四川省成都市2015屆高三下學(xué)期第二次診斷物理試題 Word版含解析

1、2015年四川省成都市高考物理二診試卷一.選擇題（42分）1（6分）（2015成都模擬）下列說法正確的是（） A 電磁波是一種橫波 B 空間有變化的電場（或磁場）存在，一定能形成電磁波 C 微波的頻率高于可見光 D 當物體以接近光速的速度運動時，物體的質(zhì)量變化才明顯，因此牛頓運動定律不僅適用于低速運動，而且適用于高速運動【考點】： 電磁場【分析】：電磁波是一種橫波；具有一切波的性質(zhì)；如反射、折射、干涉、衍射現(xiàn)象；變化的電場可以產(chǎn)生磁場；而變化的磁場可以產(chǎn)生電場；但只有周期性變化的電場和磁場才能產(chǎn)生電磁波【解析】： 解：A、電磁波是一種橫波，故A正確；B、只有周期性變化的電場才能形成電磁波，均勻

2、變化的電場只能產(chǎn)生恒定的磁場，將不能再產(chǎn)生電磁波；故B錯誤；C、微波的波長大于可見光，頻率低于可見光；故C錯誤；D、牛頓第二定律只適用于宏觀低速物體，不適用于微觀高速物體；故D錯誤；故選：A【點評】： 本題考查電磁波的性質(zhì)，要注意掌握電磁波產(chǎn)生及經(jīng)典物體的適用范圍2（6分）（2015成都模擬）如圖所示，一束復(fù)色光a由空氣中斜射到上下表面平行的厚平板玻璃的上表面，穿過玻璃后分為b、c兩束平行單色光從下表面射出關(guān)于這兩束單色光，下列說法正確的是（） A 此玻璃對b光的折射率等于對c光的折射率 B 在真空中b光的傳播速度等于c光的傳播速度 C 在此玻璃中b光的全反射臨界角大于c光的全反射臨界角 D

3、用同一雙縫干涉裝置進行實驗，屏上b光相鄰的干涉條紋間距比c光的寬【考點】： 光的折射定律；光的干涉【專題】： 光的折射專題【分析】：復(fù)色光從空氣斜射到厚平板玻璃（上、下表面平行）的上表面，穿過玻璃后從下表面射出，變?yōu)閏、b兩束平行單色光，從而可確定折射率大小頻率與折射率成正比，進而可確定傳播速度，臨界角，及干涉條紋間距【解析】： 解：A、光從空氣斜射到玻璃，因為玻璃上下表面平行，當?shù)诙握凵鋾r折射光線與第一次折射入射光線平行由于折射率不同，b光偏折較大，c光偏折較小所以此玻璃對b光的折射率大于對c光的折射率，故A錯誤；B、光從空氣斜射到玻璃，由于折射率不同，b光偏折較大，c光偏折較小所以此玻璃

4、對b光的折射率大于對c光的折射率，根據(jù)v=則b光的傳播速度小于c光，但在真空中，兩光的傳播速度相同，故B正確；C、由公式n= 知，玻璃對b光的折射率大于對c光的折射率，b光的全反射臨界角小于c光的全反射臨界角，故C錯誤；D、光從空氣斜射到玻璃，由于折射率不同，b光偏折較大，c光偏折較小所以此玻璃對b光的折射率大于對c光的折射率，根據(jù)v=則b光的傳播速度小于c光，根據(jù)從而得出b光的波長小于c光，用同一雙縫干涉裝置進行實驗可看到b光的干涉條紋間距比c光的小故D錯誤；故選：B【點評】： 本題可用假設(shè)法，由折射率不同，從而假設(shè)b是紫光，c是紅光，則可根據(jù)紅光與紫光的特性來確定出正確答案3（6分）（20

