高中物理必修一綜合測試卷(含答案)

1、絕密啟用前2015-2016學(xué)年度？券校1月月考卷試卷副標(biāo)題題號一一三四五六七八總分得分考試范圍：xxx;考試時間：100分鐘；命題人：xxxA.小球的加速度在上升過程中逐漸減小，在下降過程中也逐漸減小B.小球被拋出時的加速度值最大，到達(dá)最高點的加速度值最小注意事項：1 .答題前填寫好自己的姓名、班級、考號等信息2 .請將答案正確填寫在答題卡上第I卷（選擇題）請點擊修改第I卷的文字說明評卷人得分、選擇題（題型注釋）C.小球上升過程的平均速度大于上2f xD.小球拋出瞬間的加速度大小為1+* gI V4.如圖是汽車運送圓柱形工件的示意圖。圖中 光滑，汽車靜止不動時 Q傳感器示數(shù)為零，器示數(shù)為零而

2、Q N傳感器示數(shù)不為零。已知則汽車向左勻加速啟動的加速度可能為（）P、Q N是固定在車體上的壓力傳感器，假設(shè)圓柱形工件表面P、N傳感器示數(shù)不為零。當(dāng)汽車向左勻加速啟動過程中，P傳感2sin15=0. 26 , cos15 =0. 97 , tan15 =0. 27 , g=10 m/s2。1 .甲、乙兩車在公路上沿同一方向做直線運動，它們的v-t圖象如圖所示.兩圖象在t= t1時相交于P點,P在橫軸上的投影為 Q,4OPQ勺面積為S.在t=0時刻，乙車在甲車前面，相距為d.已知此后兩車相遇兩次，且相遇2, 2一A.4 m/s B.3 m/s C.2,2, 2m/ sD.1 m/ s5.如圖所示

3、，輕彈簧兩端拴接兩個質(zhì)量均為m的小球a、b,拴接小球的細(xì)線固定在天花板上，兩球靜止，兩細(xì)線與水平方向的夾角均為 0 =30 ,彈簧水平，以下說法正確的是（）A.細(xì)線的拉力大小為 mgC.t = 1 ti,d = 3S d. t = 1ti,d = 1 S 24242.在地質(zhì)、地震、勘探、氣象和地球物理等領(lǐng)域的研究中，需要精確的重力加速度g值，g值可由實驗精確測定.近年來測 g值的一種方法叫“對稱自由下落法”，它是將測g值歸于測長度和時間，以穩(wěn)定的氫就激光的波長為長度標(biāo)準(zhǔn)，用光學(xué)干涉的方法測距離， 以鋤原子鐘或其他手段測時間，此方法能將g值測得很準(zhǔn).具體做法是：將真空長直管沿豎直方向放置，自其中

4、的。點向上拋小球，從拋出小球至小球又落回拋出點的時間為丁2；小球在運動過程中經(jīng)過比 。點高H的P點，小球離開P點至又回到P點所用的時間為 T1.由T1、T2和 H的值可求得g等于（）B.彈簧的彈力大小為3 mgC.剪斷左側(cè)細(xì)線瞬間，b球加速度大小為g2D.剪斷左側(cè)細(xì)線瞬間，a球加速度大小為g6.如圖，A B兩球質(zhì)量相等，光滑斜面的傾角為。.圖甲中A、B兩球用輕彈簧相連，圖乙中 A、B兩球用輕桿相連.系統(tǒng)靜止時，擋板 C與斜面垂直，彈簧、輕桿均與斜面平行.在突然撤去擋板的瞬間A.B.C.D.H4T2 - T；3 .從地面上以大小為 vo的初速度豎直上拋一質(zhì)量為 m的小球，若運動過程中受到的空氣阻

