【KS5U解析】上海市崇明區(qū)2020屆高三下學期二模考試物理試題 Word版含解析

1、崇明區(qū)2019學年第二學期第二次等級考模擬考試試卷物理一、選擇題1.物體分子熱運動平均動能取決于物體的（）a. 壓強b. 溫度c. 體積d. 狀態(tài)【答案】b【解析】【詳解】由于溫度是分子平均動能的標志，所以氣體分子的平均動能宏觀上取決于溫度，故acd錯誤，b正確。故選b。2.做以下各種運動的物體，受到合外力為零的是（）a. 在空中勻速降落的空降兵b. 在秋千上做機械振動的小孩c. 在空中被水平拋出后的小球d. 摩天輪上做勻速圓周運動的游客【答案】a【解析】【詳解】a空降兵在空中勻速降落，即勻速直線運動，處于平衡狀態(tài)，因此合外力為零，故a正確；b在小孩蕩秋千時，隨著小孩蕩秋千高度的變化，繩對小孩

2、的拉力的方向會改變，不處于平衡狀態(tài)，因此合外力不可能為零，故b錯誤；c平拋運動有由重力提供的豎直向下的加速度，不處于平衡狀態(tài)，因此合外力不為零，故c錯誤；d在摩天輪上的游客做勻速圓周運動，合外力一直指向圓心，即合外力方向會改變，因此不可能為零，故d錯誤。故選a。3.如圖，弧光燈發(fā)出的光，經(jīng)過下列實驗后產(chǎn)生了兩個重要的實驗現(xiàn)象。經(jīng)過一狹縫后，在后面的鋅板上形成明暗相間的條紋；與鋅板相連的驗電器的鋁箔張開了一定的角度。則這兩個實驗現(xiàn)象分別說明（）a. 和都說明光有波動性b. 和都說明光有粒子性c. 說明光有粒子性，說明光有波動性d. 說明光有波動性，說明光有粒子性【答案】d【解析】【詳解】現(xiàn)象是光

3、的干涉現(xiàn)象，該現(xiàn)象說明了光具有波動性。現(xiàn)象是光電效應現(xiàn)象，該現(xiàn)象說明了光具有粒子性，故abc錯誤，d正確。故選d。4.下列敘述中符合物理學史的是（）a. 赫茲從理論上預言了電磁波的存在b. 麥克斯韋成功地解釋了光電效應現(xiàn)象c. 盧瑟福的粒子散射實驗揭示了原子有核式結(jié)構(gòu)d. 湯姆遜發(fā)現(xiàn)了電子，并提出了原子核式結(jié)構(gòu)模型【答案】c【解析】【詳解】a麥克斯韋在理論上預言了電磁波的存在，赫茲通過實驗得到了證實，故a錯誤；b愛因斯坦提出了光子說，故b錯誤；c盧瑟福在1909年進行了粒子散射實驗，并由此提出原子有核式結(jié)構(gòu)，故c正確；d湯姆遜發(fā)現(xiàn)了電子，但提出的是原子棗糕式模型而不是原子核式結(jié)構(gòu)模型，故d錯誤

4、。故選c。5.如圖，boc為半徑為r的光滑弧形槽，o點是弧形槽的最低點。半徑r遠大于boc弧長。一小球由靜止開始從b點釋放，小球在槽內(nèi)做周期運動。欲使小球運動的周期減小，可采用的方法是（）a. 讓小球釋放處更靠近o點b. 讓小球釋放時有個初速度c. 換一個半徑r小一些的弧形槽d. 換一個半徑r大一些的弧形槽【答案】c【解析】【詳解】小球的運動可視為單擺模型，由單擺的周期公式可知，其周期取決于擺長和，與質(zhì)量和振幅無關。因此想要減小小球運動的周期，可以減小擺長即換一個半徑小一點的弧形槽，故abd錯誤，c正確。故選c。6.如圖，質(zhì)量相等的兩顆地球衛(wèi)星a、b，沿不同的軌道繞地球做勻速圓周運動，已知軌道

