2020高考物理一本突破二輪復(fù)習(xí)突破練：專題三第3講帶電粒子在復(fù)合場中的運動Word版含解析

1、限訓(xùn)練通高考科學(xué)設(shè)題拿下咼考咼分（45分鐘）一、單項選擇題1. （2018福建龍巖上學(xué)期期末）如圖所示，兩平行金屬板中間有相互垂直的勻強磁 場和勻強電場，不計重力的帶電粒子沿垂直于電場和磁場方向射入有可能做直 線運動的是（）? +cBD解析：A圖中，若粒子帶正電，則粒子受向下的電場力和向下的洛倫茲力，粒子不能沿直線運動；同理當(dāng)粒子帶負電時也不能沿直線運動，選項A錯誤.B圖中,若粒子帶正電，粒子受向上的電場力和向上的洛倫茲力，粒子不能沿直線運動； 同理當(dāng)粒子帶負電時也不能沿直線運動，選項 B錯誤；C圖中，若粒子帶正電， 粒子受向下的電場力和向上的洛倫茲力，若二者相等，則粒子能沿直線運動；同 理當(dāng)

2、粒子帶負電時也可能沿直線運動，選項 C正確；D圖中，若粒子帶正電，粒 子受向上的電場力和向上的洛倫茲力，粒子不能沿直線運動；同理當(dāng)粒子帶負電 時也不能沿直線運動，選項 D錯誤.o答案：C2質(zhì)量為m、電荷量為q的微粒，以與水平方向成B角的速度v從0點進入方向如圖所示的正交的勻強電場（場強大小為E）和勻強磁場（磁感應(yīng)強度大小為B）組成的混合場區(qū)，該微粒在電場力、洛倫茲力和重力的作用下，恰好沿直線運動到A,重力加速度為g.下列說法中正確的是（）A 該微粒一定帶正電B 微粒從0到A的運動可能是勻變速運動C.該磁場的磁感應(yīng)強度大小為mgqvcos 0D .該電場的場強為Bvcos 0解析：若微粒帶正電，

3、電場力水平向左，洛倫茲力垂直0A斜向右下方，則電場力、重力、洛倫茲力不能平衡，微粒不可能做直線運動，則微粒帶負電，A錯誤；微粒如果做勻變速運動，重力和電場力不變，而洛倫茲力變化，微粒不能沿直線運 動，與題意不符，B錯誤；由平衡條件得qvBcos 0= mg，qvBsin 0= qE，知C正確,D錯誤.答案：C3.如圖所示，空間的某個復(fù)合場區(qū)域內(nèi)存在著豎直向下的勻強電場I R I和垂直紙面向里的勻強磁場.質(zhì)子由靜止開始經(jīng)一加速電場加速：1后，垂直于復(fù)合場的界面進入并沿直線穿過場區(qū)，質(zhì)子 （不計重力）ii穿過復(fù)合場區(qū)所用時間為t,從復(fù)合場區(qū)穿出時的動能為Ek，假設(shè) 無論撤去磁場B還是撤去電場E,質(zhì)

4、子仍能穿出場區(qū)，則（）A .若撤去磁場B,質(zhì)子穿過場區(qū)時間大于tB .若撤去電場E,質(zhì)子穿過場區(qū)時間小于tC.若撤去磁場B,質(zhì)子穿出場區(qū)時動能大于 EkD .若撤去電場E,質(zhì)子穿出場區(qū)時動能大于 Ek解析：質(zhì)子進入復(fù)合場沿直線運動，則質(zhì)子受到的電場力和洛倫茲力大小相等、方向相反，即eE= Bevo,若撤去磁場B,質(zhì)子在電場中做類平拋運動，由類平拋運動特點可知，穿過電場的時間t = ,因場區(qū)寬度X不變，則時間不變，質(zhì)子豎 直方向做初速度為0的勻加速直線運動，出電場時的速度必大于vo,動能大于Ek, 則A錯誤，C正確.若撤去電場E,則質(zhì)子在磁場中只受洛倫茲力作用，方向始終垂直于質(zhì)子速度方向，所以洛

5、倫茲力對質(zhì)子不做功，質(zhì)子速度大小不變，動能 不變，但是洛倫茲力改變了質(zhì)子運動方向，所以質(zhì)子在磁場中運動軌跡變長，穿 出場區(qū)時間變長，貝U B、D錯誤.答案：C4.回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，其核心部分是分別與高頻交流 電極相連接的兩個D形金屬盒，兩盒間的狹縫中形成周期性變化的 電場，使粒子在通過狹縫時都能得到加速，兩個D形金屬盒處于垂直于盒底的勻強磁場中，如圖所示現(xiàn)用同一回旋加速器分別加速兩種同位素， 關(guān)于高頻交流電源的周期和獲得的最大動能的大小，下列說法正確的是（）A 加速質(zhì)量大的粒子交流電源的周期較大，加速次數(shù)少 B 加速質(zhì)量大的粒子交流電源的周期較大，加速次數(shù)多 C 加速質(zhì)量大的粒子

