內(nèi)蒙古烏蘭察布2018屆高三物理上學(xué)期第二次調(diào)研考試試題

1、5.2017-2018 學(xué)年第一學(xué)期第二次調(diào)考高三年級物理試卷分值：100 時間：90 分鐘一、單項選擇題：（每題 4 分，每道題只有一個正確選項，選對4 分，選錯 0 分，共計 24 分。）1.如圖所示，懸掛在O點的一根不可伸長的絕緣細線下端有一個帶電荷量不變的小球在兩次實驗中，均緩慢移動另一帶同種電何的小球當(dāng)B到達懸點的正下方并與A在同一水平線上，A處于受力平衡時，懸線偏離豎直方向的 角度為若兩次實驗中B的電荷量分別為 和分別為-和.則與的比值為2.兩個帶等量正電的點電荷， 固定在圖中P Q兩點，MN為PQ連線的中垂線，交PQ于O點,A點為MN上的一點取無限遠處的電勢為零， 一帶負電的試探

2、電荷q,在靜電力作用下運動，則A. 若q從A點由靜止釋放，由A點向O點運動的過程中，加速度大小一定先變大再減小B. 若q從A點由靜止釋放，其將以O(shè)點為對稱中心做往復(fù)運動C.q由A點向O點運動時，其動能逐漸增大，電勢能逐漸增大事.也：D. 若在A點給q個合適的初速度，它可以做類平拋運動3. 如圖所示，兩個帶電小球A、B分別處于光滑絕緣的豎直墻面和斜面上，且在同一豎直平 面內(nèi)用水平向左的推力F作用于B球，兩球在圖示位置靜止現(xiàn)將B球沿斜面向上移動一小 段距離，發(fā)現(xiàn)A球隨之向上移動少許，兩球在虛線位置重新平衡重新平衡后與移動前相比， 下列說法正確的是（）A.墻面對A的彈力變小B.斜面對B的彈力變大C.

3、推力F變大D.兩球之間的距離變小4.平行板電容器C與三個可變電阻器、以及電源連成如圖所示的電路閉合開關(guān)S待電路穩(wěn)定后，電容器C兩極板帶-1 f有 一定的電荷要使電容器所帶電荷量增加，以下I I3方法中可行的是（）A.只增大R,其他不變JL T尹B. 只增大R2,其他不變飛- 券C. 只減小，其他不變D.只增大a、b兩極板間的距離，其他不變小燈泡通電后其電流I隨所加電壓U變化的圖線如圖所示,P為圖線上一點，PN為圖線的切線，PQ為U軸的垂線， 為I軸的垂線則下列說法中正確的是A.隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻不變B. 隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻減小C. 對應(yīng)P點，小燈泡的電阻為D. 對應(yīng)

4、P點，小燈泡的電阻為A. 2 B. 3 C.D.-2 -10.如圖所示的電路中，E為電源電動勢，r為電源內(nèi)阻，和 均為定值電阻，為滑動變阻器當(dāng)?shù)幕瑒佑|點在a端時合上開關(guān)S,此時三個電表、x軸正方向運動，則7/77777777777777777777777777777/ra06.光滑絕緣的水平面上方存在一個水平方向的電場，電場線與x軸平行，電勢申與坐標值x的關(guān)系式為：|的單位為叮T單位為：1一帶正電小滑塊P，從弋-二處以初速度沿A.電場方向沿x軸正方向B.電場的電場強度大小為 I：!、jjjC小滑塊的電勢能一直增大D.小滑塊的動能一直減小、多項選擇題：（每題 6 分，選對 6 分，選對不全得 3

