遼寧省沈陽(yáng)市郊聯(lián)體2017-2018學(xué)年高一物理下學(xué)期期末考試試卷A及答案【word版】.doc

1、遼寧省沈陽(yáng)市郊聯(lián)體2017-2018學(xué)年高一下學(xué)期期末考試物理（A）試題 一、選擇題1.1.物理學(xué)中，用兩個(gè)基本的物理量的 比”來(lái)定義一個(gè)新的物理量的方法，叫比值 定義法，以下物理量的公式，不屬于比值定義法的是（）A.加速度雙B.功率P- tC.電場(chǎng)強(qiáng)度qD.電勢(shì)平=上 q【答案】A【解析】【分析】所謂比值法定義，就是用兩個(gè)物理量的比值來(lái)定義一個(gè)新的物理量的方法.比值 法定義的基本特點(diǎn)是被定義的物理量往往是反映物質(zhì)的屬性，與參與定義的物理 量無(wú)關(guān).由此分析即可.【詳解】加速度a=F/m中，加速度a與F成正比，與m成反比，不屬于比值定義 法，故A正確；功率P是由機(jī)械本身決定的，與做功和時(shí)間無(wú)關(guān)，

2、故采用的是比 值定義法；故B錯(cuò)誤；電場(chǎng)強(qiáng)度E與F和電荷電量無(wú)關(guān)，故為比值定義法，故 C 錯(cuò)誤；電勢(shì)是由電場(chǎng)本身決定的，與電勢(shì)能和電荷量無(wú)關(guān)，所以電勢(shì)4=W/q是比值法定義，故D錯(cuò)誤。本題考查沒(méi)有采用比值定義法的，故選 A.【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵理解并掌握比值法定義的共性：被定義的物理量往往是 反映物質(zhì)的屬性，它不隨定義所用的物理量的大小的改變而改變.2.2.某行星繞太陽(yáng)沿橢圓軌道運(yùn)行，如圖所示，在這顆行星的軌道上有a、b、c、 d四個(gè)對(duì)稱點(diǎn)，其中a為近日點(diǎn)，c為遠(yuǎn)日點(diǎn)，若行星運(yùn)動(dòng)周期為T(mén),則該行星（）A.從a到b的運(yùn)動(dòng)時(shí)間等于從c到d的運(yùn)動(dòng)時(shí)間B.從d經(jīng)a至ij b的運(yùn)動(dòng)時(shí)間等于從b經(jīng)c至ij

3、 d的運(yùn)動(dòng)時(shí)間C. a到b的時(shí)間D. c到d的時(shí)間匕-【答案】C【解析】根據(jù)開(kāi)普勒第二定律知：在相等時(shí)間內(nèi)，太陽(yáng)和運(yùn)動(dòng)著的行星的連線所掃過(guò)的面 積都是相等的。據(jù)此行星運(yùn)行在近日點(diǎn)時(shí)，與太陽(yáng)連線距離短，故運(yùn)行速度大， 在遠(yuǎn)日點(diǎn)，太陽(yáng)與行星連線長(zhǎng)，故運(yùn)行速度小。即在行星運(yùn)動(dòng)中，遠(yuǎn)日點(diǎn)的速度 最小，近日點(diǎn)的速度最大。圖中a點(diǎn)為近日點(diǎn)，所以速度最大，c點(diǎn)為遠(yuǎn)日點(diǎn)，所 以速度最小。則從d經(jīng)a至ij b的運(yùn)動(dòng)時(shí)間小于從b經(jīng)c到d的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，從a到 _ _ _ f _ r b的運(yùn)動(dòng)時(shí)間小于從c到d的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，且a到b的時(shí)間媼 ；c到d的時(shí)間；A4故AB錯(cuò)誤，CD正確。故選CD。點(diǎn)睛：對(duì)開(kāi)普勒第二定律的理解.

