《高中試卷》2018-2019學(xué)年江蘇省蘇州市高二（上）期末物理試卷（選修）

1、2018-2019學(xué)年江蘇省蘇州市高二（上）期末物理試卷（選修）一、單項選擇題：本題共6小題，每小題3分，共18分.每小題只有一個選項符合題意.1（3分）物理學(xué)的基本原理在生產(chǎn)生活中有著廣泛應(yīng)用。在下列四種器件中，利用電磁感應(yīng)原理工作的是（）a扼流圈b示波管c顯像管d質(zhì)譜儀2（3分）研究人員發(fā)現(xiàn)一種具有獨特屬性的新型合金，只要略微提高其溫度，這種合金就會變成強磁性合金，從而使它旁邊的線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流。如圖，一圓形線圈放在圓柱形合金材料下方，現(xiàn)對合金材料進行加熱，則（）a線圈中將產(chǎn)生逆時針方向的電流b線圈中將產(chǎn)生順時針方向的電流c線圈將有收縮的趨勢d線圈將有擴張的趨勢3（3分）l為電感線圈，c

2、為電容器，a、b為兩只相同的燈泡，將它們按照圖示方式接在電壓瞬時值為u1umsin1t的交流電源上，兩只燈泡的亮度一樣?，F(xiàn)換另一個電源供電，電壓瞬時值為u2umsin2t，221，則下列說法中正確的是（）a兩燈泡均變暗b兩燈泡的亮度均不變ca燈泡變暗，b燈泡變亮da燈泡變亮，b燈泡變暗4（3分）電路元件的微型化是電路發(fā)展的趨勢。圖中r1和r2是材料相同、厚度相同、表面為正方形的導(dǎo)體，但r2尺寸比r1小得多。通過兩導(dǎo)體的電流方向如圖所示。則這兩個導(dǎo)體的電阻關(guān)系是（）ar1r2br1r2cr1r2d無法比較5（3分）如圖為“irobot”智能掃地機器人，它利用自身攜帶的小型吸塵部件進行吸塵清掃。已

3、知其電池容量2000mah，額定工作電壓15v，額定功率30w則下列說法正確的是（）a“m ah”是能量的單位b掃地機器人正常工作時的電流是2ac掃地機器人的電阻是75d掃地機器人充滿一次電，正常工作時間約為2003h6（3分）如圖所示，圓形區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強磁場，一帶電粒子（不計重力）以速度u從a點沿直徑aob方向射入磁場，經(jīng)過t時間從c點射出磁場，oc與oa成60°角?，F(xiàn)將另一同種帶電粒子以速度3v仍從a點射入磁場，則該粒子在磁場中的運動時間為（）a3tb2tc13td12t二、多項選擇題：本題共5小題，每小題4分，共20分，每小題有多個選項符合題意.全部選對的得4分，

4、選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分.7（4分）某電場的電場線分布如圖中實線所示，一個帶電粒子僅在電場力作用下從a點運動到b點，運動軌跡如圖中虛線所示。在此過程中，下列說法正確的是（）a粒子運動的加速度逐漸增大b粒子運動的動能逐漸增大c粒子所處位置的場強逐漸增大d粒子所處位置的電勢逐漸增大8（4分）如圖所示電路中有l(wèi)1和l2兩個完全相同的燈泡，l是自感系數(shù)較大的線圈，線圈直流電阻和電源內(nèi)阻忽略不計。下列說法中正確的是（）a閉合s后，l1逐漸變亮、l2立刻變亮b斷開s后，l1逐漸熄滅、l2立刻熄滅c斷開s后，l2先閃亮一下再逐漸熄滅d斷開s前后，l2中的電流方向發(fā)生改變9（4分）微元累積法是常

5、用的物理研究方法，如圖所示為某物理量（y）隨另一物理量（x）變化的函數(shù)圖象，關(guān)于圖象與坐標軸所圍面積大小的物理意義，下列說法正確的是（）a若y為電場強度e，x為距離d，則“面積”表示x0位置的電勢b若y為電流i，x為時間t，則“面積”表示x0時間內(nèi)流過的電量c若y為電壓u，x為電流i，則“面積”表示x0對應(yīng)狀態(tài)的電功率d若y為電功率p，x為時間t，則“面積”表示x0時間內(nèi)消耗的電能10（4分）回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，其核心部分是分別與高頻交流電源兩極相連接的兩個d形金屬盒，兩盒間的狹縫中形成周期性變化的電場，使帶電粒子在通過狹縫時都能得到加速，兩d形金屬盒處于垂直盒面的勻強磁場中，如圖

