2019年上海市浦東新區(qū)高考物理二模試卷(含解析版)

1、2019年上海市浦東新區(qū)高考物理二模試卷、選擇題（共40分，1-8題每小題3分，9-12題每小題3分.每小題只有一個正確選項）1 . （3分）如圖為天然放射性元素放出的“、3、丫三種射線貫穿物體情況的示意圖，其中（）第5頁（共25頁）A.是a射線B .是丫射線C.是3射線D.是a射線衍射圖樣。2. （3分）如圖是使用相同的實驗裝置， 分別用紅光和藍光做實驗所得到的干涉、則紅光的干涉圖樣是其中的（）aOI II BH IIJlllll Illi3. （3分）盧瑟福發(fā)現質子，并第一次實現原子核人工轉變的實驗示意圖是（4. （3分）如圖，將潔凈的鋅板用導線連接在驗電器上，用紫外線燈照射鋅板時，觀察到

2、驗電器指針發(fā)生偏轉。此時（）A.有光電子從鋅板表面逸出，驗電器帶正電B.有光電子從鋅板表面逸出，驗電器帶負電C.有正離子從鋅板表面逸出，驗電器帶正電D.有正離子從鋅板表面逸出，驗電器帶負電5. （3分）一列簡諧波沿繩向右傳播，A、B是繩上兩點，它們平衡位置間的距離小于一個波長，當A點振動到最高點時，B點恰好經過平衡位置且向下運動，則這列波的波形圖定質量的氣體在體積不變時，其壓強與溫度的關系”實V甲 V乙,驗中，某小組分別用甲、乙兩個試管封閉了質量相同的同種氣體，氣體體積則在同一 p-T坐標系中得到的圖象應是（）7. （3分）太陽系中的兩顆行星 A和B,繞太陽公轉的半徑分別為Ra和Rb,速率分別

3、為VA和VB,周期分別為 TA和TB,已知RA>RB,則（）A . VA >VBB . vavvbC. TavTbD. Ta= Tb8. （3分）如圖，單擺擺動過程中，在懸掛點正下方A點處增加一個釘子，如果擺角始終小于5。，則擺線被擋后（）A.周期不變，擺球經過平衡位置的速率減小B.周期變大，擺球經過平衡位置的速率不變C.周期變小，擺球經過平衡位置的速率不變D.周期變小，擺球經過平衡位置的速率增大9. （4分）如圖，彈性桿的 B端固定在墻上，沿豎直方向緩慢拉動小球， 使桿發(fā)生彎曲，A端固定一個質量為 m的小球，現用測力計在測力計的示數逐漸增大的過程中，AB桿對B .斜向右下方C.始

4、終水平D.始終豎直10. （4分）不等量異種點電荷的電場線分布如圖所示，P、Q是電場中的兩點。則（）A. P點場強比Q點小B. P點電勢比Q點低C.電子在P點的電勢能比在Q點小D.將電子從P點沿電場線移到 Q點的過程中，其電勢能先增大后減小11. （4分）如圖，玻璃管內封閉了一段氣體，氣柱長度為1,管內外水銀面高度差為h,若溫度保持不變，把玻璃管稍稍下壓一小段距離，則（）A. h、1均變大B. h變大，1變小C. h、1均變小D. h變小，1變大12. （4分）如圖，在場強大小為 5X104N/C,方向水平向左的勻強電場中，一質量為1kg、電量為+2 X 10 5C的物體在t= 0時刻以某一速

5、度 v0向右運動。已知物體與絕緣水平面間 的動摩擦因數為0.2,取向右為正方向，則能反映物體所受摩擦力f隨時間t變化的圖象為（g = 10m/s2）（ ）-互W一日一,13. （4分）如圖為“用 DIS研究在溫度不變時，一定質量的氣體壓強與體積的關系”實驗裝置，傳感器的名稱是 傳感器；實驗中 （選填“必須”或“不需要”）測 量環(huán)境的溫度值。14. （4分）某實驗小組在電梯內固定一個力傳感器，其下方懸掛一個鉤碼。電梯在t=0時刻從靜止開始運動一段時間后停下；傳感器測得壓力隨時間的變化規(guī)律如圖所示。則電梯的運動方向為 （選填“向上”或“向下”），電梯在啟動階段的加速時間約為So15. （4分）某物