4、遠(yuǎn)日點(diǎn)連線長(zhǎng)，在相等時(shí)間掃過(guò)相同面積，故 速度小，近日點(diǎn)連線短，在相等時(shí)間掃過(guò)相同面積，故速度大.3.3.如圖所示，在光滑水平面上有一質(zhì)量為 m的物體，在與水平方向成 8角的包 定拉力作用下運(yùn)動(dòng)，則在時(shí)間1內(nèi)（）A.重力的沖量為0B.拉力F的沖量為FtC.拉力F的沖量為Fk0s9D.物體動(dòng)量的變化量等于Ft【答案】B【解析】【詳解】重力的沖量lG=mgt,故A錯(cuò)誤。拉力F的沖量lF=Ft,故B正確，C錯(cuò) 誤。合外力的沖量：I #Ftcos Q根據(jù)動(dòng)量定理知，合力的沖量等于動(dòng)量的變化量， 則動(dòng)量的變化量為Ftcos 0.故D錯(cuò)誤。故選Bo【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道沖量等于力與時(shí)間的乘積，知道合力

5、的沖量等于動(dòng) 量的變化量.4.4.如圖所示，電場(chǎng)中有A、B兩點(diǎn)，則下列說(shuō)法中正確的是（）A.場(chǎng)強(qiáng)% “因B.電勢(shì)十C.負(fù)電荷在A點(diǎn)所受電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同D.將+q電荷從A點(diǎn)移到B點(diǎn)電場(chǎng)力做了正功【答案】D【解析】【詳解】電場(chǎng)線越密的地方電場(chǎng)強(qiáng)度越大，所以場(chǎng)強(qiáng) Ea<Eb,沿著電場(chǎng)線電勢(shì)一 定降低，所以電勢(shì)？a>?b,故AB錯(cuò)誤。負(fù)電荷在A點(diǎn)所受電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)強(qiáng) 度方向相反，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；將+q電荷從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)所受電場(chǎng)力和電場(chǎng)線方 向相同，電場(chǎng)力做正功，故 D正確。故選Do【點(diǎn)睛】電場(chǎng)強(qiáng)度、電勢(shì)、電勢(shì)能、電場(chǎng)力做功等概念是本章的重點(diǎn)和難點(diǎn)，要 弄清它們之間的區(qū)別和聯(lián)系，

6、并能在實(shí)際電場(chǎng)中或者電荷運(yùn)動(dòng)過(guò)程中弄清它們的變化.5.5. 為m的汽車(chē)，啟動(dòng)后沿平直路面行駛，如果發(fā)動(dòng)機(jī)的功率恒為 巳且行駛過(guò)程 中受到的摩擦阻力大小一定，汽車(chē)速度能夠達(dá)到的最大值為v,那么當(dāng)汽車(chē)的車(chē)速為,時(shí)汽車(chē)的瞬時(shí)加速度的大小為d)4【解析】C.3PrmD.4Ptnv試題分析：由題，汽車(chē)以速度 v勻速行駛時(shí)，牽引力速度為，時(shí)，牽引力* P I為“77-叫 故此時(shí)加速度為丁空空，B正確。 fm mv考點(diǎn)：功和功率、牛頓第二定律應(yīng)用6.6.如圖所示，質(zhì)量為m、帶電荷量為+q的滑塊，沿絕緣斜面勻速下滑，當(dāng)滑塊滑至豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)時(shí)，滑塊的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)為(A.繼續(xù)勻速下滑B.將加速下滑C.將減速下

7、滑D.上述三種情況都有可能發(fā)生【答案】A【解析】試題分析：沒(méi)有電場(chǎng)時(shí)，滑塊沿絕緣斜面勻速下滑，受力平衡，根據(jù)平衡條件得 到滑動(dòng)摩擦力與重力沿斜面向下的分力平衡.當(dāng)當(dāng)滑塊滑至豎直向下勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū) 時(shí)，再分析這兩個(gè)力是否平衡，判斷滑塊的運(yùn)動(dòng)狀態(tài).解：設(shè)斜面的傾角為9.滑塊沒(méi)有進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)，根據(jù)平衡條件得mgsin 0 =f N=mgcos8 又 f= N N 得至U, mgsin 8 = n mgcosO, 即有 sin 8 =仙 cos 0 當(dāng)滑塊進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)，設(shè)滑塊受到的電場(chǎng)力大小為F .根據(jù)正交分解得到滑塊受到的沿斜面向下的力為（mg+F） sin 8,沿斜面向上的力為 亞（mg+F）cos8,

