遼寧省丹東市2020屆高三物理下學期線上教學質(zhì)量監(jiān)測試題（含解析）

1、遼寧省丹東市2020屆高三物理下學期線上教學質(zhì)量監(jiān)測試題（含解析）二、選擇題（本題共8小題，第1418題只有一項符合題目要求，第1921題有多項符合題目要求。）1.中國北斗衛(wèi)星導航系統(tǒng)（BeiDouNavigationSatelliteSystem，BDS）是繼美國全球定位系統(tǒng)（GPS）、俄羅斯格洛納斯衛(wèi)星導航系統(tǒng)（GLONASS）之后第三個成熟的衛(wèi)星導航系統(tǒng)。北斗導航系統(tǒng)中有幾顆衛(wèi)星是地球同步衛(wèi)星，GPS導航系統(tǒng)是由周期約為12h的衛(wèi)星群組成。則北斗導航系統(tǒng)的同步衛(wèi)星與GPS導航衛(wèi)星相比（）A. 北斗導航系統(tǒng)的同步衛(wèi)星的角速度大B. 北斗導航系統(tǒng)的同步衛(wèi)星的軌道半徑小C. GPS導航衛(wèi)星的線

2、速度大D. GPS導航衛(wèi)星的向心加速度小【答案】C【解析】【詳解】A地球同步衛(wèi)星的周期為24h，GPS導航系統(tǒng)周期約為12h，根據(jù)周期與角速度的關(guān)系可知北斗導航系統(tǒng)的同步衛(wèi)星的周期大，則其角速度小，故A錯誤；B由萬有引力提供向心力有得衛(wèi)星繞地球做圓周運動的周期北斗導航系統(tǒng)的同步衛(wèi)星的周期大，則其軌道半徑大，故B錯誤；C由萬有引力提供向心力有得衛(wèi)星繞地球做圓周運動的線速度北斗導航系統(tǒng)的軌道半徑大，則其線速度小，GPS導航衛(wèi)星的線速度大，故C正確；D根據(jù)可知北斗導航系統(tǒng)的角速度小、線速度小，則其加速度小，GPS導航衛(wèi)星的向心加速度大，故D錯誤。故選C。2.圖甲中的變壓器為理想變壓器，原線圈的匝數(shù)n

3、1與副線圈的匝數(shù)n2之比為51。變壓器的原線圈接如圖乙所示的正弦式電流，兩個20的定值電阻串聯(lián)接在副線圈兩端。電流表、均為理想電表。則（）A. 電流表示數(shù)為0.2AB. 電流表示數(shù)為5AC. 電壓表示數(shù)為4VD. 通過電阻R的交流電的周期為210-2s【答案】A【解析】【詳解】AB根據(jù)圖象可得原線圈的電壓的最大值為，所以電壓的有效值為原線圈的匝數(shù)n1與副線圈的匝數(shù)n2之比為51，則有解得副線圈電壓則副線圈中的電流根據(jù)變壓器電流與匝數(shù)的關(guān)系有所以原線圈中的電流即電流表的讀數(shù)故A正確，B錯誤；C電壓表示數(shù)為電阻R上的電壓，根據(jù)歐姆定律有故C錯誤；D由乙圖可知通過電阻R的交流電的周期為410-2s，

4、故D錯誤。故選A。3.一物體在豎直方向運動的vt圖象如圖所示。以下判斷正確的是（規(guī)定向上方向為正）（）A. 第5s內(nèi)與第6s內(nèi)的加速度方向不同B. 第4s末第6s末物體處于失重狀態(tài)C. 前2s內(nèi)物體克服重力做功的平均功率大于第6s內(nèi)物體重力做功的平均功率D. 第2s末第4s末的過程中，該物體的機械能守恒【答案】B【解析】【詳解】Avt圖象圖線的斜率表示運動的加速度，第5s內(nèi)與第6s內(nèi)的斜率相同，則加速度方向相同，故A錯誤；B第4s末第6s末圖線斜率為負，則加速度為負值，即加速度的方向向下，物體處于失重狀態(tài)，故B正確；Cvt圖象圖線與坐標軸所圍面積表示物體的位移，由圖線可知，前2s內(nèi)物體物體的位

