2016年高考天津市化學(xué)試卷

1、 2016年天津市高考化學(xué)試卷 一、選擇題（共6小題，每小題6分，滿分36分） 1（6分）（2016?天津）根據(jù)所給信息和標(biāo)志，判斷下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（ ） A B C D 神農(nóng)本草經(jīng)記載，麻黃能“止咳逆上氣” 碳酸氫鈉藥片 古代中國(guó)人已用麻黃治療咳嗽 該藥是抗酸藥，服用時(shí)喝些醋能提高藥效 看到有該標(biāo)志的丟棄物，應(yīng)遠(yuǎn)離并報(bào)警 貼有該標(biāo)志的物品是可回收物 2（6分）（2016?天津）下列對(duì)氨基酸和蛋白質(zhì)的描述正確的是（ ） A蛋白質(zhì)水解的最終產(chǎn)物是氨基酸 B氨基酸和蛋白質(zhì)遇重金屬離子均會(huì)變性 C氨基丙酸與氨基苯丙酸混合物脫水成肽，只生成2種二肽 D氨基酸溶于過(guò)量氫氧化鈉溶液中生成的離子，在電場(chǎng)作用

2、下向負(fù)極移動(dòng) 3（6分）（2016?天津）下列敘述正確的是（ ） A使用催化劑能夠降低化學(xué)反應(yīng)的反應(yīng)熱（H） B金屬發(fā)生吸氧腐蝕時(shí)，被腐蝕的速率與氧氣濃度無(wú)關(guān) C原電池中發(fā)生的反應(yīng)達(dá)平衡時(shí)，該電池仍有電流產(chǎn)生 D在同濃度的鹽酸中，ZnS可溶而CuS不溶，說(shuō)明CuS的溶解度比ZnS的小 4（6分）（2016?天津）下列實(shí)驗(yàn)的反應(yīng)原理用離子方程式表示正確的是（ ） A室溫下，測(cè)得氯化銨溶液pH7，證明一水合氨是堿：NH4+2H2ONH3?H2O+H3O+ B用氫氧化鈉溶液除去鎂粉中的雜質(zhì)鋁：2Al+2OH+2H2O2AlO2+3H2 C 用碳酸氫鈉溶液檢驗(yàn)水楊酸中的羧基：+2HCO3 +2H2O+

3、2CO2 D用高錳酸鉀標(biāo)準(zhǔn)溶液滴定草酸：2MnO4+16H+5C2O422Mn2+10CO2+8H2O 5（6分）（2016?天津）下列選用的儀器和藥品能達(dá)到實(shí)驗(yàn)?zāi)康氖牵?） A B C D NaHSO3 溶液 制乙炔的發(fā)生裝置 蒸餾時(shí)的接收裝置 除去SO2中的少量HCl 準(zhǔn)確量取一定體積K2Cr2O7標(biāo)準(zhǔn)溶液 6（6分）（2016?天津）室溫下，用相同濃度的NaOH溶液，分別滴定濃度均為0.1mol?L1的三種酸（HA、HB和HD） 溶液，滴定曲線如圖所示，下列判斷錯(cuò)誤的是（ ） A三種酸的電離常數(shù)關(guān)系：KHAKHBKHD B滴定至P點(diǎn)時(shí)，溶液中：c（B）c（Na+）c（HB）c（H+）c（

4、OH） CpH=7時(shí)，三種溶液中：c（A）=c（B）=c（D） D當(dāng)中和百分?jǐn)?shù)達(dá)100%時(shí)，將三種溶液混合后：c（HA）+c（HB）+c（HD）=c（OH）c（H+） 二、非選擇題（共4小題，滿分64分） 7（14分）（2016?天津）如表為元素周期表的一部分 碳 氮 Y X 硫 Z 回答下列問(wèn)題： （1）Z元素在周期表中的位置為_(kāi) （2）表中元素原子半徑最大的是（寫(xiě)元素符號(hào)）_ （3）下列事實(shí)能說(shuō)明Y元素的非金屬性比S元素的非金屬性強(qiáng)的是_ aY單質(zhì)與H2S溶液反應(yīng)，溶液變渾濁 b在氧化還原反應(yīng)中，1molY單質(zhì)比1molS得電子多 cY和S兩元素的簡(jiǎn)單氫化物受熱分解，前者的分解溫度高 （4

5、）X與Z兩元素的單質(zhì)反應(yīng)生成1mol X的最高價(jià)化合物，恢復(fù)至室溫，放熱687kJ已知該化合物的熔、沸點(diǎn)分別為69和58寫(xiě)出該反應(yīng)的熱化學(xué)方程式：_ （5）碳與鎂生成的1mol化合物Q與水反應(yīng)生成2mol Mg（OH）2和1mol烴，該烴分子中碳?xì)滟|(zhì)量比為9：1，烴的電子式為_(kāi)Q與水反應(yīng)的化學(xué)方程式為_(kāi) （6）銅與一定濃度的硝酸和硫酸的混合酸反應(yīng)，生成的鹽只有硫酸銅，同時(shí)生成的兩種氣體均由上表中兩種元素組成，氣體的相對(duì)分子質(zhì)量都小于50，為防止污染，將產(chǎn)生的氣體完全轉(zhuǎn)化為最高價(jià)含氧酸鹽，消耗1L 2.2mol?L1NaOH溶液和1mol O2，則兩種氣體的分子式及物質(zhì)的量分別為_(kāi)，生成硫酸銅物

