河南省南陽一中2018學年高二上學期第一次月考物理試卷

1、2018-2018 學年河南省南陽一中高二（上）第一次月考物理試卷一、選擇題（共12 小題，每小題 4 分，共 48 分.其中 1-7 小題只有一個選項正確，8-12 小題有多個選項正確，全部選對的得4 分，選不全的得2 分，有選錯或不答的得 0 分）1關(guān)于電源的電動勢，下面敘述正確的是（）a電源的電動勢就是接在電源兩極間的電壓表測得的電壓b同一電源接入不同的電路，電動勢會發(fā)生變化c在閉合電路中，當外電阻變大時，路端電壓增大，電源的電動勢也增大d電源的電動勢是表示電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小的物理量2英國科學家法拉第最先嘗試用“ 線” 描述磁場和電場，有利于形象理解不可直接觀察的電場

2、和磁場的強弱分布如圖所示為一對等量異種點電荷，電量分別為+q、q實線為電場線，虛線圓的圓心o 在兩電荷連線的中點， a、b、c、d為圓上的點，ad、 bc 的連線分別與兩電荷的連線垂直， 下列說法正確的是 （）aa 點的電場強度大于b 點的電場強度b同一電荷在 b、c 兩點所受電場力相同c將一正電荷沿虛線ad 從 a 移到 d 點的過程中，電荷的電勢能先增大后減小dd 點的電勢低于 c點的電勢3如圖所示，電場中有a、b 兩點，則下列說法中正確的是（）a電勢 ab，場強 eaebb電勢 ab，場強 eaebc將電荷 q 從 a 點移到 b 點電場力做負功d將電荷 q 分別放在 a、b 兩點時具有

3、的電勢能epaepb4如圖所示，平行板電容器與電動勢為e 的直流電源連接，下極板接地，靜電計所帶電荷量很少， 可被忽略一帶負電油滴被固定于電容器中的p點現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，則下列說法正確的是（）a平行板電容器的電容將變大b帶電油滴的電勢能將減少c靜電計指針張角變小d若先將上極板與電源正極的導線斷開，再將下極板向下移動一小段距離，則帶電油滴所受電場力變大5來自質(zhì)子源的質(zhì)子（初速度為零） ，經(jīng)一直線加速器加速，形成電流為i 的細柱形質(zhì)子流，已知質(zhì)子源與靶間的距離為d，質(zhì)子電荷量為e，假定分布在質(zhì)子源到靶間的加速度是均勻的，質(zhì)子到達靶時的速度為 ，則質(zhì)子源與靶間的質(zhì)子數(shù)為

4、（）ab c d6硅光電池是一種太陽能電池，具有低碳環(huán)保的優(yōu)點如圖所示，圖線a 是該電池在某光照強度下路端電壓u 和電流 i 的關(guān)系圖象（電池內(nèi)阻不是常數(shù)） ，圍線 b 是某電阻 r的 ui 圖象在該光照強度下將它們組成閉合回路時，硅光電池的內(nèi)阻為（）a5.5 b7.0 c12.0 d12.5 7如圖，電路中定值電阻阻值r 大于電源內(nèi)阻阻值r，將滑動變阻器滑片向下滑動，理想電壓表 v1、v2、v3示數(shù)變化量的絕對值分別為u1、u2、u3，理想電流表 a 示數(shù)變化量的絕對值為 i，正確的是（）av2的示數(shù)增大b電源輸出功率在減小cu3與i 的比值在減小 du1大于 u28關(guān)于歐姆定律的說法中正確

5、的是（）a由 i=，通過電阻的電流強度跟它兩端的電壓成正比，跟它的電阻成反比b由 u=ir ，對一定的導體，通過它的電流強度越大，它兩端的電壓也越大c由 r= ，導體的電阻跟它兩端的電壓成正比，跟通過它的電流強度成反比d歐姆定律 i=適用于任何導體的導電情況9如圖甲所示，平行板相距為d，在兩金屬板間加一如圖乙所示的交變電壓，有一個粒子源在平行板左邊界中點處沿垂直電場方向連續(xù)發(fā)射速度相同的帶正電粒子（不計重力）t=0 時刻進入電場的粒子恰好在t=t時刻到達 b板右邊緣，則（）a任意時刻進入的粒子到達電場右邊界經(jīng)歷的時間為tbt=時刻進入的粒子到達電場右邊界的速度最大ct=時刻進入的粒子到達電場右

6、邊界時距b板的距離為d粒子到達電場右邊界時的動能與何時進入電場無關(guān)10如圖所示，電流表a1（03a）和 a2（00.6a）是由兩個相同的電流表改裝而成，現(xiàn)將這兩個電流表并聯(lián)后接入電路中，閉合開關(guān)s，調(diào)節(jié)滑動變阻器，下列說法中正確的是（）aa1、a2的讀數(shù)之比為 1：1ba1、a2的讀數(shù)之比為 5：1ca1、a2的指針偏轉(zhuǎn)角度之比為1：1da1、a2的指針偏轉(zhuǎn)角度之比為1：511 如圖所示，沿水平方向放置的平行金屬板a 和 b， 分別與電源的正負極相連 a，b 板的中央沿豎直方向各有一個小孔，帶正電的液滴從小孔的正上方p點由靜止自由落下，先后穿過兩個小孔后速度為v1，現(xiàn)進行下列操作后相同的液滴仍

