歐姆定律專項綜合練習(xí)卷(含答案解析)

1、歐姆定律專項綜合練習(xí)卷（含答案解析）一、選擇題1 .如圖所示，電源電壓保持不變，小燈泡L1、L2分別標(biāo)有“6V3W和“6V6W的字樣，滑動變阻器R的阻值變化范圍為 012Q，當(dāng)Si、9和S3都閉合，滑動變阻器的滑片滑到a端時，兩燈都正常發(fā)光.不考慮溫度對燈泡電阻的影響，則（A.電源電壓為12 VC.整個電路的最小功率【答案】【解析】2.25W. B.兩燈都正常發(fā)光時電流表的示數(shù)為3AH D.整個電路的最大功率 9 W（1 ）當(dāng)Si、S2、S3都閉合，滑動變阻器滑到a端時，燈泡L1和燈泡因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，且兩燈都正常發(fā)光，U=U1=U2=6V,故A錯誤；（2）由P=UI可得，兩燈

2、泡都正常發(fā)光時通過【解答】解:L2并聯(lián)，所以，電源的電壓的電流：A豈|1=門=屈=0.5A,|2=囚=岡=1A,因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和, 所以，兩燈都正常發(fā)光時電流表的示數(shù)：叢別Ri=門=必創(chuàng)=12 0,R2=I=Ii+|2=0.5A+1A=1.5A,故B錯誤；（3）由1龍可得，兩燈泡的電阻：刖=6 Q,當(dāng)Si、S3閉合且滑片位于b端時，Ri與R的最大阻值串聯(lián)，電路中的總電阻最大，電路的 總功率最小，因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，電路的最小總功率：P小=鬥用=丿了& T 酥 =1.5W,故C錯誤；（4）當(dāng)Si、2、S3都閉合且滑片位于 a端 時，兩燈泡并聯(lián)，電路中的

3、總電阻最小，電路的總功率最大，因此時兩燈泡均正常發(fā)光， 所以，整個電路的最大功率：P 大=Pi+F2=3W+6W=9W，故 D 正確. 故選D.a端時，燈泡Li和燈泡L2并【分析】（1 ）當(dāng)S,、S2和S3都閉合，滑動變阻器的滑片滑到 聯(lián)，兩燈泡均正常發(fā)光時的電壓和額定電壓相等，根據(jù)并聯(lián)電路的電壓特點求出電源的電 壓；（2）根據(jù)P=UI求出兩燈泡都正常發(fā)光時通過的電流，根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點求出兩燈都正常發(fā)光時電流表的示數(shù)；（3）根據(jù)歐姆定律求出兩燈泡的電阻，兩燈泡的最大電阻和R的最大阻值串聯(lián)時電路中的總電阻最大，電路的總功率最小，根據(jù)電阻的串聯(lián)和Si、S、S3都閉合且滑片位于 a端時，兩燈泡

4、并 此時兩燈泡的實際功率和額定功率相等，P=UI=斤求出電路的最小總功率；（4 ）當(dāng) 聯(lián)，電路中的總電阻最小，電路的總功率最大， 兩燈泡的功率之和即為電路的總功率.2.某同學(xué)在探究 電流跟電壓、電阻的關(guān)系 圖像相符的是”時，根據(jù)收集到的數(shù)據(jù)畫出了如圖所示的一個a.電阻一定時, 增大電流隨著電壓的增大而增大mB.電阻一定時，電壓隨著電流的增大而C.電壓一 減小【答案】定時,電流隨著電阻的增大而減小hD.電壓一定時，電阻隨著電流的增大而【解析】數(shù)，結(jié)合歐姆定律可以知道這個前提是電阻兩端的電壓 致電流發(fā)生變化，所以應(yīng)該是電流隨著電阻的變化而變化。點撥：從圖中可以看出，當(dāng)電阻增大時,電流在減小，電流與

5、電阻成反比例函 定。并且是因為電阻的變化而導(dǎo)全解；C回味：在電路中是因為電阻變化使電流隨著變化，電阻是因，電流是果。在物理上這種因 果關(guān)系不能顛倒，如在光學(xué)中光的反射定律中只能講反射光線與入射光線的關(guān)系。3.如圖所示的電路中，電源電壓為20V,定值電阻為 20 0,滑動變阻器標(biāo)有“ 30 Q1A”字015V,在該電路正常使用的情況下9:（）a.電路允許通過的最大電流為1AC.電壓表的最小示數(shù)為 5V【答案】BB電路消耗的最小功率為 8WD.滑動變阻器接入電路的最小阻值為10 0【解析】 【解答】 由于電壓表量程為“015V,則當(dāng) Uf=15V 時，* y殛狷.此時電流小于滑動變阻器的最大電流1

6、A，所以電路中的最大電流為lmax=lR =0.75A,故A錯誤.根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點可知：U滑min = U-UR=20V-15V=5V,尿“ -77 - Ttssftx 0. / 尿I?;故D錯誤;根據(jù)歐姆定律得：當(dāng)滑動變阻器全部連入電路時，則根據(jù)電阻的串聯(lián)特點得：R總m ax=R+R滑=20Q +30Q =50QV2點所以，氏S矽Q,根據(jù)歐姆疋律得：電壓表的最小示數(shù)URmin=Imin R=0.4A X 20 Q =8故C錯誤.電路消耗的最小功率 Pmin=UImin=20VX 0.4A=8Vy故B正確.故答案為：B./ - A算出電路中的電流，再與滑動變阻器上【分析】(1 )當(dāng)電壓表