6、體以30m/s的初速度豎直上拋，不計空氣阻力，g取10m/s2.從拋出到落回起點過程中的平均速度大小為 m/s；物體在第1秒內和第4秒內速度改變量的方 向 （選填“相同”或“不同”）。16. （4分）如圖，邊長為L的N匝正方形金屬線框的一半處于勻強磁場中，其ab邊與磁場區(qū)域的邊界平行，磁場方向垂直線框平面，磁感應強度為B.此時，穿過線框的磁通量大小為。若線框繞ab邊以角速度co=Erad/s勻速轉動，在由圖示位置轉過 90。的過程中，線框中有感應電流的時間為 So1dXX XXBX X X17. （4分）如圖所示電路中，三個電阻均為R,電鍵S1、S2均斷開。先閉合電鍵 S1,理想電壓表與理想電

7、流表的示數變化量之比k1；再閉合電鍵 S2,電壓表與電流表的可知電源內電阻r示數變化量之比k2=,則 |k”|k2;若閉合S1前后電源的輸出功率相同，則R （以上均選填、或“v”）。第7頁(共25頁)以得出擺錘在兩側最高點的機械能的結論。RO,三、綜合題（共 40分）注意：第19、20題在列式計算、邏輯推理以及回答問題過程中,要求給出必要的圖示、文字說明、公式、演算等.18. （10分）如圖所示為“用 DIS研究機械能守恒定律”的實驗裝置，本實驗中（1）光電門傳感器的作用是測定擺錘在某位置的（2）從右側某一高度由靜止釋放擺錘，觀察擺錘擺到左側的最高位置，然后改變定位擋度，由此可片的位置，重復實

8、驗，若均可以觀察到左側的最高點與釋放點基本在同（3）下列操作步驟正確的是A.釋放擺錘前擺線要拉直B.先釋放擺錘，然后點擊“開始記錄”C.將光電門傳感器直接連接在計算機上v2為縱坐標，以擺錘距離零勢D.要使光電門的光電孔高于所測高度（4）如果擺錘每次從同一位置釋放，以擺錘速度的平方能D點的高度h為橫坐標，作出的圖線應是一條（選填“過”或“不過”）原點的直線。若已知擺錘直徑為 d、質量為m,當地重力加速度為 g,則圖線斜率為定位fin".搜錘群放者粕電門19. (14分)如圖1,質量m=10kg的物塊靜止在光滑水平面上A點，在水平外力 F作用下，10s末到達B點，外力F隨時間變化的規(guī)律如

9、圖 2所示，取向右為正方向。求：,F!N(1)前10s內物塊的位移大小 S1和在B點的速度大小 v1 ；(2) 20s末物塊的速度 V2的大小和方向；(3) 10s20s時間內外力F所做的功。20. (16分)如圖1所示是依附建筑物架設的磁力緩降高樓安全逃生裝置，具有操作簡單、 無需電能、逃生高度不受限制，下降速度可調、可控等優(yōu)點。該裝置原理可等效為：間距 L = 0.5m的兩根豎直導軌上部連通，人和磁鐵固定在一起沿導軌共同下滑，磁鐵產生磁感應強度B=0.2T的勻強磁場。人和磁鐵所經位置處，可等效為有一固定導體棒 cd與導軌相連，整個裝置總電阻始終為R,如圖2所示。在某次逃生試3中，質量 M1

10、= 80kg的測試者利用該裝置以 v1=1.5m/s的速度勻速下降， 已知與人一起下滑部分裝置的質量 m = 20kg ,重力加速度取g= 10m/s2,且本次試驗過程 中恰好沒有摩擦。(1)判斷導體棒cd中電流的方向；(2)總電阻R多大？(3)如要使一個質量 M2= 100kg的測試者利用該裝置以v1=1.5m/s的速度勻速下滑，其摩擦力f多大？(4)保持第(3)問中的摩擦力不變，讓質量 M2= 100kg測試者從靜止開始下滑，測試者的加速度將會如何變化？當其速度為v2=0.78m/s時，加速度a多大？要想在隨后一小段時間內保持加速度不變，則必需調控摩擦力， 請寫出摩擦力大小隨速率變化的表達

