廣東五校協(xié)作體2015-2016學(xué)年高三第一次聯(lián)考物理試卷(解析版)

1、2015-2016學(xué)年廣東省五校協(xié)作體高三（上）第一次聯(lián)考物理試卷二、選擇題：本題共8小題，每小題6分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1418題只有一項(xiàng)符合題目要求，第1921題有多項(xiàng)符合題目要求全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分1如圖所示，在駕駛員路考時(shí)，有一項(xiàng)是定點(diǎn)停車(chē)，假設(shè)汽車(chē)與水平地面的動(dòng)摩擦因數(shù)為，駕駛員在離停車(chē)標(biāo)桿距離為S的位置開(kāi)始剎車(chē)，則剎車(chē)時(shí)汽車(chē)的速度大小應(yīng)控制為（）AgsB2gsCD2如圖所示，小物體A沿高為h、傾角為的光滑斜面（固定在水平地面上），以初速度v0從頂端滑到底端，而質(zhì)量相同的物體B，以同樣大小的初速度從同等高度處豎直上拋，不計(jì)空氣阻力則（）A兩物體

2、落地時(shí)的速度相同B兩物體落地時(shí)的動(dòng)能相同C兩物體落地時(shí)重力的瞬時(shí)功率相同D兩物體下落過(guò)程中重力的平均功率相同3小敏隨著十幾個(gè)人一起乘電梯上五樓，走進(jìn)電梯時(shí)電梯沒(méi)有顯示超載，但電梯剛啟動(dòng)時(shí)報(bào)警器卻響了起來(lái)對(duì)這一現(xiàn)象的解釋?zhuān)铝姓f(shuō)法正確的是（）A剛啟動(dòng)時(shí)，物體的加速度向下，人處于超重狀態(tài)B剛啟動(dòng)時(shí)，人所受的重力變大了C剛啟動(dòng)時(shí)，人對(duì)電梯底板的壓力大于底板對(duì)人的支持力D剛啟動(dòng)時(shí)，人對(duì)電梯底板的壓力變大了41846年9月23日，德國(guó)天文學(xué)家約翰伽勒按照法國(guó)天文學(xué)家烏阿班勒維耶的推算，在預(yù)定的天區(qū)發(fā)現(xiàn)了太陽(yáng)系第八顆行星海王星這一天，被歷史評(píng)價(jià)為“牛頓力學(xué)最輝煌的一天”若太陽(yáng)系各大行星的軌道都可近似看作圓

3、軌道且共面同向公轉(zhuǎn)，行星每隔一定時(shí)間使另一行星軌道發(fā)生偏離的現(xiàn)象在天文學(xué)上稱(chēng)為“攝動(dòng)”則下列關(guān)于這段科學(xué)的歷程說(shuō)法正確的是（）A勒維耶根據(jù)海王星對(duì)天王星的攝動(dòng)情況并應(yīng)用牛頓力學(xué)推算出海王星的位置B天王星被稱(chēng)為“筆尖下發(fā)現(xiàn)的行星”C海王星對(duì)天王星的攝動(dòng)周期等于天王星繞太陽(yáng)的公轉(zhuǎn)周期D根據(jù)海王星公轉(zhuǎn)周期和軌道半徑可估算太陽(yáng)的密度5如圖所示，一根輕桿的兩端固定兩個(gè)質(zhì)量均為m的相同小球A、B，用兩根細(xì)繩懸掛在天花板上，虛線為豎直線，=30°=60°，求輕桿對(duì)A球的作用力（）AmgB mgC mgD mg6如圖，當(dāng)K閉合后，一帶電微粒（重力不可忽略）在平行板電容器間處于靜止?fàn)顟B(tài)，下列

4、說(shuō)法正確的是（）A保持K閉合，使P滑動(dòng)片向左滑動(dòng)，微粒仍靜止B保持K閉合，使P滑動(dòng)片向右滑動(dòng)，微粒向下移動(dòng)C打開(kāi)K后，使兩極板靠近，則微粒將向上運(yùn)動(dòng)D打開(kāi)K后，使兩極板靠近，則微粒仍保持靜止7如圖甲所示，物體以一定初速度從傾角=37°的斜面底端沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，上升的最大高度為3.0m選擇地面為參考平面，上升過(guò)程中，物體的機(jī)械能E機(jī)隨高度h的變化如圖乙所示（g=10m/s2，sin37°=0.60，cos37°=0.80）下列說(shuō)法中正確的是（）A物體的質(zhì)量為1kgB物體可能靜止在斜面頂端C物體上升過(guò)程的加速度大小為10m/s2D物體回到斜面底端時(shí)的動(dòng)能為10J8如圖