7、示數(shù)為 15V時，根據(jù) 允許通過的最大電流相比較即可確定電路中的最大電流;(2) 電路中電流最大時，滑動變阻器最值最小，根據(jù)斤 7算出滑動變阻器的最小阻值;(3) 當(dāng)滑動變阻器阻值最大時，電路中電流最小，根據(jù)歐姆定律求出電路中的最小電流， 再根據(jù)U=IR求出電壓表的示數(shù)；(4) 根據(jù)P=UI算出電路消耗的最小功率.4. 如圖所示，A是懸掛在彈簧測力計下的條形磁鐵，B是螺線管。閉合開關(guān)，待彈簧測力計示數(shù)穩(wěn)定后，將滑動變阻器的滑片緩慢向右移動的過程中，下列說法正確的是()mB.電壓表示數(shù)變小，電流表示數(shù)也變小“D.螺線管上端是 S極，彈簧測力計示數(shù)a.電壓表示數(shù)變大，電流表示數(shù)也變大C.螺線管上端

8、是N極，彈簧測力計示數(shù)變小變大【答案】C【解析】【解答】由圖知道，定值電阻Ro與滑動變阻器、螺線管串聯(lián)，電壓表測量的是R兩端的電壓；當(dāng)將滑動變阻器的滑片P向右滑動時，滑動變阻器R阻值變小，由串聯(lián)電路電阻的特點可知，則電路中的總電阻變小，電路的電流變大，由串聯(lián)電路分壓特點得電壓 表示數(shù)變小，通電螺線管的磁性增強(qiáng)，由右手螺旋法則判斷螺線管的上端為N極，和上面的磁極相互排斥，通電螺線管的磁性增強(qiáng)，排斥力變大，彈簧測力計示數(shù)變小。故答案為：Co【分析】（1）影響電磁鐵磁性強(qiáng)弱的因素有：電流的大小、線圈的匝數(shù)、有無鐵芯。線圈 的匝數(shù)一定，電流越大磁性越強(qiáng)；（2）運(yùn)用安培定則（用右手握螺線管，讓四指彎向螺

9、線管中電流方向，則大拇指所指的那 端就是螺線管的北極）判斷通電螺線管的極性；（3）磁極間的相互作用：同名磁極相互排斥，異名磁極相互吸引。（4）當(dāng)變阻器 R的滑片緩慢向右移動，滑動變阻器接入電路的電阻變小，根據(jù)歐姆定律和串聯(lián)電路電壓的特點可知電路電流表和電壓表示數(shù)的變化.5. 如圖所示，電源電壓 6V保持不變，定值電阻 Ri標(biāo)有“10 Q 0.5字樣：滑動變阻器 R2標(biāo) 有“20Q 1A字樣，電流表量程為 00.6A，電壓表量程為 03V,閉合開關(guān) S,下列做法能 夠保證電路安全的是（）A. 電路中電流不超過以創(chuàng)B. kI兩端電壓不超過 3VC. 滑動變阻器連入電路的阻值在加Q范圍內(nèi)變化D. 電

10、路的總功率在I冷F范圍內(nèi)變化【答案】D【解析】【解答】解：由電路圖可知，Ri與R?串聯(lián)，電壓表測 R2兩端的電壓，電流表測Imin =局=電路中的電流。（1）當(dāng)電壓表的示數(shù) U2=3V時，電路中的電流，fg =0.3A,因串聯(lián)電路中各處的電流相等，且R1允許通過的最大電流為0.5A，電流表的量程為00.6A,滑動變阻器允許通過的最大電流為1A,故最大電流為0.5A, A不符合題意；R1兩端電壓最大：U1大=1大R1=0.5A X 10 0 =5B不符合題意所以，電路中的最大電流I大=0.5A,此時滑動變阻器接入電路中的電阻最小，電路消耗的總功率最大， 電路中的總電阻： R=以=必前=12Q,因

11、串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和， 所以，滑動變阻器接入電路中的最小阻值:R2 小=R-R=12 0-10 Q =2 p當(dāng)電壓表的示數(shù) U2=3V時，滑動變阻器接入電路中的電阻最大為:R滑=Zn/J =a 34=10 0則滑動變阻器R2接入電路的阻值允許變化范圍可以為2 010 0 C不符合題意;電路消耗的最大功率：P大=UI大=6VX 0.5A=3W/( 2)當(dāng)電壓表的示數(shù) U2=3V時，滑動變阻器接入電路中的電阻最 大，電路中的電流最小，電路消耗的總功率最小，電路消耗的最小功率：P 小=ui 小=6VX 0.3A=1.8Vy所以，電路消耗總功率允許的變化范圍可以為1.8W3W, D符合題意

12、。故答案為：D?！痉治觥拷Y(jié)合電路圖，理清元件的連接方式及電表的測量對象，根據(jù)歐姆定律求出電壓表 的示數(shù)最大時電路中的電流，然后與定值電阻允許通過的最大電流、滑動變阻器允許通過 的最大電流、電流表的量程確定電路中的最大電流，此時滑動變阻器接入電路中的電阻最 小，R1消耗的電功率最大，電路消耗的總功率最大，根據(jù)歐姆定律求出電路中的總電阻， 利用電阻的串聯(lián)求出變阻器接入電路中的最小阻值，根據(jù)P=UI求出電路消耗的最大功率;同理，當(dāng)滑動變阻器接入電路中的電阻最大時，電路中的電流最小，電路消耗的總功率最 小，根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律求出電路中的電流，根據(jù)P=UI求出電路消耗的最小功率6.如圖甲所示，電源