6、所示，已知d形盒半徑為r，勻強磁場的磁感應(yīng)強度為b，高頻交變電壓的頻率為f。當用此加速器加速質(zhì)子（11h）時，下列說法正確的是（）a質(zhì)子被加速后的最大速度不可能超過2frb加速電壓越大，質(zhì)子最后獲得的速度越大c交變電壓的頻率與質(zhì)子做勻速圓周運動的頻率相等db和f都不改變，該回旋加速器也可用于加速粒子（24he）11（4分）如圖，是一個正方形金屬框放在光滑水平面上的俯視圖，虛線右側(cè)存在方向豎直向上的勻強磁場。正方形金屬框電阻為r，邊長為l，在外力作用下由靜止開始，以垂直于磁場邊界的恒定加速度a進入磁場區(qū)域。自線框從左邊界進入磁場時開始計時，t1時刻線框全部進入磁場。設(shè)金屬框中感應(yīng)電流大小為i，外

7、力大小為f，線框中電功率為p，通過導(dǎo)體橫截面的電荷量為q，則上述物理量隨時間變化的關(guān)系可能正確的是（）abcd三、簡答題：本題共3小題，共計28分.請將解答填寫在答題卡相應(yīng)的位置12（10分）某同學(xué)組裝了一個簡易多用電表，其電路圖如圖（a）所示，圖中e是電池，r1、r2、r3、r4和r5是固定電阻，r6是可變電阻，虛線方框內(nèi)為選擇開關(guān)，a端和b端分別與兩表筆相連（1）圖（a）中，虛線方框內(nèi)選擇開關(guān)的“4”、“5”兩擋為電壓擋，則擋位 （選填“4”或“5”）的量程較大；（2）根據(jù)圖（a）所示電路圖判斷，此表a端應(yīng)與 （選填“紅”或“黑”）色表筆相連接（3）選用歐姆表100檔測量某電阻阻值，操作步

8、驟正確，發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉(zhuǎn)角度很小，為了較準確地進行測量，應(yīng)換到 擋（選填“×10”或“×1k”）。如果換擋后立即用表筆連接待測電阻進行測量，那么缺少的步驟是 。若補上該步驟后再次進行測量，表盤的示數(shù)如圖（b）所示，則該電阻的阻值是 。13（10分）發(fā)光二極管在生產(chǎn)和生活中得到了廣泛應(yīng)用，如圖（a）所示是一款發(fā)光二極管的實物圖，正常使用時，帶“+”號的一端接高電勢，帶“”號的一端接低電勢。某同學(xué)想描繪它的伏安特性曲線，設(shè)計了如圖（b）所示電路進行實驗，測得它兩端的電壓u和通過它的電流i，所得數(shù)據(jù)如表所示。u/v00.400.801.201.602.002.402.80i/ma

9、00.92.34.38.012.019.030.0（1）實驗室提供的器材如下a電壓表（量程03v，內(nèi)阻約10k）b電壓表（量程015v，內(nèi)阻約25k）c電流表（量程050ma，內(nèi)阻約50）d滑動變阻器（阻值范圍010，允許最大電流3a）e滑動變阻器（阻值范圍0500，允許最大電流為1a）f電源（電動勢3v，內(nèi)阻不計）g開關(guān)，導(dǎo)線若干該同學(xué)為了實驗結(jié)果更精確，電壓表應(yīng)選 ，滑動變阻器應(yīng)選 （填選項字母）；在實驗過程中，開關(guān)s閉合前，滑動變阻器的滑片應(yīng)置于最 端（選填“左”或“右”）（2）根據(jù)表中數(shù)據(jù)，在圖（c）所示的坐標紙中畫出該發(fā)光二極管的iu圖線。由iu圖線可知：二極管的電阻值隨工作電壓的增