8、由于sin 0=（1 cos, 8所以（mg+F） sin 8=dmg+F） cos 0,即受力仍平衡，所以滑 塊仍做勻速運(yùn)動(dòng).故選A【點(diǎn)評(píng)】本題增加電場(chǎng)力，相當(dāng)于增加物體的重力，對(duì)物體的運(yùn)動(dòng)情況沒(méi)有影響.基 本題.7.7.我國(guó)于2017年11月發(fā)射嫦娥五號(hào)探月衛(wèi)星，執(zhí)行月面取樣返回任務(wù)。嫦娥五號(hào)”從月球返回地球的過(guò)程中可以簡(jiǎn)單分為四步，如圖所示第一步將嫦娥五號(hào)”發(fā)射至月球表面附近的環(huán)月圓軌道I,第二步在環(huán)月軌道的A處進(jìn)行變軌進(jìn)入與月 球轉(zhuǎn)移軌道II,第三步當(dāng)接近地球表面附近時(shí)，又一次變軌，從B點(diǎn)進(jìn)入繞地圓軌道III,第四步再次變軌道后降落至地面，下列說(shuō)法正確的是（）A.將嫦娥五號(hào)發(fā)射至軌道I

9、時(shí)所需的發(fā)射速度為7.9km/sB.嫦娥五號(hào)從環(huán)月軌道I進(jìn)入月地轉(zhuǎn)移軌道II需要加速C.嫦娥五號(hào)從A沿月地轉(zhuǎn)移軌道II到達(dá)B點(diǎn)的過(guò)程中其動(dòng)能一直減少D.嫦娥五號(hào)在第四步變軌時(shí)需要減速【答案】BD【解析】【詳解】月球的第一宇宙速度比地球的要小， 將嫦娥五號(hào)發(fā)射至軌道I時(shí)所需的發(fā) 射速度小于7.9km/s,故A錯(cuò)誤；嫦娥五號(hào)”從軌道I進(jìn)入月地轉(zhuǎn)移軌道II是離心 運(yùn)動(dòng)，所以需要加速，故B正確；剛開(kāi)始的時(shí)候月球?qū)?嫦娥五號(hào)”的引力大于地球?qū)︽隙鹞逄?hào)”的引力，所以動(dòng)能要減小，之后當(dāng)?shù)厍虻囊Υ笥谠虑虻囊r(shí)，衛(wèi)星的動(dòng)能就開(kāi)始增加，故C錯(cuò)誤；嫦娥五號(hào)”降落至地面的運(yùn)動(dòng)為向心運(yùn)動(dòng)，需要 減速，故D正確。故選

10、BD?！军c(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握萬(wàn)有引力定律的兩個(gè)重要理論：1、萬(wàn)有引力等于重力，2、萬(wàn)有引力提供向心力，并能靈活運(yùn)用。8.8.如圖所示，把A、B兩個(gè)相同的導(dǎo)電小球分別用絕緣細(xì)線懸掛于 。丸、，兩點(diǎn)， 然后使A、B兩球帶同種電荷，電流分別為Qa、Qb|,已知兩球靜止時(shí)在同一水平面 上，兩細(xì)線與豎直方向的夾角分別為 以乩 下列說(shuō)法正確的是（）根據(jù)平衡條件，有:A.若。壯，則兩球的電量B.若，則兩球的質(zhì)量C.若同時(shí)剪斷兩細(xì)線，則相同時(shí)間內(nèi)，兩球在空中下落的高度必相同D.若同時(shí)剪斷兩細(xì)線，兩球在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)，系統(tǒng)機(jī)械能守恒【答案】C【解析】【詳解】?jī)汕蜷g的庫(kù)侖力是作用力與反作用力，一定相等，與兩個(gè)球帶