13、電壓恒為 間時電子元件均能正常工作. 則下列判斷正確的是()9V,滑動變阻器的最大阻值為100 0,電流在0.1A0.4A之A. 電子元件工作時，電阻保持不變B. 為使電子元件處于正常工作狀態(tài)，C. 當(dāng)P在中點時，電子元件與滑動變阻器的電壓之比為D. 電子元件處于正常工作狀態(tài)時，電路消耗的最小功率為 【答案】B【解析】變阻器的阻值范圍應(yīng)控制在12.5 Q 70 Q3.6W若通過此電子元件的電流與其兩端電壓的關(guān)系如圖乙所示，故 A錯誤；0.1A，電子元件兩端的最小電壓為【解答】(1)從圖象可知，電子元件的電阻是在變化的,(2) 電子元件處于正常工作狀態(tài)時，電路電流最小為 2V,所以滑動變阻器兩端

14、的最大電壓為U1=9V-2V=7V,此時滑動變阻器接入電路的電阻最大，R大=必；J=70Q,電路電流最大為0.4A，電子元件兩端的最大電壓為4V,U2=9V-4V=5V,R小=丄皿耐=12.5 Q.12.5歐70歐，故B正確;所以滑動變阻器兩端的最小電壓為 滑動變阻器接入電路的電阻最小， 所以滑動變阻器的阻值范圍應(yīng)控制在(3) 因為電子元件與滑動變阻器串聯(lián)，通過的電流相等， 所以電子元件與滑動變阻器串聯(lián)兩端的電壓之比就等于兩電阻之比， 因無法判斷電子元件與滑動變阻器電阻的大小關(guān)系，所以無法判斷它們兩端電壓的關(guān)系，故C錯誤；(4) 當(dāng)電路消耗的功率最小時，電路電流最小，為I小=0.1A,電路消耗

15、的最小功率 P=UI小=9VX 0.1A=0.9W 故D錯誤. 故選B.【分析】(1)從圖象可知，電流與電子元件兩端的電壓不是正比關(guān)系，電子元件處于正常 工作狀態(tài)時，電路消耗的最小功率根據(jù)公式P=UI可求.(2) 當(dāng)P在中點時，無法判斷電子元件與滑動變阻器電阻的大小關(guān)系，根據(jù)電阻的分壓特 點可知無法確定當(dāng) P在中點時電子元件與滑動變阻器的電壓之比.7.如圖甲所示的電路中， 后，滑片P從a端移動到(3) 由圖象可知，電路電流最小為0.1A，電流最大為 0.4A,找到對應(yīng)的電壓，根據(jù)串聯(lián) 電路電壓的規(guī)律求出滑動變阻器兩端的電壓，進(jìn)一步求出滑動變阻器接入電路的電阻.Ri為定值電阻，R2為滑動變阻器，

16、電源電壓不變閉合開關(guān)Sb端，電流表示數(shù)I與電壓表示數(shù) U的變化關(guān)系如圖乙所示，則C. F2的電功率一直變大【答案】C【解析】【解答】增大了4V ,由于U-I圖線可知, 定值電阻兩端的-10OB、.電源電壓妙-0.6A時，電路的最大功率為C、“B.電路的最大總功率為 3.6W” D.圖乙中D點是滑片位于中點時的狀態(tài)當(dāng)滑片從 a端移動到電壓減小了 4V ,b端，滑動變阻器兩端的電電流也減小了 0.4A ,洪，不合題意；-1鄰，不合題意；當(dāng)電流為滑動變阻器全部接入分得4V電壓，是電阻的 2倍，根據(jù)串聯(lián)分壓，最大阻值是定值電阻的2倍.題意；當(dāng)滑片處在中點，接入電路的阻值和定值電阻相等，分得電壓應(yīng)該是3

17、V，符合3V-財10D、電阻0. 2A,在D點時，它的阻值ft 3A，不合題意.所以，圖中D點滑片位于中點 故答案為：C .【分析】A、從圖乙讀出定值電阻電壓和電流的變化量，根據(jù)歐姆定律的變形公式算電阻出定值電阻 Ri的阻值，再利用歐姆定律的變形公式U= IR計算電源電壓；根據(jù)電源電壓和電路中的最大電流，利用公式P= UI計算電路的最大功率；根據(jù)串聯(lián)分壓的原理分析 R2阻值的變化情況；b7計算出R2的最大阻值，再計算滑片在 D點時的阻值，比B、C、R =利用歐姆定律的變形公式 較得出結(jié)論.D、&如圖所示，電源電壓保持不變， V2的示數(shù)分別為 Ul、U2，電流表 別為Ui； U2；電流表A的示數(shù)

18、為Ri： R2: R3= 1: 1: 2.閉合開關(guān) S、9，A的示數(shù)為I，只閉合開關(guān)SiI，則下列說法中錯誤的是(，電壓表Vi、)電壓表VI、V2的示數(shù)分J51B. Ui: U2 = 1: 3A. Ui： U2= 1 : 1【答案】C【解析】【解答】解：閉合開關(guān)Si、S2時，I iC. I: I = 4: 1I I D. U2：U2= 2 : 3已知 Ri： R2： R3= 1 : 1： 2,可設(shè) Ri= R2= R，R3 = 2R，Ri與R2串聯(lián)，電壓表 Vi測Ri兩端的電壓，電壓表 V2測R2兩端的電壓，電流表測電路中的電流，因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和, 所以，電路中電流表的示數(shù)：