5、半徑。則它們運動的周期ta與tb和動能eka與ekb大小關系分別為（）a. ，b. ，c. ，d. ，【答案】a【解析】【詳解】根據(jù)萬有引力等于向心力可得化簡可得由于衛(wèi)星a軌道半徑大于衛(wèi)星b軌道半徑，因此可以得到衛(wèi)星的動能為又因為兩衛(wèi)星質(zhì)量相等所以可以得到故a正確，bcd錯誤。故選a。7.如圖，電源內(nèi)阻不能忽略，電流表和電壓表均為理想電表。若發(fā)現(xiàn)電流表示數(shù)變小，電壓表示數(shù)為零，則可能的故障是（） a. r1斷路b. r1短路c. r2斷路d. r2短路【答案】b【解析】【詳解】a若斷路，外電阻增加，路端電壓增大，則電流表示數(shù)變大，不符題意，故a錯誤；b若短路，外電阻減小，路端電壓減小，通過的電

6、路減小，則電流表示數(shù)減小。由于短路，測的電壓表示數(shù)變?yōu)榱?，均符合題意，故b正確；c若斷路，外電阻增加，路端電壓增大，則電流表示數(shù)變大，不符題意，故c錯誤；d若短路，外電阻減小，路端電壓減小，通過的電路減小，則電流表示數(shù)減小。設電阻和的總電流為，總電流增大，通過的電流減小，則增大，而通過的電流減小，因此通過的電流增大，電壓表示數(shù)變大，不符合題意，故d錯誤。故選b。8.如圖，一光滑小球靜置在半圓柱體上，被一垂直于圓柱面的擋板擋住，設擋板跟圓心連線與底面的夾角為q，小球的半徑忽略不計?，F(xiàn)緩慢減小q，則小球在移動過程中，擋板對小球的支持力、半圓柱體對小球的支持力的變化情況是（）a. 增大，減小b. 增

7、大，增大c. 減小，減小d. 減小，增大【答案】a【解析】【詳解】對小球進行受力分析如圖所示根據(jù)幾何關系可以得到因此，當減小時，增大，減小，故a正確，bcd錯誤。故選a。9.如圖，通電水平長直導線中間，用絕緣線懸掛一金屬環(huán)c，環(huán)與導線處于同一豎直平面內(nèi)。由于電磁感應，發(fā)現(xiàn)環(huán)內(nèi)產(chǎn)生逆時針方向的感應電流，且絕緣細線上的拉力減小了，則直導線中電流方向和大小可能是（）a. 方向向右，大小減小b. 方向向右，大小增加c. 方向向左，大小減小d. 方向向左，大小增加【答案】c【解析】【詳解】由安培定則可知，線圈外磁感線方向垂直紙面向內(nèi)，線圈內(nèi)磁感線方向垂直紙面向外。根據(jù)題目中“絕緣細線上的拉力減小”可知通

8、電水平導線下方的磁感線方向與線圈外的磁感線方向相反，即垂直紙面向外。然后再次根據(jù)安培定則可知直導線的電流方向向左。根據(jù)楞次定律，想要金屬環(huán)產(chǎn)生逆時針的電流則需要磁場強度減小，即電流減小，故abd錯誤，c正確。故選c。10.一列橫波沿x軸正方向傳播，實線和虛線分別表示和（）時波形，則能正確反映是的波形是（）a. b. c. d. 【答案】d【解析】【詳解】由題意得，實現(xiàn)波形到形成虛線波形傳播距離為，經(jīng)過時間，則有因此有即因為經(jīng)過整數(shù)倍周期時間波形重復，因此時刻與時刻波形相同，則波向右傳播的距離，故abc錯誤，d正確。故選d。11.如圖所示，左端封閉右側(cè)開口的u型管內(nèi)分別用水銀封有兩部分氣體，右側(cè)

9、部分封閉氣體的壓強為p1，水銀面高度差為h。當左側(cè)部分氣體溫度升高較小的，重新達到平衡后，h和p1的變化是（）a. h不變，p1不變b. h不變，p1變大c. h變小，p1變小d. h變小，p1不變【答案】d【解析】【詳解】設大氣壓強為p0，右側(cè)液體壓強為h1，對右側(cè)部分封閉氣體根據(jù)題意，p0和h1均不變，故p1不變。設左側(cè)氣體壓強p2，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程對左側(cè)液體當左側(cè)部分氣體溫度升高時，p2增大，h變小。故abc錯誤，d正確。故選d。12.如圖所示，一質(zhì)量為m的楔形木塊放在水平桌面上，它的頂角為90°，兩底角為和；a、b為兩個位于斜面上質(zhì)量均為m的小木塊，已知所有接觸面都是光滑