5、力與其速率成正比，小球運動的速度大小隨時間變化的規(guī)律如圖所示，t1時刻到達(dá)最高點，再落回地面時速度大小為V1,且落地前小球已經(jīng)做勻速運動，在小球的整過運動過程中，則下列說法中正確的是A.兩圖中兩球加速度均為 g sin 0，.B.圖甲中A球的加速度為零C.圖甲中B球的加速度是為 2gsin 0D.圖乙中A球的加速度為零7.某人在地面上用彈簧秤稱得其體重為490N,他將彈簧秤移至電梯內(nèi)稱其體重，讓電梯靜止開始運動，to至t3時間段內(nèi)，彈簧秤的示數(shù)如圖（甲）所示，則電梯運行的vt圖可以是圖（乙）中的（取電梯向上運動的方向為正）A. ai = 0, a2= 0B. ai = a, a2= 0-m1C

6、. aiam1m2_m2a2=mim2八G/N 540 490440miD. ai = a a 2m2評卷人 得分三、填空題（題型注釋）8.物體A B疊放在斜面體C上，物體B的上表面水平，如圖所示，在水平力（甲）F的作用下一起隨斜面向左勻加速運動的過程中，物體A、B相對靜止,設(shè)物體B給物體A的摩擦力為凡水平地面給斜面體C的摩擦力ii.特種兵過山谷的一種方法可化簡為如右圖所示的模型：將一根長為2d、不可伸長的細(xì)繩的兩端固定在相距為d的A、B兩等高處，懸繩上有小滑輪 P,戰(zhàn)士們相互配合，可沿著細(xì)繩滑到對面。開始時，戰(zhàn)士甲拉住滑輪，質(zhì)量為m的戰(zhàn)士乙吊在滑輪上，處于靜止?fàn)顟B(tài)，AP豎直，則此時甲對滑輪的

7、水平拉力為 若甲將滑輪由靜止釋放，則乙在滑動中速度的最大值為 。（不計滑輪與繩的質(zhì)量，不計滑輪的大小及摩擦）四、實驗題（題型注釋）i2.橡皮筋也像彈簧一樣，在彈性限度內(nèi)，伸長量x與彈力F成正比，即F=kx, k的值與橡皮筋未受到拉力時的長度L、橫截面積S有關(guān)，理論與實踐都表明9 .如圖所示，三個質(zhì)量不等的木塊 M N、Q間用兩根水平細(xì)線 a、b相連，放在粗糙水平面上.用水平向右的 恒力F向右拉Q,使它們共同向右加速運動.這時細(xì)線a、b上的拉力大小分別為 Ta、Tb.若在第2個木塊N上再放一個小木塊P,仍用水平向右的恒力 F拉Q,使四個木塊共同向右加速運動（P、N間無相對滑動），這時細(xì) 線a、b

8、上的拉力大小分別為 Ta、Tb.下列說法中正確的是（）,YSk=，其中Y是一個由材料決定的常數(shù)，材料力學(xué)上 L稱之為楊氏模量。用如圖所示的實驗裝置可以測量出它的勁度系數(shù)k的值.下面的表格是橡皮筋受到的拉力F與伸長量x的實驗記錄.（i）在國際單位制中，楊氏模量Y的單位應(yīng)該是 A.N B.m C.N/m D.Pa（2）請根據(jù)表格中白數(shù)據(jù)做出F-x圖像。由圖像求得該橡皮筋的勁度系數(shù)為N/m（保留兩位有效數(shù)字）ATaTbB .Ta Ta ,Tb TbC .Ta Ta ,Tb Ta, Tb Tb10 .如圖所示，光滑水平面上，在拉力F作用下，AB共同以加速度a做勻加速直線運動，某時刻突然撤去拉力F,此瞬

