高二期末磁場(chǎng)

1、磁場(chǎng) 高二物理磁場(chǎng)1.下面關(guān)于磁感線的說(shuō)法中正確的是（）A磁感線從磁體的N極出發(fā)，終止于磁體的S極B小磁針靜止時(shí)，N極所指的方向，就是那一點(diǎn)的磁場(chǎng)方向C不論在什么情況下，磁感線都不會(huì)相交D沿著磁感線的方向磁場(chǎng)逐漸減弱2.下列說(shuō)法正確的是（）A安培首先發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)B小磁針的N極受磁場(chǎng)力的方向就是該點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向CN/Am是磁感應(yīng)強(qiáng)度的單位D安培力的方向可以不垂直于磁感應(yīng)強(qiáng)度方向3.（單選）關(guān)于磁感強(qiáng)度，正確的說(shuō)法是（）A根據(jù)定義式B=，磁場(chǎng)中某點(diǎn)的磁感強(qiáng)度B與F成正比，與IL成反比B磁感強(qiáng)度B是矢量，方向與F的方向相同CB是矢量，方向與通過(guò)該點(diǎn)的磁感線的切線方向相同D在確定的磁場(chǎng)中，同

2、一點(diǎn)的B是確定的，不同點(diǎn)的B可能不同，磁感線密的地方B大些，磁感線疏的地方B小些4.（單選）一磁場(chǎng)的磁感線如圖所示，一個(gè)小磁針?lè)湃氪艌?chǎng)中，則小磁針將（）A順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)直到N指向右B逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)直到S指向右C保持不動(dòng)D一直順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)5.（單選）如圖所示，a、b、c為紙面內(nèi)等邊三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，在a、b兩頂點(diǎn)處，各有一條長(zhǎng)直導(dǎo)線垂直穿過(guò)紙面，導(dǎo)線中通有大小相等的恒定電流，方向垂直于紙面向里，則c點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的方向?yàn)椋ǎ〢. 與ab邊平行，向上B. 與ab邊平行，向下C. 與ab邊垂直，向右D. 與ab邊垂直，向左6.（單選）如圖所示，螺線管兩端加上交流電壓，沿著螺線管軸線方向有一電子射入，則該電子

3、在螺線管內(nèi)將做( ) A加速直線運(yùn)動(dòng) B勻速直線運(yùn)動(dòng) C勻速圓周運(yùn)動(dòng) D往返運(yùn)動(dòng)7.（單選）如圖所示，金屬棒MN兩端用等長(zhǎng)的細(xì)軟導(dǎo)線連接后水平地懸掛MN處在向里的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，棒中通有由M流向N的電流，此時(shí)懸線受金屬棒的拉力作用為了使懸線中的拉力減小，可采取的措施有（ ）A使磁場(chǎng)反向B使電流反向C增大電流強(qiáng)度D減小磁感應(yīng)強(qiáng)度8.（單選）某同學(xué)設(shè)計(jì)的“電磁彈射”裝置如圖所示，足夠長(zhǎng)的光滑金屬導(dǎo)軌（電阻不計(jì)）水平固定放置，間距為l，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的磁場(chǎng)垂直于軌道平面向下。在導(dǎo)軌左端跨接電容為C的電容器，另一質(zhì)量為m、電阻為R的導(dǎo)體棒垂直于導(dǎo)軌擺放。先斷開(kāi)電鍵S，對(duì)電容器充電，使其帶電量為Q，

4、再閉合電鍵S，關(guān)于該裝置及導(dǎo)體棒的運(yùn)動(dòng)情況下列說(shuō)法正確的是( )A要使導(dǎo)體棒向右運(yùn)動(dòng)，電容器的b極板應(yīng)帶正電 B導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)的最大速度為C導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，流過(guò)導(dǎo)體棒橫截面的電量為Q D導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)過(guò)程中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值為9.（單選）如圖所示，兩平行金屬導(dǎo)軌CD、EF間距為L(zhǎng)，與電動(dòng)勢(shì)為E的電源相連，質(zhì)量為m、電阻為R的金屬棒ab垂直于導(dǎo)軌放置構(gòu)成閉合回路，回路平面與水平面成角，回路其余電阻不計(jì)為使ab棒靜止，需在空間施加的勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感強(qiáng)度的最小值及其方向分別為（）A，水平向右B，垂直于回路平面向上C，豎直向下D，垂直于回路平面向下10.（單選）如圖所示，條形磁鐵放在水平桌面上，其中央正上方固定

