北京市房山區(qū)周口店中學(xué)高三上學(xué)期期中考試物理201411

1、北京市房山區(qū)周口店中學(xué)2015屆高三上學(xué)期期中物理試卷一、單項(xiàng)選擇題本題共14小題，每小題2分，共28分12013年6月我國宇航員在天宮一號空間站中進(jìn)行了我國首次太空授課活動，展示了許多在地面上無法實(shí)現(xiàn)的實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象假如要在空間站再次進(jìn)行授課活動，下列我們曾在實(shí)驗(yàn)室中進(jìn)行的實(shí)驗(yàn)，若移到空間站也能夠?qū)崿F(xiàn)操作的有( )A利用托盤天平測質(zhì)量B利用彈簧測力計(jì)測拉力C利用自由落體驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律D測定單擺做簡諧運(yùn)動的周期考點(diǎn)：超重和失重 分析：完全失重是指物體受到的重力完全產(chǎn)生了物體運(yùn)動的加速度，在圓周運(yùn)動中，完全失重的時(shí)候，物體的重力全部作為了物體運(yùn)動所需要的向心力，產(chǎn)生了向心力加速度解答：解：A、宇航

2、員在圍繞地球做勻速圓周運(yùn)動的空間站中會處于完全失重狀態(tài)，物體受的重力正好充當(dāng)向心力，所以與重力有關(guān)的實(shí)驗(yàn)是無法實(shí)現(xiàn)的如：利用托盤天平測質(zhì)量，利用自由落體驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，測定單擺做簡諧運(yùn)動的周期；故ACD錯(cuò)誤；B、彈簧測力計(jì)的原理是胡克定律：F=kx，實(shí)驗(yàn)可以利用彈簧測力計(jì)測拉力，故B正確；故選：B點(diǎn)評：本題主要考查了對超重失重現(xiàn)象的理解，人或物體處于超重或失重狀態(tài)時(shí)，人的重力并沒變，只是對支持物的壓力變了2如圖所示，一塊橡皮用細(xì)線懸掛于O點(diǎn)，用鉛筆靠著線的左側(cè)水平向右勻速移動，運(yùn)動中始終保持懸線豎直，則橡皮運(yùn)動的速度( )A大小和方向均不變B大小不變，方向改變C大小改變，方向不變D大小和方

3、向均改變考點(diǎn)：運(yùn)動的合成和分解 分析：橡皮參加了兩個(gè)分運(yùn)動，水平向右勻速移動，同時(shí)，豎直向上勻速運(yùn)動，實(shí)際運(yùn)動是這兩個(gè)運(yùn)動的合運(yùn)動，根據(jù)平行四邊形定則可以求出合速度解答：解：橡皮在水平方向勻速運(yùn)動，由于橡皮向右運(yùn)動的位移一定等于橡皮向上的位移，故在豎直方向以相等的速度勻速運(yùn)動，根據(jù)平行四邊形定則，可知合速度也是一定的，故合運(yùn)動是勻速運(yùn)動；故選A點(diǎn)評：本題關(guān)鍵是先確定水平方向和豎直方向的分運(yùn)動，然后根據(jù)合運(yùn)動與分運(yùn)動的等效性，由平行四邊形定則求出合速度3如圖所示，輕繩MO和NO共同吊起質(zhì)量為m的重物MO與NO垂直，MO與豎直方向的夾角=30°已知重力加速度為g則( )AMO所受的拉力大

4、小為BMO所受的拉力大小為CNO所受的拉力大小為DNO所受的拉力大小為2mg考點(diǎn)：共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運(yùn)用 專題：共點(diǎn)力作用下物體平衡專題分析：本題以結(jié)點(diǎn)O為研究對象，分析受力，作出力圖，由平衡條件求出MO繩與NO繩的拉力大小解答：解：以結(jié)點(diǎn)O為研究對象，分析受力：重物的拉力F、MO繩拉力TMO與NO繩的拉力TNO，作出力圖如圖由平衡條件得知：F=mg則得 TMO=Fcos= TNO=Fsin=故選A點(diǎn)評：本題是輕繩子系統(tǒng)平衡問題，往往以結(jié)點(diǎn)為研究對象，分析受力情況是解題的關(guān)鍵4如圖所示，物體A用輕質(zhì)細(xì)繩與圓環(huán)B連接，圓環(huán)固定在豎直桿MN上現(xiàn)用一水平力F作用在繩上的O點(diǎn)，