11、電量是否 相等無(wú)關(guān)，故A錯(cuò)誤。對(duì)小球A受力分析，受重力、靜電力、拉力，如圖；FFF故："-； 同理有：niB - ，若。> a, 故加油gt<uiOgLina mA<mB,故B錯(cuò)誤。若同時(shí)剪斷兩細(xì)線，小球受到的庫(kù)侖力始終在水平方向上, 不影響運(yùn)動(dòng)時(shí)間，運(yùn)動(dòng)時(shí)間由豎直方向上的運(yùn)動(dòng)決定，豎直方向上只受重力，從 同一高度做自由落體運(yùn)動(dòng)，故在兩小球落地前觀察，同一時(shí)間兩小球一定都在同一高度。故C正確。假設(shè)剪斷細(xì)線后 A、B兩球都沿原細(xì)線方向，兩球之間的距離增大，則庫(kù)侖力減小，但庫(kù)侖力做正功，導(dǎo)致系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，故 D錯(cuò)誤。故選Co【點(diǎn)睛】本題考查知識(shí)點(diǎn)較多，涉及運(yùn)動(dòng)的獨(dú)立

12、性以及物體的平衡等，較好的考 查了學(xué)生綜合應(yīng)用知識(shí)的能力，是一道考查能力的好題，同時(shí)注意系統(tǒng)機(jī)械能守 包的條件.9.9. 小球P和Q用不可伸長(zhǎng)的輕繩懸掛在天花板上，P球的質(zhì)量大于Q球的質(zhì)量， 懸掛P球的純比懸掛Q球的純短，將兩球拉起，使兩繩均被水平拉直，如圖所示， 將兩球由靜止釋放，在各自軌跡的最低點(diǎn)（）op "。QA. P球的速度一定小于Q球的速度B. P球的動(dòng)能一定小于Q球的動(dòng)能C. P球所受純的拉力一定大于 Q球所受純的拉力D. P球的向心加速度一定大于 Q球的向心加速度【答案】AC【解析】【詳解】從靜止釋放至最低點(diǎn)，由機(jī)械能守恒得：mgR=：mv2,解得：v=/2gR ,在

13、最低點(diǎn)的速度只與半徑有關(guān)，可知 VP<VQ；動(dòng)能與質(zhì)量和半徑有關(guān)，由于 P球的 質(zhì)量大于Q球的質(zhì)量，懸掛P球的純比懸掛Q球的純短，所以不能比較動(dòng)能的大 小。故A正確，B錯(cuò)誤；在最低點(diǎn)，拉力和重力的合力提供向心力，由牛頓第二_ lv： 一_ V1 _|F-ms _ 止律得：F-mg=m ,解得，F(xiàn)=mg+m - =3mg , a向=用=2g,所以P球所受純的 拉力一定大于Q球所受純的拉力，向心加速度兩者相等。故 C正確，D錯(cuò)誤。故 選AC?！军c(diǎn)睛】求最低的速度、動(dòng)能時(shí)，也可以使用動(dòng)能定理求解；在比較一個(gè)物理量 時(shí)，應(yīng)該找出影響它的所有因素，全面的分析才能正確的解題。10.10.如圖所示，一

14、質(zhì)量為0.5kg的一塊橡皮泥自距小車(chē)上表面1.25m高處由靜止下落，恰好落入質(zhì)量為2kg、速度為2.5m/s沿光滑水平地面運(yùn)動(dòng)的小車(chē)上，并與小車(chē)一起沿水平地面運(yùn)動(dòng)，取法J ,不計(jì)空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是()A.橡皮泥下落的時(shí)間為0.3sB.橡皮泥與小車(chē)一起在水平地面上運(yùn)動(dòng)的速度大小為2m/sC.橡皮泥落入小車(chē)的過(guò)程中，橡皮泥與小車(chē)組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒D.整個(gè)過(guò)程中，橡皮泥與小車(chē)組成的系統(tǒng)損失的機(jī)械能為7.5J【答案】BD 【解析】lh h 乂 ”【詳解】橡皮泥下落的時(shí)間為：1=- -=U.5s.故A錯(cuò)誤；橡皮泥與小車(chē)在Ms 4 10水平方向的動(dòng)量守恒，選取向右為正方向，則有：mivo= (mi