5、一根直導(dǎo)線，導(dǎo)線與磁鐵垂直，并通以垂直紙面向外的電流，（）A磁鐵對(duì)桌面的壓力減小、不受桌面摩擦力的作用B磁鐵對(duì)桌面的壓力減小、受到桌面摩擦力的作用C磁鐵對(duì)桌面的壓力增大，不受桌面摩擦力的作用D磁鐵對(duì)桌面的壓力增大，受到桌面摩擦力的作用11.（單選）下列說(shuō)法正確的是（）A處在磁場(chǎng)中的電荷一定受到洛侖茲力的作用B處在電場(chǎng)中的電荷一定受到電場(chǎng)力的作用C電荷在磁場(chǎng)中所受洛侖茲力的方向就是磁場(chǎng)的方向D電荷在電場(chǎng)中所受電場(chǎng)力的方向就是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向12.如圖所示，甲帶正電，乙是不帶電的絕緣物塊，甲、乙疊放在一起，置于粗糙的水平地板上，地板上方空間有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，現(xiàn)用一水平恒力F拉乙物塊，使甲、乙

6、無(wú)相對(duì)滑動(dòng)一起向左加速運(yùn)動(dòng)，在加速運(yùn)動(dòng)階段（）A甲、乙兩物塊間的摩擦力不斷減小B甲、乙兩物塊間的摩擦力不斷增大C甲、乙兩物塊間的摩擦力保持不變D乙物塊與地面之間的摩擦力不斷減小13.一束粒子沿水平方向飛過(guò)小磁針的下方，并與磁針指向平行，如圖所示。此時(shí)小磁針的N極向紙外偏轉(zhuǎn)，則這束帶電粒子可能是（ ）A向右飛行的正離子束 B向左飛行的正離子束C向右飛行的負(fù)離子束 D向左飛行的中性粒子束14.（多選）目前世界上正研究的一種新型發(fā)電機(jī)叫磁流體發(fā)電機(jī)，如圖所示表示它的發(fā)電原理：將一束等離子體（即高溫下電離的氣體，含有大量帶正電和負(fù)電的粒子，而從整體來(lái)說(shuō)呈中性）沿圖中所示方向噴射入磁場(chǎng)，磁場(chǎng)中有兩塊金屬

7、板A、B，這時(shí)金屬板上就聚集了電荷，在磁極配置如圖中所示的情況下，下述說(shuō)法正確的是（ ）A.A板帶正電 B.有電流從B經(jīng)用電器流向AC.金屬板A、B間的電場(chǎng)方向向下D.等離子體發(fā)生偏轉(zhuǎn)的原因是離子所受洛倫茲力大于所受電場(chǎng)力15.（單選）如圖，在一個(gè)水平方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，水平放置一粗糙的絕緣桿，在桿上套有一個(gè)帶正電的環(huán)，環(huán)正在沿桿運(yùn)動(dòng)。磁場(chǎng)的方向與環(huán)的運(yùn)動(dòng)方向如圖所示。對(duì)環(huán)在此后的運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（ ）A環(huán)一定做減速運(yùn)動(dòng)，且最終速度一定為零B環(huán)一定做減速運(yùn)動(dòng)，且最終速度一定大于零C若環(huán)的動(dòng)能發(fā)生了變化，可能是磁場(chǎng)力對(duì)環(huán)做了功D若環(huán)的動(dòng)能發(fā)生了變化，環(huán)一定克服摩擦力做了功16.（多選）如圖，

8、ab邊界下方是一垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，質(zhì)子(H)和粒子（He）先后從c點(diǎn)沿箭頭方向射入磁場(chǎng)，都從d點(diǎn)射出磁場(chǎng)不計(jì)粒子的重力，則兩粒子運(yùn)動(dòng)的（ ）A軌跡相同 B動(dòng)能相同 C速率相同 D時(shí)間相同17.（單選）有三束粒子，分別是質(zhì)子（p），氚核（）和粒子，如果它們以相同的速度沿垂直于磁場(chǎng)方向射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，（磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里）則在下面四圖中，哪個(gè)圖正確地表示出這三束粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡？（）ABCD18.（單選）一個(gè)帶電粒子，沿垂直于磁場(chǎng)方向，射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，粒子的一段徑跡如圖所示，徑跡上的每一小段都可以近似看成圓弧由于帶電粒子使周?chē)目諝怆婋x，粒子的能量逐漸減小而帶電量不變從圖中情況可以確定（）A