7、從p點自由落下，先后穿過兩個小孔后速度v2；下列說法中正確的是（）a若 k電鍵保持閉合，向下移動b 板，則 v2v1b若電鍵 k閉合一段時間后再斷開，向下移動b 板，則 v2v1c若電鍵 k保持閉合，無論向上或向下移動b 板，則 v2=v1d若電鍵 k閉合一段時間再斷開，無論向上或向下移動a 板，則 v2v112如圖所示，處于真空中的勻強電場與水平方向成15 角，ab直線與勻強電場e垂直，在 a 點以大小為 v0的初速度水平拋出一質(zhì)量為m、電荷量為 +q 的小球，經(jīng)時間 t，小球下落一段距離過c點（圖中未畫出）時速度大小仍為v0，在小球由 a 點運動到 c點的過程中，下列說法正確的是（）a電場

8、力對小球做功為負b小球的電勢能減小c小球的電勢能增量大于dc可能位于 ab直線的左側(cè)二、實驗題（ 13 小題 4 分，14 小題 7 分， 15題 9 分，共 20 分）13用螺旋測微器測圓柱體的直徑時，示數(shù)如圖甲所示，此示數(shù)為mm，用20 分度的游標卡尺測量某物體的厚度時，示數(shù)如圖乙所示，此示數(shù)為mm14發(fā)光二極管（ led ）是由鎵（ ga） 、砷（ as）與磷（ p）等的化合物制成的一種能夠發(fā)光的半導體電子元件， 通常用在電路及儀器中作為指示燈，或組成文字或數(shù)字顯示， 其顯著的特點就是具有單向?qū)щ娦云潆娐贩柸鐖D甲所示， 正常使用時帶 “ +” 號的一端應(yīng)接在電源的正極， 帶“ ” 號的

9、一端應(yīng)接在電源的負極 某課外活動小組用實驗方法測得某型號發(fā)光二極管兩端的電壓u 和通過它的電流 i的數(shù)據(jù)如表所示：實驗序號12345678910u/v00.40.81.21.62.02.42.62.83.0i/ma00.92.34.36.812.019.024.030.037.0（1）如圖乙、丙有兩個可供選擇的電路，應(yīng)選圖（填“ 乙” 或“ 丙” ）電路進行實驗，實驗中的系統(tǒng)誤差主要是由引起的（2）請在坐標紙上用描點法畫出該型號發(fā)光二極管的伏安特性曲線（3）若該型號發(fā)光二極管的最佳工作電壓為2.5v，現(xiàn)用 5v 的穩(wěn)壓電源供電，則需要在電路中串聯(lián)一個電阻r才能使其處于最佳工作狀態(tài)， 請根據(jù)所畫

10、出的該型號二極管的伏安特性曲線進行分析，串聯(lián)的電阻r 的阻值為 （結(jié)果保留三位有效數(shù)字）15某實驗探究小組為了測量電流表g1內(nèi)阻 r1，設(shè)計的電路如圖甲所示實驗中供選擇的儀器如下：待測電流表 g1（05ma，內(nèi)阻約 300 ）電流表 g2（010ma，內(nèi)阻約 100）定值電阻 r1定值電阻 r2（10 ）滑動變阻器 r3（01 000 ）滑動變阻器 r4（020 ）電鍵 s及導線若干干電池（ 1.5v）（1）定值電阻應(yīng)選，滑動變阻器應(yīng)選（2）對照電路圖用筆畫線代替導線連接如圖乙所示實物圖（3）主要的實驗步驟如下：a 按圖甲所示電路圖連接電路， 將滑動變阻器的觸頭移至最（填“ 左” 、 “ 右”

11、 ）端；b閉合電鍵 s ，移動滑動觸頭至某一位置，記錄g1和 g2的讀數(shù) i1和 i2；c重復步驟 b，多次移動滑動觸頭，測量多組數(shù)據(jù)；d以 i2為縱坐標， i1為橫坐標，作出相應(yīng)圖線，如圖丙所示（4）根據(jù) i2i1圖線的斜率k 及定值電阻，寫出待測電流表內(nèi)阻的表達式r1=（用 k 和 r1表示） 三、計算題（共4 小題，第 16、17、18 題各 10 分，第 19 題 12 分，共 42 分.解答請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）16下面是一個示波管工作原理圖，初速度為零的電子經(jīng)電壓為u1的電場加速后垂直進入偏