6、質(zhì)的量為_(kāi) 8（18分）（2016?天津）己烯醛（D）是一種重要的合成香料，下列合成路線是制備D的方法之一，根據(jù)該合成路線回答下列問(wèn)題： 已知RCHO+ROH+ROH （1）A的名稱是_；B分子中的共面原子數(shù)目最多為_(kāi)；C分子中與環(huán)相連的三個(gè)基團(tuán)中，不同化學(xué)環(huán)境的氫原子共有_種 （2）D中含氧官能團(tuán)的名稱是_寫(xiě)出檢驗(yàn)該官能團(tuán)的化學(xué)反應(yīng)方程式：_ （3）E為有機(jī)物，能發(fā)生的反應(yīng)有：_ a聚合反應(yīng) b加成反應(yīng) c消去反應(yīng) d取代反應(yīng) （4）B的同分異構(gòu)體F與B有完全相同的官能團(tuán)，寫(xiě)出F所有可能的結(jié)構(gòu)：_ （5）以D為主要原料制備己醛（目標(biāo)化合物），在方框中將合成路線的后半部分補(bǔ)充完整 （6）問(wèn)題（

7、5）的合成路線中的第一步反應(yīng)的目的是_ 9（18分）（2016?天津）水中溶氧量（DO）是衡量水體自凈能力的一個(gè)指標(biāo)，通常用每升水中溶解氧分子的質(zhì)量表示，單位mg?L1我國(guó)地表水環(huán)境質(zhì)量標(biāo)準(zhǔn)規(guī)定，生活飲用水源的DO不能低于5mg?L1某化學(xué)小組同學(xué)設(shè)計(jì)了下列裝置（夾持裝置略），測(cè)定某河水的DO 測(cè)定原理： 堿性條件下，O2將Mn2+氧化為MnO（OH）2：2Mn2+O2+4OH2MnO（OH）2 酸性條件下，MnO（OH）2將I氧化為I2：MnO（OH）2+I+H+Mn2+I2+H2O（未配平） 用Na2S2O3標(biāo)準(zhǔn)溶液滴定生成的I2；2S2O32+I2S4O62+2I 測(cè)定步驟： a安裝裝置

8、，檢驗(yàn)氣密性，充N2排盡空氣后，停止充N2 b向燒瓶中加入200mL水樣 c向燒瓶中依次迅速加入1mL MnSO4無(wú)氧溶液（過(guò)量）、2mL堿性KI無(wú)氧溶液（過(guò)量）開(kāi)啟攪拌器，至反應(yīng)完全 d攪拌并向燒瓶中加入2mL H2SO4無(wú)氧溶液，至反應(yīng)完全，溶液為中性或弱酸性 e從燒瓶中取出40.00mL溶液，以淀粉作指示劑，用0.01000mol?L1Na2S2O3溶液進(jìn)行滴定，記錄數(shù)據(jù)f g處理數(shù)據(jù)（忽略氧氣從水樣中的逸出量和加入試劑后水樣體積的變化） 回答下列問(wèn)題： （1）配制以上無(wú)氧溶液時(shí)，除去所用溶劑水中氧的簡(jiǎn)單操作為_(kāi) （2）在橡膠塞處加入水樣及有關(guān)試劑應(yīng)選擇的儀器是_ 滴定管 注射器 量筒

9、（3）攪拌的作用是_ （4）配平反應(yīng)的方程式，其化學(xué)計(jì)量數(shù)依次為_(kāi) （5）步驟f為_(kāi) （6）步驟e中達(dá)到滴定終點(diǎn)的標(biāo)志為_(kāi)若某次滴定消耗Na2S2O3溶液4.50mL，水樣的DO=_mg?L1（保留一位小數(shù)）作為飲用水源，此次測(cè)得DO是否達(dá)標(biāo)：_（填“是”或“否”） （7）步驟d中加入H2SO4溶液反應(yīng)后，若溶液pH過(guò)低，滴定時(shí)會(huì)產(chǎn)生明顯的誤差，寫(xiě)出產(chǎn)生此誤差的原因（用離子方程式表示，至少寫(xiě)出2個(gè)）_ 10（14分）（2016?天津）氫能是發(fā)展中的新能源，它的利用包括氫的制備、儲(chǔ)存和應(yīng)用三個(gè)環(huán)節(jié)回答下列問(wèn)題： （1）與汽油相比，氫氣作為燃料的優(yōu)點(diǎn)是_（至少答出兩點(diǎn)） 但是氫氣直接燃燒的能量轉(zhuǎn)換

10、率遠(yuǎn)低于燃料電池，寫(xiě)出堿性氫氧燃料電池的負(fù)極反應(yīng)式：_ （2）氫氣可用于制備H2O2已知： H2（g）+A（l）B（l）H1 O2（g）+B（l）A（l）+H2O2（l）H2 其中A、B為有機(jī)物，兩反應(yīng)均為自發(fā)反應(yīng)，則H2（g）+O2（g）H2O2（l）的H=_0（填“”或“=”） （3）在恒溫恒容的密閉容器中，某儲(chǔ)氫反應(yīng)：MHx（s）+yH2（g）?MHx+2y（s）H0達(dá)到化學(xué)平衡下列有關(guān)敘述正確的是_ a容器內(nèi)氣體壓強(qiáng)保持不變 b吸收ymol H2只需1mol MHx c若降溫，該反應(yīng)的平衡常數(shù)增大 d若向容器內(nèi)通入少量氫氣，則v（放氫）v（吸氫） （4）利用太陽(yáng)能直接分解水制氫，是最具