9、粒子是帶正電的，它是由a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)B粒子是帶正電的，它是由b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到a點(diǎn)C粒子是帶負(fù)電的，它是由a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)D粒子是帶負(fù)電的，它是由b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到a點(diǎn)19.（單選）如圖所示，為一圓形區(qū)域的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在O點(diǎn)處有一放射源，沿半徑方向射出速度為v的不同帶電粒子，其中帶電粒子1從A點(diǎn)飛出磁場(chǎng)，帶電粒子2從B點(diǎn)飛出磁場(chǎng)，不考慮帶電粒子的重力，則（）A帶電粒子1的比荷與帶電粒子2的比荷比值為1：3B帶電粒子1的比荷與帶電粒子2的比荷比值為：1C帶電粒子1與帶電粒子2在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間比值為2：1D帶電粒子1與帶電粒子2在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間比值為2：320.（多選）回旋加速器是利用較低電壓的高頻電源使粒子經(jīng)多次加

10、速獲得巨大速度的一種儀器，工作原理如圖，不考慮相對(duì)應(yīng)效應(yīng)，下列說(shuō)法正確的是（）A. 粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)B. 粒子由A0運(yùn)動(dòng)到A1比粒子由A2運(yùn)動(dòng)到A3所用時(shí)間少C. 粒子的軌道半徑與它的速率成正比D. 在粒子的質(zhì)量和電荷量以及加速器磁場(chǎng)確定的情況下，粒子所能達(dá)到的最大動(dòng)能由加速器的半徑有關(guān)，與D型盒間加速電場(chǎng)的電壓無(wú)關(guān)21.兩個(gè)質(zhì)量相同、所帶電荷量相等的帶電粒子a、b，以不同的速率對(duì)準(zhǔn)圓心O沿著AO方向射入圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖若不計(jì)粒子的重力，則下列說(shuō)法正確的是()Aa粒子帶正電，b粒子帶負(fù)電Ba粒子在磁場(chǎng)中所受洛倫茲力較大Cb粒子動(dòng)能較大Db粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間較長(zhǎng)22.

11、如圖為一電流表的原理示意圖質(zhì)量為m的均質(zhì)細(xì)金屬棒MN的中點(diǎn)處通過(guò)一絕緣掛鉤與一豎直懸掛的彈簧相連，彈簧勁度系數(shù)為k在矩形區(qū)域abcd內(nèi)有勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直紙面向外與MN的右端N連接的一絕緣輕指針可指示標(biāo)尺上的讀數(shù)，MN的長(zhǎng)度大于ab當(dāng)MN中沒(méi)有電流通過(guò)且處于平衡狀態(tài)時(shí)，MN與矩形區(qū)域的cd邊重合：當(dāng)MN中有電流通過(guò)時(shí)，指針示數(shù)可表示電流強(qiáng)度（1）當(dāng)電流表示數(shù)為零時(shí)，彈簧伸長(zhǎng)多少？（重力加速度為g）（2）若要電流表正常工作，MN的哪一端應(yīng)與電源正極相接？（3）若k=2.0N/m，=0.20m，=0.050m，B=0.20T，此電流表的量程是多少？（不計(jì)通電時(shí)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)的作

12、用）（4）若將量程擴(kuò)大2倍，磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)變?yōu)槎啻螅?3.如圖，一長(zhǎng)為10cm的金屬棒ab用兩個(gè)完全相同的彈簧水平地懸掛在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中；磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為0.1T，方向垂直于紙面向里；彈簧上端固定，下端與金屬棒絕緣，金屬棒通過(guò)開(kāi)關(guān)與一電動(dòng)勢(shì)為12V的電池相連，電路總電阻為2。已知開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí)兩彈簧的伸長(zhǎng)量均為0.5cm；閉合開(kāi)關(guān)，系統(tǒng)重新平衡后，兩彈簧的伸長(zhǎng)量與開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí)相比均改變了0.3cm，重力加速度大小取10m/s2。判斷開(kāi)關(guān)閉合后金屬棒所受安培力的方向，并求出金屬棒的質(zhì)量。24.質(zhì)量m=0.1g的小物塊，帶有5×104C的電荷，放在圖示傾角為30°的光滑絕緣固定斜面頂