6、交流電源的周期較小，加速次數(shù)多 D 加速質(zhì)量大的粒子交流電源的周期較小，加速次數(shù)少 解析：D形盒間的交流電源的周期等于粒子做圓周運動的周期T =罪，則加速質(zhì)qB2量大的粒子時所需交流電源的周期較大，由qvB= mvR，解得v =牛丁，則粒子獲得rm的最大動能Ek= 2mv2 二Bmr，故加速質(zhì)量較大的粒子時獲得的最大動能較小， 因加速一次粒子得到的動能相同，貝u加速質(zhì)量較大的粒子加速的次數(shù)較少，故選 項A正確.答案：AA5如圖所示，一個靜止的質(zhì)量為 m、帶電荷量為q的粒子（不 計重力），經(jīng)電壓U加速后垂直進入磁感應(yīng)強度為 B的勻強磁 場中，粒子在磁場中轉(zhuǎn)半個圓后打在 P點，設(shè)0P= x，能夠

7、正確反應(yīng)x與U之間的函數(shù)關(guān)系的是（ ）解析：設(shè)粒子到達0點的速度為v,粒子通過電場的過程中，由動能定理得 qU =1 2mv2,粒子在磁場中運動，由牛頓第二定律得2VxqvB= mR,以上三式解得x=B，選項b正確，選項a、c、d錯誤.答案：B二、多項選擇題6如圖所示，質(zhì)量為m、帶電荷量為+ q的三個相同的帶電 小球A、B、C從同一高度以同一初速度水平拋出（小球運動 過程中不計空氣阻力），B球處于豎直向下的勻強磁場中，C球處于垂直紙面向里的勻強電場中，它們落地的時間分別為速度大小分別為Va、Vb、Vc，則以下判斷正確的是（）A . tA = tB= tcB.tBtAtCC . Vc= Va X

8、 X QX XCX X X xtA、tB、tc，落地時的D . VA = VBVC解析：根據(jù)題意可知，A球在豎直方向上做自由落體運動，只有重力做功， B球除受重力之外，還受洛倫茲力的作用，但洛倫茲力總是沿水平方向，且洛倫茲力不 做功，故只有重力做功，所以B球豎直方向做自由落體運動，C球除受重力之外, 還受到垂直紙面向里的電場力作用，故 C球在豎直方向做自由落體運動，重力和電場力均對其做正功，所以三個球在豎直方向都做自由落體運動，由于下落的高 度相同，故下落的時間相等，即有 tA= tB = tc，A正確，B錯誤；根據(jù)動能定理可知，A、B兩球合力做的功相等，初速度相同，所以末速度大小相等，而 C

9、球的合 力做的功比A、B兩球的合力做的功多，初速度又與 A、B兩球的初速度相同，故C球的末速度比A、B兩球的末速度大，即VA = VBVVC, C錯誤，D正確.答案：AD7如圖所示，一根光滑的絕緣斜軌道連接一個豎直放置的半徑為R= 0.50 m的圓形絕緣光滑槽軌.槽軌處在垂直紙面向外的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度B = 0.50 T.有一個質(zhì)量為m= 0.10 g帶電荷量為q=+ 1.6X 10 3 C的小球在斜軌道上某位置由靜止自 由下滑，若小球恰好能通過最高點，則下列說法中正確的是(重力加速度g取102m/s)()2A 若小球到達最高點的線速度為 V，小球在最高點時的關(guān)系式 mg+ qvB= m

10、R成21B 小球滑下的初位置離軌道最低點咼為 h = 20 m c 小球在最高點只受到洛倫茲力和重力的作用D 小球從初始位置到最高點的過程中機械能守恒 解析：小球在最高點時，根據(jù)左手定則可知，洛倫茲力的方向向上，所以mg qvB2 1 二mR，選項A錯誤；從初位置到最高點的過程中運用動能定理得mg(h 2R)二殳 mv2，而mg qvB= mR，代入數(shù)據(jù)解得h= |0 m，選項B正確；球恰好能通過最高點，說明軌道對小球沒有作用力，洛倫茲力和重力的合力提供向心力，即此時 小球只受洛倫茲力和重力的作用，選項 C正確；小球從初始位置到達最高點的過程中洛倫茲力和軌道的支持力都不做功，只有重力做功，機械