5、移大小為第6s內(nèi)物體的位移大小為則前2s內(nèi)克服重力做功的平均功率為第6s內(nèi)物體重力做功的平均功率為所以前2s內(nèi)克服重力做功的平均功率等于第6s內(nèi)物體重力做功的平均功率，故C錯誤；D第2s末第4s末的過程中，物體勻速運動，動能不變，但物體升高，所以該物體的機械能增加，故D錯誤。故選B。4.如圖所示，甲、乙兩物體用兩根輕質(zhì)細線分別懸掛在天花板上，兩細線與水平方向夾角分別為60和45，甲、乙間拴接的輕質(zhì)彈簧恰好處于水平狀態(tài)，則下列判斷正確的是（）A. 甲、乙的質(zhì)量之比為1:B. 甲、乙所受彈簧彈力大小之比為:C. 懸掛甲、乙的細線上拉力大小之比為1:D. 快速撤去彈簧的瞬間，甲、乙的瞬時加速度大小之

6、比為1:【答案】D【解析】【詳解】B因為是同一根彈簧，彈力相等，故B錯誤；AC對甲乙兩個物體受力分析，如圖所示甲乙都處于靜止狀態(tài)，受力平衡，則有對甲，對乙，代入數(shù)據(jù)得故AC錯誤；D快速撤去彈簧的瞬間，甲、乙所受合力為其重力在繩端的切向分力，根據(jù)牛頓運動定律有故D正確。故選D。5.如圖所示，一段長方體形導電材料，左右兩端面的邊長都為a和b，內(nèi)有帶電量為q的某種自由運動電荷導電材料置于方向垂直于其前表面向里的勻強磁場中，內(nèi)部磁感應強度大小為B當通以從左到右的穩(wěn)恒電流I時，測得導電材料上、下表面之間的電壓為U，且上表面的電勢比下表面的低由此可得該導電材料單位體積內(nèi)自由運動電荷數(shù)及自由運動電荷的正負分

7、別為A. ，負B. ，正C. ，負D. ，正【答案】C【解析】【詳解】因為上表面的電勢比下表面的低，根據(jù)左手定則，知道移動的電荷為負電荷；根據(jù)電荷所受的洛倫茲力和電場力平衡可得：解得：因為電流為：解得：A.與分析不符，故A錯誤；B.與分析不符，故B錯誤；C.與分析相符，故C正確；D.與分析不符，故D錯誤6.如圖是某初中地理教科書中的等高線圖（圖中數(shù)字的單位是米）。小山坡的右側(cè)比左側(cè)更陡些，如果把一個球分別從山坡左右兩側(cè)滾下（把山坡的兩側(cè)看成兩個斜面，不考慮摩擦等阻礙），會發(fā)現(xiàn)右側(cè)小球加速度更大些。現(xiàn)在把該圖看成一個描述電勢高低的等勢線圖，左右兩側(cè)各有a、b兩點，圖中數(shù)字的單位是伏特，下列說法正

8、確的是（）A. b點電場強度比a點大B. 左側(cè)電勢降低的更快C. 同一電荷在電勢高處電勢能也一定大D. 同一電荷在電場強度大處所受電場力也一定大【答案】AD【解析】【詳解】A根據(jù)U=Ed相同電勢差右側(cè)b點的距離更小，所以b點電場強度比a點大，故A正確；B等勢線越密集的地方電勢降落的越快，b點等勢線更密集，所以右側(cè)電勢降低的更快，故B錯誤；C電勢能還與電荷的正負有關(guān)，所以同一電荷在電勢高處電勢能也不一定大，故C錯誤；D同一電荷在電場強度大處所受電場力一定大，故D正確。故選AD。7.圖甲為研究光電效應電路圖，圖乙為靜止在勻強磁場中的某種放射性元素的原子核衰變后產(chǎn)生的新核Y和某種射線的徑跡，下列說法

