物理磁場練習(xí)題集(含答案解析)

1、文檔可能無法思考全面，請瀏覽后下載! 物理高二磁場練習(xí)題一、 單選題1關(guān)于電場強度和磁感應(yīng)強度，下列說法正確的是A電場強度的定義式適用于任何電場B由真空中點電荷的電場強度公式可知，當r0時，E無窮大C由公式可知，一小段通電導(dǎo)線在某處若不受磁場力，則說明此處一定無磁場D磁感應(yīng)強度的方向就是置于該處的通電導(dǎo)線所受的安培力方向2如圖所示，條形磁鐵放在水平粗糙桌面上，它的正中間上方固定一根長直導(dǎo)線，導(dǎo)線中通過方向垂直紙面向里（即與條形磁鐵垂直）的電流，和原來沒有電流通過時相比較，磁鐵受到的支持力N和摩擦力f將A、N減小，f=0 B、N減小，f0 C、N增大，f=0 D、N增大，f03、有電子、質(zhì)子、氘

2、核、氚核，以同樣速度垂直射入同一勻強磁場中，它們都作勻速圓周運動，則軌道半徑最大的粒子是vA氘核 B氚核 C電子 D質(zhì)子4一帶正電荷的小球沿光滑、水平、絕緣的桌面向右運動，如圖所示，速度方向垂直于一勻強磁場，飛離桌面后，最終落在地面上. 設(shè)飛行時間為t1、水平射程為s1、著地速率為v1；現(xiàn)撤去磁場其它條件不變，小球飛行時間為t2、水平射程為s2、著地速率為v2.則有：A、 v1=v2 B、 v1>v2 C、 s1=s2 D、 t1<t25有一個帶正電荷的離子，沿垂直于電場方向射入帶電平行板的勻強電場.離子飛出電場后的動能為Ek，當在平行金屬板間再加入一個垂直紙面向內(nèi)的如圖所示的勻強

3、磁場后，離子飛出電場后的動能為Ek/,磁場力做功為W，則下面各判斷正確的是A、EK <EK,W=0 B、EK >EK,W=0 C、EK =EK,W=0 D、EK >EK,W>06.圖是質(zhì)譜儀的工作原理示意圖。帶電粒子被加速電場加速后，進入速度選擇器。速度選擇器內(nèi)相互正交的勻強磁場和勻強電場的強度分別為B和E。平板S上有可讓粒子通過的狹縫P和記錄粒子位置的膠片A1A2。平板S下方有強度為B0的勻強磁場。下列表述錯誤的是A質(zhì)譜儀是分析同位素的重要工具B速度選擇器中的磁場方向垂直紙面向外C能通過的狹縫P的帶電粒子的速率等于E/BD粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫P，粒子的荷質(zhì)比

4、越小二、雙選題7.下列關(guān)于磁場中的通電導(dǎo)線和運動電荷的說法中，正確的是A、磁場對通電導(dǎo)線的作用力方向一定與磁場方向垂直B、有固定轉(zhuǎn)動軸的通電線框在磁場中一定會轉(zhuǎn)動C、帶電粒子只受洛倫茲力作用時，其動能不變，速度一直在變8 / 8D、電荷在磁場中不可能做勻速直線運動MNabcde8.如圖，MN是勻強磁場中的一塊薄金屬板，帶電粒子（不計重力）在勻強磁場中運動并穿過金屬板，虛線表示其運動軌跡，由圖知：A、粒子帶負電 B、粒子運動方向是abcdeC、粒子運動方向是edcbaD、粒子在上半周所用時間比下半周所用時間長xyOAV09如圖，磁感強度為B的勻強磁場，垂直穿過平面直角坐標系的第I象限。一質(zhì)量為m

5、，帶電量為q的粒子以速度V從O點沿著與y軸夾角為30°方向進入磁場，運動到A點時的速度方向平行于x軸，那么：A、粒子帶正電 B、粒子帶負電C、粒子由O到A經(jīng)歷時間 D、粒子的速度沒有變化10一電子在勻強磁場中，以一固定的正電荷為圓心，在圓形軌道上運動，磁場方向垂直于它的運動平面，電場力恰是磁場力的三倍.設(shè)電子電量為e，質(zhì)量為m，磁感強度為B，那么電子運動的可能角速度應(yīng)當是 v11長為L的水平極板間，有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B，板間距離也為L，板不帶電，現(xiàn)有質(zhì)量為m,電量為q的帶正電粒子（不計重力），從左邊極板間中點處垂直于磁場方向以速度v水平射入磁場，欲使粒子不打到極板

6、上，v應(yīng)滿足A、 B、 C、 D、B12、回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，其核心部分是分別與高頻交流電極相連接的兩個D形金屬盒，兩盒間的狹縫中形成的周期性變化的電場，使粒子在通過狹縫時都能得到加速，兩D形金屬盒處于垂直于盒底的勻強磁場中，如圖所示，要增大帶電粒子射出時的動能，則下列說法中正確的是A增大磁場的磁感應(yīng)強度 B增大勻強電場間的加速電壓 C增大D形金屬盒的半徑 D減小狹縫間的距離三、計算題13如圖所示，銅棒ab長0.1m，質(zhì)量為6×10-2kg，兩端與長為1m的輕銅線相連靜止于豎直平面內(nèi)。整個裝置處在豎直向下的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度B=0.5T，現(xiàn)接通電源，使銅棒中保持有恒定