5、 分，錯選 0 分，共計 24 分。）7.圖中K、L、M為靜電場中的三個相距很近的等勢面、M之間無電荷 一帶電粒子射入此靜電場中后，依：訂:：. ：軌跡運動已知電勢下列說法中正確的是A.粒子帶負電B. 粒子在be段做減速運動C. 粒子在b點與d點的速度相同D.粒子在e點時電勢能最大8.空間某區(qū)域豎直平面內(nèi)存在電場，電場線分布如圖所示一個質(zhì) 量為m電量為q,電性未知的小球在該電場中運動，小球經(jīng)過A點時的速度大小為，方向水平向右，運動至B點時的速度大小為若AB兩點之間的高度差為h，則以下判斷中正確的是A.AB兩點的電場強度和電勢大小關(guān)系為I上:vB. 若，則電場力一定做負功C.AB兩點間的電勢差為

6、一一1 r 1D. 小球從A運動到B點的過程中電場力做的功為-ill-, .in.9.小明去實驗室取定值電阻兩只打“，電壓表一個,練習(xí)使用電壓表測電壓電路連接如下圖，電源輸出電壓不變小明先用電壓表與并聯(lián)，電壓表示數(shù)為 ，再用電壓表與 并聯(lián)，電壓表示數(shù)為，則下列說法正確的是A.一定大于、B.一定小于-C. 與之和小于 12VD. 與之比一定不等于 1 : 3-3 -和V的示數(shù)分別為、 和 將 的滑動觸點向b端移動 過程中，下列判斷正確的是C.減小，增大，U減小D.變化量 小于變化量A.電源的效率減小B.電源的輸出功率一定減小-4 -三、實驗填空題 （填空和連線 2 分，電路圖 4 分，共 16

7、分。）11.為了較精確地測量一節(jié)干電池的內(nèi)阻，可用以下給定的器材和一些導(dǎo)線來完成實驗：量程3V的理想電壓表V,量程的電流表.具有一定內(nèi)阻，定值電阻 丸丁禮：，滑動變阻器二匚兀二二，滑動變阻器 二 m，電鍵 實驗電路原理圖如圖.（門為方便實驗調(diào)節(jié)和較準確地測量，滑動變阻器應(yīng)選用 _填代!或垃小用筆畫線代替導(dǎo)線在圖中完成電路連接.實驗中改變滑動變阻器的阻值，測出幾組電流表和電壓表的讀數(shù)，在給出的坐標系中畫出 U-I 圖線如圖所示，則干電池的內(nèi)阻 _di 結(jié)果保留兩位有效數(shù)字12.某物理學(xué)習(xí)小組的同學(xué)在研究性學(xué)習(xí)過程中，用伏安法研究某種燈泡:的伏安特性曲線，要求多次測量盡可能減小實驗誤差，備有下列器

8、材：A 直流電源，內(nèi)阻不知B.電流表 G（滿偏電流 3mA內(nèi)阻 IE）C.電流表VU.，內(nèi)阻未知D.滑動變阻器E.滑動變阻器 _I.F.定值電阻阻值UG開關(guān)與導(dǎo)線若干請在圖 1 中畫出符合題意的測量電路圖；滑動變阻器應(yīng)選擇_填題首字母.如圖 所示為該種燈泡的門圖象，現(xiàn)將兩個這種小燈泡 、 與一個阻值為 的定 值電阻R連成如圖 所示的電路，電源的電動勢為 三-：丁，電鍵S閉合后，小燈泡 與 定值電阻R的電功率均為巳則卩=_W電源的內(nèi)阻_-四、計算題（13 題 8 分，14 題 10 分，15 題 10 分 16 題 8 分。共 36 分。注：要求給出詳細解 題步驟和適當(dāng)文字說明 。13.如圖所示

9、，空間中A、B、C三點連線恰構(gòu)成一直角三角形，且(a)S乩-5 - .I ，在B、C兩點分別放置一點電荷，它們的電荷量分別是 和靜電力常量為 求：-6 -斜邊AC的中點D處的電場強度；要使D點的電場強度方向與AB平行，可在A點放置一點電荷，試確定其電荷量和電性.14.如圖所示，在真空中足夠大的絕緣水平面上，有一個質(zhì)量:!._, 一-帶電荷量|廣七的小物塊處于靜止?fàn)顟B(tài)從時刻開始，在水平面上方空間加一個范圍足夠大、水平向右：I |:- :.-的勻強電場，使小物塊由靜止開始做勻加速直線運動當(dāng)小物塊運動 I.：”時撤去該電場已知小物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)/ -：:,取重力加速度二.| 求：小物塊運動