5、15成都模擬）質(zhì)量m=50kg的某同學(xué)站在觀光電梯地板上，用速度傳感器記錄了電梯在一段時間內(nèi)運動的速度隨時間變化情況（以豎直向上為正方向）由圖象提供的信息可知（） A 在015s內(nèi)，觀光電梯上升的高度為25m B 在515s內(nèi)，電梯地板對人的支持力做了2500J的功 C 在2025s與2535s內(nèi)，觀光電梯的平均速度大小均為10m/s D 在2535s內(nèi)，觀光電梯在減速上升，該同學(xué)的加速度大小2m/s2【考點】： 功的計算；勻變速直線運動的圖像【專題】： 功的計算專題【分析】：在速度時間圖象中，直線的斜率表示加速度的大小，根據(jù)圖象求出電梯的加速度，當有向上的加速度時，此時人就處于超重狀態(tài)，當有

6、向下的加速度時，此時人就處于失重狀態(tài)圖象與時間軸圍成的面積表示物體通過的位移【解析】： 解：A、在速度時間圖象中，與時間軸所包圍的面積即為位移，故015s內(nèi)的位移為x=，故A錯誤；B、515s內(nèi)加速度為，由牛頓第二定律得FNmg=ma，解得FN=450N，515s內(nèi)上升的高度為，故支持力做功為W=FNh=22500J，故B錯誤；C、勻變速直線運動，平均速度等于初末速度之和，故，故C正確；D、在2535s內(nèi)，觀光電梯在減速下降，故D錯誤；故選：C【點評】： 本題主要考查了vt圖象的性質(zhì)、超重失重現(xiàn)象的理解，要注意通過圖象明確物體的運動情況，再結(jié)合超重失重的內(nèi)容進行分析即可4（6分）（2015成都

7、模擬）圖甲為一簡諧橫波在t=0時刻的波形圖象，圖乙為該橫波中x=3m處質(zhì)點A的振動圖象，則下列說法正確的是（） A 波的傳播方向沿x軸正方向 B 波的傳播速度大小為1cm/s C 在t=2.0s時刻，圖甲中x=4m處質(zhì)點B的振動加速度大小為0 D 若該波遇到尺寸大小為1m的障礙物或孔時，該波會發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象【考點】： 橫波的圖象；波長、頻率和波速的關(guān)系【專題】： 振動圖像與波動圖像專題【分析】：由乙圖讀出t=0時刻質(zhì)點A的振動方向，由甲圖判斷出波的傳播方向由甲圖讀出波長，由乙圖讀出周期，即可求得波速根據(jù)t=0時刻質(zhì)點A的位置，進而分析B的位置，從而判斷加速度【解析】： 解：A、由乙圖讀出t

8、=0時刻質(zhì)點A的振動方向沿y軸正方向，由甲圖判斷出波的傳播方向沿x軸負方向故A錯誤B、由甲圖讀出波長=4m，由乙圖讀出周期T=4s，則波速v=，故B錯誤C、在t=2.0s時刻，A點在平衡位置向下振動，所以B處于波峰處，加速度最大，故C錯誤D、當波的波長比障礙物尺寸大或差不多時，就會發(fā)生明顯的衍射由圖知該波的波長為=4m，所以該波遇到尺寸大小為1m的障礙物或孔時，該波會發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故D正確故選：D【點評】： 本題關(guān)鍵要抓住振動圖象與波動圖象之間的聯(lián)系，將一個周期分成四個周期研究質(zhì)點的振動過程5（6分）（2015成都模擬）如圖所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為10：1，電壓表和電流表均為

9、理想電表原線圈所接交流電源的電壓隨時間變化的關(guān)系是u1=220sin100tV，副線圈回路中的輸電線ab和cd的總電阻r=2，滑動變阻器的最大阻值R=30，其余輸電線電阻忽略不計，則（） A 理想變壓器輸出電壓的頻率是100 Hz B 在t=0O1s，時，電壓表V的示數(shù)為OV C 在滑動變阻器滑動觸頭向下滑動的過程中，電流表A1的示數(shù)不變、電流表AZ的示數(shù)變大 D 當滑動變阻器接入電路的阻值為R=20時，理想變壓器的輸入功率為22 W【考點】： 變壓器的構(gòu)造和原理【專題】： 交流電專題【分析】：根據(jù)瞬時值表達式可以求得輸出電壓的有效值、周期和頻率等，再根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比即可求得結(jié)論，電路的動