11、吸引力的制氫途徑，其能量轉(zhuǎn)化形式為_(kāi) （5）化工生產(chǎn)的副產(chǎn)氫也是氫氣的來(lái)源，電解法制取有廣泛用途的Na2FeO4同時(shí)獲得氫氣：Fe+2H2O+2OHFeO42+3H2，裝置如圖所示，裝置通電后，鐵電極附近生成紫紅色FeO42，鎳電極有氣泡產(chǎn)生若氫氧化鈉溶液濃度過(guò)高，鐵電極區(qū)會(huì)產(chǎn)生紅褐色物質(zhì)已知：Na2FeO4只在強(qiáng)堿性條件下穩(wěn)定，易被H2還原 電解一段時(shí)間后，c（OH）降低的區(qū)域在_（填“陰極室”或“陽(yáng)極室”） 電解過(guò)程中，須將陰極產(chǎn)生的氣體及時(shí)排出，其原因?yàn)開(kāi) c（Na2FeO4）隨初始c（NaOH）的變化如圖2，任選M、N兩點(diǎn)中的一點(diǎn)，分析c（Na2FeO4）低于最高值的原因_ 2016年

12、天津市高考化學(xué)試卷參考答案與試題解析 一、選擇題（共6小題，每小題6分，滿分36分） 1B 【分析】A麻黃能“止咳逆上氣”，則麻黃具有治療咳嗽的作用； B醋中含有乙酸，能和碳酸氫鈉反應(yīng)； C該標(biāo)志為放射性物質(zhì)標(biāo)志； D該標(biāo)志為循環(huán)回收標(biāo)志 【解答】解：A麻黃能“止咳逆上氣”，則麻黃具有治療咳嗽的作用，可以制作咳嗽藥，故A正確； B醋中含有乙酸，能和碳酸氫鈉反應(yīng)，從而降低療效，故B錯(cuò)誤； C該標(biāo)志為放射性物質(zhì)標(biāo)志，對(duì)環(huán)境及人有危害，所以 看到有該標(biāo)志的丟棄物，應(yīng)遠(yuǎn)離并報(bào)警，故C正確； D該標(biāo)志為循環(huán)回收標(biāo)志，所以貼有該標(biāo)志的物品是可回收物，故D正確； 故選B 【點(diǎn)評(píng)】本題考查信息及標(biāo)志，側(cè)重考查

13、學(xué)生對(duì)基本生活常識(shí)及基本標(biāo)志的了解，知道化學(xué)在生產(chǎn)生活中的應(yīng)用，會(huì)運(yùn)用化學(xué)知識(shí)解決生產(chǎn)生活問(wèn)題，題目難度不大 2 A 【分析】A氨基酸通過(guò)發(fā)生水解反應(yīng)生成蛋白質(zhì)； B重金屬鹽能使蛋白質(zhì)發(fā)生變性； C氨基丙酸與氨基苯丙酸混合物脫水成肽，生成4種二肽； D氨基酸中COOH和NaOH反應(yīng)生成羧酸根離子，應(yīng)該向正極移動(dòng) 【解答】解：A氨基酸通過(guò)發(fā)生水解反應(yīng)生成蛋白質(zhì)，所以蛋白質(zhì)最終水解產(chǎn)物是氨基酸，故A正確； B重金屬鹽能使蛋白質(zhì)發(fā)生變性，但不能使氨基酸發(fā)生變性，故B錯(cuò)誤； C氨基酸生成二肽，是兩個(gè)氨基酸分子脫去一個(gè)水分子，當(dāng)同種氨基酸脫水，生成2種二肽；是異種氨基酸脫水：可以是氨基丙酸脫羥基、氨基苯

14、丙酸脫氫；也可以氨基丙酸脫氫、氨基苯丙酸脫羥基，生成2種二肽所以共有4種，故C錯(cuò)誤； D氨基酸中COOH和NaOH反應(yīng)生成羧酸根離子，帶負(fù)電荷，應(yīng)該向正極移動(dòng)，故D錯(cuò)誤； 故選A 【點(diǎn)評(píng)】本題以氨基酸為載體考查有機(jī)物結(jié)構(gòu)和性質(zhì)，為高頻考點(diǎn)，明確有機(jī)物官能團(tuán)及其性質(zhì)關(guān)系、成肽反應(yīng)實(shí)質(zhì)是解本題關(guān)鍵，易錯(cuò)選項(xiàng)是C，注意同種氨基酸也能發(fā)生成肽反應(yīng)，題目難度不大 3 D 【分析】A催化劑能降低反應(yīng)的活化能從而改變反應(yīng)速率，但不改變化學(xué)平衡； B金屬發(fā)生吸氧腐蝕時(shí)，氧氣濃度越大，腐蝕的速率越快； C原電池中發(fā)生的反應(yīng)達(dá)平衡時(shí)，各組分濃度不再改變，電子轉(zhuǎn)移總量為0，該電池?zé)o電流產(chǎn)生； D在同濃度的鹽酸中，Z