10、時速度v的大??；小物塊運動過程中位移x的大??；小物塊運動過程中電場力對小物塊所做的功W15.如圖所示，半徑為r的絕緣光滑圓環(huán)固定在豎直平面內(nèi)，環(huán)上套有一個質(zhì)量為m帶正電的珠子，空間存在水平向右的勻強電場，珠子所受的電場力是其重力的倍，將珠子從環(huán)上最低位置A點由4靜止釋放，那么珠子所能獲得的最大動能是多少？16.如圖所示，電源的電動勢卜 I r v，電阻，電動機線圈的電阻嘰 八二,當(dāng)電鍵S斷開時，電阻的電功率是 525W當(dāng)S閉合時，電阻 山的電功率是 336W求：電源的內(nèi)阻；當(dāng)S閉合時流過電源的電流和電動機消耗的功率.-7 -1答案和解析方向水平向右.要使D點的合場強沿平行于AB的方向，必須在A

11、點放置負電荷, 矢量圖如圖所示.則有：m.：.丄得.屣Q答： 斜邊AC的中點D處的電場強度大小，水平向右;L-要使D點的電場強度方向與AB平行，可在A點放置一點電荷，其電荷量2Q,帶負電荷.14.解：小物塊受電場力和滑動摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律有川:二:|根據(jù)運動學(xué)公式、I 、時小物塊的速度大小有解得：山1?小物塊 i 內(nèi)位移的大小= I撤去電場后小物塊做勻減速運動，根據(jù)牛頓第二定律有3=小物塊 1=；：$內(nèi)的位移 i x：L -i；.小物塊運動位移大小 =、 - -小物塊運動過程中電場力對小物塊所做的功川-答：小物塊運動丨山:時速度V的大小為；小物塊運動過程中位移X的大小為 ；小物塊運動過程

12、中電場力對小物塊所做的功W為15.解：受力平衡時，小球動能最大受力平衡之前合力做正功動能增加，受力平衡之后合力 做負功動能減少.設(shè)小球與豎直方向夾角為時，重力與彈力的合力等于電場力1.C2.B3.A4.BBD8.BC9.BC10.ACD11.；12.D;13. 解：亠處點電荷在D點產(chǎn)生的場強：D1kQ5.D6.B7.C處點電荷在D點產(chǎn)生的場強故D點的合場強大小為-【答LBC71/-8 -由三力平衡時的閉合三角形定則知受力如圖:F 3tan9 =-mg 4得 3 -廠從運動至動能最大此過程重力做負功，電場力做正功，支持力始終垂直于 由動能定理得：即為：九山 l.k得:“I：4答：珠子所能獲得的最

13、大動能是三斗16.解：斷開時，設(shè)通過電源的電流為 I，則，對有：所以有：1= |= 5AP1對閉合回路：丁1 10所以有：=. = 閉合時，設(shè)通過的電流為人，則對有：336所以有：I】=fyj- = 4A1 兩端電壓為：4-對閉合回路，設(shè)通過電源的電流為.，則有：點：所以有：,.所以電動機中的電流為： , -；、J.I?則電動機消耗的功率為：!- 1.=1：心答： 電源的內(nèi)阻為 ；當(dāng) S 閉合時流過電源的電流為26A，電動機消耗的功率為 1606W【解析】1.解：小球 A 受力平衡，A 球所受的庫侖力=-：遼嚀匸知：wQ“k-二 mgtan30v,所以不做功-9 -(lsmBO )2k-= m