12、轉(zhuǎn)電場， 兩平行板間的距離為d，板長 l1，偏轉(zhuǎn)電壓為 u2s為屏，與極板垂直，到極板的距離l2已知電子電量 e，電子質(zhì)量 m不計電子所受的重力（1）電子進入偏轉(zhuǎn)電場的速度v0是多少？（2）電子離開偏轉(zhuǎn)電場時的偏轉(zhuǎn)量y1為多少？（用 u1、u2、d、l1表示）（3）電子到達屏s 上時，它離 o 點的距離 y 是多少？（用u1、u2、d、l1、l2表示）17直流電動機在生產(chǎn)、生活中有著廣泛的應(yīng)用如圖所示，一直流電動機m和電燈 l并聯(lián)之后接在直流電源上，電動機內(nèi)阻r=0.5 ，電燈燈絲電阻 r=9 ，電源電動勢 e=12v ，內(nèi)阻 r=1 開關(guān) s閉合，電動機正常工作時，電壓表讀數(shù)為9v求：（1）

13、流過電源的電流（2）流過電動機的電流（3）電動機對外輸出的機械功率18阻值相等的四個電阻、電容器c及電池 e（內(nèi)阻可忽略）連接成如圖所示電路開關(guān) s斷開且電流穩(wěn)定時， c所帶的電荷量為 q1；閉合開關(guān) s，電流再次穩(wěn)定后， c所帶的電荷量為 q2求：（1）若已知每個電阻阻值為r0，則開關(guān) s 閉合前和閉合后電路的總電阻r1和r2分別為多少；（2）q1與 q2的比值19真空中存在空間范圍足夠大的、水平向右的勻強電場在電場中，若將一個質(zhì)量為 m、 帶正電的小球由靜止釋放， 運動中小球速度與豎直方向夾角為37（取sin37 =0.6， cos37=0.8） 現(xiàn)將該小球從電場中某點以初速度v0豎直向上

14、拋出 求運動過程中（1）小球受到的電場力的大小及方向（2）小球從拋出點至最高點的電勢能變化量（3）小球的最小動量的大小及方向2018-2018 學年河南省南陽一中高二（上）第一次月考物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題（共12 小題，每小題 4 分，共 48 分.其中 1-7 小題只有一個選項正確，8-12 小題有多個選項正確，全部選對的得4 分，選不全的得2 分，有選錯或不答的得 0 分）1關(guān)于電源的電動勢，下面敘述正確的是（）a電源的電動勢就是接在電源兩極間的電壓表測得的電壓b同一電源接入不同的電路，電動勢會發(fā)生變化c在閉合電路中，當外電阻變大時，路端電壓增大，電源的電動勢也增大d電源的電

15、動勢是表示電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小的物理量【考點】 電源的電動勢和內(nèi)阻【分析】電源沒有接入電路時兩極間的電壓在數(shù)值上等于電源的電動勢電動勢的物理意義是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)強弱，與外電路的結(jié)構(gòu)無關(guān)電源的電動勢在數(shù)值上等于內(nèi)、外電壓之和【解答】 解：a、電壓表是由內(nèi)阻的，跟電源連接后構(gòu)成一個通路，測量的是電壓表內(nèi)阻的電壓，所以電壓表測得的電源兩極間電壓值略小于電動勢故 a 錯誤；b、電動勢反映本身的特性， 與外電路的結(jié)構(gòu)無關(guān) 即同一電源接入不同的電路，電動勢不會變化；在閉合電路中，當外電阻變大時，路端電壓增大，電源的電動勢也不會變化，故bc錯誤；d、電源的電動勢是表示

16、電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小的物理量，d正確故選： d2英國科學家法拉第最先嘗試用“ 線” 描述磁場和電場，有利于形象理解不可直接觀察的電場和磁場的強弱分布如圖所示為一對等量異種點電荷，電量分別為+q、q實線為電場線，虛線圓的圓心o 在兩電荷連線的中點， a、b、c、d為圓上的點，ad、 bc 的連線分別與兩電荷的連線垂直， 下列說法正確的是 （）aa 點的電場強度大于b 點的電場強度b同一電荷在 b、c 兩點所受電場力相同c將一正電荷沿虛線ad 從 a 移到 d 點的過程中，電荷的電勢能先增大后減小dd 點的電勢低于 c點的電勢【考點】 電勢差與電場強度的關(guān)系【分析】本題根據(jù)等量異

17、種電荷周圍電場線的分布情況，結(jié)合對稱性， 分析電場強度的關(guān)系，再進一步分析電場力的關(guān)系根據(jù)電場線的方向分析電勢的變化，判斷電勢能的變化【解答】 解：a、根據(jù)等量異種電荷周圍的電場線分布情況和對稱性，可知a、b兩點的電場強度大小相等，故a 錯誤；b、根據(jù)對稱性可知， b、c 兩點的電場強度大小相等，方向不同，由f=eq知，同一電荷在 b、c 兩點所受電場力大小相等，方向不同，則電場力不同，故b 錯誤；c、根據(jù)等勢面的分布情況可知，將一正電荷沿虛線ad 從 a 移到 d 點的過程中，電勢先升高后降低，而正電荷在電勢高處電勢能大，則其電勢能先增大后減小，故 c正確；d、電場線從正電荷出發(fā)到負電荷終止