13、端，整個(gè)斜面置于B=0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里物塊由靜止開(kāi)始下滑，到某一位置離開(kāi)斜面（設(shè)斜面足夠長(zhǎng)，g取10m/s2）求：（1）物塊帶何種電荷？（2）物塊離開(kāi)斜面時(shí)的速度是多大？（3）物塊在斜面上滑行的距離是多大？25.如圖所示，一束電荷量為e的電子以垂直于磁感應(yīng)強(qiáng)度B并垂直于磁場(chǎng)邊界的速度v射入寬度為d的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，穿出磁場(chǎng)時(shí)速度方向和原來(lái)射入方向的夾角為=60°，求電子的質(zhì)量和穿越磁場(chǎng)的時(shí)間26.如圖所示，在E=1×103V/m的豎直勻強(qiáng)電場(chǎng)中，有一光滑的半圓形絕緣軌QPN與一水平絕緣軌道MN連接，半圓形軌道平面與電場(chǎng)線平行，P為QN圓弧的中點(diǎn)，其半徑R

14、=40cm，一帶正電q=104C的小滑塊質(zhì)量m=10g，位于N點(diǎn)右側(cè)s=1.5m處，與水平軌道間的動(dòng)摩擦因=0.15，取g=10m/s2現(xiàn)給小滑塊一向左的初速度，滑塊恰能運(yùn)動(dòng)到圓軌道的最高點(diǎn)Q，求：（1）滑塊在圓軌道最高點(diǎn)Q的速度大小；（2）滑塊應(yīng)以多大的初速度v0向左運(yùn)動(dòng)？27.如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為m=2.0×1011kg，電荷量q=+1.0×105C的帶電微粒（重力忽略不計(jì)），從靜止開(kāi)始經(jīng)U1=25V電壓加速后，水平進(jìn)入兩平行金屬板間的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中金屬板長(zhǎng)L=20cm，兩板間距d=10cm求：（1）微粒進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的速度v是多大？（2）若微粒射出電場(chǎng)過(guò)程的偏轉(zhuǎn)角為=30

15、°，并接著進(jìn)入一個(gè)方向垂直與紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)，則兩金屬板間的電壓U2是多大？（3）若該勻強(qiáng)磁場(chǎng)的寬度為D=10cm，為使微粒不會(huì)由磁場(chǎng)右邊射出，該勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B至少多大？28.如圖所示，在矩形區(qū)域內(nèi)有垂直于紙平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=5.0×102T，矩形區(qū)域長(zhǎng)為m，寬為0.2m，在AD邊中點(diǎn)O處有一放射源，某時(shí)刻，放射源沿紙面向磁場(chǎng)中各方向均勻地輻射出速率均為v=2×l06m/S的某種帶正電粒子，帶電粒子質(zhì)量m=1.6×1027kg電荷量為q=+3.2×l019C（不計(jì)粒子重力），求：（1）帶電粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)

16、的半徑為多大？（2）從BC邊界射出的粒子中，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最短時(shí)間為多少？（3）若放射源向磁場(chǎng)內(nèi)共輻射出了N個(gè)粒子，求從CD邊界射出的粒子有多少個(gè)？試卷答案1.C解：A、磁感線是閉合的曲線，故A錯(cuò)誤；B、小磁針靜止時(shí)，N極所指的方向，就是那一點(diǎn)的磁場(chǎng)方向，故B錯(cuò)誤；C、若磁感線相交，則在交點(diǎn)處的磁場(chǎng)方向有兩個(gè)，所以磁感線不相交，故C正確；D、磁場(chǎng)強(qiáng)弱是根據(jù)磁感線的疏密判斷的，故D錯(cuò)誤；故選：C2.C安培力解：A、奧斯特首先發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，故A錯(cuò)誤，B、磁場(chǎng)的方向是小磁針靜止時(shí)N極的指向，故B錯(cuò)誤C、根據(jù)B=，可知N/Am是磁感應(yīng)強(qiáng)度的單位故C正確D、磁場(chǎng)方向與安培力的方向垂直故D錯(cuò)誤故選：

17、C3.考點(diǎn)：磁感應(yīng)強(qiáng)度版權(quán)所有分析：磁感應(yīng)強(qiáng)度反映磁場(chǎng)本身的性質(zhì)，與電流元無(wú)關(guān)磁感應(yīng)強(qiáng)度是矢量，與F方向垂直，與通過(guò)該點(diǎn)的磁感線的切線方向相同磁感線可形象表示磁場(chǎng)的強(qiáng)弱，磁感線密的地方B大些，磁感線疏的地方B小些解答：解：A、定義式中，B與F、IL無(wú)關(guān)故A錯(cuò)誤B、磁感應(yīng)強(qiáng)度B是矢量，方向其與F的方向垂直故B錯(cuò)誤C、B是矢量，就是該點(diǎn)的磁場(chǎng)方向，與通過(guò)該點(diǎn)的磁感線的切線方向相同故C正確D、在確定的磁場(chǎng)中，同一點(diǎn)的B是唯一確定的，可由磁感線形象表示磁場(chǎng)的強(qiáng)弱，磁感線密的地方B大些，磁感線疏的地方B小些故D正確故選CD點(diǎn)評(píng)：磁感線與電場(chǎng)線相似，可形象表示磁場(chǎng)的強(qiáng)弱和方向，其疏密表示磁場(chǎng)的強(qiáng)弱，切線方