9、正確的是（ ）A. 圖甲利用能夠產(chǎn)生光電效應的兩種（或多種）頻率已知的光進行實驗可測出普朗克常量B. 圖甲的正負極對調(diào)，在光照不變的情況下，可研究得出光電流存在飽和值C. 圖乙對應的衰變方程為D. 圖乙對應的衰變方程為【答案】ABD【解析】【詳解】A.根據(jù)光電效應方程得，聯(lián)立兩式解得，所以分別測出兩次電流表讀數(shù)為零時電壓表的示數(shù)U1和U2即可測得普朗克常量，選項A正確；B.題圖甲電源的正負極對調(diào)，此時光電管中所加電壓為正向電壓，在光照不變的情況下，通過調(diào)節(jié)滑動變阻器可調(diào)節(jié)光電管兩端的電壓，可研究得出光電流存在的飽和值，選項B正確；CD.由題圖乙可知，發(fā)生的是衰變，故衰變方程為，選項D正確，C錯

10、誤.8.如圖所示，在垂直于紙面向外的勻強磁場中，水平放置兩個同心金屬環(huán)，半徑分別是r和3r，磁感應強度為B，在兩環(huán)間連接有一個電容為C的電容器，a、b是電容器的兩個極板。長為2r的金屬棒AB沿半徑方向放置在兩環(huán)間且與兩環(huán)接觸良好，并繞圓心以角速度做順時針方向（從垂直環(huán)面向里看）的勻速圓周運動。則下列說法正確的是（）A. 金屬棒AB中有從B到A的持續(xù)電流B. 電容器b極板帶負電C. 電容器兩端電壓為D. 電容器所帶電荷量為【答案】BC【解析】【詳解】A根據(jù)右手定則可知，金屬棒AB切割磁感線產(chǎn)生感應電動勢，但由于電路沒有閉合，所以沒有感應電流，故A錯誤；B根據(jù)右手定則可判斷B端為電源的正極，a端為

11、電源的負極，所以電容器b極板帶負電，故B正確；C根據(jù)法拉第電磁感應定律知切割產(chǎn)生的感應電動勢故C正確；D電容器所帶電荷量故D錯誤故選BC。三、非選擇題（包括必考題和選考題兩部分。第22題第32題為必考題，每個小題考生都必須做答。第33題第38題為選考題，考生根據(jù)要求做答。）9.在探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系實驗中。（1）某組同學用如圖甲所示裝置，采用控制變量的方法，來研究小車質(zhì)量不變的情況下，小車的加速度與小車受到合力的關(guān)系。下列措施中不需要和不正確的是_；A.平衡摩擦力的方法就是在砝碼盤中添加砝碼，使小車能勻速滑動；B.每次改變拉小車拉力后不需要重新平衡摩擦力；C.實驗中通過在砝碼盤中添加砝碼

12、來改變小車受到的拉力；D.每次小車都要從同一位置開始運動；E.實驗中應先放小車，然后再開打點計時器的電源；（2）實驗使用頻率為50Hz的交流電源，得到的一條紙帶如圖乙所示。從比較清晰的點起，每4個點取一個計數(shù)點，第1與第2個計數(shù)點的間距為s=3.58cm，第3與第4個計數(shù)點的間距為=4.71cm，該小車的加速度大小a=_m/s2（保留兩位有效數(shù)字）。【答案】 (1). ADE (2). 0.88【解析】【詳解】（1）1AB平衡摩擦力時，不是在砝碼盤中添加砝碼，而是通過調(diào)節(jié)墊板使重力沿木板方向的分力等于摩擦力，即可以約掉m，只需要平衡一次摩擦力，故A錯誤，符合題意；B正確，不符合題意；C實驗中通

13、過在砝碼盤中添加砝碼來改變小車受到的拉力，故C正確，不符合題意；D實驗中每次小車不需要從同一位置開始運動，故D錯誤，符合題意；E.實驗中應先開打點計時器的電源，然后再放小車，故E錯誤，符合題意；故選ADE。（2）2每4個點取一個計數(shù)點，則兩個相鄰計數(shù)點的時間間隔為根據(jù)得代入數(shù)值解得10.某同學測定電源電動勢和內(nèi)阻，所使用的器材有：待測干電池一節(jié)（內(nèi)阻較?。㈦娏鞅鞟（量程0.6A，內(nèi)阻RA小于1）、電流表A1（量程0.6A，內(nèi)阻未知）、電阻箱R1（0-99.99）、滑動變阻器R2（0-10）、單刀雙擲開關(guān)S、單刀單擲開關(guān)K各一個，導線若干該同學按圖甲所示電路連接進行實驗操作（1）測電流表A的內(nèi)