19、#V V=局申此=亠方=國，兩電壓表的示數(shù)分別為：U2= IF2 =UUi= |R|=XF 必，1 , A付合題意;只閉合開關(guān)S1時，Ri、R2、R3串聯(lián)，電壓表Vl測Rl兩端的電壓，電壓表V2測R2和R3兩端的電壓之和，電流表測電路中的電流,此時電路中電流表的示數(shù)： =心+悠 * 比=R 卡 R * 3R=lk ,U則： 丄紜：兩電壓表的示數(shù)分別為:fj4R = 2： 1, C不符合題意;VUi = I i卷盤 XR，U2 = I ( R2+R3)=甬 x( R+2R)= 4/則 Ui ： U2=故答案為：C3L2 ： J = i:3, U2： U2=:n=2: 3, BD符合題意。【分析】

20、結(jié)合電路圖，理清開關(guān)處于不同狀態(tài)時元件的連接方式及電表的測量對象，根據(jù) 電阻的串聯(lián)和歐姆定律表示出電路中電流表的示數(shù)，再根據(jù)歐姆定律求出兩電壓表的示 數(shù)，進(jìn)一步得出兩電壓表的示數(shù)之比；根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律表示出此時電路中電流 表的示數(shù)，然后求出兩種情況下電流表的示數(shù)之比，再根據(jù)歐姆定律表示出兩電壓表的示 數(shù)，進(jìn)一步求出兩種情況下電壓表Vi、V2的示數(shù)之比.9.如圖所示，甲乙兩個電路的電源電壓相等且保持不變，兩個燈泡的規(guī)格相同.閉合開關(guān) 后，當(dāng)滑動變阻器的滑片都從中點向右滑動的過程中，關(guān)于燈泡亮度的說法，正確的是B燈泡Li和L2都變暗【答案】D2丄始終比L2亮D. Li始終【解析】當(dāng)滑動變阻

21、器的滑片【解答】解：（1）甲圖中燈泡Li與滑動變阻器串聯(lián)，P都從中點向左滑動的過程中，接入電路中的電阻變大，電路中的總電阻變大, 由=月可知，電路中的電流變小，因燈泡的亮暗取決于實際功率的大小，所以，由P=2R可知，燈泡Li的實際功率變小，燈泡變暗；（2）乙圖中燈泡L2與滑動變阻 器并聯(lián)，因并聯(lián)電路中各支路獨立工作、互不影響，所以，滑片移動時，燈泡a的實際功率不變，亮暗不變；（3）因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，所以，Li兩端的電壓始終小于 L2兩端的電壓， 因兩燈泡的規(guī)格相同，即電阻相等，&P=可知，L2的實際功率始終比Li大，貝U L2始終比Li亮.AB

22、C錯誤、D正確.所以，由綜上可知，故選D.【分析】（1）左圖中燈泡與滑動變阻器串聯(lián)，根據(jù)滑片的移動可知接入電路中電阻的變 化，根據(jù)歐姆定律可知電路中電流的變化，根據(jù)P=I2R可知燈泡實際功率的變化，由燈泡的亮暗取決于實際功率的大小可知其亮暗的變化；（2）右圖中燈泡與滑動變阻器并聯(lián)，根據(jù)并聯(lián)電路中各支路獨立工作、互不影響可知滑片移動時燈泡實際功率和亮暗的變化；（3）根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點和并聯(lián)電路的電壓特點判斷兩燈泡兩端的電壓關(guān)系，根據(jù)P=UI=斤可知兩燈泡實際功率的關(guān)系，然后判斷亮暗關(guān)系.10.如圖所示，電源電壓不變，閉合開關(guān)S后，滑動變阻器的滑片 P自中點向b端移動的過程中，下列關(guān)于電表示數(shù)

23、變化情況判斷正確的是（）A.電流表Ai變小，A變小,電壓表V不變B.電流表Ai變小，A2不變，電壓表V不變C.電流表Ai變小，A2變小，電壓表V變大D.電流表Ai不變，A變大，電壓表V變小【答案】B【解析】【解答】解：由電路圖可知，R 與R2并聯(lián)，電壓表 V測電源的電壓，電流表 Ai 測R2支路的電流，電流表 A測R1支路的電流。因電源電壓保持不變， 所以，滑片移動時，電壓表 V的示數(shù)不變，CD不符合題意； 因并聯(lián)電路中各支路獨立工作、互不影響，所以，滑片移動時，通過 Ri的電流不變，即電流表 A2的示數(shù)不變， 當(dāng)滑動變阻器滑片 P向右移動的過程中，接入電路中的電阻變大，i由1=百可知，該支路

24、的電流變小，即電流表Ai的示數(shù)變小，B符合題意，A不符合題意。故答案為：B?！痉治觥拷Y(jié)合電路圖，理清元件的連接方式及電表的測量對象，根據(jù)電源的電壓可知滑片移動時電壓表的示數(shù)不變，根據(jù)并聯(lián)電路中各支路獨立工作、互不影響可知通過Ri的電流b不變，根據(jù)滑片的移動可知接入電路中電阻的變化，根據(jù)歐姆定律 變化情況.11.如圖所示電路，電源電壓保持不變，閉合開關(guān)S,將滑動變阻器的滑片P向b端移A.電壓表V的示數(shù)變小，電流表 Ai的示數(shù)變大 示數(shù)變小C.電壓表V的示數(shù)與電流表 Ai的示數(shù)的乘積變小 的示數(shù)差的比值不變【答案】CiiB.電壓表V的示數(shù)不變，電流表 A的iiD.電壓表V的示數(shù)與電流表Ai和A【解