5、所示，矩形ABCD位于勻強(qiáng)電場(chǎng)中，且與勻強(qiáng)電場(chǎng)方向平行已知AB=2BC，A、B、D的電勢(shì)分別為6V、2V、4V初動(dòng)能為24eV、電荷量大小為4e的帶電粒子從A沿著AC方向射入電場(chǎng)，恰好經(jīng)過(guò)B不計(jì)粒子的重力，下列說(shuō)法正確的是（）A該粒子一定帶負(fù)電B該粒子達(dá)到點(diǎn)B時(shí)的動(dòng)能為40eVC改變初速度方向，該粒子可能經(jīng)過(guò)CD改變初速度方向，該粒子可能經(jīng)過(guò)D三、非選擇題：9某學(xué)習(xí)小組采用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系在水平桌面上放有長(zhǎng)木板，用輕繩將固定有拉力傳感器的小車(chē)通過(guò)一個(gè)定滑輪與一個(gè)小桶相連，木板上A、B兩處各安裝一個(gè)速度傳感器，分別先后記錄小車(chē)通過(guò)A、B兩處時(shí)的速度，用數(shù)字計(jì)時(shí)器記錄

6、小車(chē)在通過(guò)A、B兩處時(shí)的時(shí)間間隔（1）在實(shí)驗(yàn)中下列哪些措施有助于減小實(shí)驗(yàn)誤差A(yù)將木板右端適當(dāng)墊高，平衡摩擦力B調(diào)整滑輪高度，使拉小車(chē)的細(xì)繩平行木板C使小桶（包括砂）的質(zhì)量遠(yuǎn)小于車(chē)的總質(zhì)量D適當(dāng)增大兩個(gè)速度傳感器的間距（2）下表是按正確操作測(cè)得的數(shù)據(jù)，其中M為小車(chē)（包括拉力傳感器）的質(zhì)量，VAVB是兩個(gè)速度傳感器記錄的速率差值，t是數(shù)字計(jì)時(shí)器記錄的小車(chē)在通過(guò)A、B兩處時(shí)的時(shí)間間隔，F(xiàn)是拉力傳感器記錄的拉力值次數(shù)M（kg）VAVB（m/s）t（s）F（N）a（m/s2）10.5000.260.200.641.320.5000.450.250.92a230.6000.600.400.921.5表格中

7、a2=10用如圖所示的電路可同時(shí)測(cè)量定值電阻和電壓表最小量程的內(nèi)電阻圖中V1、V2為兩塊相同規(guī)格的多量程待測(cè)電壓表，Rx為較大阻值的待測(cè)定值電阻，A為電流表，R為滑動(dòng)變阻器，E為電源，S為電鍵（1）將兩塊電壓表均調(diào)至最小量程，閉合電鍵S，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片P至適當(dāng)位置，記錄下電流表A的示數(shù)I、電壓表V1和V2的示數(shù)U1和U2，則電壓表最小量程的內(nèi)電阻RV=，待測(cè)定值電阻的阻值Rx=（2）根據(jù)現(xiàn)有的實(shí)驗(yàn)條件提出一條減小實(shí)驗(yàn)誤差的措施：11如圖所示，質(zhì)量是1kg的小球用長(zhǎng)為0.5m的細(xì)線懸掛在O點(diǎn)，O點(diǎn)距地面高度為1m，如果使小球繞OO軸載水平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，若細(xì)線最大承受拉力為12.5N求：（

8、1）當(dāng)小球的角速度為多大時(shí)，線將斷裂；（2）線斷裂后，小球經(jīng)過(guò)多長(zhǎng)時(shí)間落地；（3）小球落地點(diǎn)與點(diǎn)O的水平距離（g=10m/s2）12如圖所示，有一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的質(zhì)量為m=1kg的小物塊，從光滑平臺(tái)上的A點(diǎn)以v0=1.8m/s的初速度水平拋出，到達(dá)C點(diǎn)時(shí)，恰好沿C點(diǎn)的切線方向進(jìn)人固定在豎直平面內(nèi)的光滑圓弧軌道，最后小物塊無(wú)碰撞地滑上緊靠軌道末端D點(diǎn)的足夠長(zhǎng)的水平傳送帶已知傳送帶上表面與圓弧軌道末端切線相平，傳送帶沿順時(shí)針?lè)较騽蛩龠\(yùn)行的速度為v=3m/s，小物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.5，圓弧軌道的半徑為R=2m，C點(diǎn)和圓弧的圓心O點(diǎn)連線與豎直方向的夾角=53°，不計(jì)空氣阻力，重力加

9、速度g=1Om/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6求：（1）小物塊到達(dá)圓弧軌道末端D點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力；（2）小物塊從滑上傳送帶到第一次離開(kāi)傳送帶的過(guò)程中產(chǎn)生的熱量選考題：【物理-選修3-3】（15分）13下列說(shuō)法正確的是（）A布朗運(yùn)動(dòng)雖然不是液體分子的運(yùn)動(dòng)，但是它可以說(shuō)明分子在永不停息地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)B只要知道水的摩爾質(zhì)量和水分子的質(zhì)量，就可以計(jì)算出阿伏伽德羅常數(shù)C若一定質(zhì)量的理想氣體壓強(qiáng)和體積都不變時(shí)，其內(nèi)能可能增大D若一定質(zhì)量的理想氣體溫度不斷升高時(shí)，其壓強(qiáng)也一定不斷增大E在熔化過(guò)程中，晶體要吸收熱量，但溫度保持不變，內(nèi)能增加14如圖所示，“T”形活塞將絕熱