15、+m2)v,所以共同速度為：v -=-=2m.s,故B正確；橡皮泥落入小車(chē)的過(guò)程中，橡皮泥與 磯+* 2 + 05小車(chē)組成的系統(tǒng)在水平方向的動(dòng)量守恒，但豎直方向的動(dòng)量不守恒。故 C錯(cuò)誤； 在整個(gè)的過(guò)程中，系統(tǒng)損失的機(jī)械能等于橡皮泥的重力勢(shì)能與二者損失的動(dòng)能， 得：zE= m2gh+miv02-1(mi + m2)v2,代入數(shù)據(jù)可得：zE=7.5J .故 D 正確。故 選BD。【點(diǎn)睛】本題考查了動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用，本題是多體、多過(guò)程問(wèn)題，分析清楚 物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程與運(yùn)動(dòng)性質(zhì)是解題的前提，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律、能量守恒定律與動(dòng) 能定理即可解題。，I. 一一, _ ,一11.11.帶有光滑圓弧軌道、質(zhì)量為

16、M的滑車(chē)靜止置于光滑水平面上，如圖所小， 一質(zhì)量為m的小球以速度。水平?jīng)_上滑車(chē)，到達(dá)某一高度后，小球又返回車(chē)的左 端，若M=2m，若()A.小球?qū)⒆鲎杂陕潴w運(yùn)動(dòng),B.小球以后將向左做平拋運(yùn)動(dòng)C.此過(guò)程中小球?qū)π≤?chē)做的功為 學(xué)D.小球在弧形槽上升的最大高度為氏3g【答案】BCD【解析】【分析】 小球和小車(chē)組成的系統(tǒng)，在水平方向上動(dòng)量守恒，小球越過(guò)圓弧軌道后，在水平 方向上與小車(chē)的速度相同，返回時(shí)仍然落回軌道，根據(jù)動(dòng)量守恒定律判斷小球的 運(yùn)動(dòng)情況.對(duì)小車(chē)，運(yùn)用動(dòng)能定理求小球?qū)π≤?chē)做的功.當(dāng)小球與小車(chē)的速度相 同時(shí)，小球上升到最大高度，由動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律結(jié)合求解最大高 度.【詳解】小球滑

17、上滑車(chē)，又返回，到離開(kāi)滑車(chē)的整個(gè)過(guò)程中，系統(tǒng)水平方向動(dòng)量 守恒。選取向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：mv0=mvi+Mv2由機(jī)械能守恒定律得：mvo2= mvi2+ Mv22FrC所以小球以后將向左做平拋運(yùn)動(dòng)，故 A錯(cuò)誤，B正確。對(duì)小車(chē)，運(yùn)用動(dòng)能定理得：小球?qū)π≤?chē)做的功WtMv22-0=d3,故C正確。當(dāng)29設(shè)共同速度為v。規(guī)定向右為正小球與小車(chē)的速度相同時(shí)，小球上升到最大高度, 方向，運(yùn)用動(dòng)量守恒定律得：mvo= (m+M) v根據(jù)能量守恒定律得，有：:mv02-： (m+M) v2=mgh代入數(shù)據(jù)得：h=三 故D正確。故選BCD。3g【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道小球和小車(chē)組成的系統(tǒng)在水平方向

18、上動(dòng)量守恒，系 統(tǒng)的機(jī)械能也守恒.本題可與彈性碰撞類(lèi)比，記住解題結(jié)果.二、實(shí)驗(yàn)題12.12. 探究力對(duì)原來(lái)靜止的物體做的功與物體獲得速度的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示圖1圖2(1)下列說(shuō)法正確的是 。A.通過(guò)改變橡皮筋的條數(shù)改變拉力做功的數(shù)值B.通過(guò)改變橡皮筋的長(zhǎng)度改變拉力做功的數(shù)值C .通過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下的紙帶來(lái)測(cè)定小車(chē)加速過(guò)程中獲得的最大速度D .通過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下的紙帶來(lái)測(cè)定小車(chē)加速過(guò)程中獲得的平均速度(2)通過(guò)實(shí)驗(yàn)獲得較科學(xué)的數(shù)據(jù)作出的Mi圖像，應(yīng)為圖2中的哪一個(gè) 0【答案】(1). AC; (2). B;【解析】試題分析：(1)每條橡皮筋做的功是相同的，所以可通過(guò)改變橡皮筋的條數(shù)改變 拉力