18、，而順著電場線方向電勢逐漸降低，可知d 點的電勢高于 c點的電勢故 d錯誤；故選： c3如圖所示，電場中有a、b 兩點，則下列說法中正確的是（）a電勢 ab，場強 eaebb電勢 ab，場強 eaebc將電荷 q 從 a 點移到 b 點電場力做負功d將電荷 q 分別放在 a、b 兩點時具有的電勢能epaepb【考點】 電勢差與電場強度的關(guān)系；電勢【分析】電場中，電場線越密，電場強度越大，沿電場線的方向電勢降低由此分析電勢和場強的大小根據(jù)電場力方向與位移方向的關(guān)系分析電場力做功正負，再判斷電勢能的變化【解答】 解：ab、沿電場線的方向電勢降低，則ab由圖看出， b 處電場線比 a 處電場線密，則

19、b 處場強大于 a 處場強，即 eaeb故 a、b錯誤cd 、負電荷所受的電場力與場強方向相反，則將電荷q 從 a 點移到 b 點時，電場力方向與速度方向相反， 電場力做負功， 電勢能增大， 則 epaepb故 c正確，d錯誤故選： c4如圖所示，平行板電容器與電動勢為e 的直流電源連接，下極板接地，靜電計所帶電荷量很少， 可被忽略一帶負電油滴被固定于電容器中的p點現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，則下列說法正確的是（）a平行板電容器的電容將變大b帶電油滴的電勢能將減少c靜電計指針張角變小d若先將上極板與電源正極的導線斷開，再將下極板向下移動一小段距離，則帶電油滴所受電場力變大【

20、考點】 電容器的動態(tài)分析【分析】電容器始終與電源相連， 電容器兩端間的電勢差保持不變，根據(jù)電容器d 的變化判斷電容的變化，由公式e= 分析電場強度的變化，從而判斷電荷電勢能和電場力的變化【解答】 解：a、根據(jù)電容的決定式c=知，下極板豎直向下移動時，d 增大，則電容減小故 a 錯誤b、電勢差不變， d 增大，則由公式e= 分析得知板間電場強度減小，p 點與上極板間的電勢差減小， 而 p點的電勢比上極板低， 上極板的電勢不變， 則 p點的電勢增大，因為油滴帶負電荷，則油滴的電勢能減小故b正確c、靜電計測量的是電容器兩端的電勢差，因為電容器始終與電源相連，則電勢差不變，所以靜電計指針張角不變故c錯

21、誤d、電容器與電源斷開， 則電荷量不變， d 改變，根據(jù) e= ，c=和 c=得e=，則知電場強度不變，則油滴所受電場力不變故d 錯誤故選： b5來自質(zhì)子源的質(zhì)子（初速度為零） ，經(jīng)一直線加速器加速，形成電流為i 的細柱形質(zhì)子流，已知質(zhì)子源與靶間的距離為d，質(zhì)子電荷量為e，假定分布在質(zhì)子源到靶間的加速度是均勻的，質(zhì)子到達靶時的速度為 ，則質(zhì)子源與靶間的質(zhì)子數(shù)為（）ab c d【考點】 電流、電壓概念【分析】質(zhì)子數(shù)與電荷量有關(guān)系， 電荷量有與電流和質(zhì)子的飛行時間有關(guān)設(shè)飛行時間為 t，通過位移與速度的關(guān)系，可求出運動的時間然后電荷量與電流的關(guān)系， q=it，所以質(zhì)子數(shù)為 n=，從而即可求解【解答】

22、 解：距離為 d，速度為 v，則時間：電流為 i，則在 t 時間內(nèi)通過的電量為q=it=所以質(zhì)子數(shù)目：=故 b正確故選： b6硅光電池是一種太陽能電池，具有低碳環(huán)保的優(yōu)點如圖所示，圖線a 是該電池在某光照強度下路端電壓u 和電流 i 的關(guān)系圖象（電池內(nèi)阻不是常數(shù)） ，圍線 b 是某電阻 r的 ui 圖象在該光照強度下將它們組成閉合回路時，硅光電池的內(nèi)阻為（）a5.5 b7.0 c12.0 d12.5 【考點】 閉合電路的歐姆定律；電源的電動勢和內(nèi)阻【分析】 由歐姆定律得 u=e ir，的大小等于 r，當 i=0 時，e=u，由圖可知電池的電動勢為 u2當電流為 i1時，根據(jù)歐姆定律求出內(nèi)阻【解