10、態(tài)分析，由歐姆定律求解【解析】： 解：A、根據(jù)瞬時值表達式為u1=220sin100t（V），理想變壓器輸出電壓的頻率是50 Hz故A錯誤B、電壓表V示數(shù)為有效值，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比可知，副線圈的電壓的有效值為22V，電壓表的示數(shù)為22V，故B錯誤C、當滑動變阻器觸頭P向下滑動的過程中，滑動變阻器的電阻變小，電路的總電阻變小，由于電壓是由變壓器決定的且不變，故電壓表的示數(shù)不變，由歐姆定律得電流變大，有功率不變得原線圈的功率變大，電流變大，故C錯誤D、當滑動變阻器接入電路的阻值為R=20時，總電阻為22，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比可知，副線圈的電壓的有效值為22V，消耗的功率為p=22w，理想變壓器

11、輸入輸出功率不變，故D正確故選：D【點評】： 電路的動態(tài)變化的分析，總的原則就是由部分電路的變化確定總電路的變化的情況，再確定其他的電路的變化的情況，即先部分后整體再部分的方法6（6分）（2015成都模擬）嫦娥三號”于2013年12月2日在中國西昌衛(wèi)星發(fā)射中心由長征三號乙運載火箭送人太空，12月14日成功軟著陸于月球雨海西北部，12月15日完成著陸器和巡視器分離，并陸續(xù)開展了“觀天、看地、測月”，的科學(xué)探測和其它預(yù)定任務(wù)如圖所示為“嫦娥三號”釋放出的國產(chǎn)“玉兔”號月球車，若該月球車在地球表面的重力為G1，在月球表面的重力為G2，已知地球半徑為R1，月球半徑為R2，地球表面處的重力加速度為g，則

12、（） A 月球表面處的重力加速度為g B 月球車內(nèi)的物體處于完全失重狀態(tài) C 地球的第一宇宙速度與月球的第一宇宙速度之比為 D 地球與月球的質(zhì)量之比為【考點】： 萬有引力定律及其應(yīng)用【專題】： 萬有引力定律的應(yīng)用專題【分析】：質(zhì)量是不變的，重力是改變的，根據(jù)重力表達式G重=mg表示出g進行比較；忽略星球自轉(zhuǎn)的影響，根據(jù)萬有引力等于重力列出等式比較地球和月球的質(zhì)量；第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，也是最大的圓周運動的環(huán)繞速度【解析】： 解：A、重力加速度：g=，故地球表面處的重力加速度與月球表面處的重力加速度之比為G1：G2，故月球表面處的重力加速度為g，故A正確；B、在月球表面，月球車內(nèi)的物

13、體受重力和支持力，不是失重，故B錯誤；C、第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度：v=，故地球的第一宇宙速度與月球的第一宇宙速度之比：=，故C正確；D、根據(jù)g=，有：M=，故地球的質(zhì)量與月球的質(zhì)量之比為：=，故D錯誤；故選：AC【點評】： 本題關(guān)鍵是明確重力和質(zhì)量的區(qū)別，知道第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，根據(jù)牛頓第二定律列式分析即可7（6分）（2015成都模擬）如圖甲所示，傾角30°、上側(cè)接有R=1的定值電阻的粗糙導(dǎo)軌（導(dǎo)軌電阻忽略不計、且ab與導(dǎo)軌上側(cè)相距足夠遠），處于垂直導(dǎo)軌平面向上、磁感應(yīng)強度大小B=1T的勻強磁場中，導(dǎo)軌相距L=1m一質(zhì)量m=2kg、阻值r=1的金屬棒，在作用于