15、nS可溶而CuS不溶，說(shuō)明CuS的溶解度比ZnS的小 【解答】解：A催化劑能降低反應(yīng)的活化能從而改變反應(yīng)速率，但不改變化學(xué)平衡，則不能改變反應(yīng)的反應(yīng)熱，故A錯(cuò)誤； B金屬發(fā)生吸氧腐蝕時(shí)，氧氣濃度越大，腐蝕的速率越快，故B錯(cuò)誤； C原電池中發(fā)生的反應(yīng)達(dá)平衡時(shí)，各組分濃度不再改變，電子轉(zhuǎn)移總量為0，該電池?zé)o電流產(chǎn)生，故C錯(cuò)誤； D在同濃度的鹽酸中，ZnS可溶而CuS不溶，說(shuō)明CuS的溶解度比ZnS的小，故D正確 故選D 【點(diǎn)評(píng)】本題考查了催化劑對(duì)化學(xué)反應(yīng)的影響、金屬的腐蝕及溶解度大小的比較，注意催化劑不能改變化學(xué)平衡，題目難度中等 4B 【分析】A鹽類水解是可逆反應(yīng)； BAl和NaOH溶液反應(yīng)生成

16、偏鋁酸鈉和氫氣，Mg不反應(yīng)； C羧基能和碳酸氫鈉反應(yīng)，但酚羥基和碳酸氫鈉不反應(yīng)； D弱電解質(zhì)寫(xiě)化學(xué)式 【解答】解：A鹽類水解是可逆反應(yīng)，應(yīng)該寫(xiě)可逆號(hào)，離子方程式為：NH4+2H2O?NH3?H2O+H3O+，故A錯(cuò)誤； BAl和NaOH溶液反應(yīng)生成偏鋁酸鈉和氫氣，Mg不反應(yīng)，離子方程式為2Al+2OH+2H2O2AlO2+3H2，故B正確； C羧基能和碳酸氫鈉反應(yīng)，但酚羥基和碳酸氫鈉不反應(yīng)，離子方程式為+HCO3+H2O+CO2，故C錯(cuò)誤； D弱電解質(zhì)寫(xiě)化學(xué)式，離子方程式為2MnO4+6H+5H2C2O42Mn2+10CO2+8H2O，故D錯(cuò)誤； 故選B 【點(diǎn)評(píng)】本題考查離子方程式的書(shū)寫(xiě)，為高

17、頻考點(diǎn)，明確物質(zhì)之間反應(yīng)、物質(zhì)性質(zhì)及離子方程式書(shū)寫(xiě)規(guī)則是解本題關(guān)鍵，涉及鹽類水解、氧化還原反應(yīng)等知識(shí)點(diǎn)，易錯(cuò)選項(xiàng)是C，注意羧基能和碳酸氫鹽反應(yīng)但酚羥基不能和碳酸氫鹽反應(yīng)，但羧基、酚羥基都能和碳酸鈉反應(yīng)，題目難度不大 5C 【分析】A水和碳化鈣反應(yīng)速率很快，長(zhǎng)頸漏斗無(wú)法控制反應(yīng)速率，該反應(yīng)放出大量熱，碳化鈣和水反應(yīng)生成微溶的氫氧化鈣糊狀物； B蒸餾時(shí)接收餾分的錐形瓶不能用塞子塞； CHCl能和亞硫酸氫鈉反應(yīng)生成二氧化硫； D重鉻酸鉀具有強(qiáng)氧化性 【解答】解：A反應(yīng)大量放熱會(huì)損壞啟普發(fā)生器；生成的氫氧化鈣是糊狀物會(huì)堵塞反應(yīng)容器，使水面難以升降；電石與水反應(yīng)很劇烈，應(yīng)選用分液漏斗，以便控制水的流速；

18、為了獲得平穩(wěn)的乙炔氣流，可用飽和食鹽水代替水，故A錯(cuò)誤； B蒸餾時(shí)接收餾分的錐形瓶不能用塞子塞，否則錐形瓶中氣壓過(guò)大會(huì)導(dǎo)致安全事故，故B錯(cuò)誤； C.HCl能和亞硫酸氫鈉反應(yīng)生成二氧化硫，從而除去HCl，故C正確； D重鉻酸鉀具有強(qiáng)氧化性，能氧化橡膠而不能用堿式滴定管，應(yīng)該用酸式滴定管，故D錯(cuò)誤； 故選C 【點(diǎn)評(píng)】本題考查化學(xué)實(shí)驗(yàn)方案評(píng)價(jià)，為高頻考點(diǎn)，涉及儀器選取、物質(zhì)制備、除雜等知識(shí)點(diǎn)，明確實(shí)驗(yàn)原理、基本操作、物質(zhì)性質(zhì)是解本題關(guān)鍵，會(huì)根據(jù)實(shí)驗(yàn)?zāi)康募皟x器用途選取合適的儀器，題目難度中等 6 C 【分析】A根據(jù)等濃度的三種一元酸的PH大小確定三種酸的電離常數(shù)； BHB被中和一半時(shí)，溶液中溶質(zhì)有中和