10、大而 （選填“不變”或“增大”或“減小”）；（3）若將n只該款發(fā)光二極管并聯(lián)后，直接與電動勢為3.2v、內(nèi)阻為20的電源組成閉合回路，可使這些發(fā)光二極管消耗的總功率最大，則n 只14（8分）用如圖（a）所示的電路測量電源的電動勢和內(nèi)阻，定值電阻r116。（1）閉合開關(guān)s后，電壓表v1無示數(shù)，電壓表v2有示數(shù)，經(jīng)檢查發(fā)現(xiàn)電路中存在斷路故障，則該故障可能在 （選填“ab”或“bc”或“cd”）兩點間。（2）排除故障后，閉合開關(guān)s，調(diào)節(jié)滑動變阻器的阻值，記錄兩電壓表的多組示數(shù)u1、u2，如表所示，根據(jù)表中數(shù)據(jù)作出的u2u1圖象如圖（b）所示u2/v5.04.54.03.53.02.52.0u1/n0

11、.661.001.331.882.002.322.68由上述圖象可知，電源電動勢e v，內(nèi)阻r （結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）（3）實驗中，產(chǎn)生系統(tǒng)誤差的主要原因是 。四、計算題：本大題共4小題，共54分.解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分.有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位.15（12分）如圖（a）所示為一理想變壓器，ab為原線圈的輸入端，cd為副線圈的輸出端。ab端接入正弦式交變電流，其電壓m隨時間t變化的圖象如圖（b）所示，電壓有效值u1200v（1）寫出該交變電流電壓瞬時值u的表達式；（2）已知cd兩端的輸出電壓u240v，求原副線圈的匝

12、數(shù)比n1n2：（3）當變壓器的輸出功率為80w時，求原線圈中的電流i116（12分）如圖所示，平行金屬導(dǎo)軌間距l(xiāng)0.4m，其所在平面與水平面夾角37°，且處于磁感應(yīng)強度b0.5t、方向垂直于導(dǎo)軌所在平面向上的勻強磁場中。金屬導(dǎo)軌的端接有電動勢e4.5v、內(nèi)阻r0.5的直流電源?，F(xiàn)把一根質(zhì)量m0.04kg的導(dǎo)體棒ab放在金屬導(dǎo)軌上，此時導(dǎo)體棒恰好靜止。導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌垂直且接觸良好，導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌兩接觸點間的電阻r2.5，金屬導(dǎo)軌電阻不計，g取10m/s2已知sin37°0.6，cos37°0.8。（1）求流經(jīng)導(dǎo)體棒的電流大??；（2）求導(dǎo)體棒受到的摩擦力大小及方向

13、（3）不改變磁感應(yīng)強度大小，在垂直導(dǎo)體棒的平面內(nèi)，將磁場沿順時針方向緩慢轉(zhuǎn)過角度，使導(dǎo)體棒和金屬導(dǎo)軌之間的摩擦力恰好為0，求角度的大小。17（14分）如圖（a）所示，兩條足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌豎直放置，導(dǎo)軌間距l(xiāng)lm，兩導(dǎo)軌的上端接有一個r2的定值電阻。虛線oo下方是垂直于導(dǎo)軌平面向內(nèi)的勻強磁場，磁感應(yīng)強度b2t現(xiàn)將質(zhì)量m0.1kg、電阻不計的金屬桿ab，從o0上方某處由靜止釋放，金屬桿在下落的過程中與導(dǎo)軌保持良好接觸，且始終保持水平，導(dǎo)軌電阻不計。已知金屬桿下落0.3m的過程中，加速度a與下落距離h的關(guān)系如圖（b）所示，g取10m/s2求：（1）金屬桿剛進入磁場時，速度v0為多大？（2）金

14、屬桿下落0.3m的過程中，在電阻r上產(chǎn)生的熱量q為多少？（3）金屬桿下落0.3m的過程中，在電阻r上通過的電量q為多少？18（16分）如圖所示，在坐標系xoy的第二象限內(nèi)有沿y軸負方向的勻強電場，電場強度大小e=3mv022ql在第三象限內(nèi)有磁感應(yīng)強度b1=3mv02ql的勻強磁場，在第四象限內(nèi)有磁感應(yīng)強度b2=6mv0ql的勻強磁場，磁場、的方向均垂直于紙面向內(nèi)。一質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子從p（0，l）點處以初速度沿垂直于y軸的方向進入第二象限的勻強電場，然后先后穿過x軸和y軸進入磁場和磁場，不計粒子的重力和空氣阻力。求：（1）粒子由電場進入磁場時的速度v大小和方向（2）粒子出發(fā)后第1次