11、式。圖】第13頁（共25頁）、選擇題（共40分，1-8題每小題1. （3分）如圖為天然放射性元素放出的2019年上海市浦東新區(qū)高考物理二模試卷參考答案與試題解析3分，9-12題每小題3分.每小題只有一個正確選項）“、3、丫三種射線貫穿物體情況的示意圖，其中（）A.是“射線 B.是丫射線C.是3射線 D.是a射線【分析】明確“、& 丫三種射線的穿透能力、電離能力等性質即可正確解答。【解答】解：a射線射線的穿透能力最弱，一張紙即可把它擋住，但是其電離能力最強，丫射線的穿透能力最強，但是其電離能力最弱。故是a射線，是3射線，是丫射線。故A正確BCD錯誤。故選：A。【點評】本題考查了三種射線的

12、性質，對于這些性質一定要熟記并知道在日常生活中的應用。2. （3分）如圖是使用相同的實驗裝置， 分別用紅光和藍光做實驗所得到的干涉、 衍射圖樣。 則紅光的干涉圖樣是其中的（）I bIIIIIII IIIIII【分析】根據雙縫干涉條紋間距 x入可判定哪個圖樣是雙縫干涉，它們的波長又有什么關系；根據單縫衍射條紋是中間亮條紋明亮且寬大，越向兩側寬度越小，而波長越大，中央亮條紋越粗進行判斷?！窘獯稹?解：單縫衍射條紋是中間明亮且寬大，越向兩側寬度越小越暗，而波長越大，中央亮條紋越粗，故 A圖與B圖是衍射圖樣，且 b圖為紅光的單縫衍射圖樣，故 AB錯誤；雙縫干涉的圖樣是明暗相間的干涉條紋，所有條紋寬度相

13、同且等間距，故CD圖是兩個雙縫干涉現象，根據雙縫干涉條紋間距x=L入可知波長 入越大， x越大，故Cd圖與D圖是干涉圖樣，且 D圖為紅光的雙縫干涉圖樣，故 ABC錯誤，D正確。故選：D。【點評】掌握單縫衍射和雙縫干涉的圖樣的特點和圖樣與波長的關系是解決此題的唯一途徑，故要加強對基礎知識的記憶。3. （3分）盧瑟福發(fā)現質子，并第一次實現原子核人工轉變的實驗示意圖是（）【分析】第一個圖是研究天然放射性的實驗裝置圖；第二個圖是查得威克發(fā)現中子的實驗裝置示意圖；第三個圖是盧瑟?！傲Ｗ由⑸鋵嶒炑b置圖；第四個圖盧瑟福發(fā)現質子，并第一次實現原子核人工轉變的實驗示意圖?！窘獯稹拷猓篈、第一個圖是研究天然放射性

14、的實驗裝置圖，故A錯誤；B、第二個圖是查得威克發(fā)現中子的實驗裝置示意圖，故 B錯誤；C、第三個圖是盧瑟福 a粒子散射實驗裝置圖，故 C錯誤；D、第四個圖盧瑟福發(fā)現質子，并第一次實現原子核人工轉變的實驗示意圖，故D正確。故選：D?！军c評】本題考查了研究天然放射性的實驗裝置圖、查得威克發(fā)現中子的實驗裝置示意 圖、盧瑟福a粒子散射實驗裝置圖、盧瑟福第一次實現原子核人工轉變的實驗示意圖。 考查以基礎為主，難度不大。4. （3分）如圖，將潔凈的鋅板用導線連接在驗電器上，用紫外線燈照射鋅板時，觀察到驗電器指針發(fā)生偏轉。此時（）A.有光電子從鋅板表面逸出，驗電器帶正電B.有光電子從鋅板表面逸出，驗電器帶負電