10、的現(xiàn)發(fā)現(xiàn)a、b沿斜面下滑，而楔形木塊靜止不動，這時楔形木塊對水平桌面的壓力等于（ ）a. mg+mgb. mg+2mgc. mg+mg（sin+sin）d. mg+mg（cos+cos）【答案】a【解析】【分析】本題由于斜面光滑，兩個木塊均加速下滑，分別對兩個物體受力分析，求出其對斜面體的壓力，再對斜面體受力分析，求出地面對斜面體的支持力，然后根據(jù)牛頓第三定律得到斜面體對地面的壓力【詳解】對木塊a受力分析，如圖，受重力和支持力由幾何關系，得到： n1=mgcos故物體a對斜面體的壓力為：n1=mgcos同理，物體b對斜面體的壓力為：n2=mgcos 對斜面體受力分析，如圖， 根據(jù)共點力平衡條件

11、，得到：n2cos-n1cos=0 f支-mg-n1sin-n2sin=0根據(jù)題意有：+=90°由式解得： f支=mg+mg根據(jù)牛頓第三定律，斜面體對地的壓力等于mg+mg；故選a【點睛】本題關鍵先對木塊a和b受力分析，求出木塊對斜面的壓力，然后對斜面體受力分析，根據(jù)共點力平衡條件求出各個力也可以直接對三個物體整體受力分析，然后運用牛頓第二定律列式求解，可使解題長度大幅縮短，但屬于加速度不同連接體問題，難度提高二、填空題13.科學思想方法在物理問題的研究中十分重要，庫侖受到牛頓的萬有引力定律的啟發(fā)，運用_方法（選填“建立模型”、“類比”、“控制變量”、“理想實驗”），發(fā)現(xiàn)了電荷間相互

12、作用規(guī)律，該規(guī)律被稱為_。【答案】 (1). 類比 (2). 庫侖定律【解析】【詳解】12萬有引力定律研究是任意兩個物體之間的作用，而庫侖定律研究的是真空中兩個靜止的點電荷之間的作用，兩個定律都研究相互作用，可以進行類比。1785年庫侖經(jīng)過實驗提出庫侖定律。14.電場中一電荷量q、質(zhì)量m的帶電粒子，僅在電場力作用下從a點沿直線運動到b點，其速度圖像如圖所示，圖線斜率為k。則a、b連線上各點的場強_（填“相等”或“不相等”），a點的場強_?！敬鸢浮?(1). 相等 (2). 【解析】【詳解】12由圖像可知，粒子做勻加速直線運動，在圖像中，斜率代表加速度，因此則合外力恒定，該電場為勻強電場，a、b

13、連線上各點的場強相等。根據(jù)牛頓第二定律有則電場強度15.質(zhì)量相等的a、b兩部分同種氣體做等容變化，其圖像如圖所示。則氣體的體積_（填“>”、“<”或“=”）；當時，氣體a的壓強_atm。【答案】 (1). < (2). 6【解析】【詳解】12根據(jù)公式可得即圖像的斜率越大，越大，越小。圖像中，因此。反向延長射線可得即的斜率為，因此關于的解析式為代入可得16.如圖所示，甲、乙兩個小球分別被兩根細繩懸于等高的懸點，繩長，現(xiàn)將細繩拉至水平后由靜止釋放小球，則甲、乙兩球通過最低點時角速度大小之比為_，向心加速度大小之比為_?！敬鸢浮?(1). (2). 1:1【解析】詳解】12由動能定

14、理得化簡可得由公式變形可得代入數(shù)據(jù)作比解得根據(jù)牛頓第二定律可得化簡可得兩者作比可得17.如圖所示電路中，是由某種金屬氧化物制成的導體棒，實驗證明通過它的電流i和它兩端電壓u遵循的規(guī)律，（式中），r是普通可變電阻，遵循歐姆定律，電源e電壓恒為6v，此電路中的電流、電壓仍遵循串聯(lián)電路的有關規(guī)律。當電阻r的阻值為_，電流表的示數(shù)為0.16a；當r、r0電功率相等時，電源的輸出功率p出=_w?！敬鸢浮?(1). 25 (2). 3.24【解析】【詳解】12串聯(lián)電路電流相等，通過的電流為，由可得代入數(shù)據(jù)解得因為串聯(lián)電路路端電壓等于各部分電壓之和，由此可得代入數(shù)據(jù)解得根據(jù)代入數(shù)據(jù)解得根據(jù)和串聯(lián)電路電流相等

