【名師解析】江蘇省南京市、鹽城市2015屆高三第二次模擬考試物理試題資料

1、2015年江蘇省南京市、鹽城市高考物理二模試卷一、單項(xiàng)選擇題：本題共 5小題，每小題 3分，共計(jì)15分.每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意.1 . （3分）（2015?鹽城二模）下列圖片顯示的技術(shù)中，屬于防范靜電危害的是（）b.靜電噴涂c.避雷針d.電除塵靜【考點(diǎn)】：*靜電的利用和防止.【專題】：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題.【分析】：物體帶電的本質(zhì)是電荷的轉(zhuǎn)移，出現(xiàn)多余的電荷從而帶電，所以靜電的產(chǎn)生有利有弊.【解析】： 解：a、復(fù)印機(jī)復(fù)印文件資料，就是利用靜電墨粉成在鼓上.故 a屬于靜電的利用；b、靜電噴涂是利用異種電荷間的吸引力來(lái)工作的，故b屬于靜電的利用；c、下雨天，云層帶電打雷，往往在屋頂安裝避雷針

2、，是導(dǎo)走靜電，防止觸電.故c屬于靜電防范；d、靜電除塵時(shí)除塵器中的空氣被電離，煙霧顆粒吸附電子而帶負(fù)電，顆粒向電源正極運(yùn)動(dòng)，屬 于靜電應(yīng)用； 故選：c【點(diǎn)評(píng)】：在生活中靜電無(wú)處不在，有的我們需要，有的我們不需要.所以我們要學(xué)會(huì)基本常識(shí)，提高我們的很生活質(zhì)量.2. （3分）（2015?鹽城二模）目前，我市每個(gè)社區(qū)均已配備了公共體育健身器材.圖示器材為一秋千，用兩根等長(zhǎng)輕繩將一座椅懸掛在豎直支架上等高的兩點(diǎn).由于長(zhǎng)期使用，導(dǎo)致兩根支架向內(nèi)發(fā)生了稍小傾斜，如圖中虛線所示，但兩懸掛點(diǎn)仍等高.座椅靜止時(shí)用f表示所受合力的大小，fi表示單根輕繩對(duì)座椅拉力的大小，與傾斜前相比（）a .f不變，fi變小b.

3、f不變，fi變大 c. f變小，fi變小 d. f變大，fi變大【考點(diǎn)】： 【專題】： 【分析】： 分析即可.【解析】：共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；物體的彈性和彈力.共點(diǎn)力作用下物體平衡專題.木板靜止時(shí)，受重力和兩個(gè)拉力而平衡，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件并結(jié)合正交分解法列式解：木板靜止時(shí)，受重力和兩個(gè)拉力而平衡，故三個(gè)力的合力為零，即:根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有：2ficos 0 =mg解得：fg一上一2cos98角減小了，故f不變，fi減小;關(guān)鍵是受力分析后運(yùn)用圖示法分析，不難.3. （3 分）（2015?鹽城二模）圖甲是小型交流發(fā)電機(jī)的示意圖，在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一矩形金屬線圈繞與磁場(chǎng)方向垂直的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，機(jī)

4、線圈內(nèi)阻為10q,外接一只電阻為產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間變化的正弦規(guī)律圖象如圖乙所示.發(fā)電90q的燈泡，不計(jì)電路的其他電阻，則（a .b.c.圖甲t=0時(shí)刻線圈平面與中性面垂直每秒鐘內(nèi)電流方向改變i00次燈泡兩端的電壓為 22v00.0is時(shí)間內(nèi)通過(guò)燈泡的電量為圖乙由于長(zhǎng)期使用，導(dǎo)致兩根支架向內(nèi)發(fā)生了稍小傾斜，故圖中的交流發(fā)電機(jī)及其產(chǎn)生正弦式電流的原理；正弦式電流的圖象和三角函數(shù)表達(dá)式. 交流電專題.【分析】：當(dāng)線框經(jīng)過(guò)中性面時(shí)通過(guò)線圈的磁通量最大.感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最小為零.由題圖乙可知交流電電動(dòng)勢(shì)的周期，即可求解角速度.線框每轉(zhuǎn)一周，電流方向改變兩次.【解析】：解：a、由圖象乙可知t=0時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零