14、gtan45(lsin45 )2聯(lián)立解得：豈=退故ABD昔誤，C正確；故選：C小球A受重力、拉力和庫侖力處于平衡，求出庫侖力與A球重力的關(guān)系，從而得出兩次實驗中B的電荷量的比值.解決本題的關(guān)鍵掌握共點力平衡的求法，比如合成法、正交分解法等.2.解：A在射線OM上,0點電場強度微粒，無窮遠處的電場強度也為零，故射線0M上有一個電場強度的最大的點，故將q從A點由靜止釋放，由A點向0點運動的過程中，加速度大 小可能一直減小，也可能先增加后減小，故A錯誤；B電場強度在MN上是對稱分布的，故根據(jù)電場力做功可知，其將以0點為對稱中心做往復(fù)運動；故B正確；C從A到0過程，電場力做正功，動能增大，電勢能逐漸減

15、小，故C錯誤；D類平拋運動要求合力恒定，該電場不是勻強電場， 粒子不可能做類似平拋運動，故D錯誤;故選：B根據(jù)等量同種點電荷電場線的分布情況，抓住對稱性，分析試探電荷q的受力情況，確定其運動情況，根據(jù)電場力做功情況，分析其電勢能的變化情況.本題考查靜電場的基本概念關(guān)鍵要熟悉等量同種點電荷電場線的分布情況，運用動能定理進 行分析.3.解：AD先對小球A受力分析，受重力、支持力、靜電力，如圖所示：根據(jù)共點力平衡條件，有：IcosaFN= mgUna. I.2.?由于 減小，根據(jù)I式，庫侖力減小，故兩球間距增加；故D錯誤；由于 減小，根據(jù)式，墻面對A的彈力變?。还蔄正確；BG再對AB整體受力分析，受

16、重力、斜面支持力N墻壁支持力、推力F,如圖所示:根據(jù)共點力平衡條件，有：-10 -N5inp + FN= FNcosp = (m十解得：F = (m十N/fJgtanP十mglana.COSp由于減小，不變，根據(jù)：式，推力F減??；故C錯誤；由于 減小，不變，根據(jù)|式，斜面對B的彈力不變；故B錯誤；故選：A.先對小球A受力分析，根據(jù)共點力平衡條件得到墻面對A的彈力和庫侖力的變化情況；再對AB整體受力分析，根據(jù)共點力平衡條件判斷推力F和斜面彈力的變化情況.本題主要是考查了共點力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對象、進行受 力分析、利用平行四邊形法則進行力的合成或者是正交分解法進行力的

17、分解，然后在坐標軸 上建立平衡方程進行解答本題也可以利用圖解法來分析；注意整體法和隔離法的應(yīng)用.4.解：A、只增大 ，其他不變，電路中的電流變小，兩端的電壓減小，根據(jù)- -，知電容器所帶的電量減小故A錯誤.B、只增大 ，其他不變，電路中的電流變小，內(nèi)電壓和上的電壓減小，電動勢不變，所以 兩端的電壓增大，根據(jù).，知電容器所帶的電量增大故B正確.C只減小其他不變，在整個電路中相當(dāng)于導(dǎo)線，所以電容器的電量不變故C錯誤.D增大ab間的距離，根據(jù)，知電容C減小，而兩端間的電勢差不變，所以所帶的電量減小故D錯誤.故選B.電容器與 串聯(lián)，與 并聯(lián)，電容器兩端間的電勢差等于兩端間的電勢差，電阻 相當(dāng)于導(dǎo)線判斷

18、出 兩端電壓的變化，根據(jù)、得出電容器電量的變化.解決本題的關(guān)鍵通過閉合電路的動態(tài)分析判斷電阻的電壓變化，即電容器兩端的電壓變化，根據(jù)T匸判斷電量變化.5.解：A B圖線的斜率逐漸減小，說明電阻逐漸增大故AB錯誤.U 3C D對應(yīng)P點，小燈泡的電阻為故C錯誤，D正確.I 0.3故選：DU根據(jù)電阻的定義，電阻等于圖線上的點與原點連線的斜率的倒數(shù)，斜率逐漸減小，電阻逐漸增大對應(yīng)P點，燈泡的電阻等于過P點的切線斜率的倒數(shù).U本題中燈泡是非線性元件，圖象中斜率為變化的，可以由任一點的坐標根據(jù)電阻的定義式:=.求解電阻，但不能根據(jù)斜率求解.6.解：A、沿x正方向，電勢逐漸升高，故電場方向沿x軸負方向，故A