15、C.有正離子從鋅板表面逸出，驗電器帶正電D.有正離子從鋅板表面逸出，驗電器帶負電【分析】該實驗是通過紫外線照射鋅板，發(fā)生光電效應，鋅板失去電子帶正電，光電效應說明光具有粒子性?！窘獯稹?解：用紫外線照射鋅板，觀察到驗電器指針發(fā)生偏轉，說明發(fā)生了光電效應, 由光電子從鋅板逸出，鋅板失去電子帶正電，驗電器與鋅板相連，則驗電器的金屬球和 金屬指針帶正電，故 A正確，BCD錯誤；故選：A。【點評】 解決本題的關鍵知道光電效應的實質以及光電效應的條件，知道鋅板失去電子帶正電是解答的關鍵，基礎題。5. （3分）一列簡諧波沿繩向右傳播，A、B是繩上兩點，它們平衡位置間的距離小于一個波長，當A點振動到最高點時

16、，B點恰好經過平衡位置且向下運動，則這列波的波形圖是（）【分析】由A、B點的振動情況和它們的平衡位置間的距離小于一個波長即可，求出它們之間的波形的情況。【解答】解：A、圖A中，B點恰好經過平衡位置向上運動，與題意不符，故 A錯誤;B、圖B中，B點恰好經過平衡位置向上運動，根據波的平移法可知，該波向右傳播，與 題意相符，故B正確；CD、由于它們的平衡位置間的距離大于一個波長，且 D圖中B點經過平衡位置向下,故CD錯誤；故選：B。【點評】該題屬于波形圖的判定，可以使用平移法由波形圖和質點振動的方向，判定波 傳播的方向，也可以從波的傳播方向判定質點振動的方向。6. （3分）如圖，在“用 DIS研究一

17、定質量的氣體在體積不變時，其壓強與溫度的關系”實驗中，某小組分別用甲、乙兩個試管封閉了質量相同的同種氣體，氣體體積V甲V乙,【分析】由理想氣體狀態(tài)方程 畢二C （常數），可知p*T，在體積一定時，理想氣體的壓強與熱力學溫度成正比，得到的等壓線是一條過原點的直線，這條直線的斜率和V成反比?！窘獯稹拷猓河衫硐霘怏w狀態(tài)方程 早二C （常數），可知F*T，在體積一定時，理想氣體的壓強與熱力學溫度成正比，得到的等壓線是一條過原點的直線，這條直線的斜率和V成反比。因為氣體體積 V甲V乙，所以甲乙兩條直線的斜率 k甲vk乙，故A正確，BCD錯誤。故選：A?！军c評】本題考查了理想氣體狀態(tài)方程以及P-T圖象。熟

18、記理想氣體狀態(tài)方程，利用控制變量法得出P-T圖象的表達式是解決問題的關鍵。7. （3分）太陽系中的兩顆行星 A和B,繞太陽公轉的半徑分別為RA和RB,速率分別為va和vb,周期分別為 Ta和Tb,已知Ra>Rb,則（）A. VA>VBB. VAVVBC. TAVTBD. TA=TB【分析】根據萬有引力提供向心力推導出線速度、周期和半徑的關系進行分析?！窘獯稹拷猓篈B、根據萬有引力提供向心力可得 舞二仁,得V:畫，RA>RB,則 R? R V RVAVVB,故A錯誤、B正確;CD、根據萬有引力提供向心力可得周期越大，則 Ta>TB.故CD錯誤。故選：B。【點評】本題要知道

19、地球和金星都是圍繞太陽運動的行星，萬有引力提供向心力，根據 題意選擇恰當的向心力的表達式計算。A點處增加一個釘子，如果擺角始終小8. （3分）如圖，單擺擺動過程中，在懸掛點正下方于5。，則擺線被擋后（）A.周期不變，擺球經過平衡位置的速率減小B.周期變大，擺球經過平衡位置的速率不變C.周期變小，擺球經過平衡位置的速率不變D.周期變小，擺球經過平衡位置的速率增大【分析】小球在運動過程中，擺線的拉力不做功，只有重力做功，其機械能守恒。單擺 的小角度擺動是簡諧運動，根據單擺的周期公式T= 卡分析,注意擺動中擺長是變化的?！窘獯稹拷猓涸O開始時的擺長為 L, A到最低點的長度為 x,則xv L沒有釘子時