9、時A （ m）和B （n2）的加速度為ai和a2,則粒力FID15205倬長坦x/e1.6Lx4 76 43 0下列說法正確的是。A.每次在小車上加減祛碼時，應(yīng)重新平衡摩擦力B.實驗時若用打點計時器應(yīng)先釋放小車后接通電源C.本實驗m2應(yīng)遠(yuǎn)小于 m1D.在用圖象探究加速度與質(zhì)量關(guān)系時，應(yīng)作 a 圖象m2實驗時，某同學(xué)由于疏忽，遺漏了平衡摩擦力這一步驟，測得 F = mg ,作出a- F圖像，他可能作出圖 2(選填“甲”、“乙”“丙”)圖線。此圖線的AB段明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是 (填寫器材序號)，還應(yīng)補7個點(標(biāo)號06),測出0至IJ 1、T.則打點2時小車的速度L2 =13. (7

10、分)為了探究機(jī)械能守恒定律，岳口高中的金金設(shè)計了如圖甲所示的實驗裝置，并提供了如下的實驗 器材：A小車 B 鉤碼 C 一端帶滑輪的木板D細(xì)線E .電火花計時器 F .紙帶G.毫米刻度尺 H .低壓交流電源 I . 220V的交流電源(1)根據(jù)上述實驗裝置和提供的實驗器材，你認(rèn)為實驗中不需要的器材是 充的器材是.(2)實驗中得到了一條紙帶如圖乙所示，選擇點跡清晰且便于測量的連續(xù) 2、3、4、5、6點的距離分別為di、d2、d3、d4、d5、d6 ,打點周期為A.小車與軌道之間存在摩擦B.導(dǎo)軌保持了水平狀態(tài)C.鉤碼的質(zhì)量太大D.所用下車和祛碼的質(zhì)量太大1(3)實驗時，某同學(xué)遺漏了平衡摩擦力這一步驟

11、，若軌道水平，他測量得到的a 圖像，如圖3。設(shè)圖中直m2線的斜率為k,在縱軸上的截距為 b,則小車與木板間的動摩擦因數(shù)k =，率碼的質(zhì)量 m, =O(4)實驗中打出的紙帶如圖所示.相鄰計數(shù)點間的時間是 0.1 s ,其中x1 = 7. 05cm X2 = 7.68cmx3 = 8. 33cm X4 = 8. 95cm x5 = 9.61cm, X6 = 10.26cm,由此可以算出小車運動的加速度是 m/s15.如圖所示，A B兩棒長均為l=1.0 m , A的下端和B的上端相距s= 20 m。若A、B同時運動，A做自由 落體運動，B做豎直上拋運動，初速度 vc= 40 m/s。(g取10 m

12、/s2)求：22(3)在實驗數(shù)據(jù)處理時，如果以上為縱軸，以d為橫軸，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)繪出 -d圖象，其圖線的斜率表 2示的物理量的表達(dá)式為 .14.如圖1所示，為“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實驗裝置及數(shù)字化信息系統(tǒng)獲得了小車加速度a與鉤碼的質(zhì)量及小車和祛碼的質(zhì)量對應(yīng)關(guān)系圖。鉤碼的質(zhì)量為m,小車和祛碼的質(zhì)量為 m2,重力加速度為go(1) A、B兩棒何時相遇；(2)從相遇開始到分離所需的時間。.(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)評卷人 得分五、計算題(題型注釋)若測得小車質(zhì)量為 M鉤碼質(zhì)量為 m打點1和點5時小車的速度分別用 q、電表示，已知重力加速度為g,則驗證點1與點5間系統(tǒng)的機(jī)械能守恒的關(guān)系式可表示為

13、 0 1 23456(I正常行駛，如果過人工收費通道，需要恰好在中心線處減速至零，經(jīng)過t0=25s繳費成功后，再啟動汽車勻16 .如圖所示，兩個質(zhì)量分別為mr 4m的質(zhì)點A B之間用輕桿連結(jié)，并通過長L的輕繩掛在光滑的定滑輪上, 求系統(tǒng)平衡時OA OB段繩長各為多少？17 .如圖甲、乙所示，傳送帶上有質(zhì)量均為m的三個木塊1、2、3,中間均用原長為 L、勁度系數(shù)為k的輕彈簧連接起來，木塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)均為山，其中木塊1被與傳送帶平行的細(xì)線拉住，傳送帶按圖示方向勻速運動，三個木塊處于平衡狀態(tài)。求：圖甲圖乙(1)在圖甲狀態(tài)下，1、3兩木塊之間的距離是多大？(2)在圖乙狀態(tài)下，傳送帶與水平方向