15、經(jīng)過y軸時距o點的距離d；（3）粒子出發(fā)后從第1次經(jīng)過y軸到第4次經(jīng)過y軸產(chǎn)生的位移大小y和所需時間t。2018-2019學(xué)年江蘇省蘇州市高二（上）期末物理試卷（選修）參考答案與試題解析一、單項選擇題：本題共6小題，每小題3分，共18分.每小題只有一個選項符合題意.1【分析】扼流圈是利用電感對電流的阻礙作用，線圈的電阻阻礙作用很小，質(zhì)譜儀、示波管、顯像管是利用了帶電粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)而工作的?！窘獯稹拷猓篴、扼流圈是利用電感對電流的阻礙作用，線圈的電阻阻礙作用很小，故a正確；bcd、質(zhì)譜儀、示波管、顯像管是利用了帶電粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)而工作的；故bcd錯誤；故選：a?！军c評】本題考查電磁感應(yīng)現(xiàn)象在

16、生活中的應(yīng)用，要注意明確生活中常見電器的工作原理。2【分析】當導(dǎo)致線圈的磁通量變化，從而產(chǎn)生感應(yīng)電流，感應(yīng)磁場去阻礙線圈的磁通量的變化?！窘獯稹拷猓篴b、提高溫度，這種合金會從非磁性合金變成強磁性合金，穿過線圈的磁通量增大，從而在線圈中產(chǎn)生電流。由于原磁場的方向未知，所以不能判斷出感應(yīng)電流的方向。故ab錯誤；cd、當合金材料的磁場增大時，穿過線圈的磁通量增大，則線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向的阻礙磁通量的增大，面積有縮小的趨勢。故c正確，d錯誤。故選：c?！军c評】可從阻礙磁通量變化的角度去分析：增反減同，當磁通量增大時，則線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向的阻礙磁通量的增大。3【分析】對于電容器來說能通交流隔直流

17、，而頻率越高越容易通過。對于線圈來講通直流阻交流，通低頻率交流阻高頻率交流?！窘獯稹拷猓喝舯３纸涣麟娫吹碾妷翰蛔儯菇蛔冸娏鞯念l率增大，電容器對其阻礙變小，線圈對其阻礙變大。所以a燈泡將變暗，b燈泡將變亮，故c正確，abd錯誤。故選：c?！军c評】當電容器的電容越小，頻率越低時，容抗越高；而線圈的自感系數(shù)越大，頻率越高時，感抗越高。4【分析】明確電流方向，設(shè)正方向邊長為l，橫截面積sld，長度為l，根據(jù)電阻定律rls即可得兩電阻之比?！窘獯稹拷猓河呻娮瓒蓃ls得：rlld=1d，與材料和厚度有關(guān)。兩電阻厚度相同，材料相同，所以電阻之比為1：1，即r1r2，故b正確，acd錯誤。故選：b?！军c評

18、】解決本題的關(guān)鍵掌握電阻定律rls，注意電流方向的l與s的正確判定。5【分析】電池容量是指電池的存儲電量，根據(jù)題目可知正常工作時的電壓，根據(jù)i=pu求解正常工作時的電流，根據(jù)t=qi求解時間?！窘獯稹拷猓篴、題中“mah”是電荷量的單位，故a錯誤；b、掃地機器人正常工作時的電流為：i=pu=3015a2a，故b正確；c、掃地機器人并非純電阻電路，故不能用pui和uir計算，故掃地機器人的電阻不可求，故c錯誤；d、掃地機器人充滿電后一次工作時間問：t=qi=2000mah2a=1h，故d錯誤；故選：b?！军c評】本題是信息給予題，要求同學(xué)們能從題目中獲取有用信息，知道電池容量是指電池儲存電量的大小