19、生成的鹽與未反應(yīng)完的酸，根據(jù)鹽的水解與酸的電離程度進(jìn)行比較； C當(dāng)PH=7時(shí)，三種溶液所消耗的氫氧化鈉的體積不相同； D恰好中和時(shí)，三種溶液所消耗的氫氧化鈉體積相同，生成三種鹽的濃度相同，混合后根據(jù)鹽的水解寫(xiě)出質(zhì)子守恒解答 【解答】解：A相同物質(zhì)的量濃度的一元酸，酸的pH越小，氫離子濃度越大，說(shuō)明酸的電離程度越大，則該酸的酸性越強(qiáng)，其電離平衡常數(shù)越大，根據(jù)圖知，未加NaOH溶液時(shí)，pH：HAHBHD，說(shuō)明酸的電離程度HAHBHD，則KHAKHBKHD，故A正確； B中和50%即P點(diǎn)，溶液中溶質(zhì)為等物質(zhì)的量濃度的酸（HB）和鹽（NaB），由圖可知溶液呈酸性，則c（H+）c（OH），且酸的電離程度

20、大于酸根離子水解程度， NaB完全電離：NaB=Na+B，這一步的c（B）=c（Na+）， HB少部分電離：HB?H+B，則c（HB）c（H+）， NaB少部分水解：B+H2O?HB+OH， 由于酸的電離程度大于鹽的水解程度，則HB電離產(chǎn)生的B相對(duì)NaB水解消耗的B多，所以c（B）c（Na+），由于HB電離消耗得多，水解生成的HB少， 所以c（Na+）c（HB），則c（B）c（Na+）c（HB）c（H+）c（OH），故B正確； C當(dāng)PH=7時(shí)，根據(jù)電荷守恒三種溶液中離子濃度關(guān)系為： c（Na+）+c（H+）=c（A）+c（OH），由于c（H+）=c（OH），所以c（Na+）=c（A）， c（N

21、a+）+c（H+）=c（B）+c（OH），由于c（H+）=c（OH），所以c（Na+）=c（B）， c（Na+）+c（H+）=c（D）+c（OH），由于c（H+）=c（OH），所以c（Na+）=c（D）， 由于三種酸根的水解程度不同，則溶液呈中性時(shí)所消耗的氫氧化鈉的體積不相同，則三種溶液中鈉離子濃度不同，c（A），c（B），c（D）也不同，故C錯(cuò)誤； D恰好中和時(shí)，三種溶液所消耗的氫氧化鈉體積相同，生成三種鹽的濃度相同，混合后溶液因鹽的水解呈堿性，質(zhì)子守恒的關(guān)系為：c（OH）=c（HA）+c（HB）+c（HD）+c（H+），故D正確； 故選：C 【點(diǎn)評(píng)】本題以弱電解質(zhì)的電離為載體考查酸堿混合溶

22、液定性判斷，明確電解質(zhì)溶液中三大守恒以及酸的電離程度與酸根離子水解程度的大小是解題關(guān)鍵，題目難度中等 二、非選擇題（共4小題，滿分64分） 7 （1） 第三周期A族 （2） Si （3） ac （4） Si（s）+2Cl2（g）=SiCl4（l）H=687kJ/mol （5） Mg2C3+4H2O=2Mg（OH）2+C3H4 （6） NO 0.9mol，NO21.3mol 2mol 【分析】根據(jù)元素周期表結(jié)構(gòu)可知，X為Si元素，Y為O元素，Z為Cl元素， （1）Z為氯元素，其原子序數(shù)為17，含有3個(gè)電子層，最外層含有7個(gè)電子，據(jù)此判斷其在周期表中的位置； （2）元素周期表中，同一周期從左向右，

23、原子半徑逐漸減小，同一主族從上到下，原子半徑逐漸增大； （3）說(shuō)明Y元素的非金屬性比S元素的非金屬性強(qiáng)，可以根據(jù)元素單質(zhì)氧化性強(qiáng)弱或生成氣體氫化物穩(wěn)定性分析，而與得失電子數(shù)沒(méi)有必然關(guān)系； （4）X（Si）與Z（Cl）兩元素的單質(zhì)反應(yīng)生成1molX的最高價(jià)化合物SiCl4，恢復(fù)至室溫，放熱687kJ，由于該化合物的熔、沸點(diǎn)分別為69和58，則常溫下SiCl4為液態(tài)，據(jù)此結(jié)合熱化學(xué)方程式的書(shū)寫(xiě)原則解答； （5）該烴分子中碳?xì)滟|(zhì)量比為9：1，C、H 的物質(zhì)的量之比為 ：=3：4，根據(jù)“碳與鎂生成的1mol化合物Q與水反應(yīng)生成2mol Mg（OH）2和1mol烴”可知該烴的化學(xué)式，然后寫(xiě)出其電子式；根

24、據(jù)烴的化學(xué)式確定Q的化學(xué)式，然后再寫(xiě)出Q與水反應(yīng)的化學(xué)方程式； （6）銅與一定濃度的硝酸和硫酸的混合酸反應(yīng)可能生成一氧化氮和二氧化氮，相對(duì)分子質(zhì)量都小于50，符合題意，分別設(shè)出二氧化氮、一氧化氮的物質(zhì)的量，根據(jù)原子守恒、電子守恒列式計(jì)算出NO、二氧化碳的物質(zhì)的量；根據(jù)電子守恒可計(jì)算出參與反應(yīng)的Cu的物質(zhì)的量 【解答】解：根據(jù)元素周期表結(jié)構(gòu)可知，X為Si元素，Y為O元素，Z為Cl元素， （1）Z為Cl元素，其原子序數(shù)為17，位于周期表中第三周期、A族， 故答案為：第三周期A族； （2）同一周期從左向右，原子半徑逐漸減小，同一主族從上到下，原子半徑逐漸增大，則原子半徑最大的為Si， 故答案為：Si