14、夾角為0，傳送帶逆時針方向勻速轉(zhuǎn)動，三個木塊處于平衡狀態(tài)，此時細(xì)線的拉力是多大？木塊 1、3之間的距離又是多大？18 . 2014年11月22日16時55分，四川省康定縣境內(nèi)發(fā) 6.3級地震并引發(fā)一處泥石流。一汽車停在小山坡底，突然司機(jī)發(fā)現(xiàn)山坡上距坡底240m處的泥石流以8m/s的初速度，0.4m/s2的加速度勻加速傾瀉而下，假加速至Vi正常行駛，設(shè)汽車在減速和加速過程中的加速度大小分別為a = 2m / s2和a? = 1m / s2 ,求:收費站中心線- d tMHH 卜MM行羲方向|勻速行駛區(qū)I ETC通道- -J - I行駛方向=)(人工收普通道jI-r-(1)汽車過ETC通道時，從開

15、始減速到恢復(fù)正常行駛過程中的位移大小(2)汽車走ETC通道比走人工收費通道節(jié)約的時間是多少21. (14分)在光滑水平地面上，靜止著一個質(zhì)量為M = 4 kg的小車.如圖所示，在車的最右端有一個質(zhì)量為m = 1 kg的大小不計的物體，已 知物體與小車之間的動摩擦因數(shù)為0.2，小車的長度L = 2 m ,現(xiàn)在用恒定的水平力F = 14 N向右拉動小車，求 F拉動3s時，小車的速度多大？(設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力).(g = 10 m/s 2)1s,汽車啟動后以恒定的設(shè)泥石流到達(dá)坡底后速率不變，在水平地面上做勻速直線運動，司機(jī)的反應(yīng)時間為 加速度一直做勻加速直線運動。其過程簡化下圖所示，求：泥

16、石潦第15題圖.(1)泥石流到達(dá)坡底的時間和速度大?。?2)試通過計算說明：汽車的加速度至少多大才能脫離危險？(結(jié)果保留三位有效數(shù)字)19.如圖所示，一長為l的長方形木塊在水平面上以加速度2之間有一定的距離，木塊通過1、2兩位置所用時間分別為a做勻加速直線運動。先后經(jīng)過1、2兩位置,t1和t2。求：22.如圖8所示，a、B兩個物體靠在一起放在光滑水平面上，它們的質(zhì)量分別為MA = 3kg, MB=6kg。今用水平力FA推A,用水平力FB拉B, FA和FB隨時間變化的關(guān)系是 FA=92t(N)、FB=3+2tN)。求從t=0到A、B脫離，它們的位移是多少？(1)木塊經(jīng)過位置1、位置2的平均速度大

17、?。?2)木塊前端P在1、2之間運動所需時間。ETC是電子不停車收費系統(tǒng)的簡稱，汽車分別通過20.在2014年底，我國不少省市 ETC聯(lián)網(wǎng)正式啟動運行,vk16m/s朝收費站沿直線行駛，如果過ETC通道和人工收費通道的流程如圖所示，假設(shè)汽車以正常行駛速度ETC通道，需要在距離U費站中心線前d=8m處恰好勻減速至v2=4m/s,勻速通過中心線后，再勻加速至v1.參考答案1. . BC【解析】試題分析：由圖可知，乙的加速度為a =S=v1,設(shè)甲追上乙的時刻為 t,則根據(jù)距ti2離的關(guān)系得：S甲一S-d，故 vt【at 2=d，整理得：vt 22vtit +2dti=0,所以將 t =t i2代入該

