2019高考物理一輪選練習(xí)題(10)(含解析)新人教版

1、2019高考物理一輪選練習(xí)題（十） 李仕才 一、選擇題 1、一質(zhì)點(diǎn)做速度逐漸增大的勻加速直線運(yùn)動(dòng)， 在時(shí)間間隔 t 內(nèi)位移為 x,動(dòng)能變?yōu)樵瓉?lái)的 4 倍。該質(zhì)點(diǎn)的加速度為（） 工 3x 2x 3x A. B. C.D. 【答案】C 1 【解【解析】動(dòng)能變?yōu)樵瓉?lái)的 4 倍，則物體的速度變?yōu)樵瓉?lái)的 2 倍，即 v= 2vo,由 x= （vo + V 譏 2x v）t 和 a= .得 a =._,故 C 對(duì)。 【鏈接】光滑水平地面上有兩個(gè)疊放在一起的斜面體 A、B,兩斜面體形狀大小完全相同，質(zhì) 量分別為 M m.如圖甲、乙所示，對(duì)上面或下面的斜面體施加水平方向的恒力 Fi、F2均可使兩 斜面體相對(duì)靜

2、止地做勻加速直線運(yùn)動(dòng)， 已知兩斜面體間的摩擦力為零， 則 Fi與 F2之比為（ ） 有：mgtan 0 = ma，對(duì) A 和 B 組成的整體有：F2= (M + m)a= (M+ m) gtan 0 ,己己=扁扁 2、如圖甲所示，輕彈簧豎直固定在水平面上，一質(zhì)量為 m=0.2kg 的小球，從彈簧上端某高 度處自由下落，從它接觸彈簧到彈簧壓縮至最短的過(guò)程中（彈簧始終在彈性限度內(nèi)） ，其速 度 v 和彈簧壓縮量 x 之間的函數(shù)圖象如圖乙所示，其中 A 為曲線的最高點(diǎn)，小球和彈簧接 觸瞬間機(jī)械能損失不計(jì)，取 g=10m/s2，則下列說(shuō)法正確的是（ ） 乙 A. M： m C. m： （M+ m） 解

3、析：選 A.Fi作用于 A 時(shí)，設(shè) A 和 B 之間的彈力為 0 = ma 對(duì) A 和 B 組成的整體有：Fi= （M+ m）a = B. m: M D. M： (M+ m) N,對(duì) A 有：Ncos 0 = Mg 對(duì) B 有：Nsin gtan 0 ; F2作用于 A 時(shí)，對(duì) B A. 小球剛接觸彈簧時(shí)速度最大 B-當(dāng)厶 x=0.3m 時(shí)，小球處于超重狀態(tài) C. 該彈簧的勁度系數(shù)為 20.0N/m D. 從接觸彈簧到壓縮至最短的過(guò)程中，小球的加速度先減小后增大 【答案】BCD 【解析】由小球的速度圖象知，開始小球的速度增大，說(shuō)明小球的重力大于彈簧對(duì)它的彈力， 當(dāng)厶 x為 0.1m 時(shí)，小球的

4、速度最大，然后減小，說(shuō)明當(dāng)厶 x 為 0.1m 時(shí)，小球的重力等于彈 噸 0.2x10 k = = N m = 20一0、m 簧對(duì)它的彈力所以可得： k x=mg 解得，選項(xiàng) A 錯(cuò)誤；C 正確；彈簧的最大縮短量為 x=0.3m，所以彈簧彈力為 F=20N/mK 0.3m=6Nmg, 故此時(shí)物體的加速度向上，物體處于超重狀態(tài)，選項(xiàng) B 正確；v-t 圖線的斜率表示物體的加 速度，由圖線可知從接觸彈簧到壓縮至最短的過(guò)程中，小球的加速度先減小后增大，選項(xiàng) D 正確；故選 BCD 3、（ 2018 黑龍江省哈爾濱市第六中學(xué)階段）下列選項(xiàng)是反映汽車從靜止勻加速啟動(dòng) （汽車所 受阻力 Ff恒定），達(dá)到額

5、定功率 P 后以額定功率運(yùn)動(dòng)最后做勻速運(yùn)動(dòng)的速度隨時(shí)間及加速度、 牽引力和功率隨速度變化的圖象，其中正確的是 （） 【答案】ACD【解和汽車開始做初速度為零的勻加速葩腿縱當(dāng)達(dá)到額斷率時(shí)，勻如速結(jié)束然后做加速度逐漸 減小的加速運(yùn)動(dòng)，言至最后勻速運(yùn)動(dòng).幵始勻加速時(shí)；承敢呦設(shè)勻加速岡恪束時(shí)速度為VU有：F嚴(yán)FV1 最后勻速3寸:Ff,有:P Tv工由以上各式解得j勻加速的末速虞為n?i =齊掃，最后勻速速度対 =貞在 聯(lián)團(tuán)象中斜率験示加速虞，汽車開始加速度不甕，后來(lái)逐漸瞞小，故找正確P汽車運(yùn)動(dòng)過(guò)程中開始擁速度 不變，后來(lái)加速度逐漸減小最后in速度為雲(yún)，故弓錯(cuò)誤F汽車牽引力開始大正確.故選ACD. 4