19、，難度不大，屬于基礎(chǔ)題。6【分析】由于粒子在勻強磁場是做勻速圓周運動，運動周期與粒子速度大小無關(guān)，可見，要計算粒子在磁場中運動的時間，只要求得它在磁場中運動軌跡對應(yīng)的圓心角，就可得到所用的時間?！窘獯稹拷猓涸O(shè)圓形磁場區(qū)域的半徑是r，以速度v射入時，半徑r1=mvqb根據(jù)幾何關(guān)系可知，r1r=tan30°，解得：r1=33r運動時間：t=2t=1203602mqb=2mqb粒子以速度3v射入時，半徑：r2=3mvqb=3×33r=3r設(shè)第二次射入時的圓心角為，根據(jù)幾何關(guān)系可知：tan2=rr2=r3r=33，解得：60°第二次運動的時間為：t/'=60360

20、t=16×2mqb=12t，故abc錯誤，d正確。故選：d?！军c評】帶電粒子在磁場中運動的題目解題步驟為：定圓心、畫軌跡、求半徑，同時還利用圓弧的幾何關(guān)系來幫助解題。二、多項選擇題：本題共5小題，每小題4分，共20分，每小題有多個選項符合題意.全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分.7【分析】先根據(jù)粒子帶正電和粒子的運動軌跡彎曲方向判斷電場線的方向，再由電場線的方向判斷電勢的高低；電場力做正功，電勢能減小，動能增加；電場力做負功，電勢能增加，動能減小?！窘獯稹拷猓篴c、電場線的疏密表示電場的強弱，由圖可知b點處的電場線密，則b點處的電場強度大，從a到b的過程中電場強

21、度逐漸增大；由fqe可知，同一個帶電粒子受到的電場力逐漸增大，所以帶電粒子的加速度逐漸增大。故ac正確；b、由粒子的運動軌跡彎曲方向可知，帶電粒子受電場力的方向大致向右，速度沿切線方向，力和速度方向夾角為銳角，電場力做正功，粒子的動能增大，故b正確；d、電場力做正功，電勢能減小，故d錯誤。故選：abc?！军c評】解決這類帶電粒子在電場中運動問題的關(guān)鍵是根據(jù)軌跡判斷出電場力方向，利用電場中有關(guān)規(guī)律求解；沿電場線的方向，電勢降低；電場力做正功，電勢能減小，電場力做負功，電勢能增加。8【分析】當電鍵k閉合時，通過線圈l的電流增大，穿過線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電動勢的方向和作用，分析哪個燈

22、先亮。斷開瞬間也可以按照同樣的思路分析。【解答】解：a、b、燈l1與電阻r串聯(lián)，當電鍵s閉合時，燈l2立即發(fā)光。通過線圈l的電流增大，穿過線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢與原來電流方向相反，阻礙電流的增大，電路的電流只能逐漸增大，l1逐漸亮起來。所以l2比l1先亮。由于線圈直流電阻忽略不計，當電流逐漸穩(wěn)定時，線圈不產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，兩燈電流相等，亮度相同。故a正確，b錯誤；c、穩(wěn)定后當電鍵s斷開后，由于自感，線圈中的電流只能慢慢減小，其相當于電源，與燈泡l1、l2和電阻r構(gòu)成閉合回路放電，兩燈都過一會兒熄滅，由于l1、l2是兩個完全相同的燈泡，所以穩(wěn)定時電流相等，電路穩(wěn)定后再斷

23、開電鍵s時，l2燈不會閃亮一下。故c錯誤，d、穩(wěn)定后當電鍵s斷開后，由于自感，線圈中的電流只能慢慢減小，電流的方向與l1原來的方向相同，與l2電流的方向相反。故d正確；故選：ad?！军c評】對于自感現(xiàn)象，是特殊的電磁感應(yīng)現(xiàn)象，應(yīng)用楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律進行理解。9【分析】本題根據(jù)圖形面積所表示的量等于橫坐標軸量與縱坐標軸量的乘積所得量的值。結(jié)合相關(guān)的規(guī)律進行分析?！窘獯稹拷猓篴、若y為電場強度e，x為距離d，則“面積”表示0x0位置的電勢差，故a錯誤；b、若y為電流i，x為時間t，則“面積”表示x0時間內(nèi)流過的電量，故b正確；c、若y為電壓u，x為電流i，則“面積”沒有意義，x0對應(yīng)狀態(tài)的

