變化只與做功的多少有關(guān)，而與做功的方式無(wú)關(guān)，故B 正確；C、改變內(nèi)能的方式有做功和熱傳遞，二者在內(nèi)能的改變上是一樣的，若對(duì)外做功的同時(shí)吸收熱量，內(nèi)能可能不變，故C 錯(cuò)誤；D 、第二類永動(dòng)機(jī)不違反能量守恒定律，但違反了熱力學(xué)第二定律，故D 正確；E、機(jī)械能可

22、能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，內(nèi)能不可能全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，而不產(chǎn)生其他影響，故 E錯(cuò)誤。故選： ABD。改變內(nèi)能的方式有做功和熱傳遞；熱力學(xué)第二定律的兩種表述：(1) 按傳熱的方向性表述：熱量不能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體，(2) 按機(jī)械能與內(nèi)能轉(zhuǎn)化的方向性表述：不可能從單一熱源吸收熱量，使之完全變成功，而不產(chǎn)生其他影響。本題考查熱力學(xué)第一定律與熱力學(xué)第二定律，關(guān)鍵熟悉熱力學(xué)定律的各種表述，能夠明確熱力學(xué)第二定律的本質(zhì)，掌握內(nèi)能的決定因素。21110.【答案】 0.735(?0?+ ?)?2( ? ?2-2 )21【解析】 解：(1)游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為7mm，游標(biāo)精度值為 0.05?，游尺讀數(shù)為7 0

23、.05? = 0.35?，則最終讀數(shù)為7.35? =0.735?。(2) 小車加速?gòu)?A 到 B 過(guò)程中合外力等于鉤碼和托盤的重力，所以合外力做的功? =122?1 =?=?(?0 + ?)?；小車動(dòng)能的變化量的表達(dá)式?=?(?2 -?1 )，其中， 2，2 ?12211所以 ? =?-2(22 ) 。? ?2121故答案為： (1)0.735；(2)(? 0 +?)?；? 1-。2(22 )? ?21第10 頁(yè)，共 14頁(yè)(1) 游標(biāo)卡尺的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀；(2) 小車加速?gòu)?A 到 B 過(guò)程中合外力等于鉤碼和托盤的重力，根據(jù)? =?求解合外力做的功；小車動(dòng)能的變化量的

24、表達(dá)式?122?=，?=，從而?=2?(?2- ?1 ) ，其中 ?1 ?2 ?12知?jiǎng)幽艿淖兓?。本題考查探究功與速度變化的關(guān)系實(shí)驗(yàn)， 解決本題的關(guān)鍵掌握數(shù)據(jù)處理的方法， 會(huì)通過(guò)數(shù)據(jù)求解瞬時(shí)速度。11.【答案】 ?；左； ?； ?；電路 (?)好 (1 分 )因?yàn)殡娫磧?nèi)阻對(duì)用(?)測(cè)電阻沒(méi)有影響，21 ?而導(dǎo)致用 (?)測(cè)量電阻偏大，有測(cè)量誤差【解析】 解： (1) 連線圖如圖所示： 由于變阻器采用分壓式接法時(shí)，阻值越小調(diào)節(jié)越方便，所以變阻器應(yīng)選? ；?2 實(shí)驗(yàn)操作時(shí)， 應(yīng)將變阻器的滑動(dòng)觸頭置于輸出電壓最小的最左端； 根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可知，變阻器的輸出電壓U 應(yīng)保持不變，?根據(jù)歐姆定律，斷開 ?

25、閉合 ?時(shí)應(yīng)有：?= ?；2110?斷開 ?閉合 ?時(shí)應(yīng)有： ?= ?，比較可知， 當(dāng)?時(shí)，122 ?02= ?1?，即調(diào)節(jié) ? 阻值使得電流表讀數(shù)為?的讀數(shù)即為電阻的阻值；?= ?時(shí)， ?0100(2) 根據(jù)閉合電路歐姆定律應(yīng)有：?=?，整理可得：11?(?+ ?+)=+，0?根據(jù)函數(shù)斜率和截距概念可知?1? = ，?=，解得?= ；?(3) 若電源內(nèi)阻是不可忽略的，則電路(?)好，因?yàn)殡娫磧?nèi)阻對(duì)用(?)測(cè)電阻沒(méi)有影響，而導(dǎo)致用 (?)測(cè)量電阻偏大，有測(cè)量誤差?故答案為： (1) 如圖； ? ； 左； ?21?(2) ?(3) 電路 (?)好；電源內(nèi)阻對(duì)用 (?)測(cè)電阻沒(méi)有影響，而導(dǎo)致用 (

26、?)測(cè)量電阻偏大，有測(cè)量誤差本題 (1) 的關(guān)鍵是明確變阻器采用分壓式接法時(shí)，阻值越小調(diào)節(jié)越方便；題 的關(guān)鍵是明確本實(shí)驗(yàn)的條件是保持變阻器的輸出電壓不變，然后根據(jù)歐姆定律即可求解題(2)的關(guān)鍵是根據(jù)閉合電路歐姆定律寫出公式，然后整理出1?與 ?的函數(shù)表達(dá)式，再根據(jù)斜?0率和截距的概念即可求解 題 (3) 的關(guān)鍵是明確電源內(nèi)阻對(duì)電路(?)沒(méi)有影響對(duì)電路 (?)有影響本題應(yīng)明確： 當(dāng)變阻器采用分壓式接法時(shí)，變阻器的阻值越小調(diào)節(jié)越方便； 變阻器采用分壓式接法時(shí)，當(dāng)待測(cè)電阻遠(yuǎn)大于變阻器的全電阻時(shí)，變阻器的輸出電壓基本保持不變； 遇到根據(jù)圖象求解的題目，首先根據(jù)物理規(guī)律列出公式，然后整理出關(guān)于縱軸物理量

27、與橫軸物理量的表達(dá)式，再根據(jù)斜率和截距的概念即可求解12.【答案】 解： (1)設(shè)小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的速率為?0，小球向下擺動(dòng)過(guò)程機(jī)械能守恒，12由機(jī)械能守恒定律得：?= 2 ?0 解得： ?0 = 2? ，2?小球在圓周運(yùn)動(dòng)最低點(diǎn)，由牛頓第二定律得：?-?= ?0 由牛頓第三定律可知，小球?qū)?xì)繩的拉力：?= ? 第11 頁(yè)，共 14頁(yè)解得： ?= 3? ；12(2) 小球碰撞后平拋運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上：? = 2 ? ?水平方向： ?= 20 ? 解得： ? = ? (3) 小球與滑塊 C 碰撞過(guò)程中小球和C 系統(tǒng)滿足動(dòng)量守恒，設(shè)C 碰后速率為 ?1，以小球的初速度方向?yàn)檎较颍蓜?dòng)量守恒定律得：?0 = ?(-?0) + 3?1 2假設(shè)木板足夠長(zhǎng)，在C 與木板相對(duì)滑動(dòng)直到相對(duì)靜止過(guò)程，設(shè)兩者最終共同速