23、答】 解：由歐姆定律得 u=eir，當 i=0時，e=u ，由 a 與縱軸的交點讀出電源的電動勢為： e=3.6v 根據(jù)兩圖線交點處的狀態(tài)可知，電阻的電壓為u=2.5v，電流為i=0.2a，則硅光電池的內(nèi)阻為：r=5.5 故 a 正確， bcd錯誤故選： a7如圖，電路中定值電阻阻值r 大于電源內(nèi)阻阻值r，將滑動變阻器滑片向下滑動，理想電壓表 v1、v2、v3示數(shù)變化量的絕對值分別為u1、u2、u3，理想電流表 a 示數(shù)變化量的絕對值為 i，正確的是（）av2的示數(shù)增大b電源輸出功率在減小cu3與i 的比值在減小 du1大于 u2【考點】 閉合電路的歐姆定律【分析】 理想電壓表內(nèi)阻無窮大， 相

24、當于斷路理想電流表內(nèi)阻為零，相當短路分析電路的連接關(guān)系， 根據(jù)歐姆定律分析 根據(jù)電源內(nèi)外電阻關(guān)系分析電源的輸出功率如何變化【解答】 解：a、理想電壓表內(nèi)阻無窮大，相當于斷路理想電流表內(nèi)阻為零，相當短路，所以定值電阻r與變阻器串聯(lián)，電壓表v1、v2、v3分別測量 r、路端電壓和變阻器兩端的電壓 當滑動變阻器滑片向下滑動時， 接入電路的電阻減小，電路中電流增大，內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，則v2的示數(shù)減小，故 a 錯誤；b、當內(nèi)外電阻相等時， 電源的輸出功率最大， 故當滑動變阻器滑片向下滑動時，外電阻越來越接近內(nèi)阻，故電源的輸出功率在增大；故b錯誤；c、根據(jù)閉合電路歐姆定律得：u3=ei（r+r）

25、，則得：=r+r，保持不變，故 c錯誤；d、根據(jù)閉合電路歐姆定律得： u2=eir，則得：=r；而=r，據(jù)題：rr，則得 v1v2故 d 正確故選： d8關(guān)于歐姆定律的說法中正確的是（）a由 i=，通過電阻的電流強度跟它兩端的電壓成正比，跟它的電阻成反比b由 u=ir ，對一定的導體，通過它的電流強度越大，它兩端的電壓也越大c由 r= ，導體的電阻跟它兩端的電壓成正比，跟通過它的電流強度成反比d歐姆定律 i=適用于任何導體的導電情況【考點】 歐姆定律【分析】導體電阻由導體的材料、長度、橫截面積決定，與電壓、電流無關(guān)；根據(jù)歐姆定律內(nèi)容分析答題【解答】 解：a、在電阻一定的情況下，由i=可知，導體

26、中的電流跟導體的電壓成正比，跟電阻成反比，故a 正確；b、根據(jù)公式 u=ir可知，當電阻一定時，通過它的電流強度越大，它兩端的電壓也越大，故 b正確；c、導體電阻由導體的材料、長度、橫截面積決定，與電壓、電流無關(guān)，故c錯誤；d、歐姆定律只能適用于純電阻及電解液導電中，故d 錯誤；故選： ab9如圖甲所示，平行板相距為d，在兩金屬板間加一如圖乙所示的交變電壓，有一個粒子源在平行板左邊界中點處沿垂直電場方向連續(xù)發(fā)射速度相同的帶正電粒子（不計重力）t=0 時刻進入電場的粒子恰好在t=t時刻到達 b板右邊緣，則（）a任意時刻進入的粒子到達電場右邊界經(jīng)歷的時間為tbt=時刻進入的粒子到達電場右邊界的速度

27、最大ct=時刻進入的粒子到達電場右邊界時距b板的距離為d粒子到達電場右邊界時的動能與何時進入電場無關(guān)【考點】 帶電粒子在勻強電場中的運動【分析】粒子水平方向做勻速直線運動，根據(jù)位移時間公式判斷時間關(guān)系；粒子在一個周期內(nèi)豎直方向加速和減速的時間相等，速度的變化量為零， 粒子到達電場右邊界時的速度大小等于進入電場時的速度大??；根據(jù)勻變速直線運動的位移時間分析 t=時刻進入的粒子豎直方向的位移【解答】 解：a、任意時刻進入的粒子水平方向都做勻速直線運動，所以任意時刻進入的粒子到達電場右邊界經(jīng)歷的時間為t，故 a 正確bd、粒子在豎直方向做周期性運動，勻加速和勻減速運動的時間相等，加速度也相同，所以到

28、達電場右邊界時速度的變化量為零，因此粒子到達電場右邊界時的速度大小等于進入電場時初速度大小，與何時進入電場無關(guān)故b錯誤，d 正確c、對于 t=時刻進入電場的粒子，豎直方向上有：在第一個內(nèi)向下加速運動，在第二個內(nèi)向下減速運動，在第三個內(nèi)向上加速運動，在第四個內(nèi)向上減速運動，一個周期豎直方向速度為零且粒子剛好沿中線射出，偏轉(zhuǎn)位移為零 故c錯誤故選： ad10如圖所示，電流表a1（03a）和 a2（00.6a）是由兩個相同的電流表改裝而成，現(xiàn)將這兩個電流表并聯(lián)后接入電路中，閉合開關(guān)s，調(diào)節(jié)滑動變阻器，下列說法中正確的是（）aa1、a2的讀數(shù)之比為 1：1ba1、a2的讀數(shù)之比為 5：1ca1、a2的