19、做功的數(shù)值，選項(xiàng) A正確；當(dāng)紙帶上的點(diǎn)跡變得均勻間距相等時(shí)，可以認(rèn)為 做勻速直線運(yùn)動(dòng)，達(dá)到最大速度，選項(xiàng) C正確。(2) W正比于v2, W v圖象應(yīng)為曲線，選項(xiàng) B正確?？键c(diǎn)：此題考查了探究功與速度變化的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)。13.13.如圖所示為實(shí)驗(yàn)室中驗(yàn)證動(dòng)量守恒的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖。(1)若入射小球質(zhì)量為mi,半徑為門(mén)，被碰小球的質(zhì)量為m2,半徑為2,則入射小球(2)設(shè)入射小球的質(zhì)量為n“，被碰小球的質(zhì)量為15, P為碰撞前入射小球落點(diǎn)的平均位置，則關(guān)系式為(用 小卜叱、OM、ON、OP表示) 成立, 即表示碰撞中動(dòng)量守恒?！敬鸢浮?1). C;(2). E 'OP Hi OM 十叫 9K

20、；【解析】(1)在小球碰撞過(guò)程中水平方向動(dòng)量守恒定律故有mivo=mivi+m2v2在碰撞過(guò)程中動(dòng)能守恒故有不叫要碰后入射小球的速度 vi>0,即mi-m2>0, mi > m2,為了使兩球發(fā)生正碰，兩小球的半徑相同，ri=2,故選C；(2) P為碰前入射小球落點(diǎn)的平均位置，M為碰后入射小球的位置，N為碰后被碰小球的位置,UP碰撞前入射小球的速度1但碰撞后入射小球的速度函碰撞后被碰小球的速度“ 秒若mivi=m2v3+miV2則表明通過(guò)該實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證了兩球碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒，irijOP - mqM 1 m2ON14.14.用如圖所示實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，通過(guò)電磁鐵控制小鐵

21、球從A點(diǎn)由靜止釋放，下列過(guò)程中經(jīng)過(guò)光電門(mén) B時(shí)，通過(guò)與之相連的毫秒計(jì)時(shí)器(圖中未 畫(huà)出)記錄下?lián)豕鈺r(shí)間t,實(shí)驗(yàn)前應(yīng)調(diào)整光電門(mén)位置使小鐵球下落過(guò)程中球心通過(guò)光電門(mén)中的激光束。(當(dāng)?shù)刂亓铀俣扔胓表示)(1)為了驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，還需要測(cè)量的物理量有A . A點(diǎn)與地面間的距離HB.小鐵球的質(zhì)量mC.小鐵球從A到B的下落時(shí)間tABD.小鐵球的直徑dE. A、B之間的距離h1(2)小鐵球通過(guò)光電門(mén)時(shí)的瞬時(shí)速度 v= ,如果關(guān)系式，=成 t"立，則可驗(yàn)證小鐵球在下落過(guò)程中機(jī)械能守恒。(用測(cè)量的物理量表示)?！敬鸢浮?1). DE ；(2). ： ；(3).學(xué)；1 d【解析】(1) A、根據(jù)實(shí)

22、驗(yàn)原理可知，需要測(cè)量的是 A點(diǎn)到光電門(mén)的距離，故 A錯(cuò)誤；B、根據(jù)機(jī)械能守恒的表達(dá)式可知，方程兩邊可以約掉質(zhì)量，因此不需要測(cè)量質(zhì)量，故B錯(cuò)誤；C、利用小球通過(guò)光電門(mén)的平均速度來(lái)代替瞬時(shí)速度，不需要測(cè)量下落時(shí)間，故 C 錯(cuò)誤；D、利用小球通過(guò)光電門(mén)的平均速度來(lái)代替瞬時(shí)速度時(shí)，需要知道擋光物體的尺寸，因此需要測(cè)量小球的直徑，故 D正確；E、測(cè)量AB之間的距離h求解重力勢(shì)能的減小量，故 E正確。(2)利用小球通過(guò)光電門(mén)的平均速度來(lái)代替瞬時(shí)速度，故：v I根據(jù)機(jī)械能守恒需要驗(yàn)證的是：gh -齊。點(diǎn)睛：無(wú)論采用什么樣的方法來(lái)驗(yàn)證機(jī)械能守恒，明確其實(shí)驗(yàn)原理都是解決問(wèn)題 的關(guān)鍵，同時(shí)在處理數(shù)據(jù)時(shí)，要靈活應(yīng)用