10、氣缸內(nèi)的氣體分隔成A、B兩部分，活塞左右兩側(cè)截面積分別為S1、S2，活塞至氣缸兩端底部的距離均為L(zhǎng)，活塞與缸壁間無(wú)摩擦氣缸上a、b兩個(gè)小孔用細(xì)管（容積不計(jì)）連通初始時(shí)缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)等于外界大氣壓強(qiáng)P0，溫度為T(mén)0現(xiàn)對(duì)缸內(nèi)氣體緩慢加熱，發(fā)現(xiàn)活塞向右移動(dòng)了L的距離（活塞移動(dòng)過(guò)程中不會(huì)經(jīng)過(guò)小孔），求缸內(nèi)氣體的溫度【物理-選修3-5】（15分）15（2015秋廣東月考）下列說(shuō)法正確的是（）A一束光照射到某種金屬上不能發(fā)生光電效應(yīng)，改用波長(zhǎng)較長(zhǎng)的光照射該金屬可能發(fā)生光電效應(yīng)B比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定C氡222的半衰期為3.8天，則質(zhì)量為4g的氡222經(jīng)過(guò)7.6天還剩下1g的氡222D玻爾理論解釋了原子

11、發(fā)射出來(lái)的光子其譜線為什么是不連續(xù)的E一個(gè)原子核在一次衰變中可同時(shí)放出、和三種射線16（2015秋廣東月考）用輕彈簧相連的質(zhì)量均為2kg的AB兩物塊都以v=6m/s的速度在光滑的水平地面上運(yùn)動(dòng)，彈簧處于原長(zhǎng)質(zhì)量4kg的物塊C靜止在前方，如圖所示B與C碰撞后粘在一起運(yùn)動(dòng)在以后的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中（1）當(dāng)彈簧的彈性勢(shì)能最大時(shí)，物體A的速度多大；（2）彈性勢(shì)能的最大值是多大；（3）A的速度有可能向左嗎？判斷并通過(guò)計(jì)算說(shuō)明理由2015-2016學(xué)年廣東省五校協(xié)作體高三（上）第一次聯(lián)考物理試卷參考答案與試題解析二、選擇題：本題共8小題，每小題6分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1418題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19

12、21題有多項(xiàng)符合題目要求全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分1如圖所示，在駕駛員路考時(shí)，有一項(xiàng)是定點(diǎn)停車(chē)，假設(shè)汽車(chē)與水平地面的動(dòng)摩擦因數(shù)為，駕駛員在離停車(chē)標(biāo)桿距離為S的位置開(kāi)始剎車(chē)，則剎車(chē)時(shí)汽車(chē)的速度大小應(yīng)控制為（）AgsB2gsCD【分析】根據(jù)牛頓第二定律可求得汽車(chē)的加速度，再根據(jù)速度和位移關(guān)系可求得汽車(chē)的速度【解答】解：由牛頓第二定律可知，汽車(chē)的加速度a=g； 根據(jù)速度和位移關(guān)系可知：v2=2as解得：v=故選：D2如圖所示，小物體A沿高為h、傾角為的光滑斜面（固定在水平地面上），以初速度v0從頂端滑到底端，而質(zhì)量相同的物體B，以同樣大小的初速度從同等高度處豎直上拋，不計(jì)空

13、氣阻力則（）A兩物體落地時(shí)的速度相同B兩物體落地時(shí)的動(dòng)能相同C兩物體落地時(shí)重力的瞬時(shí)功率相同D兩物體下落過(guò)程中重力的平均功率相同【分析】根據(jù)動(dòng)能定理比較落地的速度大小關(guān)系，根據(jù)重力瞬時(shí)功率的公式比較瞬時(shí)功率的大小，根據(jù)首末位置的高度差比較重力做功的關(guān)系，結(jié)合運(yùn)動(dòng)的時(shí)間比較重力做功的平均功率【解答】解：A、根據(jù)動(dòng)能定理知，mgh=，因?yàn)槭啄┪恢玫母叨炔钕嗤?，則重力做功相同，且初動(dòng)能相等，所以落地的動(dòng)能相等，則速度大小相同，但速度方向不同，故A錯(cuò)誤，B正確；C、因?yàn)槁涞氐乃俣却笮∠嗟龋鶕?jù)P=mgvcos知，兩個(gè)速度與重力方向的夾角不同，則重力的瞬時(shí)功率不同，故C錯(cuò)誤；D、兩物體在整個(gè)過(guò)程中的運(yùn)動(dòng)