6、、（ 2018 山東師大附中月考）如圖，在正點(diǎn)電荷 Q 的電場(chǎng)中有 M N P、F 四點(diǎn)，M、N P 為直角三角形的三個(gè)頂點(diǎn)， F 為 MN 的中點(diǎn)，/ M= 30 .M、N、P、F 四點(diǎn)處的電勢(shì)分別用 $ M $ N、$ P、$ F表示.已知$ M= $ N, $ p= $ F,點(diǎn)電荷 Q 在 M N P 三點(diǎn)所在平面內(nèi)，則（ ） A. 點(diǎn)電荷 P 一定在 MP 的連線上 B. 連接 PF 的線段一定在同一等勢(shì)面上 C. 將正試探電荷從 P 點(diǎn)搬運(yùn)到 N 點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功 D. $ P大于$ M 【答案】AD 【解析】由購(gòu)尸蝕 可知點(diǎn)電荷0走在趙V連線的中垂線上，過(guò)尸作妙的垂纟膠 皿于。點(diǎn)，

7、設(shè)顧 -=土色/,尸。=伽3呼=迴匚 OP-MP- W= A/Afcos 3(T - cos 30 3 3 羋匸進(jìn)仃即FgQP 二卑,QXQ姑藝婦故點(diǎn)電荷一走在“的連線上的。點(diǎn)，選項(xiàng)山正 3 3 3 3 確（另解：根據(jù)題意 $ M= $ N, $ P= $ F,可知點(diǎn)電荷 Q 一定在 MN 的中垂線與 PF 連線的中垂 線的交點(diǎn)處，作 PF 連線的中垂線交 MP 于點(diǎn) 0,連結(jié) O F 兩點(diǎn)，由幾何知識(shí)知 OF 為 MN 的 中垂線，故點(diǎn)電荷 Q定在 MP 的連線上的 0 點(diǎn)，A 正確）；點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)的等勢(shì)面是以 點(diǎn)電荷為球心的同心球面，直線不可能在球面上，故 B 選項(xiàng)錯(cuò)誤；由圖可知 0F

8、 $ M= $ N,將正試探電荷從高電勢(shì)搬運(yùn)到低電勢(shì)，電場(chǎng)力做正功，選項(xiàng)=FN=b則由幾何關(guān)系MO= C 錯(cuò)、D 對(duì). 5、平面 OM 和平面 ON 之間的夾角為 30,其橫截面（紙面）如圖所示，平面 OM 上方存在勻 強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 B,方向垂直于紙面向外.一帶電粒子的質(zhì)量為 m 電荷量為 q（q0）.粒子沿紙面以大小為 v 的速度從 OM 的某點(diǎn)向左上方射入磁場(chǎng)，速度與 OM 成 30 角.已知該粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡與 ON 只有一個(gè)交點(diǎn)，并從 OM 上另一點(diǎn)射出磁場(chǎng). 不計(jì) qB 【答案】D 【解析】如團(tuán)所示，粒子在翻中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑和晉. 重力.粒子離開磁場(chǎng)的出射點(diǎn)到兩平面

9、交線 O 的距離為（ jV A.jmv 2qB BV3mv c.gmv D. 4mv qB A1 設(shè)入射點(diǎn)為出射點(diǎn)為喪， 圓弧與皿:的交點(diǎn)為只由粒子運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性及粒子的入射方向知， 廊=丘由J 何圖形知，AP 二屁,則加=J5P=3兒 所OB=AR= .tj?選項(xiàng)D正確. 6、（ 2018 四川省成都市實(shí)驗(yàn)高級(jí)中學(xué)月考）如圖甲所示的電路中，理想變壓器的原、副線 圈匝數(shù)比為 10: 1,在原線圈輸入端 a、b 接入圖乙所示的不完整正弦交流電。電路中電阻 R=5,R2=6,R3為定值電阻，電壓表和電流表均為理想電表，開始時(shí)開關(guān) S 斷開。下列說(shuō)法正 確的是（） 旳=嘰嚴(yán)=口說(shuō)匚即電壓表的示數(shù)為口返

10、匚幵關(guān)S斷幵時(shí)劇線圈中電流刖嚴(yán)急二芒兒由半二沽 得：吒之遵二器仏即電溢表的示數(shù)為豊兒A錯(cuò)誤B正確；閉合電鍵卩總電阻減小,因?yàn)樵€圈電 壓和匝數(shù)比都不變，所臥副線圈兩端的電圧不變故電壓表示數(shù)不變，副線圈的電舷大則原圈的電 流變大，電流表示數(shù)變大，D正確；選BD- 7、（ 2018 山東省臨沂市高三上學(xué)期期中）如圖所示，質(zhì)量分別為 mA 和 m 的物體 A 和 B 相對(duì) 靜止，以共同的速度沿傾角為 9 的固定斜面勻速下滑，則下列說(shuō)法錯(cuò)誤 的是（） D.取走 A 物體后，B 物體仍將勻速下滑 B. 電壓表的示數(shù)為： C閉合開關(guān) S 后，電壓表示數(shù)變大 D閉合開關(guān) S 后，電流表示數(shù)變大 【答案】BD