23、所學(xué)運(yùn)動(dòng)學(xué)的基本規(guī)律。15.15.如圖所示，A、B、C為方向與紙面平行的勻強(qiáng)電場(chǎng)中的三點(diǎn)，它們的連線 組成一直角三角形，且BC=4cm , AB=5cm ,當(dāng)把電荷量為2.0 . 1021的點(diǎn)電荷從B點(diǎn)移到C點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做功*0，10寸，而把該點(diǎn)電荷從A點(diǎn)移到B點(diǎn)需 克服電場(chǎng)力做功8.0 -,則電場(chǎng)強(qiáng)度的方向?yàn)?,場(chǎng)強(qiáng)大小為(2). 100【詳解】在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電荷量q=-2.0 M0-9C的負(fù)電荷，由B點(diǎn)移到C點(diǎn)，靜電c . 8.0 K一 一力做功8.0 X10-9J ,故 B、C 兩點(diǎn)的電勢(shì)差：UBC-4V ；同理2.0 10-以一日。鴕1,7則AC為等勢(shì)面，則電場(chǎng)強(qiáng)度的方向?yàn)閺?C

24、指向B,場(chǎng)強(qiáng)大-2.0 10-，一L 4小為EV m - lOOV/m 01 0 3【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵先確定等勢(shì)面，然后結(jié)合公式 U=W/q 和U=Ed列式求解場(chǎng)強(qiáng)大 小，注意應(yīng)用公式U=W/q求解電勢(shì)差時(shí)各個(gè)量的符號(hào)，知道等勢(shì)面與場(chǎng)強(qiáng)方向垂 直.三、計(jì)算題16.16.如圖所示，平行金屬板長(zhǎng)為L(zhǎng), 一個(gè)帶電荷量為+q,質(zhì)量為m的粒子以初 速度%緊貼上板垂直射入電場(chǎng)，剛好從下極板邊緣射出，末速度恰與下板成30°角, 粒子重力不計(jì)，求：一飛伊(1)粒子末速度大?。?2)電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。?3)兩極板間距離【解析】試題分析：粒子在電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)的合成與分解可知粒子的末速度 的大小將

25、粒子的運(yùn)動(dòng)分解為水平方向的勻速運(yùn)動(dòng)和豎直方向的勻加速直線運(yùn)動(dòng)， 則由運(yùn)動(dòng)的合成與分解可求得電場(chǎng)強(qiáng)度；由動(dòng)能定理可求得兩板間的距離。(1)粒子離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)速度如圖所示，由圖示可知：(2)帶電粒子做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，在水平方向上：L=v0t,粒子離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)，粒子豎直方向的分速度：vy=votan600兩板間的距離:(3)粒子從射入電場(chǎng)到離開(kāi)電場(chǎng),由動(dòng)能定理得：qEd - nv3-聯(lián)立以上解得:小鬲E 二qL點(diǎn)睛：本題主要考查了帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)， 若垂直電場(chǎng)線進(jìn)入則做類(lèi)平拋運(yùn) 動(dòng)，要將運(yùn)動(dòng)分解為沿電場(chǎng)線和垂直于電場(chǎng)線兩個(gè)方向進(jìn)行分析，利用直線運(yùn)動(dòng) 的規(guī)律進(jìn)行求解。17.17.如圖所示，質(zhì)量為M的小車(chē)靜止在光滑的水平地面上，質(zhì)量為 m的小物塊以初速度先從小