14、阻：閉合開關(guān)K，將開關(guān)S與C接通，通過調(diào)節(jié)電阻箱R1和滑動變阻器R2，讀取電流表A示數(shù)為0.20A、電流表A1的示數(shù)為0.60A、電阻箱R1的示數(shù)為0.10，則電流表A的內(nèi)阻RA=_（2）測電源的電動勢和內(nèi)阻：斷開開關(guān)K，調(diào)節(jié)電阻箱R1，將開關(guān)S接_（填“C“或“D“），記錄電阻箱R1的阻值和電流表A的示數(shù)；多次調(diào)節(jié)電阻箱R1重新實驗，并記錄多組電阻箱R1的阻值R和電流表A的示數(shù)I數(shù)據(jù)處理：圖乙是由實驗數(shù)據(jù)繪出的圖象，由此求出干電池的電動勢E=_V，內(nèi)阻r=_（計算結(jié)果保留二位有效數(shù)字）【答案】 (1). 0.20 (2). D (3). 1.5 (4). 0.25【解析】【詳解】第一空.根據(jù)

15、串并聯(lián)電路的規(guī)律可知，流過電阻箱R1的電流I=（0.60-0.20）A=0.40A；電壓U=0.100.40V=0.040V，則電流表內(nèi)阻RA= =0.20第二空.測電源的電動勢和內(nèi)阻：斷開開關(guān)K，調(diào)節(jié)電阻箱R1，將開關(guān)S接D第三空.第四空.根據(jù)實驗步驟和閉合電路歐姆定律可知：E=I（R+RA+r），變形可得： 根據(jù)圖象可知：，=0.3解得：E=1.5V，r=0.25；11.如圖所示，帶電量為q（q為正電荷）的粒子質(zhì)量為m，O、A兩點長度為d且連線與x軸正方向為30，不計粒子重力。（1）若在y軸右側(cè)加上平行于y軸的勻強電場E時，粒子以初速度v0沿x軸正方向從O點射出且恰好經(jīng)過A點，求：電場強度

16、E的大小和方向；（2）若去掉電場，在坐標系空間內(nèi)加上垂直紙面的勻強磁場B，粒子仍以初速度v0沿x軸負方向從O點射出且也恰好經(jīng)過A點，求：磁感應強度B的大小和方向以及粒子從O點出發(fā)到第一次經(jīng)過A點時所經(jīng)歷的時間?！敬鸢浮浚?），方向豎直向上；（2），方向垂直紙面向外；【解析】【詳解】（1）加電場時，粒子沿x軸正方向射出，粒子作類平拋運動，經(jīng)過A點，則電場方向豎直向上。根據(jù)平拋運動規(guī)律有水平方向豎直方向由牛頓第二定律有qE=ma解得電場強度（2）在磁場中，粒子沿x軸負方向射出，粒子作勻速圓周運動，經(jīng)過A點，則磁場方向垂直紙面向外。根據(jù)洛倫茲力提供向心力，有由幾何關(guān)系有d=R聯(lián)立解得磁感應強度勻速圓

17、周運動周期粒子從O點出發(fā)到第一次經(jīng)過A點時所經(jīng)歷的時間聯(lián)立解得12.如圖，質(zhì)量為6m、長為L的薄木板AB放在光滑的平臺上，木板B端與臺面右邊緣齊平B端上放有質(zhì)量為3m且可視為質(zhì)點的滑塊C，C與木板之間的動摩擦因數(shù)為，質(zhì)量為m的小球用長為L的細繩懸掛在平臺右邊緣正上方的O點，細繩豎直時小球恰好與C接觸現(xiàn)將小球向右拉至細繩水平并由靜止釋放，小球運動到最低點時細繩恰好斷裂，小球與C碰撞后反彈速率為碰前的一半 (1)求細繩能夠承受的最大拉力；(2)若要使小球落在釋放點的正下方P點，平臺高度應為多大；(3)通過計算判斷C能否從木板上掉下來【答案】(1)3mg(2)L(3) 滑塊C不會從木板上掉下來【解析