18、向表示磁場(chǎng)的方向4.考點(diǎn)：磁感線及用磁感線描述磁場(chǎng)版權(quán)所有分析：磁場(chǎng)中的磁感線不是實(shí)際存在的，是為了研究磁場(chǎng)而假想的，然而小磁針靜止時(shí)N極所指向表示磁場(chǎng)方向解答：解：一個(gè)磁場(chǎng)的磁感線如圖所示，一個(gè)小磁針被放入方向水平向右的磁場(chǎng)中，發(fā)現(xiàn)小磁針沿順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，是小磁針N極受到水平向右的磁場(chǎng)力的作用，小磁針S極受到水平向左的磁場(chǎng)力，所以N極要轉(zhuǎn)向磁場(chǎng)方向，而S極轉(zhuǎn)向磁場(chǎng)方向反方向因此導(dǎo)致小磁針在順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)直至N極指向磁感線的方向；故選：A點(diǎn)評(píng)：小磁針N極受力方向或靜止時(shí)所指方向就是磁場(chǎng)方向，也是磁感應(yīng)強(qiáng)度方向5.考點(diǎn)：磁感應(yīng)強(qiáng)度分析：根據(jù)右手螺旋定則判斷出直導(dǎo)線在C點(diǎn)的磁場(chǎng)方向，根據(jù)平行四邊形定則，對(duì)

19、磁感應(yīng)強(qiáng)度進(jìn)行合成，得出C點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)的方向解答：解：根據(jù)右手螺旋定則，a電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)垂直于ac，b電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)垂直于bc，如圖，根據(jù)平行四邊形定則，則合場(chǎng)強(qiáng)的方向豎直向下，與ab邊平行故B正確，A、C、D錯(cuò)誤故選：B點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵掌握右手螺旋定則判斷電流周?chē)拇艌?chǎng)方向，以及知道磁感應(yīng)強(qiáng)度的合成遵循平行四邊形定則6.B7.考點(diǎn)：安培力 分析：通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中的受到安培力作用，由公式F=BIL求出安培力大小，由左手定則來(lái)確定安培力的方向由平衡條件和安培力知識(shí)分析即可解答：解：棒處于方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，棒中通有從M流向N的電流，根據(jù)左手定則可知，棒所受安培力的方向豎直向上，由于此

20、時(shí)懸線上有拉力，為了使拉力減小，則安培力必須增加，由安培力公式F=BIL知，可以適當(dāng)增加電流強(qiáng)度，或增大磁場(chǎng)，若使電流或磁場(chǎng)反向，安培力方向豎直向下，懸線的拉力將增大故C正確，ABD錯(cuò)誤故選：C點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵要掌握安培力的方向判斷方法：左手定則，以及安培力大小公式F=BIL8.B要使導(dǎo)體棒向右運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體棒上需要有自上而下的電流，即電容器的b極板應(yīng)帶負(fù)電，A錯(cuò)；當(dāng)電容器兩端電壓與導(dǎo)體棒兩端電壓相等時(shí)，導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí),根據(jù)動(dòng)量定理得,其中，聯(lián)立得，B正確；導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，極板間電荷不會(huì)完全放完，通過(guò)導(dǎo)體截面的電荷量小于Q，C錯(cuò)；導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)的最大速度為，導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)過(guò)程中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大

21、值為，D錯(cuò)。9.考點(diǎn)：共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運(yùn)用；安培力；左手定則版權(quán)所有專題：共點(diǎn)力作用下物體平衡專題分析：導(dǎo)體棒受重力、支持力和安培力，三力平衡，當(dāng)安培力沿斜面向上時(shí)，安培力最小，此時(shí)根據(jù)安培力公式計(jì)算出的磁感應(yīng)強(qiáng)度即為最小值解答：解：對(duì)導(dǎo)體棒受力分析，受重力、支持力和安培力，如圖從圖象可以看出，當(dāng)安培力沿斜面向上時(shí)，安培力最??；故安培力的最小值為：FA=mgsin，故磁感應(yīng)強(qiáng)度的最小值為B=根據(jù)歐姆定律，有E=IR故B=故選D點(diǎn)評(píng)：本題是三力平衡中動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題，即其中第一個(gè)力大小和方向都不變，第二個(gè)力方向不變，大小可變，則當(dāng)?shù)厝齻€(gè)力與第二個(gè)力垂直時(shí)，第三個(gè)力取最小值；