14、時(shí)間不同，重力做功相同，根據(jù)P=知，重力做功的平均功率不同，故D錯(cuò)誤故選：B3小敏隨著十幾個(gè)人一起乘電梯上五樓，走進(jìn)電梯時(shí)電梯沒(méi)有顯示超載，但電梯剛啟動(dòng)時(shí)報(bào)警器卻響了起來(lái)對(duì)這一現(xiàn)象的解釋?zhuān)铝姓f(shuō)法正確的是（）A剛啟動(dòng)時(shí)，物體的加速度向下，人處于超重狀態(tài)B剛啟動(dòng)時(shí)，人所受的重力變大了C剛啟動(dòng)時(shí)，人對(duì)電梯底板的壓力大于底板對(duì)人的支持力D剛啟動(dòng)時(shí)，人對(duì)電梯底板的壓力變大了【分析】先對(duì)人受力分析，受重力和支持力，而壓力等于支持力；再對(duì)人進(jìn)行運(yùn)動(dòng)分析，確定加速度方向；最后根據(jù)牛頓第二定律進(jìn)行解釋即可【解答】解：人隨電梯一起加速上升，電梯剛啟動(dòng)時(shí)報(bào)警器卻響了起來(lái)，說(shuō)明人和電梯的加速度向上，合力向上，電梯和

15、人處于超重的狀態(tài)；所以人對(duì)電梯底板的壓力變大了故D正確故選：D41846年9月23日，德國(guó)天文學(xué)家約翰伽勒按照法國(guó)天文學(xué)家烏阿班勒維耶的推算，在預(yù)定的天區(qū)發(fā)現(xiàn)了太陽(yáng)系第八顆行星海王星這一天，被歷史評(píng)價(jià)為“牛頓力學(xué)最輝煌的一天”若太陽(yáng)系各大行星的軌道都可近似看作圓軌道且共面同向公轉(zhuǎn)，行星每隔一定時(shí)間使另一行星軌道發(fā)生偏離的現(xiàn)象在天文學(xué)上稱(chēng)為“攝動(dòng)”則下列關(guān)于這段科學(xué)的歷程說(shuō)法正確的是（）A勒維耶根據(jù)海王星對(duì)天王星的攝動(dòng)情況并應(yīng)用牛頓力學(xué)推算出海王星的位置B天王星被稱(chēng)為“筆尖下發(fā)現(xiàn)的行星”C海王星對(duì)天王星的攝動(dòng)周期等于天王星繞太陽(yáng)的公轉(zhuǎn)周期D根據(jù)海王星公轉(zhuǎn)周期和軌道半徑可估算太陽(yáng)的密度【分析】勒維

16、耶和亞當(dāng)斯精確地預(yù)言了海王星的位置；海王星和后來(lái)的冥王星都是通過(guò)計(jì)算位置后找到的，故也稱(chēng)為“筆尖下發(fā)現(xiàn)的行星”，但天王星不是計(jì)算后找到的；實(shí)際上天文學(xué)上的攝動(dòng)比較復(fù)雜，這里簡(jiǎn)化為圓周運(yùn)動(dòng)做了近似處理，根據(jù)密度定義式分析求解【解答】解：A、勒維耶和亞當(dāng)斯各自利用牛頓力學(xué)結(jié)合當(dāng)時(shí)對(duì)天王星的天文觀測(cè)數(shù)據(jù)，進(jìn)行了艱苦卓絕的逆運(yùn)算，很精確地預(yù)言了海王星的位置，故A正確；B、海王星和后來(lái)的冥王星都是通過(guò)計(jì)算位置后找到的，故也稱(chēng)為“筆尖下發(fā)現(xiàn)的行星”，但天王星不是計(jì)算后找到的，故B錯(cuò)誤；C、海王星對(duì)天王星的攝動(dòng)周期大于天王星的公轉(zhuǎn)周期，這實(shí)際上是一個(gè)天體運(yùn)動(dòng)的追及問(wèn)題，與2014年行星沖日原理相同，攝動(dòng)實(shí)際

17、是內(nèi)星（快）追外星（慢），其攝動(dòng)周期肯定大于內(nèi)星的公轉(zhuǎn)周期，象秒針追時(shí)針或分針，一定大于1分鐘，故C錯(cuò)誤，D、實(shí)際上天文學(xué)上的攝動(dòng)比較復(fù)雜，這里簡(jiǎn)化為圓周運(yùn)動(dòng)做了近似處理；在不知道太陽(yáng)半徑的情況下是無(wú)法計(jì)算其密度的，故D錯(cuò)誤故選：A5如圖所示，一根輕桿的兩端固定兩個(gè)質(zhì)量均為m的相同小球A、B，用兩根細(xì)繩懸掛在天花板上，虛線為豎直線，=30°=60°，求輕桿對(duì)A球的作用力（）AmgB mgC mgD mg【分析】對(duì)A球受力分析，然后根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件并結(jié)合合成法列式求解即可【解答】解：對(duì)A球受力分析，受重力、桿的支持力F2和細(xì)線的拉力F1，如圖所示：根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有：F