25、析】【解答】A由電路圖知 Ri、F2并聯(lián)，流，將滑動變阻器的滑片 P向b端移動，滑動變阻器的阻值變大；因為 兩端的電壓相等且等于電源電壓，所以電壓表的示數(shù)不變，A不符合題意;Ai測量干路中的電流,A測量Ri中的電Ri、R2并聯(lián)，支路B、C、D、I由1=石知電流表Ai的示數(shù)變小，電流表 A2的示數(shù)不變，B不符合題意； 由電源電壓不變、電流表 Ai的示數(shù)變小、P=UI得P減小，C符合題意； 電流表Ai和A的示數(shù)差即為 R2中的電流，電壓表 V的示數(shù)與電流表 Ai和A的示數(shù)差1= A可知該支路電流的的比值即為R2的值，R2的阻值變小，D不符合題意。故答案為：B。C、根據(jù)P=UI分析判斷；D、根據(jù)R2

26、的阻【分析】A先判斷電路的連接方式為并聯(lián)，再根據(jù)并聯(lián)電路電壓的規(guī)律判斷電壓表的示數(shù) 變化；B、根據(jù)歐姆定律判斷電流表的示數(shù)變化； 值變化判斷。i2.在如圖所示的電路中，閉合開關(guān)后，當(dāng)滑片plTt-IP向左移動時，下列說法正確的是（）A.燈泡L變亮 示數(shù)變大B.電壓表V示數(shù)變大C電流表Ai示數(shù)變小D.電流表A【答案】C【解析】【解答】解：由圖可知，該電路為并聯(lián)電路；電流表Ai測量干路中的電流，電流表A2測量通過燈泡的電流；電壓表測量的是支路兩端的電壓，亦即電源電壓，保持不變， B不符合題意；根據(jù)并聯(lián)電路的特點可知，滑動變阻器滑片移動時，對燈泡所在的支路無影響，燈泡的電流和電壓都不變，故電流表 A

27、2示數(shù)不變，燈泡亮度不變，AD不符合題意；當(dāng)滑片P向左移動時，滑動變阻器接入電路的電阻變大，根據(jù)歐姆定律可知，通過滑動變 阻器的電流減小；通過燈泡的電流不變，根據(jù)并聯(lián)電路的電流關(guān)系可知，干路中的電流減 小，即電流表 Ai示數(shù)變小，C符合題意。故答案為：Co【分析】電流表測量干路中的電流，電流表測量通過燈泡的電流；電壓表測量的是支路兩 端的電壓；根據(jù)滑動變阻器滑片移動的方向判定其阻值變化，根據(jù)歐姆定律判定其電流變 化，根據(jù)并聯(lián)電路的電流、電壓特點判定電表示數(shù)的變化.S閉合后，將滑動變阻b端，電流表和電壓表的示數(shù)變化關(guān)系如圖（乙），由圖象可知13. 如圖所示（甲）是某同學(xué)探究電流與電壓關(guān)系的電路圖

28、，開關(guān) 器的滑片P從a端移至（）甲A.電阻R0兩端電壓與通過C.該電路最小功率0.05W【答案】D【解析】【解答】解：（乙F0的電流成正比“ B. R的電阻值是10 QD.滑動變阻器R的電功率變化范圍 0 - 0.45W1）因為電流隨電壓的變化圖象為正比例函數(shù)圖象，且呈一條直線，所以通過 Rd的電流與 R0兩端的電壓成正比，由電壓是產(chǎn)生電流的原因可知，不能說電阻Rd兩端電壓與通過 Ro的電流成正比，故 A錯誤；（2）當(dāng)滑片位于b端時，電路為R0 的簡單電路，電壓表測電源的電壓，電路中的電流最大，由圖乙可知，電源的電壓ZU=3.0V，電路中的最大電流 I大=0.6A,由1=月可得，Ro的阻值：R

29、0= $負(fù)=必胡=5 Q,故B錯誤；（3）當(dāng)滑片位于a端時接入電路中的電阻最大，電路中的電流最小，由圖乙可知，電路中的最小電流I小=0.1A，電路中的總電阻：R總=工叢=必出=30Q,因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，滑動變阻器的最大阻值：R大=R總-Rd=30 Q- 5 Q =25 Q電路的最小功率：P小=UI小=3.0VX 0.1A=0.3W,故C錯誤；（4）滑動變阻器接入電路中的電阻為0Q3a哉艸R ,變阻器消耗電功率：pr=i2r=（時，消耗的功率為0W;當(dāng)變阻器接入電路的電阻為R時，電路中的電流：1=& *拆=2r=j?=(3. mF=尺(50 -瀘?恥，則當(dāng)R=5Q,變阻器

30、消耗的電功率最大，Pr大=(5Q)-十mu X幷+用(50)- IM X 卅十護(hù)+ 20Q X k甸 Q =0.45W,所以，滑動變阻器 R的電功率變化范圍 00.45W，故D正確.故選D.【分析】（1）由圖象可知，Ro兩端的電壓和電流關(guān)系是一個正比例函數(shù)圖象，要注意電 壓是電流產(chǎn)生的原因；（2），當(dāng)滑片位于 b端時，電路為 Ro的簡單電路，電壓表測電源 的電壓，此時電路中的電流最大，根據(jù)圖象讀出電表的示數(shù)，利用歐姆定律求出Ro的電阻值；（3）當(dāng)滑片位于a端時，滑動變阻器的電阻完全接入電路中，電路中的電流最小，由 圖象讀出電表的示數(shù)，根據(jù)P=UI求出電路中的最小功率；（4）滑動變阻器接入電路中