22、同時(shí)要結(jié)合歐姆定律、安培力公式列式求解10.考點(diǎn)：安培力版權(quán)所有分析：先以通電導(dǎo)線為研究對(duì)象，由左手定則判斷出導(dǎo)線受到安培力的方向；然后由牛頓第三定律求出磁鐵受到磁場(chǎng)力的方向，最后判斷磁鐵對(duì)桌面的壓力如何變化，判斷磁鐵受到的摩擦力方向解答：解：在磁鐵外部，磁感線從N極指向S極，長(zhǎng)直導(dǎo)線在磁鐵的中央正上方，導(dǎo)線所在處磁場(chǎng)水平向左方；導(dǎo)線電流垂直于紙面向外，由左手定則可知，導(dǎo)線受到的安培力豎直向下方；由牛頓第三定律可知，導(dǎo)線對(duì)磁鐵的作用力豎直向上，因此磁鐵對(duì)桌面的壓力減小，小于磁鐵的重力，磁鐵沒(méi)有運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，磁鐵不受摩擦力，故BCD錯(cuò)誤，A正確故選：A點(diǎn)評(píng)：本題應(yīng)先選導(dǎo)線為研究對(duì)象，然后由牛頓第三定

23、律判斷磁鐵的受力情況，巧妙地選取研究對(duì)象，是正確解題的關(guān)鍵11.考點(diǎn)：洛侖茲力版權(quán)所有分析：運(yùn)動(dòng)電荷在磁場(chǎng)中受到的磁場(chǎng)力為洛倫茲力，其方向由左手定則來(lái)確定，而大小則是由F=Bqv求得電荷在電場(chǎng)中一定會(huì)受到電場(chǎng)力的作用，正電荷受力的方向沿電場(chǎng)線的方向解答：解：A、靜止的電荷處于磁場(chǎng)中，不受到洛倫茲力故A錯(cuò)誤；B、電荷在電場(chǎng)中的電荷一定受到電場(chǎng)力的作用故正確；C、電荷在磁場(chǎng)中所受洛侖茲力的方向與磁場(chǎng)的方向一定垂直故C錯(cuò)誤；D、正電荷在電場(chǎng)中所受電場(chǎng)力的方向就是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向故D錯(cuò)誤；故選：B點(diǎn)評(píng)：洛倫茲力由左手定則來(lái)確定，其方向垂直與磁場(chǎng)、運(yùn)動(dòng)電荷的方向且電荷的運(yùn)動(dòng)取決于洛倫茲力是否存在，或大小與

24、否12.A解：A、甲、乙兩物塊間沒(méi)有相對(duì)的滑動(dòng)，是靜摩擦力，由于乙與地面之間的滑動(dòng)摩擦力的增大，整體的加速度減小，所以對(duì)于甲來(lái)說(shuō)，靜摩擦力作為合力產(chǎn)生加速度，由于整體的加速度減小，所以甲、乙兩物塊間的摩擦力減小，所以A正確，BC錯(cuò)誤；D、甲帶正電，在向左運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，受到的洛倫茲力的方向向下，所以對(duì)乙的壓力變大，乙與地面之間的為滑動(dòng)摩擦力，壓力變大，所以滑動(dòng)摩擦力也變大，所以D錯(cuò)誤；故選：A13.A14.BD15.D16.AB【考點(diǎn)】考查帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)兩粒子的射入點(diǎn)，射出點(diǎn)相同，電性相同，故兩粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡相同，半徑也相同，A正確；軌跡半徑，運(yùn)動(dòng)時(shí)間，兩粒子比荷不同，故速率不同，運(yùn)動(dòng)時(shí)