24、電功率等于x0對應(yīng)狀態(tài)的電壓與電流的乘積，故c錯誤；d、若y為電功率p，x為時間t，則“面積”表示x0時間內(nèi)消耗的電能，故d正確；故選：bd。【點評】本題考查圖形面積的意義，要學(xué)會變通，能舉一反三。關(guān)鍵要掌握相關(guān)的物理規(guī)律。10【分析】粒子在磁場中運動時，由洛倫茲力提供向心力，當質(zhì)子的軌跡半徑等于r時速度最大。加速電壓越大，質(zhì)子加速的次數(shù)減少，但質(zhì)子最后獲得的速度不變。交變電壓的頻率與質(zhì)子做勻速圓周運動的頻率相等，根據(jù)f=qb2m分析該回旋加速器能否用于加速粒子?！窘獯稹拷猓篴、當質(zhì)子在磁場中的軌跡半徑rr時，速度v最大，最大速度v2fr故a正確；b、由qvbmv2r得最大速度 v=qrbm，

25、由此可知，質(zhì)子的最大速度只與質(zhì)子本身的比荷、d形盒半徑和磁場的磁感應(yīng)強度大小有關(guān)，與加速電壓無關(guān)，故b錯誤；c、要使此加速器正常工作，必須使交變電壓的頻率與質(zhì)子做勻速圓周運動的頻率相等。故c正確；d、由于粒子與質(zhì)子的比荷不等，在磁場中勻速圓周運動的頻率不等，所以根據(jù)f=qb2m分析知，b和f都不改變，該回旋加速器不能用于加速粒子（24he）。故d錯誤。故選：ac。【點評】解決本題的關(guān)鍵知道當粒子從d形盒中出來時，速度最大。以及知道回旋加速器粒子在磁場中勻速圓周運動的頻率和高頻交流電的頻率相等。11【分析】根據(jù)速度時間關(guān)系可得vat和法拉第電磁感應(yīng)定律求解感應(yīng)電動勢，根據(jù)閉合電路的歐姆定律求解感

26、應(yīng)電流大小；根據(jù)對線框的受力分析及牛頓第二定律求解外力的表達式；根據(jù)電功率計算公式求解電功率與時間關(guān)系；根據(jù)電荷量的計算公式求解電荷量與時間關(guān)系，由此分析圖象?！窘獯稹拷猓篴、0t1時間內(nèi)，線框由靜止開始以垂直于磁場邊界的恒定加速度a進入磁場區(qū)域，根據(jù)速度時間關(guān)系可得vat，感應(yīng)電動勢eblvblat，感應(yīng)電流：i=er=blart，b、l、a、r是定值，則i與t成正比，故a正確；b、線框受到的安培力：f安培bil=b2l2vr=b2l2atr，對線框，由牛頓第二定律可得：f-b2l2atr=ma，解得：f=b2l2atr+ma，故b錯誤；c、電功率：pi2r=b2l2a2rt2，p為時間的二

27、次函數(shù)，故c正確；d、電荷量：qit=blart2，q與t的平方成正比，故d錯誤；故選：ac。【點評】對于電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的圖象問題，磁場是根據(jù)楞次定律或右手定則判斷電流方向，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路的歐姆定律求解感應(yīng)電流隨時間變化關(guān)系，然后推導(dǎo)出縱坐標與橫坐標的關(guān)系式，由此進行解答，這是電磁感應(yīng)問題中常用的方法和思路。三、簡答題：本題共3小題，共計28分.請將解答填寫在答題卡相應(yīng)的位置12【分析】（1）表頭串聯(lián)大電阻改裝成電壓表，串聯(lián)電阻越大則量程越大；（2）歐姆表內(nèi)置電源正極與黑表筆相連，附近與紅表筆相連；（3）偏角小說明電阻大，要換用大倍率擋，重新調(diào)零后測量，讀數(shù)為示數(shù)乘以倍率?！?/p>