18、2=mg（圖中矢量三角形的三個(gè)角分別為30°、30°、120°）故選：A6如圖，當(dāng)K閉合后，一帶電微粒（重力不可忽略）在平行板電容器間處于靜止?fàn)顟B(tài)，下列說(shuō)法正確的是（）A保持K閉合，使P滑動(dòng)片向左滑動(dòng)，微粒仍靜止B保持K閉合，使P滑動(dòng)片向右滑動(dòng)，微粒向下移動(dòng)C打開(kāi)K后，使兩極板靠近，則微粒將向上運(yùn)動(dòng)D打開(kāi)K后，使兩極板靠近，則微粒仍保持靜止【分析】當(dāng)S閉合后，帶電微粒在平行板電容器間處于靜止?fàn)顟B(tài)，合力為零，電場(chǎng)力與重力平衡保持S閉合，電容器板間電壓不變，若板間距離也不變，板間的場(chǎng)強(qiáng)不變，微粒仍處于靜止?fàn)顟B(tài)打開(kāi)S后，根據(jù)電容的決定式C=，分析電容的變化，由電容的定義

19、式C= 分析電壓的變化再由E= 分析板間場(chǎng)強(qiáng)的變化，即可判斷帶電微粒的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)【解答】解：A、B、保持K閉合，電容器板間電壓不變，使滑動(dòng)片P向左或向右滑動(dòng)，板間距離不變，則由E=分析得知，板間場(chǎng)強(qiáng)仍保持不變，帶電微粒所受的電場(chǎng)力不變，仍處于靜止?fàn)顟B(tài)故A正確，B錯(cuò)誤C、D、由C=，C=，E= 得到極板間場(chǎng)強(qiáng)E=，E與板間距離無(wú)關(guān)，故使兩極板靠近，板間場(chǎng)強(qiáng)不變，帶電微粒所受的電場(chǎng)力不變，則帶電微粒仍處于靜止?fàn)顟B(tài)，故C錯(cuò)誤，D正確故選：AD7如圖甲所示，物體以一定初速度從傾角=37°的斜面底端沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，上升的最大高度為3.0m選擇地面為參考平面，上升過(guò)程中，物體的機(jī)械能E機(jī)隨高度h的

20、變化如圖乙所示（g=10m/s2，sin37°=0.60，cos37°=0.80）下列說(shuō)法中正確的是（）A物體的質(zhì)量為1kgB物體可能靜止在斜面頂端C物體上升過(guò)程的加速度大小為10m/s2D物體回到斜面底端時(shí)的動(dòng)能為10J【分析】當(dāng)物體到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)速度為零，機(jī)械能等于物體的重力勢(shì)能，由重力勢(shì)能計(jì)算公式可以求出物體質(zhì)量；在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，機(jī)械能的變化量等于摩擦力做的功，由圖象求出摩擦力的功，由功計(jì)算公式求出動(dòng)摩擦因數(shù)；根據(jù)重力的下滑分力與最大靜摩擦力的關(guān)系，分析物體能否靜止在斜面頂端由牛頓第二定律求出物體上升過(guò)程的加速度；由動(dòng)能定理求出物體回到斜面底端時(shí)的動(dòng)能【解答】解：A、

21、物體到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，機(jī)械能為：E=EP=mgh，由圖知：EP=30J則得：m=1kg，故A正確；B、物體上升過(guò)程中，克服摩擦力做功，機(jī)械能減少，減少的機(jī)械能等于克服摩擦力的功，E=mgcos，即：3050=×1×10cos37°×得：=0.5物體在斜面頂端時(shí)，由于mgsin37°mgcos37°，所以物體不可能靜止在斜面頂端故B錯(cuò)誤；C、物體上升過(guò)程中，由牛頓第二定律得：mgsin+mgcos=ma，得：a=gsin+gcos=10×0.6+0.5×10×0.8=10m/s2，故C正確；D、由圖象可知，物體

22、上升過(guò)程中摩擦力做功為：W=3050=20J，在整個(gè)過(guò)程中由動(dòng)能定理得：EKEK0=2W，則有：EK=EK0+2W=50+2×（20）=10J，故D正確；故選：ACD8如圖所示，矩形ABCD位于勻強(qiáng)電場(chǎng)中，且與勻強(qiáng)電場(chǎng)方向平行已知AB=2BC，A、B、D的電勢(shì)分別為6V、2V、4V初動(dòng)能為24eV、電荷量大小為4e的帶電粒子從A沿著AC方向射入電場(chǎng)，恰好經(jīng)過(guò)B不計(jì)粒子的重力，下列說(shuō)法正確的是（）A該粒子一定帶負(fù)電B該粒子達(dá)到點(diǎn)B時(shí)的動(dòng)能為40eVC改變初速度方向，該粒子可能經(jīng)過(guò)CD改變初速度方向，該粒子可能經(jīng)過(guò)D【分析】勻強(qiáng)電場(chǎng)中平行的等間距的兩點(diǎn)間的電勢(shì)差相等；電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直，