25、間不同，CD錯(cuò)；粒子的動(dòng)能，結(jié)合兩粒子的電荷關(guān)系合質(zhì)量關(guān)系知，兩粒子動(dòng)能相同，D正確。17.考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)版權(quán)所有專題：帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題分析：三束粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑公式為r=，速度v、磁感應(yīng)強(qiáng)度相同，則知半徑與比荷成反比，分析三種粒子的比荷關(guān)系，即可得到軌跡的半徑關(guān)系，就能確定軌跡解答：解：質(zhì)子（p），氚核（）和粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑公式為r=，由題，速度v、磁感應(yīng)強(qiáng)度相同，則半徑與比荷成反比三個(gè)粒子中質(zhì)子的比荷最大，氚核（）的比荷最小，則質(zhì)子的軌跡最小，氚核（）的軌跡半徑最大，由圖看出C正確故選C18.考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；牛頓

26、第二定律；向心力版權(quán)所有專題：帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題分析：根據(jù)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑公式r=來(lái)分析粒子的運(yùn)動(dòng)的方向，在根據(jù)左手定則來(lái)分析電荷的性質(zhì)解答：解：由于帶電粒子使沿途的空氣電離，粒子的能量逐漸減小，速度逐漸減小，根據(jù)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑公式r= 可知，粒子的半徑逐漸的減小，所以粒子的運(yùn)動(dòng)方向是從a到b，在根據(jù)左手定則可知，粒子帶負(fù)電，所以C正確，ABD錯(cuò)誤故選：C點(diǎn)評(píng)：根據(jù)r=可知，粒子運(yùn)動(dòng)的半徑與速度的大小有關(guān)，根據(jù)半徑的變化來(lái)判斷粒子的運(yùn)動(dòng)的方向，這是解決本題的關(guān)鍵19.考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；牛頓第二定律；向心力版權(quán)所有專題：帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題分析：帶電粒

27、子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由數(shù)學(xué)知識(shí)求出粒子的軌道半徑，由牛頓第二定律可以求出粒子的比荷比值，求出粒子做圓周的圓心角，然后求出粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間解答：解：粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，由數(shù)學(xué)知識(shí)可知，粒子做圓周運(yùn)動(dòng)轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角分別是：A=60°，B=120°，設(shè)粒子的運(yùn)動(dòng)軌道半徑為rA，rB，rA=Rtan30°=R，rB=Rtan60°=R，A、洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB=m，則粒子1與粒子2的比荷值為：，故A錯(cuò)誤；B正確；C、粒子運(yùn)動(dòng)的周期，粒子運(yùn)動(dòng)的時(shí)間：=帶電粒子1與帶電粒子2在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間比值為，故CD錯(cuò)誤；故

28、選：B點(diǎn)評(píng)：由數(shù)學(xué)知識(shí)求出粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑與粒子轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角是正確解題的關(guān)鍵20.ACD解：A、粒子在磁場(chǎng)中，由洛倫茲力提供向心力，故在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故A正確；B、C、由洛倫茲力提供向心力，有qvB=m，解得r=，故周期T=，T與速度大小無(wú)關(guān)，則粒子由A0運(yùn)動(dòng)到A1與粒子由A2運(yùn)動(dòng)到A3所用的時(shí)間都等于半個(gè)周期，時(shí)間相等，故B錯(cuò)誤C、由r=，知粒子的軌道半徑與它的速率成正比，故C正確D、qvB=m知末速度v=，最大速度決定于粒子比荷和磁場(chǎng)B和D型盒的半徑，與電壓無(wú)關(guān)，根據(jù)E知最大動(dòng)能決定于粒子電荷和質(zhì)量、磁場(chǎng)B、D型盒的半徑，與電壓無(wú)關(guān)，故D正確；故選：ACD21.C22.(1

29、) (2) M端應(yīng)接正極 (3) 2.5A(4) 0.10T解：（1）設(shè)彈簧的伸長(zhǎng)為x，則有：mg=kx 由式得： 故當(dāng)電流表示數(shù)為零時(shí)，彈簧伸長(zhǎng)量為（2）為使電流表正常工作，作用于通有電流的金屬棒MN的安培力必須向下跟左手定則可知金屬棒中電流從M端流向N端，因此M端應(yīng)接正極故若要電流表正常工作，MN的M端應(yīng)接正極（3）設(shè)滿量程時(shí)通過(guò)MN的電流強(qiáng)度為Im，則有： 聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)得：Im=2.5 A 故此電流表的量程是2.5A（4）設(shè)量程擴(kuò)大后，磁感應(yīng)強(qiáng)度變?yōu)锽，則有：由得代入數(shù)據(jù)得B'=0.10 T 故若將量程擴(kuò)大2倍，磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)變?yōu)?.10T23.m=0.01kg解析：依題意，開(kāi)關(guān)