29、指針偏轉(zhuǎn)角度之比為1：1da1、a2的指針偏轉(zhuǎn)角度之比為1：5【考點】 閉合電路的歐姆定律【分析】 電流表 a1、a2是由兩個相同的小量程電流表改裝成的，它們并聯(lián)時，表頭的電壓相等，電流相等，指針偏轉(zhuǎn)的角度相同，量程大的電流表讀數(shù)大【解答】 解：圖中的a1、a2并聯(lián)，表頭的電壓相等，電流相等，指針偏轉(zhuǎn)的角度相同，所以 a1、a2的指針偏轉(zhuǎn)角度之比為1：1；量程不同的電流表讀數(shù)不同，電流表 a1的量程為 3a，a2的量程為 0.6a，當偏轉(zhuǎn)角相同時， a1、a2的讀數(shù)之比為 5：1，故 bc正確故選 bc11 如圖所示，沿水平方向放置的平行金屬板a 和 b， 分別與電源的正負極相連 a，b 板的

30、中央沿豎直方向各有一個小孔，帶正電的液滴從小孔的正上方p點由靜止自由落下，先后穿過兩個小孔后速度為v1，現(xiàn)進行下列操作后相同的液滴仍從p點自由落下，先后穿過兩個小孔后速度v2；下列說法中正確的是（）a若 k電鍵保持閉合，向下移動b 板，則 v2v1b若電鍵 k閉合一段時間后再斷開，向下移動b 板，則 v2v1c若電鍵 k保持閉合，無論向上或向下移動b 板，則 v2=v1d若電鍵 k閉合一段時間再斷開，無論向上或向下移動a 板，則 v2v1【考點】 勻強電場中電勢差和電場強度的關(guān)系【分析】液滴受重力和電場的作用穿過兩極板，根據(jù)電容器的動態(tài)變化規(guī)律再由動能定理可得出其穿過的速度關(guān)系【解答】 解：a

31、、由于兩極板接在電源兩端，故向上移動b 板時，兩板間的電壓不變，故電場力做功不變；高度也不變，故重力做功不變，故總功不變，由動能定理可得，則 v2=v1；故 a 錯誤；b、若向下移動極板，電場力做功不變，但高度差變大，重力做功增大，則可知v2v1，故 b 正確；c、若 a 的分析可知，若只移動b 板，前后兩次的速度不變，故c正確；d、由 b的分析可知，若向下移動a 板，則 v2v1；故 d 錯誤；故選： bc 12如圖所示，處于真空中的勻強電場與水平方向成15 角，ab直線與勻強電場e垂直，在 a 點以大小為 v0的初速度水平拋出一質(zhì)量為m、電荷量為 +q 的小球，經(jīng)時間 t，小球下落一段距離

32、過c點（圖中未畫出）時速度大小仍為v0，在小球由 a 點運動到 c點的過程中，下列說法正確的是（）a電場力對小球做功為負b小球的電勢能減小c小球的電勢能增量大于dc可能位于 ab直線的左側(cè)【考點】 勻強電場中電勢差和電場強度的關(guān)系；電勢能【分析】 小球由 a 點運動到 c 點的過程中，重力做正功，動能不變，由動能定理可判斷出電場力做負功，機械能減?。环治鯿點的電勢比 a 點電勢高，可知 c點位于 ab直線的右側(cè)【解答】 解：a、b 由題，小球由 a 點運動到 c點的過程中，重力做正功，動能不變，由動能定理得知，電場力必定做負功，小球的電勢能增加故a 正確， b錯誤c、小球具有機械能和電勢能，總

33、量守恒，小球的電勢能增加，則知小球的機械能一定減小， 小球的機械能的減少量即為豎直方向的重力勢能的減少量mgh，由于電場力向左下方， 重力豎直向下， 將合力沿著水平和豎直方向正交分解，豎直方向的合力大于重力，故在豎直方向的分運動的加速度a 大于 g，豎直方向 h=at2gt2，即 mghmg2t2，則可知小球的電勢能增量大于，故 c正確d、小球的電勢能增加，而小球帶正電，則知c點的電勢比 a 點電勢高，故 c點一定位于 ab直線的右側(cè)故 d 錯誤故選： ac二、實驗題（ 13 小題 4 分，14 小題 7 分， 15題 9 分，共 20 分）13 用螺旋測微器測圓柱體的直徑時， 示數(shù)如圖甲所示

34、， 此示數(shù)為6.125mm，用 20 分度的游標卡尺測量某物體的厚度時，示數(shù)如圖乙所示，此示數(shù)為63.60mm【考點】 刻度尺、游標卡尺的使用；螺旋測微器的使用【分析】解決本題的關(guān)鍵掌握游標卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)， 不需估讀螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀【 解 答 】 解 ： 螺 旋 測 微 器 的 固 定 刻 度 為6mm ， 可 動 刻 度 為12.5 0.01mm=0.125mm，所以最終讀數(shù)為6mm+0.125mm=6.125mm20 分度的游標卡尺，精確度是0.18mm，游標卡尺的主尺讀數(shù)為63mm，游標尺上第 12 個刻度