28、解答】解：（1）表頭串聯(lián)大電阻改裝成電壓表，串聯(lián)電阻越大則量程越大，由此可知檔位5的量程較大；（2）由圖（a）所示電路圖可知，a與歐姆表內(nèi)置電源正極相連，又電流紅進黑出，則a端應(yīng)與黑表筆相連；（3）歐姆表的零刻度在左邊，偏角小，說明帶測電阻阻值大，應(yīng)換大倍率×1k擋，重新歐姆調(diào)零后測量；歐姆表的讀數(shù)為：示數(shù)×倍率14×100014k；故答案為：（1）5；（2）黑；（3）×1k、歐姆調(diào)零、14k?！军c評】本題考查了多用電表讀數(shù)以及內(nèi)部原理，要注意明確串并聯(lián)電路的規(guī)律應(yīng)用，同時掌握讀數(shù)原則，對多用電表讀數(shù)時，要先確定電表測的是什么量，然后根據(jù)選擇開關(guān)位置確定

29、電表分度值，最后根據(jù)指針位置讀數(shù)；讀數(shù)時視線要與電表刻度線垂直。13【分析】（1）根據(jù)實驗測得它兩端電壓u和通過它電流i的數(shù)據(jù)的范圍可以選擇電壓表和電流表；在實驗過程中，開關(guān)s閉合前，滑動變阻器的滑片應(yīng)置于時電表示數(shù)為零的位置；（2）在圖上描出電流和電壓的對應(yīng)點，用光滑的曲線連接起來；根據(jù)圖象分析二極管的電阻值隨工作電壓的變化關(guān)系；（3）當內(nèi)外電阻相等時電源的輸出功率最大，即發(fā)光二極管的總功率最大，由圖示圖象求出此時發(fā)光二極管兩端電壓與電流，由歐姆定律求出其的電阻，然后求出二極管的個數(shù)?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)實驗測得它兩端電壓u和通過它電流i的數(shù)據(jù)的范圍可知：電壓變化的最大值為2.8v，所以電

30、壓表選a；根據(jù)表格數(shù)據(jù)可知電表示數(shù)從零開始，滑動變阻采用分壓接法，應(yīng)選阻值相對較小的，便于調(diào)節(jié)，故選d；在實驗過程中，開關(guān)s閉合前，滑動變阻器的滑片應(yīng)置于時電表示數(shù)為零的位置，保護電表，故應(yīng)在最左端；（2）根據(jù)表中數(shù)據(jù)，在圖上描出各點，用光滑的曲線連接起來。如圖所示：由圖線可知，二極管的阻值隨電壓的增大而減小；（3）電源內(nèi)阻為20歐姆，當外電路電阻與電源內(nèi)阻相等，即發(fā)光二極管并聯(lián)總電阻為20歐姆時燈泡的總功率最大，由于內(nèi)外電阻相等，則內(nèi)外電壓相等，電源電動勢為3.2v，則路端電壓為1.6v，由上圖所示圖象可知，電壓為1.6v時通過二極管的電流為10ma，此時二極管的電阻：r=ui=1.68&#

31、215;10-3=200，假設(shè)有n只二極管并聯(lián)，則rn=20解得：n10故答案為：（1）a、d、左；（2）、減小；（3）10。【點評】解決本題關(guān)鍵：1、知道多用電表電流的流向及二極管的特性。2、知道如何選取電表，會判斷電流表的內(nèi)外接和滑動變阻器的分壓限流接法。3、用數(shù)學(xué)描點法描繪圖象，體現(xiàn)了學(xué)科間的整合。4、要熟練掌握當內(nèi)外電阻相等時，電源輸出功率最大，并能靈活應(yīng)用解決實際問題。14【分析】（1）明確電路結(jié)構(gòu)，從而分析故障原因；（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律進行分析，列出對應(yīng)的表達式，從而明確圖象的意義并求出電動勢和內(nèi)電阻；（4）根據(jù)電路結(jié)構(gòu)以及電表內(nèi)阻的影響進行分析，從而明確誤差原因【解答】解：