25、； （3）aY單質(zhì)與H2S溶液反應(yīng)，溶液變渾濁，說(shuō)明氧氣的氧化性比硫強(qiáng)，則說(shuō)明Y元素的非金屬性比S元素的非金屬性強(qiáng)，故a正確； b在氧化還原反應(yīng)中，1molY單質(zhì)比1molS得電子多，氧化性強(qiáng)弱與得失電子數(shù)沒(méi)有必然關(guān)系，故b錯(cuò)誤； c元素的非金屬性越強(qiáng)，氫化物的穩(wěn)定性越強(qiáng)，Y和S兩元素的簡(jiǎn)單氫化物受熱分解，前者的分解溫度高，說(shuō)明Y的非金屬性較強(qiáng)，故c正確； 故答案為：ac； （4）X（Si）與Z（Cl）兩元素的單質(zhì)反應(yīng)生成1molX的最高價(jià)化合物SiCl4，恢復(fù)至室溫，放熱687kJ，已知該化合物的熔、沸點(diǎn)分別為69和58，則常溫下SiCl4為液態(tài)，該反應(yīng)的熱化學(xué)方程式為：Si（s）+2Cl2

26、（g）=SiCl4（l）H=687kJ/mol， 故答案為：Si（s）+2Cl2（g）=SiCl4（l）H=687kJ/mol； （5）該烴分子中碳?xì)滟|(zhì)量比為9：1，C、H 的物質(zhì)的量之比為 ：=3：4，根據(jù)“碳與鎂生成的1mol化合物Q與水反應(yīng)生成2mol Mg（OH）2和1mol烴”可知該烴的化學(xué)式為C3H4 ，電子式為； Q的化學(xué)式為Mg2C3，Mg2C3與水反應(yīng)生成氫氧化鎂和C3H4，反應(yīng)的化學(xué)方程式為：Mg2C3+4H2O=2Mg（OH）2+C3H4， 故答案為：；Mg2C3+4H2O=2Mg（OH）2+C3H4； （6）銅與一定濃度的硝酸和硫酸的混合酸反應(yīng)可能生成一氧化氮和二氧化氮

27、，相對(duì)分子質(zhì)量都小于50，符合題意， 1mol氧氣參與反應(yīng)轉(zhuǎn)移電子的物質(zhì)的量為4mol，假設(shè)二氧化氮的物質(zhì)的量為x，NO的物質(zhì)的量為y， 則：， 解得：； 根據(jù)電子守恒，參與反應(yīng)的Cu的物質(zhì)的量為：n（Cu）=2mol， 故答案為：NO 0.9mol，NO21.3mol；2mol 【點(diǎn)評(píng)】本題為2016年天津高考題，考查了原子結(jié)構(gòu)與元素周期律、元素周期表的關(guān)系及氧化還原反應(yīng)的計(jì)算等知識(shí)，題目難度中等，明確元素周期表結(jié)構(gòu)、元素周期律內(nèi)容為結(jié)構(gòu)件，注意掌握守恒思想在化學(xué)計(jì)算中的應(yīng)用，試題培養(yǎng)了學(xué)生的分析能力及化學(xué)計(jì)算能力 8（1）丁醛 9 8 （2） 醛基 +2Ag（NH3）2OH+2Ag+3NH

28、3+H2O（或者+2Cu（OH）2+NaOH+Cu2O+3H2O） （3） cd （4） （5） （6）保護(hù)醛基 【分析】（1）A為丁醛；B中碳碳雙鍵連接的原子為平面結(jié)構(gòu)，O原子及連接的原子形成V形，旋轉(zhuǎn)CO單鍵可以使個(gè)平面共面，可以使甲基中碳原子處于平面內(nèi)，旋轉(zhuǎn)碳碳單鍵可以使甲基中1個(gè)H原子出平面內(nèi)；C分子中與環(huán)相連的三個(gè)基團(tuán)的化學(xué)環(huán)境均不相同； （2）由D的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式可知，含有的含氧官能團(tuán)為醛基，用銀氨溶液或新制氫氧化銅懸濁液檢驗(yàn)醛基； （3）C相當(dāng)于醚鍵水解形成羥基后再發(fā)生分子內(nèi)脫水反應(yīng)形成碳碳雙鍵、醛基得到A、D，可推知E為CH3CH2OH； （4）B的同分異構(gòu)體F與B有完全相同的官能團(tuán)