5、，處于中性面上，故 a錯(cuò)誤；b、由題圖乙可知周期 t=0.02s,線框每轉(zhuǎn)一周，電流方向改變兩次，每秒電流方向改變100次,故b正確；ec、由題圖乙可知交流電電動(dòng)勢(shì)的最大值是em=31.1v,有效值為：過(guò)二 422丫，根據(jù)閉合電路v2的分壓特點(diǎn)得電壓表的示數(shù)為:90+10故 c 錯(cuò)誤;d、根據(jù)q=-代入數(shù)據(jù) 故選：b.【點(diǎn)評(píng)】：吧得：00.01s時(shí)間內(nèi)通過(guò)燈泡的電量為r+r聯(lián)立得：q=0.00198c ,故d錯(cuò)誤；本題是準(zhǔn)確理解感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與磁通量的變化,q喘e辟3心平i。成知道磁通量最大時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)反而最小.明確線框每轉(zhuǎn)一周，電流方向改變兩次.能從圖象讀取有效信息4. （3分）（2015?鹽

6、城二模）如圖甲所示，x軸上固定兩個(gè)點(diǎn)電荷 q1、q2 （q2位于坐標(biāo)原點(diǎn) o）, 其上有m、n、p三點(diǎn)，間距mn=np .qi、q2在軸上產(chǎn)生的電勢(shì) ？隨*變化關(guān)系如圖乙.則（ ）圖甲圖乙a. m點(diǎn)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)大小為零b. n點(diǎn)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)大小為零c. m、n之間電場(chǎng)方向沿 x軸負(fù)方向d . 一正試探電荷從 p移到m過(guò)程中，電場(chǎng)力做功 wpn|=|wnm |【考點(diǎn)】：電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系；電場(chǎng)強(qiáng)度.【專題】：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題.【分析】：（t x圖線的切線斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，在 4- x圖象中可以直接判斷各點(diǎn)電勢(shì)的 大小，并可根據(jù)電勢(shì)大小關(guān)系確定電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，根據(jù)沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，由w

7、=qu判斷做功；【解析】： 解：a、4-x圖線的切線斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，就知道n處場(chǎng)強(qiáng)為零，m處的場(chǎng)強(qiáng)不為零，故 a錯(cuò)誤，b正確；c、m點(diǎn)的電勢(shì)為零，mp電勢(shì)小于零，因沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，故在 mp間電場(chǎng)方向由 m指 向p,沿x軸正方向，故c錯(cuò)誤；d、由圖象可知，umnunp,故電場(chǎng)力做功 qu mn qunp,從p移到m過(guò)程中，電場(chǎng)力做負(fù)功， 故|wpn|0）.現(xiàn)已有針對(duì)某些電磁波設(shè)計(jì)制作的人工材料，其折射率可以為負(fù)值（n10 19; 4.8 10 19【點(diǎn)評(píng)】：解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)的條件，以及光電效應(yīng)方程ekm=hrw0.注意光的入射頻率決定光電子最大初動(dòng)能，而光的強(qiáng)度不影響光

8、電子的最大初動(dòng)能.20. (2015?鹽城二模)一枚火箭搭載著衛(wèi)星以速率v0進(jìn)入太空預(yù)定位置，由控制系統(tǒng)使箭體與衛(wèi)星分離.已知前部分的衛(wèi)星質(zhì)量為m1,后部分的箭體質(zhì)量為m2,分離后箭體以速率 v2沿火箭原方向飛行，若忽略空氣阻力及分離前后系統(tǒng)質(zhì)量的變化，則分離后衛(wèi)星的速率v1是多大. ， id wl d【考點(diǎn)】：動(dòng)量守恒定律.【專題】：動(dòng)量定理應(yīng)用專題.【分析】：火箭和衛(wèi)星組成的系統(tǒng)在分離時(shí)水平方向上動(dòng)量守恒，規(guī)定正方向，結(jié)合動(dòng)量守恒定律求出分離后衛(wèi)星的速率.【解析】：解：火箭和衛(wèi)星組成的系統(tǒng)在分離時(shí)水平方向上動(dòng)量守恒，規(guī)定初速度的方向?yàn)檎较?，有?m1+m2)v0=m2v2+m1v1解得：