32、（1）電壓表v1無讀數(shù)，電壓表v2有讀數(shù)，說明v1無與電源斷開，而v2與電源是連接的，故發(fā)生斷路的是cd；（2）根據(jù)電路圖由閉合電路歐姆定律可知：eu1+u2+u1r1r變形可得：u2e-r+r1r1u1由圖可知，圖象與縱軸的截距表示電動勢，故e6.0v；圖象的斜率k=r+r1r1=6.0-2.02.6=1.5解得：r8.0；（3）本實驗中由于電壓表v1分流作用而使測量電流偏小，從而出現(xiàn)誤差。故答案為：（1）cd（2）6.0；8.0；（3）電壓表v1分流?！军c評】本題是一種伏阻法測量電源電動勢和內(nèi)阻的方法，注意本題中將電壓表與定值電阻并聯(lián)充當電流表使用，注意數(shù)據(jù)處理的基本方法。四、計算題：本大

33、題共4小題，共54分.解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分.有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位.15【分析】（1）由圖可知輸入電壓的圓頻率和電壓的最大值，即可原線圈的輸入電壓的瞬時值的表達式。（2）根據(jù)原副線圈的電壓與匝數(shù)成正比即可求出ab和cd間線圈的匝數(shù)比。（3）根據(jù)輸入功率等于輸出功率，求解原線圈中的電流?！窘獯稹拷猓海?）最大值um=2u1=2002v，由題圖（b）可知，200 rad/s，電壓瞬時值u2002sin200t（v）。（2）根據(jù)電壓和匝數(shù)的關(guān)系可知，n1n2=u1u2，代入數(shù)據(jù)解得n1n2=5：1。（3）理想變壓器的輸入功

34、率等于輸出功率，p1p2，原線圈的電流i1=p1u1，代入數(shù)據(jù)解得，i10.4a。答：（1）寫出該交變電流電壓瞬時值u的表達式為u2002sin200t（v）。（2）已知cd兩端的輸出電壓u240v，原副線圈的匝數(shù)比n1n2為5：1。（3）當變壓器的輸出功率為80w時，原線圈中的電流i1為0.4a?！军c評】掌握原副線圈的電壓之比等于匝數(shù)比，知道電動機是非純電阻元件，根據(jù)能量守恒輸出功率等于總功率與熱功率之差，應(yīng)用電功率公式即可正確解題。16【分析】（1）根據(jù)閉合電路的歐姆定律求解電流強度；（2）根據(jù)平衡條件結(jié)合安培力的計算公式求解；（3）摩擦力為零，根據(jù)平衡條件求解角度的大小。【解答】解：（1

35、）根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得：i=er+r代入數(shù)據(jù)解得：i1.5a；（2）安培力fbil0.3n，方向沿斜面向上根據(jù)平衡條件可得：mgsin37°+ff代入數(shù)據(jù)解得f0.06n，方向沿斜面向下；（3）摩擦力為零，根據(jù)平衡條件可得：mgsin37°fcos代入數(shù)據(jù)解得：37°。答：（1）流經(jīng)導(dǎo)體棒的電流大小為1.5a；（2）導(dǎo)體棒受到的摩擦力大小0.06n，方向沿斜面向下；（3）角度的大小為37°?！军c評】本題主要是考查安培力作用下的導(dǎo)體棒的平衡問題，解答此類問題要明確導(dǎo)體棒的受力情況，結(jié)合平衡條件列方程解答。17【分析】（1）由乙圖讀出金屬桿進入磁場時加

36、速度的大小，判斷出加速度方向。由法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律推導(dǎo)出安培力與速度的關(guān)系式，由牛頓第二定律列式可求出金屬桿剛進入磁場時速度。（2）從開始下落到下落0.3m的過程中，桿的機械能減小轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，由能量守恒列式可求出電阻r上產(chǎn)生的熱量。（3）求出金屬桿在磁場中運動的距離，應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律求出平均感應(yīng)電動勢，應(yīng)用歐姆定律求出平均感應(yīng)電流，應(yīng)用電流定義式求出電荷量?！窘獯稹拷猓海?）金屬桿進入磁場時受到的安培力：fbil=b2l2vr，由圖示圖線可知，金屬桿進入磁場時的加速度：a010m/s2，方向：豎直向上，對金屬桿，由牛頓第二定律得：b2l2v0r-mgma0，代入數(shù)據(jù)解得：v01m/s；（2）由圖（b）所示圖線可知，金屬桿下