18、】【詳解】（1）設(shè)小球運動到最低點的速率為v0，小球向下擺動過程機械能守恒，由機械能守恒定律得： 解得：小球在圓周運動最低點，由牛頓第二定律： 由牛頓第三定律可知，小球?qū)毨K的拉力：T=T解得：T=3mg（2）小球碰撞后平拋運動在豎直方向上：水平方向：L=解得：h=L（3）小球與滑塊C碰撞過程中小球和C系統(tǒng)滿足動量守恒，設(shè)C碰后速率為v1，以小球的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得： 設(shè)木板足夠長，在C與木板相對滑動直到相對靜止過程，設(shè)兩者最終共同速率為v2，由動量守恒定律的： 由能量守恒定律得： 聯(lián)立解得：s=L/2由sL知，滑塊C不會從木板上掉下來【點睛】（1）由機械守恒定律求出小球的速

19、度，然后由牛頓定律求出繩子能夠承受的最大拉力；（2）小球做平拋運動，應用平拋運動規(guī)律分析答題；（3）應用動量守恒定律與能量守恒定律求出C的位移，然后根據(jù)位移與木板的長度關(guān)系分析答題13.下列說法正確的是（）A. 外界對氣體做功，氣體的內(nèi)能可能減少B. 單晶體有固定的熔點，多晶體和非晶體沒有固定的熔點C. 空氣中水蒸氣壓強越大，空氣的相對濕度就越小D. 內(nèi)能不同的物體，它們分子熱運動的平均動能可能相同E. 一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能隨溫度的升高而增大【答案】ADE【解析】【詳解】A如果氣體吸熱的同時對外做功，吸收的熱量小于對外所做的功，則內(nèi)能可能減小，故A正確；B晶體都有固定的熔點，故B錯誤； C

20、空氣的相對濕度定義為空氣中所含水蒸氣的壓強與相同溫度時水的飽和蒸汽壓之比，故C錯誤；D內(nèi)能是所有分子動能和分子勢能之和。內(nèi)能不同的物體，當它們的溫度相同時，則它們分子熱運動的平均動能可能相同，故D正確；E一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，溫度越高，內(nèi)能越大，故E正確。故選ADE。14.一容積為V0的容器通過細管與一個裝有水銀的粗細均勻的U形管相連（U形管和細管中的氣體體積遠小于容器的容積V0），U形管的右管與大氣相通，大氣壓為750mmHg。關(guān)閉閥門，U形管的左、右管中水銀面高度相同，此時氣體溫度為300K。現(xiàn)僅對容器內(nèi)氣體進行加熱。如圖所示，當U形管右側(cè)管中的水銀面比左側(cè)管中的水銀面高H

21、=50mm時，求封閉容器內(nèi)氣體的溫度；保持問中的溫度不變，打開閥門K緩慢抽出部分氣體，當U形管左側(cè)管中的水銀面比右側(cè)管中的水銀面高50mm時（水銀始終在U形管內(nèi)），求封閉容器內(nèi)剩余氣體的質(zhì)量與原來總質(zhì)量的比值；判斷在抽氣的過程中剩余氣體是吸熱還是放熱，并闡述原因?！敬鸢浮?20K；吸熱，原因見詳解【解析】【詳解】由題意可知設(shè)升溫后氣體的壓強為p0，由查理定律得解得T=320K當U形管左側(cè)管中的水銀面比右側(cè)管中的水銀面高50mm時，壓強p=700mmHg。抽氣過程可等效為等溫膨脹過程，設(shè)膨脹后氣體的總體積為V，由玻意耳定律得設(shè)剩余氣體的質(zhì)量與原來總質(zhì)量的比值為k，由題意得吸熱。因為抽氣過程中剩余氣體溫度不變，故內(nèi)能不變，而剩余氣體膨脹對外做功，所以根據(jù)熱力學第一定律可知剩余氣體要吸熱。15.下列說法正確的是