18、式中，發(fā)現(xiàn) d=S,但如果這樣的話，兩個物體將相遇一次，這與題意是不相符的，故A錯誤；將t = 3ti,代入發(fā)現(xiàn)d=-S,故B正確；將t =1ti,代入發(fā)現(xiàn)d=-S,故C正2424確，D錯誤。考點：追擊與相遇問題。2. C【解析】試題分析：將上拋運動轉(zhuǎn)化成自由落體來處理，則根據(jù)運動的對稱性可知，小球從最高點到落回到。點的時間是-2，則有從最tWj點到 。點的距離為h=g(-2)2；同理從最高點到 P 222i T8H點的距曷滿足：h H =-g(1);聯(lián)立解得：g =*r，故選C.22T2 -Ti2考點：豎直上拋運動的規(guī)律【名師點睛】 此題聯(lián)系實際考查了豎直上拋運動的規(guī)律；因為豎直上拋運動和自

19、由落體運動是對稱運動，故一般是研究自由落體運動比較簡單； 此題中只要列的從最高點到下落到拋出 點或者P點的方程即可聯(lián)立求解；此題是基礎(chǔ)題 .3. AD【解析】試題分析：v-t線的斜率等于物體的加速度，故由圖線可知小球的加速度在上升過程中逐漸 減小，在下降過程中逐漸減小，選項 A正確；小球被拋出時的加速度值最大，下落過程到達(dá) 勻速運動時加速度為零最小，故選項B錯誤；小球上升過程中的位移小于勻變速運動時的位移，故上升時的平均速度小于 v0 ,選項C錯誤；小球勻速運動時：mg=kv;拋出時根據(jù)牛頓第二定律：mg+kvo=ma解得拋出瞬間的加速度大小為a = ii + ig ,選項D正確；故選AD.v

20、考點：v-t圖線；牛頓第二定律4. AB【解析】試題分析：當(dāng)汽車向左勻加速啟動過程中，P傳感器示數(shù)為零而 Q N傳感器示數(shù)不為零，受力分析如圖：.,EV、，F(xiàn)Q豎直方向：Fc+mg=Fcos15 ;水平方向：F 合=FNsin15 =maFq mgFq2聯(lián)立解得：a=tanl5 = 父0.27+2.7至2.7m/s，故可能的為 AB選項.mm考點：牛頓第二定律.5. B【解析】試題分析：對a球分析，運用共點力平衡條件得：細(xì)線的拉力為：T= Og = 2mg;彈簧sin：的彈力：F=mgcot a = J3 mg,故A錯誤，B正確；2剪斷左側(cè)細(xì)線的瞬間，彈簧的彈力不變，故小球b所受的合力F合二0

21、,加速度為0,故C錯誤；剪斷左側(cè)細(xì)線的瞬間，彈簧的彈力不變，小球a所受的合力F合=T=2mg根據(jù)牛頓第二定律得，a=2g.故D錯誤. 故選B。 考點：物體的平衡；牛頓第二定律的應(yīng)用.【名師點睛】本題考查了牛頓第二定律和共點力平衡的基本運用；解題時必須要畫出規(guī)范的受力分析圖，然后利用平行四邊形法則結(jié)合數(shù)學(xué)知識解答；要知道剪斷細(xì)線的瞬間，彈簧的彈力不能突變。此題難度不大，是基礎(chǔ)題.6. BC 【解析】試題分析：撤去擋板前，對整體分析，擋板對B球的彈力大小為 2mgsin 0 ,因彈簧彈力不能突變，而桿的彈力會突變，所以撤去擋板瞬間，圖甲中A球所受合力為零，加速度為零，B球所受合力為2mgsin 0