5、將O點(diǎn)緩慢向左移動，使細(xì)繩與豎直方向的夾角逐漸增大關(guān)于此過程，下列說法中正確的是( )A水平力F逐漸減小B水平力F逐漸增大C繩OB的彈力逐漸減小D繩OB的彈力保持不變考點(diǎn)：共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運(yùn)用 專題：共點(diǎn)力作用下物體平衡專題分析：O點(diǎn)緩慢向左移動過程中，結(jié)點(diǎn)O的合力保持為零，分析結(jié)點(diǎn)O的受力情況判斷F的變化，對整體研究，根據(jù)平衡條件判斷桿對圓環(huán)的彈力和摩擦力的變化情況解答：解：設(shè)細(xì)繩與水平方向的夾角為，物體的質(zhì)量為m，對結(jié)點(diǎn)O受力分析，運(yùn)用合成法，則由平衡條件得：F=，減小，則F增大故A錯(cuò)誤，B正確；C、設(shè)繩對圓環(huán)的彈力為T，則Tsin=mg，T=，減小，則T增大，即

6、繩對圓環(huán)B的彈力變大，故CD錯(cuò)誤故選：B點(diǎn)評：本題采用隔離法和整體法相結(jié)合研究動態(tài)平衡問題，由于不分析系統(tǒng)的內(nèi)力，運(yùn)用整體法分析桿對圓環(huán)的摩擦力和彈力比較簡便5如圖，一輛有動力驅(qū)動的小車上有一水平放置的彈簧，其左端固定在小車上，右端與一小球相連，設(shè)在某一段時(shí)間內(nèi)小球與小車相對靜止且彈簧處于壓縮狀態(tài)，若忽略小球與小車間的摩擦力，則在此段時(shí)間內(nèi)小車可能是( )A向右做加速運(yùn)動B向右做減速運(yùn)動C向左做加速運(yùn)動D向左做勻速運(yùn)動考點(diǎn)：牛頓第二定律；力的合成與分解的運(yùn)用；胡克定律 專題：牛頓運(yùn)動定律綜合專題分析：小球和小車具有相同的加速度，對小球運(yùn)用牛頓第二定律，判斷出加速度的方向，得知小車的加速度方向，

7、從而知道小車的運(yùn)動情況解答：解：小球與小車相對靜止且彈簧處于壓縮狀態(tài)，知小球所受的合力向右，根據(jù)牛頓第二定律，小球的加速度方向向右，小球和小車具有相同的加速度，知小車具有向右的加速度，所以小車向右做加速運(yùn)動或向左做減速運(yùn)動故A正確，B、C、D錯(cuò)誤故選：A點(diǎn)評：解決本題的關(guān)鍵抓住小球和小車具有相同的加速度，運(yùn)用牛頓第二定律進(jìn)行求解6如圖所示，將物體A放在容器B中，以某一速度把容器B豎直上拋，不計(jì)空氣阻力，運(yùn)動過程中容器B的地面始終保持水平，下列說法正確的是( )A在上升和下降過程中A對B的壓力都一定為零B上升過程中A對B的壓力大于物體A受到的重力C下降過程中A對B的壓力大于物體A受到的重力D在上

8、升和下降過程中A對B的壓力都等于物體A受到的重力考點(diǎn)：豎直上拋運(yùn)動；物體的彈性和彈力 分析：要分析A對B的壓力可以先以AB整體為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律得到加速度，再隔離B或A，運(yùn)用牛頓第二定律研究解答：解：由題意，不計(jì)空氣阻力，對整體：只受重力，根據(jù)牛頓第二定律得知，整體的加速度為g，方向豎直向下；再對A或B研究可知，它們的合力都等于重力，所以A、B間沒有相互作用力，故在上升和下降過程中A對B的壓力都一定為零，故A正確，BCD錯(cuò)誤故選A點(diǎn)評：本題關(guān)鍵根據(jù)牛頓第二定律，運(yùn)用整體法和隔離法結(jié)合進(jìn)行研究，比較簡單7應(yīng)用物理知識分析生活中的常見現(xiàn)象，可以使物理學(xué)習(xí)更加有趣和深入例如平伸手掌托起物體

9、，由靜止開始豎直向上運(yùn)動，直至將物體拋出對此現(xiàn)象分析正確的是( )A手托物體向上運(yùn)動的過程中，物體始終處于超重狀態(tài)B手托物體向上運(yùn)動的過程中，物體始終處于失重狀態(tài)C在物體離開手的瞬間，物體的加速度大于重力加速度D在物體離開手的瞬間，手的加速度大于重力加速度考點(diǎn)：超重和失重；牛頓第二定律 分析：超重指的是物體加速度方向向上，失重指的是加速度方向下，但運(yùn)動方向不可確定由牛頓第二定律列式分析即可解答：解：A、B物體向上先加速后減速，加速度先向上，后向下，根據(jù)牛頓運(yùn)動定律可知物體先處于超重狀態(tài)，后處于失重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤B錯(cuò)誤；C、D、重物和手有共同的速度和加速度時(shí)，二者不會分離，故物體離開手的瞬間，物