23、根據(jù)受力判斷電性；動(dòng)能定理求出動(dòng)能；由電場(chǎng)線與等勢(shì)面間的關(guān)系可得，帶電粒將在電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，由平拋規(guī)律計(jì)算求解【解答】解：A、根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)中平行的等間距的兩點(diǎn)間的電勢(shì)差相等，取AB的中點(diǎn)O，則O點(diǎn)的電勢(shì)為4V，連接OD則為等勢(shì)線，電場(chǎng)強(qiáng)度與等勢(shì)面垂直，且有高電勢(shì)指向低電勢(shì)，電場(chǎng)強(qiáng)度垂直O(jiān)D斜向上，由物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件，電場(chǎng)力斜向下，故電荷為負(fù)電荷；故A正確B、由動(dòng)能定理，得qU=EBEA4e（62）=EB24eEB=8eV，故B錯(cuò)誤C、同理，求得C點(diǎn)的電勢(shì)為0，由動(dòng)能定理，得qU=ECEA=4e（60）=EC24e EC=0，由曲線運(yùn)動(dòng)可知，粒子到達(dá)C點(diǎn)動(dòng)能不為零，故C錯(cuò)誤D、由動(dòng)能定理

24、，得qU=EDEA4e（64）=ED24eED=16eV，故D正確故選：AD【來(lái).源：全,品中&高*考*網(wǎng)】三、非選擇題：9某學(xué)習(xí)小組采用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系在水平桌面上放有長(zhǎng)木板，用輕繩將固定有拉力傳感器的小車(chē)通過(guò)一個(gè)定滑輪與一個(gè)小桶相連，木板上A、B兩處各安裝一個(gè)速度傳感器，分別先后記錄小車(chē)通過(guò)A、B兩處時(shí)的速度，用數(shù)字計(jì)時(shí)器記錄小車(chē)在通過(guò)A、B兩處時(shí)的時(shí)間間隔（1）在實(shí)驗(yàn)中下列哪些措施有助于減小實(shí)驗(yàn)誤差A(yù)BDA將木板右端適當(dāng)墊高，平衡摩擦力B調(diào)整滑輪高度，使拉小車(chē)的細(xì)繩平行木板C使小桶（包括砂）的質(zhì)量遠(yuǎn)小于車(chē)的總質(zhì)量D適當(dāng)增大兩個(gè)速度傳感器的間距（2）下

25、表是按正確操作測(cè)得的數(shù)據(jù)，其中M為小車(chē)（包括拉力傳感器）的質(zhì)量，VAVB是兩個(gè)速度傳感器記錄的速率差值，t是數(shù)字計(jì)時(shí)器記錄的小車(chē)在通過(guò)A、B兩處時(shí)的時(shí)間間隔，F(xiàn)是拉力傳感器記錄的拉力值次數(shù)M（kg）VAVB（m/s）t（s）F（N）a（m/s2）10.5000.260.200.641.320.5000.450.250.92a230.6000.60【來(lái).源：全,品中&高*考*網(wǎng)】0.40【來(lái).源：全,品中&高*考*網(wǎng)】0.921.5表格中a2=1.8m/s2【分析】解決實(shí)驗(yàn)問(wèn)題首先要掌握該實(shí)驗(yàn)原理，了解實(shí)驗(yàn)的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項(xiàng)，了解平衡摩擦力的方法，根據(jù)加速度的定義式

26、a=求解a2【解答】解：（1）A、本實(shí)驗(yàn)要使小桶的重力等于小車(chē)的合外力，就必須先平衡摩擦力，故A正確；B、調(diào)節(jié)滑輪高度，使拉小車(chē)的細(xì)線和長(zhǎng)木板平行，讓力的方向和運(yùn)動(dòng)方向在同一直線上，可以減小誤差，故B正確；C、本題的拉力由拉力傳感器測(cè)出，不需要使小桶（包括砂）的質(zhì)量遠(yuǎn)小于車(chē)的總質(zhì)量，故C錯(cuò)誤；D、適當(dāng)增大兩個(gè)速度傳感器的間距，可以減小VAVB的誤差，故D正確；故選：ABD（2）根據(jù)加速度的定義式a=得：a2=故答案為：（1）ABD，（2）1.8m/s210用如圖所示的電路可同時(shí)測(cè)量定值電阻和電壓表最小量程的內(nèi)電阻圖中V1、V2為兩塊相同規(guī)格的多量程待測(cè)電壓表，Rx為較大阻值的待測(cè)定值電阻，A為