22、 ,加速度為2gsin 0 ;圖乙中桿的彈力突變?yōu)榱?，A B球所受合力均為mgsin 0 ,加速度均為gsin。，故B、C正確，A、D錯誤.故選 BC.考點：本題考查牛頓第二定律、物體的平衡、整體法與隔離法.7. A【解析】本題考查牛頓第二定律、超重和失重等。由圖可知，在t0到t1時間內(nèi)，彈簧秤示數(shù)小于重力，是失重，電梯有向下的加速度，向上減速或向下加速，BC錯；在t2到t3時間內(nèi)，彈簧秤示數(shù)大于重力超重，電梯有向上的加速度，向上加速或向下減速， 電梯是由靜止開始運動的，因此 A對D錯。難度較易。 8. CD【解析】試題分析：整體在水平力F的作用下一起隨斜面向左勻加速運動, 運動，故Ff2水平

23、向右，故D正確；加速度方向水平向左，所以對A進(jìn)行受力分析，水平方向僅受到物體B給物體A的摩擦力為所以整體相對與斜面向左A物體合外力的方向向左,Ffi 0,所以Ffi水平向左，故C正確?？键c：牛頓第二定律；力的合成與分解的運用9. B【解析】試題分析：先對整體受力分析，受重力、支持力、拉力，根據(jù)牛頓第二定律，有:F= ( mM+mN+nm) aTa=mMa對Q受力分析，受重力、支持力、拉力F和b繩子的拉力，根據(jù)牛頓第二定律，有:再對M受力分析，受重力、支持力、拉力，根據(jù)牛頓第二定律，有:.F-T b=mQa聯(lián)立解得:m,. FTa= M； Tb =mM + mN + mQ(mM + mN)FmM

24、 + mN + mQ當(dāng)在第2個木塊N上再放一個小木塊 P,相當(dāng)于N木塊的重力變大，故 Ta減小，Tb增加； 故選B.考點：牛頓第二定律；整體法及隔離法。10. D【解析】試題分析： 撤去接力F后，AB之間彈簧的彈力不變，所以 A的加速度ai=a,彈力大小為 %mai,對B由牛頓第二定律有-mia產(chǎn)ma2,解得a2= 附a,所以本題選擇 D。考點：牛頓第二定律唯11 .【解析】試題分析：對滑輪受力分析并正交分解如圖:同一根繩上的拉力相等， 故AP,BP繩上的拉力均為F,設(shè)AP的長度為x,則BP長度為：, 在直角三角形ABP中：BP. = 戶,即：Qd 2*+ 解得： 4 ,即:AP長度為, BP

25、長度為：不，即：/ APB=53 ,所以4二%5y二 06F x = F產(chǎn)Fsm53 = $F由滑輪平衡得：y方向：m=F +區(qū)=F + OEF 解得：F = r-k凡=0父=1.6, x方向：巧=7，即：一 L6 2甲將滑輪由靜止釋放后，戰(zhàn)士乙只有重力對其做功， 所以下落到最低點是速度最大，下落到最低點時，繩子如圖S此時三條邊均為 d,三角形為正三角形，即：每個角為60。，所以此時P距離A點的豎直高J3 i/siii60o = J度op為：2,從靜止到此狀態(tài)戰(zhàn)士乙共下落的高度設(shè)此時的速度為V,在下落過程中只有重力做功，做的功為：1包 3 h = ah 為： 24mgh,由動能定理得：考點：考

26、查了共點力平衡條件的應(yīng)用【名師點睛】 難點在于根據(jù)繩子的長度算出直角三角形的角度，需要細(xì)細(xì)品味.在下落的過程中最低點速度是最大的，難點在求出下落到最低點時下落的高度是多少，需要數(shù)形結(jié)合，總體來說是個難題，每一步都需要仔細(xì)推敲一，、_ _ _一 212 . ( 1) D (2) 3.1X10【解析】YSkL試題分析：(1)根據(jù)表達(dá)式k = 得：Y =圖象的斜率表示勁度系數(shù)的大小,注意單位要化成國際單位，由此可得k = 3.1M102N/m。考點：探究彈力和彈簧伸長的關(guān)系。YS【名師點睛】（1）根據(jù)k=表示出Y,由其它物理量的單位推出丫的單位。L（2）根據(jù)所給數(shù)據(jù)，利用描點法即可畫出圖象.根據(jù)胡克