35、和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數(shù)為120.18mm=0.60mm，所以最終讀數(shù)為： 63mm+0.60mm=63.60mm故答案為： 6.125 63.6014發(fā)光二極管（ led ）是由鎵（ ga） 、砷（ as）與磷（ p）等的化合物制成的一種能夠發(fā)光的半導體電子元件， 通常用在電路及儀器中作為指示燈，或組成文字或數(shù)字顯示， 其顯著的特點就是具有單向?qū)щ娦云潆娐贩柸鐖D甲所示， 正常使用時帶 “ +” 號的一端應(yīng)接在電源的正極， 帶“ ” 號的一端應(yīng)接在電源的負極 某課外活動小組用實驗方法測得某型號發(fā)光二極管兩端的電壓u 和通過它的電流 i的數(shù)據(jù)如表所示：實驗序號12345678910u

36、/v00.40.81.21.62.02.42.62.83.0i/ma00.92.34.36.812.019.024.030.037.0（1）如圖乙、丙有兩個可供選擇的電路，應(yīng)選圖丙（填“ 乙” 或“ 丙” ）電路進行實驗，實驗中的系統(tǒng)誤差主要是由電壓表分流引起的（2）請在坐標紙上用描點法畫出該型號發(fā)光二極管的伏安特性曲線（3）若該型號發(fā)光二極管的最佳工作電壓為2.5v，現(xiàn)用 5v 的穩(wěn)壓電源供電，則需要在電路中串聯(lián)一個電阻r才能使其處于最佳工作狀態(tài)， 請根據(jù)所畫出的該型號二極管的伏安特性曲線進行分析，串聯(lián)的電阻r的阻值為119 （結(jié)果保留三位有效數(shù)字）【考點】 伏安法測電阻【分析】 （1）根據(jù)

37、表中實驗數(shù)據(jù)確定滑動變阻器的接法，然后選擇實驗電路；根據(jù)實驗電路應(yīng)分析實驗誤差（2）應(yīng)用描點法作出圖象（3）由圖示圖示求出二極管最佳工作電壓對應(yīng)的電流，然后應(yīng)用串聯(lián)電路特點與歐姆定律求出串聯(lián)電阻阻值【解答】解： （1）由表中實驗數(shù)據(jù)可知，電壓與電流從零開始變化，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法，故選擇圖丙所示實驗電路；由圖丙所示實驗電路圖可知， 電流表采用外接法， 由于電壓表的分流作用會使所測電流偏大，這是系統(tǒng)誤差的形成原因（2）根據(jù)表中實驗數(shù)據(jù)在坐標系內(nèi)描出對應(yīng)點，然后根據(jù)坐標系中描出的點作出圖象如圖所示：（3）由圖示圖象可知，二極管電壓為2.5v 時電流： i=21ma=0.181a ，串聯(lián)電阻阻

38、值： r= =119；故答案為：（1）丙，電壓表分流；（2）圖象如圖所示；（3）11915某實驗探究小組為了測量電流表g1內(nèi)阻 r1，設(shè)計的電路如圖甲所示實驗中供選擇的儀器如下：待測電流表 g1（05ma，內(nèi)阻約 300 ）電流表 g2（010ma，內(nèi)阻約 100）定值電阻 r1定值電阻 r2（10 ）滑動變阻器 r3（01 000 ）滑動變阻器 r4（020 ）電鍵 s及導線若干干電池（ 1.5v）（1）定值電阻應(yīng)選r1，滑動變阻器應(yīng)選r4（2）對照電路圖用筆畫線代替導線連接如圖乙所示實物圖（3）主要的實驗步驟如下：a按圖甲所示電路圖連接電路，將滑動變阻器的觸頭移至最左（填 “ 左” 、“

39、右” ）端；b閉合電鍵 s ，移動滑動觸頭至某一位置，記錄g1和 g2的讀數(shù) i1和 i2；c重復步驟 b，多次移動滑動觸頭，測量多組數(shù)據(jù)；d以 i2為縱坐標， i1為橫坐標，作出相應(yīng)圖線，如圖丙所示（4） 根據(jù) i2i1圖線的斜率 k 及定值電阻，寫出待測電流表內(nèi)阻的表達式r1= （k1）r1（用 k 和 r1表示） 【考點】 伏安法測電阻【分析】 （1）根據(jù)定值電阻阻值與待測電流表內(nèi)阻相等可知將二者并聯(lián)后總電流與電流表 g2的滿偏電流相等，所以測量電路應(yīng)是將待測電流表與定值電阻r1并聯(lián)后再與電流表g2串聯(lián)；再根據(jù)變阻器采用分壓式接法時阻值越小時調(diào)節(jié)越方便即可選出變阻器r4；（2）根據(jù)實物圖