15、可得，當時，r、r0電功率相等。因此電流為代入數(shù)據(jù)得因此代入數(shù)據(jù)得同理可得因此外電阻因此電源輸出功率代入數(shù)據(jù)得三、綜合題18.在“用描跡法畫出電場中平面上的等勢線”的實驗中：(1)下列各實驗步驟中，_有錯誤，應改為_；按正確操作步驟排序為_（填字母）；a.在導電紙上畫出兩電極的連線，在該線上對稱地找出等距的5個基準點（abcde），并用探針印在白紙上；b連接好電極柱的電路并閉合電鍵；c在木板上先鋪上白紙，再鋪上復寫紙，然后再鋪上導電紙，導電面向下；d取下白紙，將所找的等勢點連成等勢線；e.電壓傳感器的一個探針接觸某基準點不動，另一探針緩慢移動直到顯示電勢差為零時復印一點，類似找出若干等勢點。(

16、2)在電源接通的情況，ab間電勢差uab和bc間電勢差ubc的大小關系是uab_ubc（選填“>”，“<”或“=”）；(3)圖示黑點代表實驗中各記錄點，請將實驗結(jié)果連成等勢線，并畫出三條電場線_。【答案】 (1). c (2). 導電面向上 (3). cabed (4). > (5). 見解析所示【解析】【詳解】(1)123導電紙應放在最上層，從而形成電流，而為了得出痕跡，應把白紙放在復寫紙下方，因此由下至上依次是白紙、復寫紙、導電紙。導電紙面朝上，故c錯誤。應該改為導電紙面朝上。根據(jù)實驗要求，正確的順序為cabed。(2)4依題得，該電場并不是勻強電場。由可知，當距離相同時

17、，距離點電荷越遠，也會減小，因此電勢差也會減小。從圖中可以看出，ab比bc更接近點電荷，因此(3)5如圖19.一小球從離地m高處以初速度m/s豎直向上拋出，其上升過程中圖像如圖所示。已知小球質(zhì)量kg，小球運動過程中所受空氣阻力大小不變。求：（g取10m/s2）(1)小球所受的空氣阻力；(2)通過計算完成2s后的圖像；(3)整個運動過程中，重力的平均功率。【答案】(1)2n；(2)；(3)w【解析】【詳解】(1)根據(jù)圖像的斜率求得上升時的加速度為代入數(shù)據(jù)解得根據(jù)牛頓第二定律可得由此變形可得代入數(shù)據(jù)解得(2)上升高度為代入數(shù)據(jù)解得下落的總高度為代入數(shù)據(jù)解得根據(jù)牛頓第二定律可得由此變形可得代入數(shù)據(jù)解

18、得因此，落地時的速度為所以2s后的2s后的圖像如圖所示(3)依題得，該運動過程為上拋運動，因此重力做功為由圖像可知，該運動過程持續(xù)了6s，因此時間所以重力的平均功率為代入數(shù)據(jù)解得20.如圖，水平面上兩平行固定放置的金屬導軌，間距m，電阻不計。左端連接阻值的電阻，右端連接阻值的小燈泡l（設小燈電阻保持不變）。在cdfe矩形區(qū)域內(nèi)有豎直向上、磁感強度t的勻強磁場，ce的寬度m。在ab處有一質(zhì)量kg、阻值的金屬棒pq，pq在水平恒力f的作用下從靜止開始，先以m/s2的加速度向右運動到磁場邊界cd處，接著以某一速度v進入磁場，當運動到ef處撤去力f，金屬棒最終停止在導軌上。金屬棒在磁場內(nèi)運動的過程中，小燈泡的亮度沒有發(fā)生變化。已知金屬棒與導軌間的動摩擦因數(shù)，重力加速度，求：(1)在小燈泡發(fā)光時，在圖上標出通過小燈的電流方向；(2)水平恒力f的大?。?3)金屬棒進入磁場時速度v的大?。?4)金屬棒整個運動過程的時間t。【答案】(1)；(2)2n；(3)1m/s；(4)3s【解析】【詳解】(1)根據(jù)右手定則可知，金屬棒pq產(chǎn)生的感應電流方向為，因此流經(jīng)小燈泡的電流方向如圖所示(2)在金屬棒進入磁場前，對其進行受力分析可知金屬棒僅受重力、摩擦力以及恒力f。根據(jù)牛頓第二定律可得代