27、定律可知，圖象的斜率大小等于勁度系數(shù)大小.13 .（1）H（1 分）天平（1 分）；（2）史=9二% 或.d4 （ 1 分），2T4T1 mmg（d5 d1） =（M +m）（ 12-2） （2 分）；（31） g （2 分）2 M m【解析】試題分析：（1）電火花計時呂第的是 220V交流電源，因此低壓交流電源用不著；另外還需要用到天平測出小車的質(zhì)量M;（2）打點2時的速度等于1 3間的平均速度，即=*_!曳；2T根據(jù)機(jī)械能守恒，整個系統(tǒng)減小的重力勢能等于整個系統(tǒng)增加的動能，即2mg（d5 -d1）=（M +m）（ 4 -）；（3）根據(jù)v =2ad ,因此 -d的斜率就是加速度，而3 2對祛

28、碼進(jìn)行受力分析可知：mg -T =ma,而對小車T = Ma ,因此可得a = mgM m考點：驗證機(jī)械能守恒14. (1) D (2)甲，C (3),(4) 0.64 m/s 2g g【解析】試題分析：（1）平衡摩擦力是指利用重力沿斜面向下的分力來使得物體在沿斜面方向上合 力為零，即滿足 mg sin日=Nmgcos日,解得tanH = N ,所以只要角度合適了，增減小車的質(zhì)量，不用再平衡摩擦力， A錯誤；在實驗過程中，由于實驗過程非常短暫，為了得到更 多的數(shù)據(jù)，所以需要先接通電源后釋放紙帶，B錯誤；將兩者看做一個整體，對整體有m1g =(m +m2)a ,對小車有 T =m2a ,聯(lián)立可得

29、 T = m1m2g = m1g ,只有當(dāng) m g m1 m21m.m21 _時，T之mg , C錯反；根據(jù)牛頓第一te律可得 F = m2a ,即a=F ,直線能更清楚的 mh1 .表達(dá)兩者之間關(guān)系，所以應(yīng)作出a 圖像，故D正確；m2（2）由于遺漏了平衡摩擦力，需要當(dāng)外力達(dá)到一定時，小車才開始做加速運動，故圖像的橫截距不為零.故圖線為甲；當(dāng)不滿足m2 m1時，隨m,的增大物體的加速度 a逐漸減小，故圖象彎曲的原因是： 所掛鉤碼的總質(zhì)量太大， 不滿足沙和沙桶質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，故C正確；(3)根據(jù)牛頓第二定律可知， m1g _ Nm2g =m2a，化簡可得1a = miig Ng，故 k 刊

30、gi m2故 m1=k, b = Ng,故 N=b gg2 22(4)根據(jù)逐差法可得 X6X3=3aT、X2 =3aT、X4 - Xi = 3aT ,三式相加可得X6 X4 X5 - X3 - X2 - X,，一 r2a = -4 - 23一2-1，代入數(shù)據(jù)可得 a u 0.64m/ s29T2考點：考查了 “探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實驗【名師點睛】做分析勻變速直線運動情況時，其兩個推論能使我們更為方便解決問題，一、在相等時間內(nèi)走過的位移差是一個定值，即AX=aT2,二、在選定的某一過程中，中間時刻瞬時速度等于該過程中的平均速度15. (1) 0.5s (2) 0.05s【解析】試題分析：