19、錯誤U6B根據(jù)勻強電場中的場強與電勢差的關(guān)系得，I.丨八二，故B正確dCD滑塊向x軸正方向運動時，小滑塊P受電場力對滑塊做負功，電勢能增加，當(dāng)速度為零 時，電勢能-11 -最大，此后滑塊返回，電勢能將會減小，速度變大，動能變大，故CD錯誤-12 -故選：B電勢與坐標值x的關(guān)系式為：.j ：,由于沿電場方向電勢逐漸降低，故電場方向為x軸負方向，小滑塊P受電場力對滑塊做負功，電勢能增加，由計算勻強電場場強d由計算勻強電場場強，知道電場力做功與電勢能變化的關(guān)系，能確定滑塊的運動情景是 先向右后向左，知道沿電場方向電勢逐漸降低的結(jié)論7.解：A各等勢面的電勢：匚卞宀，所以電場強度的方向向左；結(jié)合粒子的曲

20、線運動，所受合力應(yīng)該指向曲線彎曲的內(nèi)側(cè)，點電荷的所受電場力是偏在左側(cè)的，點電荷帶正電故A錯誤.B點電荷的所受電場力是偏在左側(cè)的，所以粒子在be段做減速運動故B正確.C b、d在同一等勢面上，粒子在這兩點的電勢能相等，根據(jù)動能與電勢能總量守恒，可知粒子在兩點速率相等，但是速度是矢量，方向沿切線的方向，所以二者的方向不相同， 故C錯誤.D a到e電場力做負功，電勢能增大，e到e電場力做正功，電勢能減小，粒子在e點時電勢能最大故D正確故選：BD由等勢面的情況可以畫出電場線的大致分布圖， 結(jié)合粒子的曲線運動， 所受合力應(yīng)該指向曲 線彎曲的內(nèi)側(cè)，所以電子的所受電場力是偏在左側(cè)的，所以電場強度的方向向右所

21、以各等勢 面的電勢：=，:卜、d在同一等勢面上，電勢能相等，動能相等，速率相等根據(jù)a到e電場力做負功，電勢能增大，e到e電場力做正功，電勢能減小，e點電勢最小.這類軌跡問題常常作電場線求解，這是常用方法電勢、電勢能、場強等物理量大小比較是電 場部分常見題目.8.解：A、由電場線密處電場強度大，電場線疏處電場強度小，可知，二由順著電場線的方向電勢逐漸降低，可知，和；n 所以三：；、和=巳，故A錯誤.w=e定為負，故B正確.C由上式得，A、B兩點間的電勢差.，故C正確17i ,D電場力做功為. 故D錯誤. 2故選：BC根據(jù)電場線的疏密判斷場強的大小，由電場線的方向分析電勢的高低小球運動過程中，重力

22、 做正功，電場力做負功根據(jù)動能定理求解A B兩點間的電勢差和電場力做的功.本題首先要掌握電場線兩個意義可判斷場強和電勢的大小；其次根據(jù)動能定理研究曲線運動 中功的計算.9.解：不接電壓表時，、 串聯(lián)，電壓之比為：UJ;R23而 V - 解得： n當(dāng)電壓表并聯(lián)在兩端時，有： 5 R：3解得：,B在小球運動的過程中，由動能定理得若，可知電場力做功-13 -同理，當(dāng)電壓表并聯(lián)在 兩端時，有：,得：1 I，但兩電壓表之比可能等于 1: 3.故BC正確，AD錯誤.故選：BC不接電壓表時，、 串聯(lián)，電壓之比等于電阻之比，求出此時、 兩端的電壓，并聯(lián)電壓表后并聯(lián)部分電阻變小，再根據(jù)串并聯(lián)電路的特點即可分析求