14、棒中點、沿斜面且平行于導(dǎo)軌的拉力F作用下，由靜止開始從ab處沿導(dǎo)軌向上加速運動，棒球運動的速度一位移圖象如圖乙所示，（b點為位置坐標原點）若金屬棒與導(dǎo)軌間動摩擦因數(shù)=，g=10m/s2，則金屬棒從起點b沿導(dǎo)軌向上運動x=1m的過程中（） A 金屬棒做勻加速直線運動 B 金屬棒與導(dǎo)軌間因摩擦產(chǎn)生的熱量為10J C 通過電阻R的感應(yīng)電荷量為0.5C D 電阻R產(chǎn)生的焦耳熱為0.5J【考點】： 導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化【專題】： 電磁學(xué)；電磁感應(yīng)功能問題【分析】：結(jié)合勻變速直線運動的速度位移公式列式分析運動性質(zhì)；摩擦產(chǎn)生的熱量等于克服摩擦力做的功；根據(jù)電流的平均值求解電量，

15、求解電熱要用電流的有效值【解析】： 解：A、vx圖象是直線，如果是勻加速直線運動，根據(jù)，vt圖象應(yīng)該是曲線，故金屬棒做變加速直線運動，故A錯誤；B、金屬棒與導(dǎo)軌間因摩擦產(chǎn)生的熱量等于克服摩擦力做的功，為：Q1=mgcos30°x=J=10J；故B正確；C、通過電阻R的感應(yīng)電荷量：q=0.5C；故C正確；D、既然是變加速直線運動，條件不足，無法求解電阻R產(chǎn)生的熱量，故D錯誤；故選：BC【點評】： 本題關(guān)鍵是明確導(dǎo)體棒的受力情況、運動情況和電路中的能量轉(zhuǎn)化情況，明確平均值有有效值的區(qū)分，不難二.非選擇題，68分8（6分）（2015成都模擬）如圖甲所示是用沙擺演示振動圖象的實驗裝置，沙擺可

16、視為擺長L=1.0m的單擺，沙擺的運動可看作簡諧運動實驗中，細沙從擺動著的漏斗底部均勻漏出，用手沿與擺動方向垂直的方向勻速拉動紙板，漏在紙板上的細沙形成了圖乙所示的粗細變化的一條曲線曲線之所以粗細不均勻，主要是因為沙擺擺動過程中速度（選填“位移”、“速度”或“加速度”）大小在變化若圖乙中AB間距離x=4.0m，當?shù)刂亓铀俣萭=10m/s2，則紙板勻速運動的速度大小為1.0m/s（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）【考點】： 簡諧運動的振動圖象；簡諧運動的回復(fù)力和能量【專題】： 簡諧運動專題【分析】：單擺擺動的周期T=2，知單擺的周期與擺球的質(zhì)量無關(guān)，所以周期不變單擺在擺動的過程中經(jīng)過平衡位置的速度最大，

17、最大位移處的速度為0根單擺周期求出沙擺的周期，再求解紙板勻速運動的速度【解析】： 解：觀察細沙曲線，發(fā)現(xiàn)兩側(cè)粗，沙子多，中間細，沙少是因為沙擺在擺動的過程中，經(jīng)過平衡位置速度最大，最大位移處速度為0，即是由于沙擺擺動過程中 速度大小的變化引起的沙擺的周期為：T=2=2s=2s乙圖記錄了2T時間內(nèi)的運動情況，則紙板勻速運動的速度大小為：v=1.0m/s故答案為：速度，1.0【點評】： 解決本題的關(guān)鍵知道砂擺完成一次全振動的時間為一個周期，掌握單擺的周期公式9（11分）（2015成都模擬）某實驗小組欲測量額定電壓為3V的某LED燈在正常工作時的電阻Rx，已知該燈正常工作時電阻大約為600左右除該L