31、(1)以A為參考系，B以V。向上勻速運動，在相遇的過程中，B的位移為s,根 一，一 .一s據(jù)勻速直線運動的公式得：t = = 0.5sV0(2)從相遇開始到分離所需時間，以A為參考系，B的位移為2L,根據(jù)勻速直線運動的公- 2L式得，：t =0.05sV0考點：考查了豎直上拋，自由落體運動【名師點睛】解決本題的巧妙之處是以A為參考系，B以V0向上勻速運動，根據(jù)勻速直線運動的公式進(jìn)行求解.本題也可以地面為參考系，根據(jù)勻變速直線運動的公式求解16. OA = , OB = 55【解析】* m1g試題分析：分別對 A、B球受力分析，如圖所示：.受力平衡，每個小球受到的繩拉力 T與桿的彈力F的合力與重

32、力平衡， 做出T與F合成平行T _ OB m2 g OCT OA 四邊形，紅色的二角形與 OACf似，故： 一=，綠色的三角形與 OBCf似，故: m1g OCOA mo 4_ 4L . L兩式相比： =,OA+OB=L 所以 OA = , OB =。OB m1 155考點：本題考查了共點力平衡的條件及其應(yīng)用工_乂 2工3吵丘gsi口 ac)17. (1)%一 k(2)7二加g(An直+ 必80/，一k【解析】試題分析：(1)如圖甲所示，當(dāng)三木塊達(dá)到平衡狀態(tài)后，對木塊3進(jìn)行受力分析，可知 2和3間彈簧的彈力等于木塊3所受的滑動摩擦力，加喀二國 解得2和3間彈簧伸長量為-k 同理以2木塊為研究對

33、象得 小=* +U陽;2/img即1和2間彈簧的伸長量為工-k ；1、3兩木塊之間的距離等于彈簧的原長加上伸長量，即(2)以木塊1、2、3為系統(tǒng)，由平衡條件可得：丁二九三+ 3%gsitl儀其中：fnUgcosa.聯(lián)立解得：繩的拉力丁二3M+ 軍0)；對木塊3進(jìn)行受力分析，可知 2和3間彈簧的彈力等于木塊 3所受的滑動摩擦力，Wmgcosa +mgsin a =kx3cos a + mg sin a解得2和3間彈簧伸長量為毛k同理以2木塊為研究對象得 嶼;七+Mg cos a+wg sin2 (cos a 4- mg sin a 必=即1和2間彈簧的伸長量為方；1、 3兩木塊之間的距離等于彈簧

34、的原長加上伸長量，即一 r 3(umgcos a-mg sin a),二+ 工，+ x - 2L- 上；考點：考查了共點力平衡條件的應(yīng)用【名師點睛】先對木塊3受力分析，根據(jù)平衡條件列式求解出彈簧的彈力，根據(jù)胡克定律求解伸長量；再對木塊 2、3整體受力分析，再次根據(jù)平衡條件列式求解出彈簧的彈力，根據(jù)胡克定律求解伸長量218. (1) t1=20s, v1 =16m/s (2) a2 &0.421m/s【解析】12試題分析：(1)設(shè)泥石流到達(dá)坡地的時間為 t1,速率為V1,則x1 =v1tl +-a1t122V1 =V aM代入數(shù)據(jù)得：t=20s, V1=16m/s(2)當(dāng)兩者速度相等時，泥石流在

35、水平地面的位移剛好與汽車的位移相等就安全了，故：V2 = a2t = V122V2V1X2 二 二 2a2 2a2FX1 = V1 t 1 T1 = X2822代入數(shù)據(jù)信：a2 =一m/s0.421m/s19考點：追擊和相遇問題?！久麕燑c睛】分析各自物體的運動，建立運動模型，找到速度相等這個臨界條件，結(jié)合兩物 體運動的位置關(guān)系，分別運用適合的規(guī)律列出運動學(xué)方程，將兩物體的速度、位移、運動時 間等物理量聯(lián)系起來，進(jìn)行求解。L L 小與十三【答案】(1).(2)-【解析】-_sL試題分析：(1)由平均速度公式,得，木塊經(jīng)過位置1時的平均速度大小 亡=工_ L木塊經(jīng)過位置 2時的平均速度大小 v 2= 。(2)由平均速度等于中間時刻的瞬時速度知前