20、小球的周期：T 1兀產第13頁（共25頁）有釘子后，小球在 A點左側的時間為：ti =小球在A點右側的時間為:t2 = X 22故小球的運動周期為:<T1,可知周期減小;T 2= t1 +t2=兀第21頁（共25頁）小球在運動過程中，擺線的拉力不做功，只有重力做功，其機械能守恒，則小球在最低點的速率不變。故 C正確，ABD錯誤。故選：Co【點評】本題稱為拐子擺，要掌握好單擺公式的成立條件，知道擺長的變化帶來的周期變化，該單擺的周期是由兩個不同的擺長的各半個周期構成。9. （4分）如圖，彈性桿的 B端固定在墻上,A端固定一個質量為 m的小球，現用測力計沿豎直方向緩慢拉動小球， 使桿發(fā)生彎曲

21、,在測力計的示數逐漸增大的過程中，AB桿對球的彈力方向（）A.斜向左下方B.斜向右下方C.始終水平D.始終豎直【分析】分析球的受力情況：重力、測力計的拉力和AB桿對球作用力，由平衡條件求出AB桿對球彈力方向?！窘獯稹拷猓阂郧驗檠芯繉ο?，分析受力情況：重力 G、測力計的拉力 T和AB桿對球 作用力F,由平衡條件知，F與G、T的合力大小相等、方向相反，而 G、T的合力方向 始終在豎直方向，所以 AB桿對球的彈力方向也始終在豎直方。故 ABC錯誤，D正確。 故選：D?！军c評】本題是三力平衡問題，分析受力情況，根據平衡條件分析即可。難度不大10. （4分）不等量異種點電荷的電場線分布如圖所示，P、Q是

22、電場中的兩點。則（）.A. P點場強比Q點小B. P點電勢比Q點低C.電子在P點的電勢能比在Q點小D.將電子從P點沿電場線移到 Q點的過程中，其電勢能先增大后減小【分析】依據沿著電場線方向，電勢是降低的，結合電場線的疏密體現電場強度的強弱， 再由電場力做正功，其電勢能減小，而電場力做負功，則其電勢能增大，從而即可求解?！窘獯稹拷猓篈、根據電場線的疏密，可知，P點場強比Q點大，故A錯誤；B、依據沿著電場線方向電勢是降低的，因此 P點電勢比Q點高，故B錯誤；C、將電子從P點移到Q點，即從高電勢到低電勢，而電子帶負電，則其電勢能增加，那么電子在P點的電勢能比在 Q點小，故C正確；D、將電子從P點沿電

23、場線移到 Q點的過程中，即從高電勢到低電勢，且電子帶負電, 則其電勢能增大，故 D錯誤；故選：Co【點評】考查電勢高低與電場強度強弱的判定依據，掌握電勢能大小與電勢的高低，及 電性有關。1,管內外水銀面高度差為h,若11. （4分）如圖，玻璃管內封閉了一段氣體，氣柱長度為溫度保持不變，把玻璃管稍稍下壓一小段距離，則（）A . h、1均變大C. h、1均變小B. h變大，1變小D. h變小，1變大【分析】在本實驗中，玻璃管內水銀柱的高度h受外界大氣壓和玻璃管內封閉了一段氣體壓強的影響。玻璃管封閉了一段氣體，這一部分空氣也會產生一定的壓強，而且壓強的大小會隨著體積的變化而改變，據此來分析其變化的情

24、況即可?！窘獯稹?解：先假設水銀柱液面相對玻璃管不動，即為被封閉氣體的體積不變，開始時 氣體的壓強為：Pi = Po- h因假設了液面相對玻璃管不動，此時h會減小，此情況下壓強為:P2>P0- h= P1根據上述等量關系，管內水銀柱的壓強須增大才能重新平衡，故管內水銀柱的高度h減小L減小。故C正確，ABD錯誤。故選：Co【點評】在本題的分析中，一定要抓住關鍵，就是大氣壓的大小和玻璃管內封閉了一段氣體決定了水銀柱高度 h的大小。對于此類問題要注意假設法的準確應用。12. （4分）如圖，在場強大小為 5X104N/C,方向水平向左的勻強電場中，一質量為1kg、電量為+2 X 10 5C的物體