29、，則F含有醚鍵、碳碳雙鍵，可以看作CH2=CHCH3中1個(gè)H原子被OCH3取代，注意存在順?lè)串悩?gòu)情況； （5 ） 與氫氣發(fā)生加成反應(yīng)生成 ，然后在酸性條件下得到； （6）保護(hù)醛基，防止被氫氣還原 【解答】解：（1）A的名稱為丁醛；B中碳碳雙鍵連接的原子為平面結(jié)構(gòu)，O原子及連接的原子形成V形，旋轉(zhuǎn)CO單鍵可以使個(gè)平面共面，可以使甲基中碳原子處于平面內(nèi)，旋轉(zhuǎn)碳碳單鍵可以使甲基中1個(gè)H原子出平面內(nèi)，飛中最多有9個(gè)原子共平面；C分子中與環(huán)相連的三個(gè)基團(tuán)的化學(xué)環(huán)境均不相同，與環(huán)相連的三個(gè)基團(tuán)中，不同化學(xué)環(huán)境的氫原子共有8種， 故答案為：丁醛；9；8； （2）由D 的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式可知，含有的含氧官能團(tuán)為醛基，

30、用銀氨溶液或新制氫氧化銅懸濁液檢驗(yàn)醛基，反應(yīng)方程式為：+2Ag（NH3）2 OH+2Ag+3NH3+H2O， 或者+2Cu（OH）2 +NaOH+Cu2O+3H2O， 故答案為：醛基；+2Ag（NH3）2 OH+2Ag+3NH3+H2O （或者+2Cu（OH）2 +NaOH+Cu2O+3H2O）； （3）C相當(dāng)于醚鍵水解形成羥基后再發(fā)生分子內(nèi)脫水反應(yīng)形成碳碳雙鍵、醛基得到A、D，可推知E為CH3CH2OH，可以發(fā)生消去反應(yīng)、取代反應(yīng)，不能發(fā)生聚合反應(yīng)、加成反應(yīng)， 故選：cd； （4）B的同分異構(gòu)體F與B有完全相同的官能團(tuán)，則F含有醚鍵、碳碳雙鍵，可以看作CH2=CHCH3中1個(gè)H原子被OCH3

31、 取代，注意存在順?lè)串悩?gòu)情況，可能的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式有：， 故答案為：； （5 ）與氫氣發(fā)生加成反應(yīng)生成，然后在酸性條件下得到，補(bǔ)全合成路線為：， 故答案為：； （6）問(wèn)題（5）的合成路線中的第一步反應(yīng)的目的是：保護(hù)醛基，防止被氫氣還原， 故答案為：保護(hù)醛基 【點(diǎn)評(píng)】本題考查有機(jī)物的推斷與合成、有機(jī)物的結(jié)構(gòu)與性質(zhì)、性質(zhì)條件同分異構(gòu)體書(shū)寫(xiě)、官能團(tuán)的檢驗(yàn)及有機(jī)反應(yīng)方程式的書(shū)寫(xiě)、信息獲取與遷移運(yùn)用等，是對(duì)有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)的綜合考查，（4）中注意順?lè)串悩?gòu)情況 9 （1）將溶劑水煮沸后冷卻 （2） （3） 使溶液混合均勻，快速完成反應(yīng) （4） 1，2，4，1，1，3 （5） 重復(fù)步驟e的操作23次 （6） 溶液藍(lán)色

32、褪去且半分鐘內(nèi)不變化 9.0 是 （7） 2H+S2O32=S+SO2+H2O，SO2+I2+2H2O=4H+SO42+2I，4H+4I+O2=2I2+2H2O 【分析】（1）配制以上無(wú)氧溶液時(shí)需要通過(guò)煮沸溶液把溶劑中溶解的氧氣趕出； （2）加入水樣需要避免空氣進(jìn)入三頸瓶，橡皮塞處用注射器把水樣注入； （3）攪拌的作用是混合均勻反應(yīng)充分； （4）MnO（OH）2+I+H+Mn2+I2+H2O，反應(yīng)中碘元素化合價(jià)1價(jià)變化為0價(jià)，錳元素化合價(jià)降低+4價(jià)變化為+2價(jià)，電子轉(zhuǎn)移總數(shù)2，結(jié)合原子守恒配平離子方程式； （5）為減少實(shí)驗(yàn)過(guò)程中的誤差，滴定實(shí)驗(yàn)應(yīng)重復(fù)進(jìn)行滴定實(shí)驗(yàn)測(cè)定數(shù)值，取幾次的平均值計(jì)算；

33、（6）用Na2S2O3標(biāo)準(zhǔn)溶液滴定生成的I2發(fā)生反應(yīng)2S2O32+I2S4O62+2I，指示劑為淀粉，隨滴入溶液反應(yīng)溶液藍(lán)色變化為無(wú)色且半分鐘不變說(shuō)明反應(yīng)達(dá)到終點(diǎn)；用Na2S2O3標(biāo)準(zhǔn)溶液滴定生成的I2發(fā)生反應(yīng)2S2O32+I2S4O62+2I，以淀粉作指示劑，隨硫代硫酸鈉溶液滴入，滴定過(guò)程中滴入最后一滴溶液藍(lán)色變化為無(wú)色且半分鐘不變說(shuō)明反應(yīng)達(dá)到終點(diǎn)，若某次滴定消耗Na2S2O3溶液4.50mL，2Mn2+O2+4OH2MnO（OH）2，MnO（OH）2+2I+4H+=Mn2+I2+3H2O，2S2O32+I2S4O62+2I，得到定量關(guān)系計(jì)算得到水樣中的DO，注意溶液體積的變化； （7）硫代