23、解.本題主要運用串并聯(lián)的知識討論電壓表對電路的影響，知道并聯(lián)電壓表后并聯(lián)部分電阻變小，難度適中.10.解：A、將 的滑動觸點向b端移動時，減小，整個電路的總電阻減小，總電流I增大,電源的內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，即電壓表示數(shù)U減小電源的效率，則 減小，故El EA正確.B由于電源的內(nèi)外電阻關(guān)系，所以不能確定電源的輸出功率如何變化，故B錯誤.C總電流I增大，電壓增大，、并聯(lián)電壓減小，通過的電流 減小，而總電流I增大，則流過 的電流 增大故C正確.D由于總電流h增大，通過的電流減小，貝U故D正確.故選：ACD本題要理清電路，確定電壓表測得什么電壓，電流表測得什么電流，抓住電源的電動勢和內(nèi) 阻不變，

24、禾U用閉合電路歐姆定律和串、并聯(lián)電路的特點進行分析.解決本題的關(guān)鍵抓住電動勢和內(nèi)電阻不變，按局部到整體再到局部的順序分析.11.解： 電流表的量程，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電路中需要的最大電阻應(yīng)為：E 1.5w廠一后f所以變阻器應(yīng)選叫；根據(jù)原理圖可知實物圖如圖所示：根據(jù)閉合電路歐姆定律應(yīng)用：、，: 門小整理可得：;,由圖可知圖象與縱坐標的交點為電源的電動勢；故 三-工丁 1 50- 1,00根據(jù)函數(shù)斜率的概念應(yīng)有：，解得；w 0.2S故答案為：如圖所示；(3)0.29根據(jù)閉合電路歐姆定律求出電路中需要的最大電阻，從而確定對應(yīng)的滑動變阻器；根據(jù)電路圖可得出對應(yīng)的實物圖；-14 -根據(jù)閉合電路歐

25、姆定律寫出關(guān)于U與I的函數(shù)表達式，然后根據(jù)斜率和截距的概念即可求解.本題考查測量電源的電動勢和內(nèi)電阻的實驗，應(yīng)注意明確以下幾點：I測定電池電動勢和內(nèi)阻實驗應(yīng)選擇內(nèi)阻較大的舊電池；通過電流表的最小電流應(yīng)為電流表量程的，這樣可以保 證準確；：遇到根據(jù)圖象求解的問題，應(yīng)根據(jù)物理規(guī)律整理出關(guān)于縱軸與橫軸物理量的函數(shù) 表達式，再根據(jù)斜率和截距的概念即可求解.12.解：描繪燈泡的伏安特性曲線，電壓與電流從零開始變化，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法；由題意可知，沒有電壓表，需要用已知內(nèi)阻的電流表G與定值電阻串聯(lián)測電壓，燈泡電阻.：=,P 2.5電壓表內(nèi)阻為 門丨兀;；二;:工二，電壓表內(nèi)阻遠大于燈泡電阻，電流表應(yīng)

26、采用外接法，電路圖D.由圖所示電路圖可知，小燈泡與定值電阻R并聯(lián)，它們兩端電壓相等，它們的電功率均為P,由 可知，通過它們的電流相等， 它們的電阻相等，即此時燈泡電阻為，由圖所示圖象可知，燈泡兩端電壓為1V時通過燈泡的電流為 工;鳥，此時燈泡電阻為，則功率I -: .；由電路圖可知，串聯(lián)在干路中，通過的電流:- !-,由圖所示圖象可知，E-U外6-1-4電流-所對應(yīng)的電壓為 4V,由閉合電路歐姆定律可知，電源內(nèi)阻：-.I 0.4故答案為：電路圖如圖所示；巴;、；.在該實驗中，滑動變阻器采用分壓接法，由于沒有電壓表，因此需要用已知內(nèi)阻的電流表G進行改裝，由此可畫出原理圖.在保證安全的前提下，為方