25、在t= 0時刻以某一速度 v0向右運動。已知物體與絕緣水平面間的動摩擦因數為0.2,取向右為正方向，則能反映物體所受摩擦力f隨時間t變化的圖象為(g = 10m/s2)【分析】電場力大小 F=qE=2X 105X5X 104N = 1N,因為Fv f,所以帶電物體先做勻減速直線運動，最后靜止，有 F = f靜=1N,方向向右?！窘獯稹拷猓篈、摩擦力大小f= mg = 0.2X 1 X 10N = 2N,方向與正方向相反，故 C錯 誤；ABD、電場力大小 F= qE=2X 105X5X 104N= 1N,因為Fvf,所以帶電物體先做勻減 速直線運動，最后靜止，有 F=f靜=1N,方向向右。故 B

26、正確，AD錯誤。故選：B?！军c評】本題考查了摩擦力、電場力、f-t圖象等知識點。當問題靜止時，電場力和摩擦力大小相等是解題的關鍵。學生易錯選D。二、填空題（共20分，每空2分）13. （4分）如圖為“用 DIS研究在溫度不變時，一定質量的氣體壓強與體積的關系”實驗 裝置，傳感器的名稱是 壓強傳感器;實驗中不需要（選填“必須”或“不需要”） 測量環(huán)境的溫度值?？凇痉治觥?研究溫度不變時，一定質量的氣體壓強與體積的關系，需要測量壓強和體積， 因為溫度不變即可，不需要測量溫度；【解答】解：用控制變量法，研究“溫度不變時，一定質量的氣體壓強與體積的關系”，需要測量氣體壓強和體積，用到壓強傳感器，因為溫

27、度不變即可，不需要測量環(huán)境的溫度值； 故答案為：壓強；不需要【點評】本題考查用DIS進行氣體實驗，難度很小，不容易出錯。14. （4分）某實驗小組在電梯內固定一個力傳感器，其下方懸掛一個鉤碼。電梯在t=0時刻從靜止開始運動一段時間后停下；傳感器測得壓力隨時間的變化規(guī)律如圖所示。則電梯的運動方向為向上（選填“向上”或“向下”），電梯在啟動階段的加速時間約為4_s?！痉治觥慨斻^碼受到的拉力大于重力時，鉤碼處于超重狀態(tài)，加速度向上；當鉤碼受到的拉力小于重力時，鉤碼處于失重狀態(tài)，加速度向下；根據圖象并結合實際情況得到拉力變化規(guī)律，從而得到電梯的運動情況【解答】 解：啟動階段壓力等于重力，處于超重狀態(tài)，

28、加速度向上，電梯從靜止開始運動，所以是向上運動，由圖可知從0時刻開始啟動，到4s時壓力等于重力，啟動結束，所以啟動階段的加速時間約為4s故答案為：向上 4【點評】本題關鍵是根據壓力的變化情況，得到超、失重情況，然后與實際情況向對照，得到電梯的運動情況。15（4分）某物體以30m/s的初速度豎直上拋，不計空氣阻力，g取10m/s2.從拋出到落回起點過程中的平均速度大小為0 m/s；物體在第1秒內和第4秒內速度改變量的方向相同 （選填“相同”或“不同”）?！痉治觥课矬w豎直上拋后，只受重力，加速度等于重力加速度，可以把物體的運動看成一種勻減速直線運動，由平均速度公式求出平均速度，由v=gt判斷速度的