40、的連接要求連接實物圖；（3）明確閉合電鍵前應(yīng)將滑片置于輸出電壓最小的一端；（4）根據(jù)物理規(guī)律寫出i2與 i1的函數(shù)表達式，然后根據(jù)斜率的概念即可求解【解答】 解： （1）由于定值電阻 r1的電阻與待測電流表g1內(nèi)阻接近相等，可將二者并聯(lián)，再與電流表g2串聯(lián)；由于變阻器采用分壓式接法時， 阻值越小調(diào)節(jié)越方便， 所以變阻器應(yīng)選阻值小的r4；（2）根據(jù)圖甲所示電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示：（3）a、為保護電流表，閉合開關(guān)前，應(yīng)將滑片置于輸出電壓最小處，故應(yīng)滑到最左端；（4）由電路圖根據(jù)串并聯(lián)規(guī)律應(yīng)有：i1+=i2，解得： i2=（1+）i1，根據(jù)函數(shù)斜率的概念應(yīng)有：k=（1+） ，解得：

41、 r1=（k1）r1；故答案為：（1）r1，r4； （2）電路圖如圖所示；（3）左； （4） （k1）r1三、計算題（共4 小題，第 16、17、18 題各 10 分，第 19 題 12 分，共 42 分.解答請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）16下面是一個示波管工作原理圖，初速度為零的電子經(jīng)電壓為u1的電場加速后垂直進入偏轉(zhuǎn)電場， 兩平行板間的距離為d，板長 l1，偏轉(zhuǎn)電壓為 u2s為屏，與極板垂直，到極板的距離l2已知電子電量 e，電子質(zhì)量 m不計電子所受的重力（1）電子進入偏轉(zhuǎn)電場的速度v0是多少？（2）電子

42、離開偏轉(zhuǎn)電場時的偏轉(zhuǎn)量y1為多少？（用 u1、u2、d、l1表示）（3）電子到達屏s 上時，它離 o 點的距離 y 是多少？（用u1、u2、d、l1、l2表示）【考點】 帶電粒子在勻強電場中的運動【分析】根據(jù)動能定理求出電子進入偏轉(zhuǎn)電場的速度電子進入偏轉(zhuǎn)電場后， 做類平拋運動，在沿電場方向上做初速度為零的勻加速直線運動，根據(jù)運動學公式，求出偏轉(zhuǎn)量電子出偏轉(zhuǎn)電場后，做勻速直線運動，電子到達屏上距離o 點的距離等于在偏轉(zhuǎn)電場中的偏轉(zhuǎn)量與出電場勻速直線運動在豎直方向上的位移之和也可用相似比直接求距離， 因為作電子出偏轉(zhuǎn)電場速度的反向延長線，必然經(jīng)過偏轉(zhuǎn)電場軸線的中點【解答】 解： （1）設(shè)電子經(jīng)加速

43、電場u1加速后以速度 v0進入偏轉(zhuǎn)電場，由動能定理有qu1=mv18，v0=故電子進入偏轉(zhuǎn)電場的速度v0=（2）進入偏轉(zhuǎn)電場后在電場線方向有，a=經(jīng)時間 t1飛出電場有 t1=，飛出電場時偏轉(zhuǎn)量為y1=at12由以上各式得y1=故電子離開偏轉(zhuǎn)電場時的偏轉(zhuǎn)量y1=（3）設(shè)電子從偏轉(zhuǎn)場穿出時，沿y 方向的速度為 vy，穿出后到達屏 s所經(jīng)歷的時間為 t2，在此時間內(nèi)電子在y方向移動的距離為y2，有vy=at1t2=y2=vyt2由以上各式得y2=y=y1+y2=（l1+2l2）也可用相似比直接求y即：，故電子到達屏 s上時，它離 o 點的距離 y=y1+y2=（l1+2l2） 17直流電動機在生產(chǎn)

44、、生活中有著廣泛的應(yīng)用如圖所示，一直流電動機m和電燈 l并聯(lián)之后接在直流電源上，電動機內(nèi)阻r=0.5 ，電燈燈絲電阻 r=9 ，電源電動勢 e=12v ，內(nèi)阻 r=1 開關(guān) s閉合，電動機正常工作時，電壓表讀數(shù)為9v求：（1）流過電源的電流（2）流過電動機的電流（3）電動機對外輸出的機械功率【考點】 閉合電路的歐姆定律；電功、電功率【分析】 （1） 根據(jù)內(nèi)外之和等于電源的電動勢和歐姆定律，求出流過電源的電流（2）由歐姆定律求出燈泡的電流，由總電流與燈泡電流之差求出流過電動機的電流（3）電動機對外輸出的機械功率等于電動機的總功率與內(nèi)部發(fā)熱功率之差【解答】 解：（1）電源的輸出電壓： u=e ir，則有i=代入解得： i=3a（2）對燈泡：電動機與