9、v1 = v0 + (v 口 卡2) .答：分離后衛(wèi)星的速率是爐二串口+ ( vn vo) 1 u 叫 u e【點(diǎn)評(píng)】： 解決本題的關(guān)鍵知道火箭和衛(wèi)星組成的系統(tǒng)在水平方向上動(dòng)量守恒，運(yùn)用動(dòng)量守恒 定律進(jìn)行求解，知?jiǎng)恿渴睾愣傻谋磉_(dá)式為矢量式，注意速度的方向.四、計(jì)算題：本題共 3小題，共計(jì)47分.解答時(shí)請(qǐng)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟.只寫出最后答案的不能得分.有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位.21. ( 15分)(2015?鹽城二模)如圖所示，在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中有一足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌，與水平面間的夾角 0=30：間距l(xiāng)=0.5m ,上端接有阻值 r=0.3q的電阻，勻

10、強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小b=0.4t ,磁場(chǎng)方向垂直導(dǎo)軌平面向上.一質(zhì)量 m=0.2kg ,電阻r=0.1 q的導(dǎo)體棒 mn在平行于導(dǎo)軌的外力f作用下，由靜止開(kāi)始向上做勻加速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌垂直，且接觸良好，當(dāng)棒的位移d=9m時(shí)電阻r上的消耗的功率為 p=2.7w .其它電阻不計(jì)，g取10m/s2.求:(1)此時(shí)通過(guò)電阻 r上的電流；(2)這一過(guò)程通過(guò)電阻 r上電電荷量q；(3)此時(shí)作用于導(dǎo)體棒上的外力f的大小.【考點(diǎn)】：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì).【專題】：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合.【分析】：(1)根據(jù)p=i2r求解電阻r上的電流；(2)根據(jù)公式： 行上二求解r(3)由(1)中電流

11、求出此時(shí)的速度，再根據(jù)勻變速運(yùn)動(dòng): 定律求解外力f .v2=2ax,求出加速度，結(jié)合牛頓第二解：(1)根據(jù)熱功率:p=i2r,解得:(2)回路中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：e=-,由歐姆定律得：1=工,atra電流和電量之間關(guān)系式:4xq 5x9r+r = r+r= 0. 3+ojl 3+0.2 x104=2n ,答：(1)通過(guò)電阻r上的電流3a;(2)通過(guò)電阻r上電電荷量q為4.5c;(3)導(dǎo)體棒上的外力 f的大小為2n.【點(diǎn)評(píng)】：本題考查電功率， 電量表達(dá)式及電磁感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)表達(dá)式結(jié)合牛頓第二定律求解即可, 難度不大，本題中加速度的求解是重點(diǎn).y軸右側(cè)空間存在范圍足夠大的勻p點(diǎn)的坐標(biāo)為(-2l,

12、0) , qi、q20)處的c點(diǎn)固定一平行于 y軸放22. ( 16分)(2015?鹽城二模)如圖所示的xoy坐標(biāo)系中,強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為b,方向垂直于xoy平面向里.兩點(diǎn)的坐標(biāo)分別為(0, l) , ( 0, - l).坐標(biāo)為(il 3y方向分置的長(zhǎng)為zl的絕緣彈性擋板，c為擋板中點(diǎn)，帶電粒子與彈性絕緣擋板碰撞前后，沿 3速度不變，沿x方向分速度反向，大小不變.帶負(fù)電的粒子質(zhì)量為m,電量為q,不計(jì)粒子所經(jīng)磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)后，求x軸的交點(diǎn)坐標(biāo)；(3)只與擋板碰撞兩次并能回到解得： -1121r2r1受重力.若粒子在 p點(diǎn)沿pqi方向進(jìn)入磁場(chǎng), (1)從qi直接到達(dá)q2處的粒子初速度大小; (2)

13、從qi直接到達(dá)o點(diǎn)，粒子第一次經(jīng)過(guò)p點(diǎn)的粒子初速度大小.k x x xk x x xk x x x乂 x 戛 乂 工x x x x帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng).帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題.(1)作出粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡圖，結(jié)合幾何關(guān)系求出粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑，根據(jù)半徑公式求出粒子的速度.(2)作出粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡圖，根據(jù)幾何關(guān)系求出粒子運(yùn)動(dòng)的半徑，通過(guò)幾何關(guān)系求出第一次經(jīng)過(guò)x軸的交點(diǎn)坐標(biāo)；(3)抓住與擋板碰撞兩次并能回到p點(diǎn)，作出軌跡圖，結(jié)合幾何關(guān)系，運(yùn)用半徑公式進(jìn)行求解.【解析】： 解：(1)由題意畫(huà)出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖(甲)所示，設(shè)pq1與x軸正方向夾角為 0,粒子