29、改變量。【解答】解：做豎直上拋運動的物體，從拋出到落回起點過程中的位移為0,所以平均速度大小為0;由于物體豎直上拋后，只受重力，加速度等于重力加速度，所以物體第1秒內和第4秒內速度改變量的方向相同，都是豎直向下。故答案為：0; 相同【點評】對于豎直上拋運動，通常有兩種處理方法，一種是分段法，一種是整體法，兩種方法可以交叉運用。16.（4分）如圖，邊長為L的N匝正方形金屬線框的一半處于勻強磁場中，其ab邊與磁場區(qū)域的邊界平行，磁場方向垂直線框平面，磁感應強度為B.此時，穿過線框的磁通量1-I大小為。若線框繞ab邊以角速度co=*rad/s勻速轉動，在由圖示位置轉過90。的過程中，線框中有感應電流

30、的時間為【分析】在勻強磁場中，當線框平面與磁場垂直時，穿過線框的磁通量蟲=8$, S為有效面積；當穿過線框的磁通量發(fā)生變化時，有感應電流產生，根據轉動的角速度求出周期，求出磁通量發(fā)生變化時所轉的角度，進而求出時間。22【解答】解：根據磁通量的定義式 蟲=8$ = 二星線框繞北邊轉動的周期：TS.6S釬繞ab邊轉動90°的過程中，穿過線框的磁通量先不變（0<60° ）,后減小到零，根據產生感應電流的條件：閉合電路的磁通量發(fā)生變化，知在后來轉動60。過程中有感應電流，即有感應電流的時間【點評】對于勻強磁場中磁通量一般計算公式是蟲=35$所。，。是線圈平面與磁場方向的夾角，

31、S是與磁感線垂直的平面的有效面積。 u217. （4分）如圖所示電路中，三個電阻均為 R,電鍵S1、S2均斷開。先閉合電鍵 S1,理想 電壓表與理想電流表的示數變化量之比=丁4；再閉合電鍵S2,電壓表與電流表的示數變化量之比k2= &工.則|kil = |k2;若閉合S1前后電源的輸出功率相同，則可知電源內電阻r v R （以上均選填、或“V” ）?！痉治觥扛鶕]合電路定律分析電壓表與電流表的示數變化量之比與電源內阻的關系， 即可求解。【解答】解：根據閉合電路歐姆定律得：U=E-Ir,由數學知識得：電壓表與電流表的示數變化量大小之比為 爵=，當外電路結構變化時，電源的內阻r不變，即比值

32、不相等；當內外阻相等時電源的輸出功率最大，閉合 S1后外阻變小，而閉合 S1前后電源的 輸出功率相同，則應為閉合前內阻小于外阻，閉合后內阻大于外阻，即R> r。故答案為：=;v【點評】題是解題關鍵之處是根據閉合電路歐姆定律得到金耳=r,也可以畫出電源的 UAl-I圖象進行分析。三、綜合題(共 40分)注意：第19、20題在列式計算、邏輯推理以及回答問題過程中， 要求給出必要的圖示、文字說明、公式、演算等.18. (10分)如圖所示為“用 DIS研究機械能守恒定律”的實驗裝置，本實驗中(1)光電門傳感器的作用是測定擺錘在某位置的瞬時速度 。(2)從右側某一高度由靜止釋放擺錘，觀察擺錘擺到左

33、側的最高位置，然后改變定位擋 片的位置，重復實驗，若均可以觀察到左側的最高點與釋放點基本在同一高度，由此可 以得出擺錘在兩側最高點的機械能基本相等 的結論。(3)下列操作步驟正確的是AA.釋放擺錘前擺線要拉直B.先釋放擺錘，然后點擊“開始記錄”C.將光電門傳感器直接連接在計算機上D.要使光電門的光電孔高于所測高度(4)如果擺錘每次從同一位置釋放，以擺錘速度的平方v2為縱坐標，以擺錘距離零勢能D點的高度h為橫坐標，作出的圖線應是一條 不過 (選填"過”或“不過”)原點 的直線。若已知擺錘直徑為 d、質量為m,當地重力加速度為 g,則圖線斜率為 -2g q定位.中擺籍釋放器卿.、， !