31、的電阻為0Q時，消耗的功率為 0W;根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律表示出電路中的電流，根據(jù) p=i2r表示出滑動變阻器消耗的電功率，然后根據(jù)數(shù)學(xué)知識確定滑動變阻器消耗的最大功 率，進(jìn)一步得出滑動變阻器消耗電功率的變化.14. 小明用如圖甲所示電路來測量額定電壓為2.5V的小燈泡功率，電源電壓恒為 4.5V,/明從滑動變阻器接入電路中的阻值最大時開始記錄數(shù)據(jù)，測得小燈泡的U-I圖象如圖乙所示針對該實驗過程，下列結(jié)果正確的是（yv0.1:|H B.小燈泡正常工作時的電阻為5 QI I D電路消耗的最小功率為0.05WA.小燈泡的額定功率為 6.25WC.滑動變阻器的最大阻值為 40 Q【答案】C【解析】

32、【解答】解：由電路圖知，燈泡 L與滑動變阻器 R串聯(lián)，電壓表測L兩端電壓,電流表測電路中電流,A、小燈泡的額定電壓為 2.5V，由圖象可知此時通過燈泡的電流為 所以小燈泡的額定功率： P w=U額I=2.5V X 0.4A=1VV故A錯誤；2 510.4A,B、由1= 1可得，燈泡正常工作時的電阻：Rl=6.25 Q故B錯誤;bC、電源電壓一定，由1= A可知，當(dāng)變阻器連入電路的阻值最大時，電路中電流最?。挥蓤D 象知電路的最小電流為0.1A，此時燈泡兩端電壓為0.5V;V電路的最大總電阻：R總最大= I S小=I 0. 1A =45 Q,此時燈泡的電阻：R.= /逐h =少iA =5 Q,滑動

33、變阻器的最大阻值：R滑最大=R總最大-Rl=45 Q- 5Q =40皐故C正確;D、由P=UI可得電路消耗的最小功率：P總最小=U總I最小=4.5V X 0.1A=0.45W故D錯誤. 故選C.P=UI計算小燈泡的額定功率;（1）由圖象可知，燈泡正常發(fā)光時的電流，由1= A計算燈泡正常工作時的電阻；（3 ）變阻器連入阻值最大時，電路中電流最【分析】（2）由小，由圖象讀出此時燈泡的電壓和電流，由串聯(lián)電路特點和歐姆定律計算變阻器的最大 值；（4）由P=UI計算電路的最小功率.15. 如圖電路，電源電壓為 12V且保持不變。閉合開關(guān) S ,當(dāng)滑片P置于變阻器的中點 時，電壓表的示數(shù)為 4V;當(dāng)滑片P

34、置于變阻器的b端時，電壓表的示數(shù)變化了2V ,在10s內(nèi)定值電阻R1產(chǎn)生的熱量為36J.則下列結(jié)果正確的是（）A. 電路中的最大電流為 1AB. 滑片P在中點時，10s內(nèi)滑動變阻器 R消粍的電能為60JC. 滑動變阻器R先后兩次消耗的電功率之比為8 1D. R先后兩次消耗的電功率之比為16: 9【答案】D【解析】 【解答】解：根據(jù)電路圖可知，定值電阻與滑動變阻器串聯(lián)，電壓表測滑動變阻器兩端的電壓；滑片從中點到 b端時，變阻器接入電路的阻值增大，由串聯(lián)分壓的規(guī)律可知，電壓表示數(shù)（變阻器的電壓）將增大，電壓表示數(shù)增大了2V，即滑片在 b點時電壓表的示數(shù)為 4V+2V=6V;在10s內(nèi)定值電阻R1產(chǎn)

35、生的熱量為36J，由Q= 歲 （12V -砂R1=心t= 36JX 10s=10 ；t可得Ri的阻值:IA、當(dāng)滑片在a點時，變阻器接入電路的阻值為0,電路中的電流最大,I最大=幻=ah? =1.2A, a不符合題意；則電路中的最大電流:U 122廿I=局=叭=0.8A,B、串聯(lián)電路中各處的電流相等，滑片在中點時，電路中的電流：10s內(nèi)滑動變阻器 R消耗的電能： W =U滑It=4V X 0.8A X 10s=32J不符合題意；C、當(dāng)滑片在 b點時，變阻器接入的阻值最大，電路中的電流最小，電路中的最小電流: 也側(cè)-別最小=弁7 =如=0.6A,由p=ui可得，滑動變阻器 R先后兩次消耗的電功率之

36、比: 合題意；=百卩X &礙申,C不符D、由P=UI可得，R1先后兩次消耗的電功率之比：珥合題意。=0岡 X 0.創(chuàng)二,D 符故答案為：D【分析】結(jié)合電路圖，理清元件的連接方式及電表的測量對象，根據(jù)串聯(lián)電路分壓規(guī)律可知滑片從中點到 b端時，電壓表示數(shù)將增大，因此電壓表示數(shù)增大了2V，然后根據(jù)串聯(lián)電路電壓規(guī)律以及 Q=斤t即可求出Ri的阻值；當(dāng)滑片在 a點時，電路中的電流最大，根據(jù) 歐姆定律即可求出電路中的最大電流；先根據(jù)歐姆定律求出滑片在中點時電路中的電流，然后根據(jù) W=UIt求出10s內(nèi)滑動變阻器 R消耗的電能；根據(jù) P=UI即可求出R、Ri先后兩次 消耗的電功率之比.乙兩燈，I-U圖線如圖