7、電流通過，銅棒發(fā)生擺動，已知最大偏轉(zhuǎn)角為37°，（1）在此過程中銅棒的重力勢能增加了多少；（2）通電電流的大小為多大。（不計空氣阻力，sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）14、如圖所示，在x軸的上方（y0的空間內(nèi)）存在著垂直于紙面向里、磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場，一個不計重力的帶正電粒子從坐標原點O處以速度v進入磁場，粒子進入磁場時的速度方向垂直于磁場且與x軸正方向成45°角，若粒子的質(zhì)量為m，電量為q，求：（1）該粒子在磁場中作圓周運動的軌道半徑； （2）粒子在磁場中運動的時間。15.如圖所示，以MN為界的兩勻強磁場，磁感應(yīng)強度

8、B1=2B2，方向垂直紙面向里。現(xiàn)有一質(zhì)量為m、帶電量為q的正粒子，從O點沿圖示方向進入B1中。（1）試畫出粒子的運動軌跡； （2）求經(jīng)過多長時間粒子重新回到O點？ONM16、如圖所示，勻強磁場沿水平方向，垂直紙面向里，磁感強度B=1T，勻強電場方向水平向右，場強E=10N/C。一帶正電的微粒質(zhì)量m=2×10-6kg，電量q=2×10-6C，在此空間恰好作直線運動，問：（1）帶電微粒運動速度的大小和方向怎樣？（2）若微粒運動到P點的時刻，突然將磁場撤去，那么經(jīng)多少時間微粒到達Q點？（設(shè)PQ連線與電場方向平行）17在相互垂直的勻強電場和勻強磁場中，有一傾角為，足夠長的光滑絕緣

9、斜面，磁感應(yīng)強度為B，方向垂直紙面向外，電場方向豎直向上有一質(zhì)量為m,帶電量為十q的小球靜止在斜面頂端，這時小球?qū)π泵娴恼龎毫η『脼榱?，如圖所示,若迅速把電場方向反轉(zhuǎn)豎直向下，小球能在斜面上連續(xù)滑行多遠？所用時間是多少？18、如圖所示，相互垂直的勻強電場和勻強磁場，其電場強度和磁感應(yīng)強度分別為E和B，一個質(zhì)量為m，帶正電量為q的油滴，以水平速度v0從a點射入，經(jīng)一段時間后運動到b，試求:（1）油滴剛進入場中a點時的加速度。（2）若到達b點時，偏離入射方向的距離為d，此時速度大小為多大？19如圖所示，在一個同時存在勻強磁場和勻強電場的空間，有一個質(zhì)量為m的帶電微粒，系于長為L的細絲線的一端，細絲

10、線另一端固定于O點。帶電微粒以角速度在水平面內(nèi)作勻速圓周運動，此時細線與豎直方向成30°角，且細線中張力為零，電場強度為E，方向豎直向上。（1）求微粒所帶電荷的種類和電量；（2）問空間的磁場方向和磁感強度B的大小多大？（3）如突然撤去磁場，則帶電粒子將作怎樣的運動？線中的張力是多大？20在平面直角坐標系xOy中，第1象限存在沿y軸負方向的勻強電場，第象限存在垂直于坐標平面向外的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B。一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點以速度v0垂直于Y軸射入電場，經(jīng)x軸上的N點與x軸正方向成=60°角射入磁場，最后從y軸負半軸上的P點垂直于Y軸射出磁

11、場，如圖所示。不計粒子重力，求： (1)M、N兩點間的電勢差UMN。 (2)粒子在磁場中運動的軌道半徑r；(3)粒子從M點運動到P點的總時間t。 21、電子自靜止開始經(jīng)M、N板間（兩板間的電壓為U）的電場加速后從A點垂直于磁場邊界射入寬度為d的勻強磁場中，電子離開磁場時的位置P偏離入射方向的距離為L，如圖所示求:勻強磁場的磁感應(yīng)強度（已知電子的質(zhì)量為m，電荷量為e）YXO22在xoy平面內(nèi)，x軸的上方有勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B，方向如圖所示，x軸的下方有勻強電場，電場強度為E，方向與y軸的正方向相反。今有電量為-q 、質(zhì)量為m的粒子（不計重力），從坐標原點沿y軸的正方向射出，射出以后，第三次到

12、達x軸時，它與O點的距離為L，問：（1）粒子射出時的速度多大?（2）粒子運動的總路程為多少？答案ACBABD、AC、AC、BC、BD、AB、AC13、解（1）重力勢能增加：（2）擺動至最大偏角時v=0 有： 得I=4A14、（1）粒子垂直進入磁場，由洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律得qvB=mv2/R R =mv/qB（2）T = 2m/qB 根據(jù)圓的對稱性可知，粒子進入磁場時速度與x軸的夾角為45°角，穿出磁場時，與x軸的夾角仍為45°角，根據(jù)左手定則可知，粒子沿逆時針方向旋轉(zhuǎn)，則速度的偏向角為270°角，軌道的圓心角也為270°： t =T = 15、17、由題意知qE=mg 場強轉(zhuǎn)為豎直向下時，由動能定理，有即 當滑塊剛離開斜面時有(Eq+mg)cos=Bqv即 由解得（2）(Eq+mg)sin=ma 得a=2gsin x=(1/2)at2 得t=18：帶電油滴受重力、電場力、洛侖茲力作用，根據(jù)牛頓第二定律求合力，進而求出加速度；帶電油滴由a點運動到b點的過程利用動能定理建立方程求解。由牛頓第二定律可得：因洛侖茲力不做功，根據(jù)動能定理有：，解得20、分析帶電粒子的運動情況，畫出其運動軌跡如圖所示（1）設(shè)粒子過N點時的速度為v，有 得粒子從M點運動到N點的過程，有 得 （2）粒子在磁場中以為圓心做勻速