11、 【解析】根據(jù)電流的熬奴應(yīng), 解得：別，由盒二即解得: C. A 受到的靜摩擦力的大小為 A. 電流表的示數(shù)為. B 與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù) B. B 受到的摩擦力的合力大小為 【答案】A CtetFrl解答本題的關(guān)鍵是正確應(yīng)用整體與隔離注決整體為研究對(duì)象，整體重力沿斜面的分力等于斜面 給B的摩攥力，然后隔離血詛劉汙平衡獗態(tài)。衛(wèi)所受重力沿斜面的分力等于月給的靜摩揀力對(duì)盤受力 分析，處于平衡燧，因此有扎=gsmd,方跳斜面巨Lb根據(jù)牛頓第三定律可得B旻到4給的摩 擷力芳向沿下面向下，大半為心二叫西“0、將兩者看做亠個(gè)整體，藏整休受力分析可鈾S聲0斜面給 的摩擠力大小商屜=（叫+%西虜，所以月詡的

12、摩扌勅力的合力大小為 m、=籾郵血外 BC 正確；根據(jù)滑動(dòng)摩擦力定義式可知 -V- - - ?,解得已 七心, 九二閥+旳 igmi 弘堆旳+%）gcE,解得妒伽&,故二肉 ，從該分析 中可知取走 A 物體后，物體 B 受滑動(dòng)摩擦力為 -1 ，代入“-：得， - - -二二 U，即物體 B 受力平衡，則物體 B 仍能做勻速直線運(yùn)動(dòng)， A 錯(cuò)誤 D 正 確. 二、非選擇題 （2018 江西省南昌第二中學(xué)月考）如圖 ，用“碰撞實(shí)驗(yàn)器”可以驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律 ,即研究 兩個(gè)小球在軌道水平部分碰撞前后的動(dòng)量關(guān)系 （1）實(shí)驗(yàn)中,直接測(cè)定小球碰撞前后的速度是不容易的 ,但是,可以通過(guò)僅測(cè)量 _ （填

13、選 項(xiàng)前的符號(hào)），間接地解決這個(gè)問(wèn)題 A. 小球開始釋放高度 h B. 小球拋出點(diǎn)距地面的高度 H C. 小球做平拋運(yùn)動(dòng)的射程 （2）圖中 O 點(diǎn)是小球拋出點(diǎn)在地面上的垂直投影 .實(shí)驗(yàn)時(shí)，先讓入射球 m 多次從斜軌上 S 位置 靜止釋放,找到其平均落地點(diǎn)的位置 P,測(cè)量平拋射程 OP.然后,把被碰小球 m 靜置于軌道的 水平部分，再將入射球 m 從斜軌上 S 位置靜止釋放,與小球“相碰,并多次重復(fù). 接下來(lái)要完成的必要步驟是 _ .（填選項(xiàng)前的符號(hào)）o 射 P 即 I # V * - 35.20 rm. * -44. SO Lin - * 55.64J TBI - * A. 用天平測(cè)量?jī)蓚€(gè)小球

14、的質(zhì)量 m、m B. 測(cè)量小球 m 開始釋放高度 h C. 測(cè)量拋出點(diǎn)距地面的高度 H D. 分別找到 m、m2相碰后平均落地點(diǎn)的位置 M N E. 測(cè)量平拋射程 OM ON (3) _ 若兩球相碰前后的動(dòng)量守恒 ,其表達(dá)式可表示為 (用(2)中測(cè)量的量表示). 經(jīng)測(cè)定，mi= 45.0g,m 2= 7.5g,小球落地點(diǎn)的平均位置距 O 點(diǎn)的距離如圖所示.碰撞前、后 m 的動(dòng)量分別為 pi與 pi,則 pi：pi= _ :11;若碰撞結(jié)束時(shí) mi 的動(dòng)量為 p2 ,則 pi :p2 =ii: _ . Pt 實(shí)驗(yàn)結(jié)果說(shuō)明，碰撞前、后總動(dòng)量的比值 為 _ . 【答案】(i)C ； ADE ； (3) mQM +mhON =m OP (4)i4 ； 2.9 ； i.0i 【解析】(1小球禽幵軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，由于小球拋出點(diǎn)的高度相等，它們?cè)诳罩械倪\(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，小 球的水平位移與小球的初速度成正比，可以用小球的水平位移代替其初速度，故&C. (2)要驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律定律， 即驗(yàn)證： gvi = mv2+m2V3，小球離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)， 它們拋出點(diǎn)的高度相等，在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間 t 相等，上式兩邊同時(shí)乘以 t 得： gw