37、所示。下列說法正確的是（）A. 甲、乙兩燈的電阻均隨電壓增大而減小B. 甲、乙兩燈的額定功率之比為C. 甲、乙兩燈并聯(lián)接在電壓為D. 甲、乙兩燈串聯(lián)接在電壓為4: 12V的電源兩端時，電阻之比為3: 28V的電源兩端時，實際功率之比為1 : 3【答案】D【解析】【解答】解：A.由甲、乙曲線圖可知，燈泡的電阻隨電壓的增大而增大。 合題意；由于甲、乙兩燈的額定電壓均為6V，由圖象可知：I甲額=0.6A, I乙額=0.3A,Pm匸讀I甲寒卩0.6A 2F甲報=0痂己轂=/甲頼=0. 3A = 1 , B不符合題意；A不符B.則:C、甲、乙兩燈并聯(lián)在2V的電源兩端時，由圖象可知：I 甲=0.3A, I

38、 乙=0.2A,根據(jù)1= K可得fZ=萬2=3, c不符合題意;D把甲、乙兩燈串聯(lián)接在8V的電源上時，通過它們的電流相等，且電源的電壓等于兩燈泡兩端的電壓之和，由圖象可知，當(dāng)電路中的電流為0.3A，甲燈的實際電壓為 2V,乙燈的實際電壓為 6V時滿足電源電壓為8V,所以實際功率之比：P甲：P乙=U甲I: U乙I=2V: 6V=1: 3，D符合題意。故答案為：D【分析】結(jié)合I-U圖像，讀出對應(yīng)的數(shù)據(jù)，利用電功率計算公式及歐姆定律逐項計算即可17.如圖所示電路，電源電壓不變，閉合開關(guān)S,當(dāng)滑片P置于變阻器的 B端時，電壓表的示數(shù)為6V,在10s內(nèi)定值電阻Ri產(chǎn)生的熱量為36J;當(dāng)滑片P置于變阻器的

39、中點時，電 壓表的示數(shù)變化了 2V.下列結(jié)果正確的是（）A. Ri先后兩次消耗的電功率之比為C.電源電壓為10V【答案】B【解析】【解答】由電路分析可知,3: 4H, B.滑動變阻器 R2的最大阻值為10 QnD. R的阻值為20 Q電壓，當(dāng)滑片p置于變阻器的R1與滑動變阻器串聯(lián)，電壓表測量滑動變阻器兩端的Q= 得B端時滑動變阻器的阻值最大，根據(jù)R2=Ii=10 Q, B符合題意；滑片 P置于變阻器的 B端時電路中的電流=0.6A, U 總=U1+U2=O.6AR1+6V，當(dāng) R1=10 Q 時電壓表的示數(shù)=6V-2V=4V,Ifl 4VI=時電路中的電流 I = 5a =0.8A, U =U

40、1+U2=O.8AR1+4V，根據(jù) P=FR 得 P1: P1=(0.3A) 2R1：( 0.4A) 2R1=9 : 16, A不符合題意；解由 組成的方程組得：電源電壓為12V、R1的阻值為10 Q, C D不符合題意。 故答案為：Bo【分析】根據(jù) Q=用 求出F2的值，根據(jù)歐姆定律 1=斤求出滑片P置于變阻器的 B端和位 于中點時電路中的電流，根據(jù)P=2R得出R1的功率之比，根據(jù)串聯(lián)電路電壓的規(guī)律列出方程，求出電源電壓、R1的阻值。18.新的國家標(biāo)準(zhǔn)對延長線插座配用電纜的導(dǎo)線橫截面積要求進(jìn)行了修改，額定電流16A的延長線插座，導(dǎo)線最小標(biāo)稱橫截面積由1mm2提升到1.5mm2.增大導(dǎo)線橫截面

41、積的目的是（）A.增大導(dǎo)線的電阻 的功率【答案】D【解析】【解答】A.減小導(dǎo)線的電阻，B.減小通過導(dǎo)線的電流C增大導(dǎo)線的電壓D.減小導(dǎo)線發(fā)熱A不符合題意;B.由1= 知當(dāng)U 定時R越小I越小,B不符合題意;IR越小U越小，C不符合題意;C. 由1=石的變形式 U=IR知當(dāng)I 一定時D. 根據(jù)P=Fr知當(dāng)I 一定時R越小P越小，D符合題意。故答案為：Do【分析】A、影響導(dǎo)體電阻大小的因素：材料、長度、橫截面及溫度，當(dāng)材料、長度、溫L度不變時橫截面越大電阻越??； 斷；D、根據(jù)P=2r分析判斷。B、根據(jù)I=2分析判斷；C、根據(jù)仃的變形式U=IR分析判S閉合時，燈L正常發(fā)光，燈 LP向右滑動，電壓表的

42、示數(shù)和燈正常發(fā)光時示19. 如圖所示的電路中，電源兩端電壓保持不變，當(dāng)開關(guān) 的電阻會隨電流變化，如果將滑動變阻器的滑片 數(shù)相同，則下列說法中正確的是（）A.燈L變暗，燈兩端電壓變小C.燈L變亮，燈兩端電壓變大【答案】【解析】B.燈L變暗，燈的實際功率變小D.燈L變亮，燈的實際功率變大阻變大； 由P -血可知A【解答】將滑動變阻器的滑片根據(jù)亍可知，電路中的電流變??；根據(jù) 妙=可知，燈泡兩端的電壓變小,，燈泡的實際功率變小，故燈泡變暗。P向右滑動時，接入電路的電阻變大，電路的總電故答案為：A【分析】燈泡和滑動變阻器串聯(lián)，電壓表測滑動變阻器兩端的電壓，電流表測量電路的電 流；根據(jù)滑片的移動判斷接入電