14、在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑大小為r1由幾何關(guān)系得：rcos 0 =l其中：,.-5粒子磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，有:（2）由題意畫(huà)出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖（乙）所示，設(shè)其與x軸交點(diǎn)為c,由幾何關(guān)系得：r2=4 l設(shè)c點(diǎn)橫坐標(biāo)為xc,由幾何有關(guān)系得:x7則c點(diǎn)坐標(biāo)為：（at , 0）.2l（3）由題意畫(huà)出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖（丙）所示，設(shè)pqi與x軸正方向夾角為 0,粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑大小為r3,偏轉(zhuǎn)一次后在y負(fù)方向偏移量為兇1,由幾何關(guān)系得：yi=2r3cos g為保證粒子最終能回到 p,粒子與擋板碰撞后，速度方向應(yīng)與pqi連線平行，每碰撞一次，粒子進(jìn)出磁場(chǎng)在y軸上這段距離 令2

15、 （如圖中a、e間距）可由題給條件， 士 力力有- 1 li/。得 ay21t當(dāng)粒子只碰二次，其幾何條件是3ayi 2ay2=2l,解得：. 一一二a y2粒子磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)：.解得：/心加9m答：（1）從qi直接到達(dá)q2處的粒子初速度大小為 近典；2m（2）從qi直接到達(dá)o點(diǎn)，粒子第一次經(jīng)過(guò) x軸的交點(diǎn)坐標(biāo)為（工匚，0）;2（3）只與擋板碰撞兩次并能回到 p點(diǎn)的粒子初速度大小為 生國(guó)外.9m圖伸)【點(diǎn)評(píng)】： 本題考查了粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，對(duì)于三小問(wèn)，關(guān)鍵作出三種粒子的軌跡圖，結(jié)合 幾何關(guān)系，運(yùn)用半徑公式進(jìn)行求解，難度較大，對(duì)數(shù)學(xué)幾何的關(guān)系要求較高，需加強(qiáng)這方面的訓(xùn)練.23. ( 16分

16、)(2015?鹽城二模)如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為 m長(zhǎng)為l的圓管豎直放置，頂端塞有 一個(gè)質(zhì)量為 m的彈性小球，m=4m ,球和管間的滑動(dòng)摩擦力和最大靜摩擦力大小均為4mg.管從下端離地面距離為 h處自由落下，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，管始終保持豎直，每次落地后向上彈起的速 度與落地時(shí)速度大小相等，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為 g.求：(1)管第一次落地彈起時(shí)管和球的加速度；(2)管第一次落地彈起后，若球沒(méi)有從管中滑出，則球與管達(dá)到相同速度時(shí)，管的下端距地面 的高度；(3)管第二次彈起后球不致滑落，l應(yīng)滿足什么條件.【考點(diǎn)】： 牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間的關(guān)系.【專題】：牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題.2【分析

17、】：(1)根據(jù)v0 =2gh求出圓管底端落地前瞬間的速度.根據(jù)牛頓第二定律分別求出管 反彈后，球和管的加速度，從而得知球相對(duì)于管的加速度，以管為參考系，根據(jù)速度位移公式求出球相對(duì)于管靜止時(shí)的相對(duì)位移，即可求解.(2)根據(jù)管上升的加速度，以及相對(duì)加速度分別求出管從碰地到它彈到最高點(diǎn)所需時(shí)間和管從碰地到與球相對(duì)靜止所需的時(shí)間，比較兩個(gè)時(shí)間知道球與管的運(yùn)動(dòng)情況，再根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出管上升的最大高度.(3)根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，即可求解【解析】： 解：(1)管第一次落地彈起時(shí)，管的加速度4嗯+4犍1 4m 6方向向下球的加速度方向向上2 in(2)取豎直向下為正方向.球與管第一次碰地時(shí)速度v0=v2gh5方向向下.碰地后管的速度 爐二-記春j，方向向上；球的速度 v2=v2gh,方向向下若球剛好沒(méi)有從管中滑出，設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間ti,球管速度v相同，則有-vi+aiti=v2-2v02歷32t1 -1& +02又管從碰地到它彈到最高點(diǎn)所需時(shí)間t2,則：t22g因?yàn)閠1t2,說(shuō)明管在達(dá)到最高點(diǎn)前，球與管相對(duì)靜止，故管從彈起經(jīng)t1這段時(shí)間上升的高度為所求.得.25=25(3)球與管達(dá)到相對(duì)靜止后，將以速度v、加速度g豎直上升到最高點(diǎn)，由于故這個(gè)高度是二五二25h因此，管第一次落地彈起后上