11、能守恒，選項D正確.答案：BCD三、非選擇題8.(2018陜西漢中高三月考)如圖所示，虛線圓所圍的區(qū)域內(nèi)有磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直紙面向里的勻強磁場和另一未知勻強電場(未畫)，一電子從A點沿直徑AO方向以速I*度v射入該區(qū)域已知電子的質(zhì)量為 m,電荷量為e,不計.；一 ” 電子所受的重力.(1) 若電子做直線運動，求勻強電場的電場強度 E的大小和方向；(2) 若撤掉電場，其他條件不變，電子束經(jīng)過磁場區(qū)域后其運動方向與原入射方向的夾角為9,求圓形磁場區(qū)域的半徑r和電子在磁場中運動的時間t.解析：若電子做直線運動，據(jù)evB = eE得E = vB,場強垂直O(jiān)A豎直向下.(2)若撤掉電場，電子在

12、磁場中做勻速圓周運動，電子束經(jīng)過9,運動軌跡如磁場區(qū)域后其運動方向與原入射方向的夾角為2圖所示，貝U evB= mRmv eB找出軌跡圓的圓心0，如圖所示，由幾何關(guān)系得a r 口mv 9a 9 tan 2=R，解得 r = Btan 2設(shè)電子做勻速圓周運動的周期為T，有T=2 nR_ 2 nmv _ eB電子在磁場中運動的時間為t_2丁，解得t_爲(wèi) 答案：vB 垂直0A豎直向下mv 9 m9 eBta n 2 eB9如圖，在x0的空間中，存在 垂直于xOy平面、方向向外的勻強磁場，磁感應(yīng)強度B_0.5 T. 帶負電的粒子(比荷m_ 160 C/kg)， 在距O點左側(cè)x_0.06 m處的d點以V

13、0_8 m/ s的初速度沿y軸正方向開始運動，不計帶電粒子的重力.求：(1) 帶電粒子開始運動后第一次通過 y軸時的速度大小和方向；(2) 帶電粒子進入磁場后經(jīng)多長時間返回電場；(3) 帶電粒子運動的周期.解析：(1)由題意知，帶電粒子在第二象限內(nèi)做類平拋運動，加速度a_qE_ 1 600m/s2,帶電粒子在第二象限內(nèi)運動的時間t1 =s200 s，則帶電粒子通過y軸進入磁場時，沿x軸方向上的速度vx= at1 = 8.3 m/s，則帶電粒子第一次通過y軸時的速度I 22v= vx+ V0= 16 m/s，設(shè)速度v與y軸正方向的夾角為9VxL則tan 9L3 得 96作出帶電粒子在磁場內(nèi)的運動

14、軌跡，如圖所示，由幾何關(guān)系可知帶電粒子的運 動軌跡所對應(yīng)的圓心角 a= 120則帶電粒子在磁場內(nèi)運動的時間1 12 nm n t2=3T= 3萌=五 s (3)帶電粒子從磁場返回電場后的運動是此前由電場進入磁場運動的逆運動，則經(jīng)歷時間t3 = tl,帶電粒子的速度變?yōu)閂0,此后重復(fù)前面的運動.可見，粒子在電、磁場中的運動具有周期性，其周期T= t1+ t2 + t3二（100+ 竊s.答案：(1)16 m/s與y軸正方向成60角 nV3 _n(2)120 s (10。+ 120)sMN上的C點，MN10.如圖所示，平面直角坐標(biāo)系的第二象限內(nèi)存在水平向左 的勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場，一質(zhì)

15、量為 m、帶 電荷量為+ q的小球從A點以速度vo沿直線AO運動，AO 與x軸負方向成37角.在y軸與MN之間的區(qū)域I內(nèi)加電場強度最小的勻強電場后，可使小球繼續(xù)做直線運動到 與PQ之間區(qū)域U內(nèi)存在寬度為d的豎直向上的勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁求:場，小球在區(qū)域U內(nèi)做勻速圓周運動并恰好不能從右邊界飛出，已知小球在的速度大小為2V0，重力加速度為g，sin 37 0.6, cos 37 0.8，(1)第二象限內(nèi)電場強度Ei的大小和磁感應(yīng)強度Bi的大小;區(qū)域I內(nèi)最小電場強度 E2的大小和方向；區(qū)域U內(nèi)電場強度E3的大小和磁感應(yīng)強度B2的大小.甲mg 乙解析：(1)帶電小球在第二象限內(nèi)受重力、電場力和洛倫茲力作用 做直線運動，三力滿足如圖甲所示關(guān)系且小球只能做勻速直線運 動.由圖甲知 tan 37 =mg，COS 37