43、路電阻的變化和電路總電阻的變化，根據(jù)歐姆定律可知電 路中電流的變化和燈泡兩端電壓的變化，根據(jù)P=I2R可知燈泡實際功率的變化和燈泡亮暗的變化，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點可知電壓表示數(shù)的變化.20. 如圖所示電路中，電源電壓保持不變，閉合開關(guān)S,將變阻器滑片向左移動時（A.燈泡Li亮度不變、L2變亮C.電流表示數(shù)不變，電壓表示數(shù)變大【答案】C【解析】【解答】燈泡 路的電流，電壓表測滑片 所以，滑片移動時，Li” B電流表示數(shù)變小，電壓表示數(shù)不變.1 D電流表、電壓表示數(shù)均不變2L2與滑動變阻器的最大阻值串聯(lián)后再與燈泡Li并聯(lián)，電流表測P右側(cè)部分的電壓；因并聯(lián)電路中各支路獨立工作、互不影響,Li支支路

44、的電流不變，Li的實際功率不變，即電流表示數(shù)不變，燈泡Li亮度不變，故 B不正確；變阻器滑片向左移動時，不能改變接入電路中的電阻，但電壓表 所測部分電阻的阻值變大，由l=U/R可知，該支路電流不變，燈泡L2的實際功率不變,度不變，故 AD不正確；由U=IR可知，電壓表的示數(shù)變大，故C正確；故答案為：C.【分析】本題考查學(xué)生動態(tài)電路的分析能力。動態(tài)電路的分析。當(dāng)電路中的電阻發(fā)生變化 時，導(dǎo)致電路中的電流和電壓也發(fā)生變化。要會利用歐姆定律和串并聯(lián)規(guī)律來解釋。21.如圖所示的電路中，電源電壓不變，開關(guān)s閉合，滑片P移動到b點時,Ri消耗的功率為Pi;滑片P移到小中點時,Ri消耗的功率為 M 皿 磯=

45、2:9,滑片P在b點和在中點時，R2消耗 的功率之比為（）”1 B. 2:5A. 1:2【答案】D【解析】【解答】設(shè)滑片 P移到變阻器 b點和中點時電路中的電流分別為11、12；已知C. 2:9”1 D. 4:9Pi：P 1 = 2:9,由 P= I2R 可得：灼，設(shè)滑動變阻器 R2的最大阻值為 R,滑片P在中點和在b端時,R2消耗的功率之比：故答案為：D.【分析】根據(jù)電路圖可知，電阻Ri與變阻器R2串聯(lián)，電壓表測量Ri兩端電壓，電流表測量電 路中的電流，結(jié)合電功率的計算方法P=2R即可求得比值.22.甲、乙兩個小燈泡上分別標(biāo)有“6V3W和“4V2W字樣，現(xiàn)在把它們按不同方式接在不同電路中（不

46、考慮燈絲電阻的變化），下列判斷錯誤的是（）A.若把它們并聯(lián)在 4V電路中，乙燈正常發(fā)光 比乙燈亮B若把它們并聯(lián)在4V電路中，甲燈C.若把它們串聯(lián)在10V電路中，兩燈都可以正常發(fā)光 燈比乙燈亮iD.若把它們串聯(lián)在10V電路中，甲【答案】【解析】【解答】解：由P= UI可得，兩燈泡的額定電流分別為:斟=0.5A,甲=FP = 0.5A, I 乙=I由1= k可得，兩燈泡的電阻分別為：m = 8 QR 甲=/”=少託4 = 12 Q, R 乙=AB、兩燈泡并聯(lián)在 4V電路中時，因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，且額定電壓下燈泡正常發(fā)光，所以，只有乙燈泡能正常發(fā)光，其實際功率為P乙實=卩乙=2W;臚（

47、4V）甲燈泡不能正常發(fā)光，其實際功率為P甲實=斤爭=刼心1.33W： P乙實,所以乙燈比甲燈亮，A不符合題意，B錯誤，符合題意；CD、兩燈泡串聯(lián)在10V電路時，兩燈的總電阻為 R= R甲+R乙=12Q +80= 20Q,A 10V=7 =航此時電路中的電流為I串因串聯(lián)電路中各處的電流相等，且此時的電流與兩燈泡的額定電流相等, 所以，兩燈泡可以同時正常發(fā)光； 此時兩燈實際功率都等于各自的額定功率，因為 亮，C D不符合題意。=0.5A,P甲卩乙（即3W2W），所以甲燈較故答案為：Bo【分析】結(jié)合小燈泡的銘牌，根據(jù)P=UI是求出額定電流，根據(jù)1=月求出兩燈泡的電阻;兩燈泡并聯(lián)時它們兩端的電壓相等，兩燈泡兩端的電壓和額定電壓相等時正常發(fā)光，否則 不能正常發(fā)光；兩燈泡串聯(lián)時通過它們的電流相等，且兩燈泡的額定電流相等，實際電流 等于額定電流時才能正常發(fā)光 .Li,L2的電阻此時甲、乙兩電表的示數(shù)之比為（23.如圖所示，電源電壓保持不變，閉合開關(guān)后，兩燈都能正常工作，燈 之比為 Ri： R2=1: 2,A. 2