18、ED燈外，實驗中可供選擇的實驗器材有：電流表A（量程00.6A，內(nèi)阻RA約2.0）電壓表V1（量程06V，內(nèi)阻RVl約5k）電壓表V2、（量程03V，內(nèi)阻Rv2=500）滑動變阻器R（020，允許最大電流1.0A）蓄電池E（電動勢10V，內(nèi)阻約0.1）開關(guān)S一只、導(dǎo)線若干（1）實驗中要求測量盡量準確且方便調(diào)節(jié)，除電源、LED燈、滑動變阻器、開關(guān)和導(dǎo)線外，電表（電流表或電壓表）應(yīng)選用V1、V2 （填寫儀器符號）（2）將你所設(shè)計的實驗電路圖畫在答題卡上對應(yīng)的虛線框中，并在圖中標明儀器符號（3）寫出測量LED燈正常工作時的電阻表達式RX=（用電壓表V1的示數(shù)U1、電壓表V2的示數(shù)U2、電流表A的示數(shù)

19、I，RV1、Rv2、RA中的某些字母表示）【考點】： 伏安法測電阻【專題】： 實驗題【分析】：滑動變阻器阻值遠小于LED的電阻，所以滑動變阻器采用分壓式接法通過LED最大電流，太小，電流表不能使用，所以選擇兩個電壓表，其中一個電壓表電阻與LED內(nèi)阻差不多，與LED串聯(lián)，根據(jù)歐姆定律求出通過LED的電流，再根據(jù)歐姆定律求解LED的電阻【解析】： 解：（1）根據(jù)題意可知，通過LED最大電流，太小，電流表不能使用，所以選擇兩個電壓表，V1，V2，其中一個電壓表電阻與LED內(nèi)阻差不多，與LED串聯(lián)（2）滑動變阻器阻值遠小于LED的電阻，所以滑動變阻器采用分壓式接法，Rv2=500與LED電阻差不多，所

20、以V2使用內(nèi)接法，電路圖如圖所示：（3）根據(jù)電路可知，V1測量RX和電壓表V2的總電壓，根據(jù)歐姆定律可知通過V2的電流，RX兩端的電壓U=U1U2，根據(jù)歐姆定律可知，RX=故答案為：（1）V1，V2；（2）如圖所示；（3）【點評】： 本題最容易出錯的地方就是同學(xué)們沒有考慮通過LED最大電流，不知道電流表不能用，而是采用常規(guī)的伏安法測電阻，難度適中10（15分）（2015成都模擬）如圖所示，滑雪坡道由斜面AB和圓弧面BO組成，BO與斜面相切于B、與水平面相切于O，以O(shè)為原點在豎直面內(nèi)建立直角坐標系xOy現(xiàn)有一質(zhì)量m=60kg的運動員從斜面頂點A無初速滑下，運動員從O點飛出后落到斜坡CD上的E點已

21、知A點的縱坐標為yA=6m，E點的橫、縱坐標分別為xE=10m，yE=5m，不計空氣阻力，g=10m/s2求：（1）運動員在滑雪坡道ABO段損失的機械能（2）落到E點前瞬間，運動員的重力功率大小【考點】： 機械能守恒定律；平拋運動；功率、平均功率和瞬時功率【專題】： 機械能守恒定律應(yīng)用專題【分析】：（1）運動員從O點飛出后做平拋運動，由運動的分解法分別研究水平和豎直兩個方向的位移，即可求得時間和平拋運動的初速度，從而求得在滑雪坡道ABO段損失的機械能（2）由平拋運動的規(guī)律求出落到E點前瞬間豎直分速度，再求解重力的瞬時功率【解析】： 解：（1）運動員從O點飛出后做平拋運動，則 xE=vxt；yE