30、閉合后，電流方向從b到a，由左手定則可知，金屬棒所受安培力方向豎直向下。開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí)，兩彈簧各自相對(duì)于其原長(zhǎng)伸長(zhǎng)為l1=0.5cm。由胡克定律和力的平衡條件得2kl1=mg 式中，m為金屬棒的質(zhì)量，k是彈簧的勁度系數(shù)，g是重力加速度的大小。 開(kāi)關(guān)閉合后，金屬棒所受安培力的大小為 F=IBL 式中，I是回路電流，L是金屬棒的長(zhǎng)度。兩彈簧各自再伸長(zhǎng)了l2=0.3cm，由胡克定律和力的平衡條件得   2k(l1+l2)=mg+F 由歐姆定律有E=IR 式中，E是電池的電動(dòng)勢(shì)，R是電路總電阻。聯(lián)立式，并代入題給數(shù)據(jù)得m=0.01kg 24.考點(diǎn)：牛頓第二

31、定律；帶電粒子在混合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)版權(quán)所有專題：帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題分析：（1）帶電滑塊在滑至某一位置時(shí)，由于在安培力的作用下，要離開(kāi)斜面根據(jù)磁場(chǎng)方向結(jié)合左手定則可得帶電粒子的電性（2）由于斜面光滑，所以小滑塊在沒(méi)有離開(kāi)斜面之前一直做勻加速直線運(yùn)動(dòng)借助于洛倫茲力公式可求出恰好離開(kāi)時(shí)的速度大小（3）由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式來(lái)算出勻加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間由位移與時(shí)間關(guān)系可求出位移大小解答：解：（1）由題意可知：小滑塊受到的安培力垂直斜面向上根據(jù)左手定則可得：小滑塊帶負(fù)電（2）當(dāng)物體離開(kāi)斜面時(shí)，彈力為零，因此有：qvB=mgcos30°，得：v=2m/s（3）由于斜面光滑，物體在離開(kāi)斜面之前一直做勻加速直線

32、運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得：mgsin30°=ma，由勻變速直線運(yùn)的速度位移公式得：v2=2ax，解得：x=1.2m答：（1）物體帶負(fù)電（2）物體離開(kāi)斜面時(shí)的速度為=2m/s（3）物體在斜面上滑行的最大距離是1. 2 m點(diǎn)評(píng)：本題突破口是從小滑塊剛從斜面離開(kāi)時(shí)，從而確定洛倫茲力的大小，進(jìn)而得出剛離開(kāi)時(shí)的速度大小，由于沒(méi)有離開(kāi)之前做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，所以由運(yùn)動(dòng)與力學(xué)可解出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間及位移25.考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；牛頓第二定律；向心力版權(quán)所有專題：帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題分析：作出粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡圖，結(jié)合幾何關(guān)系求出電子在磁場(chǎng)中的半徑，根據(jù)洛倫茲力提供向心力求出電子的質(zhì)量根據(jù)幾何

33、關(guān)系求出電子在磁場(chǎng)中的圓心角，結(jié)合周期公式求出穿越磁場(chǎng)的時(shí)間解答：解：粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡圖如圖所示，根據(jù)幾何關(guān)系有：根據(jù)洛倫茲力提供向心力得，解得電子的質(zhì)量電子的周期所以電子穿越磁場(chǎng)的時(shí)間答：電子的質(zhì)量為，穿越磁場(chǎng)的時(shí)間為點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵作出電子的運(yùn)動(dòng)軌跡圖，結(jié)合幾何關(guān)系，運(yùn)用半徑公式和周期公式進(jìn)行求解26.考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；向心力；動(dòng)能定理的應(yīng)用版權(quán)所有專題：帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題分析：滑塊恰好到達(dá)圓軌道的最高點(diǎn)Q，由牛頓第二定律求出滑塊在Q點(diǎn)的速度，然后應(yīng)用動(dòng)能定理求出滑塊的初速度解答：解：（1）設(shè)小球到達(dá)Q點(diǎn)時(shí)速度為v，小滑塊恰能運(yùn)動(dòng)到圓軌道的最高點(diǎn)Q時(shí)，則有：mg+qE=得：V=m/s（2）滑塊從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到達(dá)Q點(diǎn)過(guò)程中，由動(dòng)能定理得：（mg+qE）2R（mg+qE）s=v2m聯(lián)立兩式解得：v0=7m/s答：（1）滑塊在圓軌道最高點(diǎn)Q的速度大小為m/s；（2）滑塊應(yīng)以7m/s向左運(yùn)動(dòng)點(diǎn)評(píng)：此題中滑塊恰好通