34、： r( 光電門.二【分析】(1)光電門測瞬時速度的原理是運用極短時間內的平均速度等于瞬時速度。(2)抓住擺錘在兩側最高點相同得出機械能守恒。(3)根據實驗的原理和注意事項確定正確的操作步驟。(4)根據機械能守恒得出 v2與h的關系式，從而得出圖線的斜率?！窘獯稹拷猓?1)光電門傳感器的作用是測定擺錘通過該位置的瞬時速度。(2)從右側某一高度由靜止釋放擺錘，觀察擺錘擺到左側的最高位置，然后改變定位擋片的位置，重復實驗，若均可以觀察到左側的最高點與釋放點基本在同一高度，由此可以得出擺錘在兩側最高點的機械能基本相等。(3) A、實驗時釋放擺錘前擺線要拉直，若不繃直，釋放時會先做自由下落，繃直時有能

35、量損失，故 A正確。B、實驗時應先開始記錄，再釋放擺錘，故 B錯誤。C、應將光電門傳感器通過數據采集器連接到計算機上，故 C錯誤。D、要使光電門的光電孔與所測的高度等高，故 D錯誤。故選：A。(4)根據機械能守恒有：mg (L-h) =,則 v2 = 2g (L-h) =- 2gh+2gL ,作出的圖線不過原點，圖線的斜率k=- 2go故答案為：(1)瞬時速度，(2)基本相等，(3) A, (4)不過，-2g?！军c評】 解決本題的關鍵知道實驗的原理和注意事項，對于圖線問題，一般的解題思路是通過物理規(guī)律得出物理量的關系式，結合圖線的斜率或截距分析判斷。19. (14分)如圖1,質量m=10kg的

36、物塊靜止在光滑水平面上A點，在水平外力 F作用下，10s末到達B點，外力F隨時間變化的規(guī)律如圖 2所示，取向右為正方向。求：(1)前10s內物塊的位移大小 Si和在B點的速度大小 V1 ；(2) 20s末物塊的速度 V2的大小和方向;(3) 10s20s時間內外力F所做的功?！痉治觥?1)對物塊，在 AB段，由牛頓第二定律求得加速度，再由運動學公式可求得位移和速度；(2)在10s-20s內，由牛頓第二定律可求得加速度，在速度公式可求得 20s末物塊的速度；(3)由位移公式求得在 10s-20s內物塊的位移，根據功的公式可求得外力F所做的功。【解答】解：(1)對物塊，在 AB段，由牛頓第二定律可

37、得：F1 = ma1,代入數值解得：a1 = 0.4m/s2由運動學公式得前10s內物塊的位移大小為：在B點的速度V1=a1t1 = 4m/s(2)在10s-20s內，由牛頓第二定律可得：20s末物塊的速度為： v2 = v1 - a2t2= - 8m/s,即20s末速度大小為8m/s,方向水平向左(3)在10s-20s內物塊的位移為：s2=V1t2解得：s2= - 20m 負號說明方向向左，10s20s時間內外力 F所做的功為：W=F2s2 = 240J答：(1)前10s內物塊的位移大小是 20m,在B點的速度大小4m/s；(2) 20s末物塊的速度的大小 8m/s,方向水平向左;(3) 1

38、0s20s時間內外力F所做的功240J?！军c評】本題考查了牛頓第二定律、運動學公式、功的公式的綜合應用，分析清楚物塊 的運動過程靈活選擇規(guī)律即可求解。20. (16分)如圖1所示是依附建筑物架設的磁力緩降高樓安全逃生裝置，具有操作簡單、 無需電能、逃生高度不受限制，下降速度可調、可控等優(yōu)點。該裝置原理可等效為：間距 L = 0.5m的兩根豎直導軌上部連通，人和磁鐵固定在一起沿導軌共同下滑，磁鐵產生磁感應強度B=0.2T的勻強磁場。人和磁鐵所經位置處，可等效為有一固定導體棒 cd與導軌相連，整個裝置總電阻始終為R,如圖2所示。在某次逃生試3中，質量 Mi= 80kg的測試者利用該裝置以 vi=1.5m/s的速度勻速下降， 已知與人一起下滑部分裝置的質量 m = 20kg ,重力加速度取g=