22、=解得，t=1s，vx=10m/s在滑雪坡道ABO段，由能量守恒定律有：損失的機械能為E=mgyA代入數(shù)據(jù)解得，E=600J（2）落到E點前瞬間，運動員在豎直方向上的分速度為 vy=gt運動員的重力功率大小為 P=mgvy；代入數(shù)據(jù)解得 P=6×103W答：（1）運動員在滑雪坡道ABO段損失的機械能為600J（2）落到E點前瞬間，運動員的重力功率大小為6×103W【點評】： 機械能守恒定律常常要綜合平拋或牛頓第二定律進行考查，在做題時要注意明確運動的過程，正確選擇物理規(guī)律求解11（17分）（2015成都模擬）如圖所示，勁度系數(shù)k0=2N/m、自然長度l0=m的輕彈簧兩端分別

23、連接著帶正電的小球A和B，A、B的電荷量分別為qA=4.0×102C、qC=1.0×108C，B的質(zhì)量m=0.18kg，A球固定在天花板下0點，B球套在與0點等高的光滑固定直桿的頂端，直桿長L=2m、與水平面的夾角=45°，直桿下端與一圓心在O點、半徑R=2m、長度可忽略的小圓弧桿COD平滑對接，OO為豎直線，O的切線為水平方向，整個裝置處于同一豎直面內(nèi)若小球A、B均可視為點電荷，且A、B與天花板、彈簧、桿均絕緣，重力加速度g=10m/s2，靜電力常量k=9.0×109 Nm2/C2，則將B球從直桿頂端無初速釋放后，求：（1）小球運動到桿的中點P時，靜電

24、力和重力的合力的大小和方向（2）小球運動到小圓弧桿的O點時，小球?qū)U的彈力大小（計算結(jié)果可用根號表示）【考點】： 電勢差與電場強度的關(guān)系；動能定理【專題】： 電場力與電勢的性質(zhì)專題【分析】：（1）小球在P點受電場力和重力，由庫倫定律求的庫侖力，根據(jù)力的合成即可求得合力大小和方向；（2）根據(jù)動能定理求的到達O點的速度，根據(jù)牛頓第二定律求的作用力【解析】： 解：（1）在P點，B電荷受到的電場力為=1.8N，方向沿PA方向；重力為G=mg=1.8N靜電力與重力的合力大小為代入數(shù)據(jù)解得N因G=FAB，故F合的方向與豎直方向成22.5°角斜向下（2）從B到O由動能定理可得解得v=在O點由牛頓第

25、二定律得代入數(shù)據(jù)解得由牛頓第三定律小球?qū)U的彈力大小答：（1）小球運動到桿的中點P時，靜電力和重力的合力的大小為，方向豎直方向成22.5°角斜向下（2）小球運動到小圓弧桿的O點時，小球?qū)U的彈力大小為2.3+N【點評】： 本題主要考查了受力分析，利用力的合成求的合力，再結(jié)合動能定理和牛頓第二定律即可12（19分）（2015成都模擬）如圖所示，平面直角坐標系xOy的第二象限內(nèi)存在場強大小為E，方向與x軸平行且沿x軸負方向的勻強電場，在第一、三、四象限內(nèi)存在方向垂直紙面向里的勻強磁場現(xiàn)將一擋板放在第二象限內(nèi)，其與x，y軸的交點M、N到坐標原點的距離均為2L一質(zhì)量為m，電荷量絕對值為q的帶負電粒子在第二象限內(nèi)從距x軸為L、距y軸為2L的A點由靜止釋放，當粒子第一次到達y軸上C點時電場突然消失若粒子重力不計，粒子與擋板相碰后電荷量及速度大小不變，碰撞前后，粒子的速度與擋板的夾角相等（類似于光反射時反射角與人射角的關(guān)系）求：（1）C點的縱坐標（2）若要使粒子再次打到檔板上，磁感應(yīng)強度的最大值為多少？（3）磁感應(yīng)強度為多大時，粒子與檔板總共相碰兩次后到達C點？這種情況下粒子從A點出發(fā)到第二次到達C點的時間多長？【考點】： 帶電粒子在勻強磁場中的運動；帶電粒子在勻強電場中的運動【專題