27、電流表，R為滑動(dòng)變阻器，E為電源，S為電鍵（1）將兩塊電壓表均調(diào)至最小量程，閉合電鍵S，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片P至適當(dāng)位置，記錄下電流表A的示數(shù)I、電壓表V1和V2的示數(shù)U1和U2，則電壓表最小量程的內(nèi)電阻RV=，待測(cè)定值電阻的阻值Rx=（2）根據(jù)現(xiàn)有的實(shí)驗(yàn)條件提出一條減小實(shí)驗(yàn)誤差的措施：對(duì)結(jié)果多次測(cè)量取平均值；電壓表V1調(diào)至最小量程、電壓表V2調(diào)至較大量程【分析】（1）分析電路結(jié)構(gòu)，根據(jù)串并聯(lián)電路的規(guī)律可求得電壓表內(nèi)阻及待測(cè)電阻的大??；（2）根據(jù)誤差的分析方法可明確如何減小誤差【解答】解：（1）由串并聯(lián)電路規(guī)律及歐姆定律可知，流過(guò)兩電壓表的電流之和等于電流表的示數(shù)；則由歐姆定律可知：+=I；解

28、得：RV=；對(duì)串聯(lián)部分可知，RX與V1的總電壓等于V2的電壓；由串聯(lián)電路規(guī)律可知：=；解得：RX=（2）為了減小誤差可以采用多次測(cè)量取平均值的方式可以減小偶然誤差；將電壓表V1調(diào)至最小量程、電壓表V2調(diào)至較大量程可以減小系統(tǒng)誤差故答案為：（1）；（2）對(duì)結(jié)果多次測(cè)量取平均值；電壓表V1調(diào)至最小量程、電壓表V2調(diào)至較大量程11如圖所示，質(zhì)量是1kg的小球用長(zhǎng)為0.5m的細(xì)線懸掛在O點(diǎn)，O點(diǎn)距地面高度為1m，如果使小球繞OO軸載水平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，若細(xì)線最大承受拉力為12.5N求：（1）當(dāng)小球的角速度為多大時(shí)，線將斷裂；（2）線斷裂后，小球經(jīng)過(guò)多長(zhǎng)時(shí)間落地；（3）小球落地點(diǎn)與點(diǎn)O的水平距離（g=1

29、0m/s2）【分析】（1）小球靠拉力和重力的合力提供向心力，根據(jù)幾何關(guān)系求出最大向心力，根據(jù)向心力公式求出最大角速度；（2）繩斷裂后，小球做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的基本公式即可求解；（3）根據(jù)x=vt求出小球在水平方向的位移，然后結(jié)合幾何關(guān)系即可求出【解答】解：（1）小球在水平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，由重力G和拉力F的合力提供向心力，當(dāng)繩子拉力為12.5N時(shí)，向心力最大，則有：F合=7.5N根據(jù)幾何關(guān)系得：r=L=0.3m根據(jù)向心力公式得：【來(lái).源：全,品中&高*考*網(wǎng)】F合=m2L解得：=5rad/s（2）繩斷裂后，小球做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向下落的高度h=10.5×=0.6m所以t

30、=s=s（3）小球的初速度：v=r=1.5m/s水平位移為：x0=vt=m根據(jù)幾何關(guān)系可知：x=0.6m答：（1）當(dāng)小球的角速度為5rad/s時(shí)，線將斷裂（2）線斷裂后，小球經(jīng)過(guò)s時(shí)間落地；（3）斷裂后小球落地點(diǎn)與懸點(diǎn)的水平距離為0.6m12如圖所示，有一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的質(zhì)量為m=1kg的小物塊，從光滑平臺(tái)上的A點(diǎn)以v0=1.8m/s的初速度水平拋出，到達(dá)C點(diǎn)時(shí)，恰好沿C點(diǎn)的切線方向進(jìn)人固定在豎直平面內(nèi)的光滑圓弧軌道，最后小物塊無(wú)碰撞地滑上緊靠軌道末端D點(diǎn)的足夠長(zhǎng)的水平傳送帶已知傳送帶上表面與圓弧軌道末端切線相平，傳送帶沿順時(shí)針?lè)较騽蛩龠\(yùn)行的速度為v=3m/s，小物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.

31、5，圓弧軌道的半徑為R=2m，C點(diǎn)和圓弧的圓心O點(diǎn)連線與豎直方向的夾角=53°，不計(jì)空氣阻力，重力加速度g=1Om/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6求：（1）小物塊到達(dá)圓弧軌道末端D點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力；（2）小物塊從滑上傳送帶到第一次離開(kāi)傳送帶的過(guò)程中產(chǎn)生的熱量【分析】（1）先利用平拋運(yùn)動(dòng)求出物體到達(dá)C點(diǎn)速度，由C到D利用動(dòng)能定理求解D點(diǎn)速度，在D點(diǎn)利用牛頓第二定律和牛頓第三定律列式求解即可；（2）物塊在傳送帶上滑動(dòng)時(shí)，做勻減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度減到零后，反向勻加速直線運(yùn)動(dòng)，速度相同后一起做勻速運(yùn)動(dòng)，結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出共同運(yùn)動(dòng)的速度，根據(jù)能量