34、硫酸鈉在酸性條件下發(fā)生歧化反應(yīng)，生成的二氧化硫也能夠被生成的碘氧化，同時(shí)空氣中的氧氣也能夠?qū)⒌怆x子氧化 【解答】解：（1）溶液中氧氣溶解度不大，且隨溫度升高溶解度減小，所以配制以上無(wú)氧溶液時(shí)需要通過(guò)煮沸溶劑后冷卻，把溶劑水中溶解的氧氣趕出得到， 故答案為：將溶劑水煮沸后冷卻； （2）加入水樣需要避免空氣進(jìn)入三頸瓶，橡皮塞處用中注射器把水樣注入，在橡膠塞處加入水樣及有關(guān)試劑應(yīng)選擇的儀器是，滴定管和量筒無(wú)法實(shí)現(xiàn)加入水樣的目的， 故答案為：； （3）操作步驟中攪拌的作用是使溶液混合均勻，快速完成反應(yīng)， 故答案為：使溶液混合均勻，快速完成反應(yīng)； （4）MnO（OH）2+I+H+Mn2+I2+H2O，M

35、nO（OH）2+I+H+Mn2+I2+H2O，反應(yīng)中碘元素化合價(jià)1價(jià)變化為0價(jià)，錳元素化合價(jià)降低+4價(jià)變化為+2價(jià)，電子轉(zhuǎn)移總數(shù)2，配平得到離子方程式為：MnO（OH）2+2I+4H+=Mn2+I2+3H2O， 故答案為：1，2，4，1，1，3； （5）為減少實(shí)驗(yàn)過(guò)程中的誤差，滴定實(shí)驗(yàn)應(yīng)重復(fù)進(jìn)行滴定實(shí)驗(yàn)測(cè)定數(shù)值，取幾次的平均值計(jì)算，步驟f為重復(fù)步驟e的操作23次， 故答案為：重復(fù)步驟e的操作23次； （6）用Na2S2O3標(biāo)準(zhǔn)溶液滴定生成的I2發(fā)生反應(yīng)2S2O32+I2S4O62+2I，以淀粉作指示劑，隨硫代硫酸鈉溶液滴入，滴定過(guò)程中滴入最后一滴溶液藍(lán)色變化為無(wú)色且半分鐘不變說(shuō)明反應(yīng)達(dá)到終點(diǎn)，

36、若某次滴定消耗Na2S2O3溶液4.50mL，2Mn2+O2+4OH2MnO（OH）2，MnO（OH）2+2I+4H+=Mn2+I2+3H2O，2S2O32+I2S4O62+2I，得到定量關(guān)系為： O22MnO（OH）22I24S2O32， 1 4 n 0.0045L×0.01000mol?L1 n=1.12×105mol， 200mL水樣中含氧氣1.12×105 mol×=5.6×105mol 氧氣濃度 =2.8×104mol/L， 水中溶氧量（DO）=2.8×104mol/L×32g/mol=8.96×

37、;103g/L9.0mg/L5 mg/L，生活飲用水源的DO不能低于5mg?L1則此水樣符合標(biāo)準(zhǔn)， 故答案為：溶液藍(lán)色褪去且半分鐘內(nèi)不變化；9.0；是； （7）硫代硫酸鈉在酸性條件下發(fā)生歧化反應(yīng)，生成的二氧化硫也能夠被生成的碘氧化，同時(shí)空氣中的氧氣也能夠?qū)⒌怆x子氧化，反應(yīng)的離子方程式分別為：2H+S2O32=S+SO2+H2O；SO2+I2+2H2O=4H+SO42+2I；4H+4I+O2=2I2+2H2O， 故答案為：2H+S2O32=S+SO2+H2O，SO2+I2+2H2O=4H+SO42+2I，4H+4I+O2=2I2+2H2O 【點(diǎn)評(píng)】本題考查了物質(zhì)含量的測(cè)定、滴定實(shí)驗(yàn)及其計(jì)算的相關(guān)

38、知識(shí)、氧化還原反應(yīng)電子守恒應(yīng)用，主要是實(shí)驗(yàn)基本操作、滴定實(shí)驗(yàn)的步驟、水樣DO的計(jì)算應(yīng)用，掌握基礎(chǔ)是解題關(guān)鍵，題目難度中等 10（1） 污染小、可再生、來(lái)源廣、資源豐富、燃燒熱值高 H2+2OH2e=2H2O （2） （3） ac （4） 將光能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能 （5） 陽(yáng)極室 防止Na2FeO4與H2反應(yīng)使產(chǎn)率降低 M點(diǎn)：c（OH）低，Na2FeO4穩(wěn)定性差，且反應(yīng)慢（或N點(diǎn)：c（OH）過(guò)高，鐵電極上有氫氧化鐵生成，使Na2FeO4產(chǎn)率降低） 【分析】（1）與汽油相比，氫氣作為燃料的優(yōu)點(diǎn)有污染小、可再生、來(lái)源廣、資源豐富、燃燒熱值高等；堿性氫氧燃料電池的負(fù)極反應(yīng)式為H2+2OH2e=2H2O； （2）H2（g）+A（l）=B（l）H1，O2（g）+B（l）=A（l）+H2O2（l）H2，兩反應(yīng)的S0，根據(jù)G=HTS，因?yàn)榫鶠閮煞磻?yīng)自發(fā)反應(yīng)，因此H均小于0，將+得：H2（g）+O2（g）=H2O2（l）的H=H1+H10； （3）MHx（s）+yH2（g）?MH