32、守恒求出物塊在木板上相對(duì)滑動(dòng)過(guò)程中產(chǎn)生的熱量Q【解答】解：（1）設(shè)小物體在C點(diǎn)時(shí)得速度大小為vC，由平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可知，C點(diǎn)的速度方向與水平方向成=53°，則由幾何關(guān)系可得：由C點(diǎn)到D點(diǎn)，由動(dòng)能定理得：小球在D點(diǎn)，由牛頓第二定律得：由牛頓第三定律，小物塊到達(dá)圓弧軌道末端D點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力為：FN=FN聯(lián)立得：FN=22.5N，方向豎直向下（2）設(shè)小物塊在傳送帶上滑動(dòng)得加速度大小為a，由牛頓第二定律得：小物塊勻減速直線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t1，向左通過(guò)得位移為x1，傳送帶向右運(yùn)動(dòng)得距離為x2，則：vD=at1x2=vt1小物塊向右勻加速直線運(yùn)動(dòng)達(dá)到和傳送帶速度相同時(shí)間為t2，向左通過(guò)得位移為x

33、3，傳送帶向右運(yùn)動(dòng)得距離為x4，則：v=at2x4=vt2整個(gè)過(guò)程小物塊相對(duì)傳送帶滑動(dòng)得距離為：x=x1+x2+x4x3生成得熱量為：Q=mgx聯(lián)立至聯(lián)立解得：Q=32J答：（1）小物塊到達(dá)圓弧軌道末端D點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力為22.5N；（2）小物塊從滑上傳送帶到第一次離開(kāi)傳送帶的過(guò)程中產(chǎn)生的熱量為32J選考題：【物理-選修3-3】（15分）13下列說(shuō)法正確的是（）A布朗運(yùn)動(dòng)雖然不是液體分子的運(yùn)動(dòng)，但是它可以說(shuō)明分子在永不停息地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)B只要知道水的摩爾質(zhì)量和水分子的質(zhì)量，就可以計(jì)算出阿伏伽德羅常數(shù)C若一定質(zhì)量的理想氣體壓強(qiáng)和體積都不變時(shí)，其內(nèi)能可能增大D若一定質(zhì)量的理想氣體溫度不斷升高時(shí)，其

34、壓強(qiáng)也一定不斷增大E在熔化過(guò)程中，晶體要吸收熱量，但溫度保持不變，內(nèi)能增加【分析】布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中固體微粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)；根據(jù)熱力學(xué)第一定律公式判斷做功和吸熱對(duì)內(nèi)能的影響，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程判斷壓強(qiáng)的變化【解答】解：A、布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中固體微粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，是由顆粒周?chē)罅康囊后w分子撞擊引起的，所以布朗運(yùn)動(dòng)反映了液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故A正確；B、摩爾質(zhì)量與分子質(zhì)量之比等于阿伏加德羅常數(shù)，故B正確C、根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程：可知，若一定質(zhì)量的理想氣體壓強(qiáng)和體積都不變時(shí)，溫度也不變，其內(nèi)能也一定不變，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程：可知，若一定質(zhì)量的理想氣體溫度不斷升高時(shí)，其壓

35、強(qiáng)的變化還與體積有關(guān)：可能增大，可能減小，也可能不變，故D錯(cuò)誤；E、在熔化過(guò)程中，晶體要吸收熱量，但溫度保持不變，內(nèi)能增加，故E正確故選：ABE14如圖所示，“T”形活塞將絕熱氣缸內(nèi)的氣體分隔成A、B兩部分，活塞左右兩側(cè)截面積分別為S1、S2，活塞至氣缸兩端底部的距離均為L(zhǎng)，活塞與缸壁間無(wú)摩擦氣缸上a、b兩個(gè)小孔用細(xì)管（容積不計(jì)）連通初始時(shí)缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)等于外界大氣壓強(qiáng)P0，溫度為T(mén)0現(xiàn)對(duì)缸內(nèi)氣體緩慢加熱，發(fā)現(xiàn)活塞向右移動(dòng)了L的距離（活塞移動(dòng)過(guò)程中不會(huì)經(jīng)過(guò)小孔），求缸內(nèi)氣體的溫度【分析】對(duì)活塞，受兩側(cè)氣體的壓力和外界大氣壓力，根據(jù)平衡條件列式判斷出氣壓情況，然后根據(jù)蓋呂薩克定律列式求解即可【解答】解：設(shè)末態(tài)時(shí)缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為P，體積為V，溫度為T(mén)，以活塞為研究對(duì)象：P（S1S2）=P0（S1S2） 即：P=P0由蓋呂薩克定律：式中：V0=（S1+S2）L V=（S1+S2）L+（S1S2）L 聯(lián)立解得：T=1+T0答：缸內(nèi)氣體的溫度為1+T0【物理-選修3-5】（15分）15（2015秋廣東月考）下列說(shuō)法正確的是（）A一束光照射到某種金屬上不能發(fā)生光電效