10、體向上運(yùn)動，物體的加速度等于重力加速度，物體離開手的瞬間，手的合力增大，所以手的加速度大于重力加速度，并且方向豎直向下，故C錯(cuò)誤，D正確故選：D點(diǎn)評：超重和失重僅僅指的是一種現(xiàn)象，但物體本身的重力是不變的，這一點(diǎn)必須明確重物和手有共同的速度和加速的時(shí)，二者不會分離82013年12月2日1時(shí)30分，嫦娥三號探測器由長征三號乙運(yùn)載火箭從西昌衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射，首次實(shí)現(xiàn)月球軟著陸和月面巡視勘察嫦娥三號的部分飛行軌道示意圖如圖所示假設(shè)嫦娥三號在圓軌道和橢圓軌道上運(yùn)動時(shí)，只受到月球的萬有引力下列說法中正確的是( )A嫦娥三號沿橢圓軌道從P點(diǎn)運(yùn)動到Q點(diǎn)的過程中，速度逐漸變小B嫦娥三號沿橢圓軌道從P點(diǎn)運(yùn)動到Q

11、點(diǎn)的過程中，月球的引力對其做負(fù)功C若已知嫦娥三號在圓軌道上運(yùn)行的半徑、周期和引力常量，則可計(jì)算出月球的密度D嫦娥三號在橢圓軌道經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)和在圓形軌道經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的加速度相等考點(diǎn)：萬有引力定律及其應(yīng)用 專題：萬有引力定律的應(yīng)用專題分析：根據(jù)萬有引力做功正負(fù)，由動能定理分析速度的變化；已知嫦娥三號在圓軌道上運(yùn)行的半徑、周期和引力常量，可求出月球的質(zhì)量；經(jīng)過同一點(diǎn)P時(shí)，嫦娥三號受到的萬有引力相等，加速度相等解答：解：A、B、嫦娥三號沿橢圓軌道從P點(diǎn)運(yùn)動到Q點(diǎn)的過程中，月球?qū)πl(wèi)星的引力做正功，動能增大，則速度增大，故AB錯(cuò)誤；C、根據(jù)萬有引力等于向心力，有 G=mr，得 M=，據(jù)此可知若已知嫦娥三號在圓

12、軌道上運(yùn)行的半徑、周期和引力常量，可求出月球的質(zhì)量，但月球的體積未知，不能求出月球的密度，故C錯(cuò)誤；D、對于嫦娥三號，由 G=ma，a=，在P點(diǎn)，M和r相同，則嫦娥三號在橢圓軌道經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)和在圓形軌道經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的加速度相等，故D正確故選：D點(diǎn)評：嫦娥三號在環(huán)月段圓軌道上做圓周運(yùn)動萬有引力等于向心力，要進(jìn)入環(huán)月段橢圓軌道需要做近心運(yùn)動因?yàn)橥赑點(diǎn)萬有引力不變，加速度相等9如圖所示，將質(zhì)量為m的滑塊放在傾角為的固定斜面上滑塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)為若滑塊與斜面之間的最大靜摩擦力和滑動摩擦力大小相等，重力加速度為g，則( )A將滑塊由靜止釋放，如果tan，滑塊將下滑B給滑塊沿斜面向下的初速度，如果t

13、an，滑塊將減速下滑C用平行于斜面向下的力拉滑塊向下勻速滑動，如果=tan，拉力大小應(yīng)是mgsinD用平行于斜面向上的力拉滑塊向上勻速滑動，如果=tan，拉力大小應(yīng)是2mgsin考點(diǎn)：牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動的位移與時(shí)間的關(guān)系 專題：牛頓運(yùn)動定律綜合專題分析：對物體受力分析，根據(jù)重力沿斜面方向分力與摩擦力大小的關(guān)系判斷滑塊的運(yùn)動情況，當(dāng)物體做勻速運(yùn)動時(shí)，根據(jù)共點(diǎn)力平衡進(jìn)行分析解答：解：A、若tan，則mgsinmgcos0所以滑塊不會下滑故A錯(cuò)誤B、若tan，mgsinmgcos0，則合力大于0，所以滑塊會受到向下的力，將加速下滑，故B錯(cuò)誤；C、如果=tanmgsinmgcos=0，則合力

14、等于零則無需拉力拉動，滑塊只需要有給他一個(gè)速度即可以勻速向下滑動了，故C錯(cuò)誤；D、如果=tan，則合力等于0當(dāng)滑塊向上運(yùn)動的時(shí)候，摩擦力方向與運(yùn)動相反，即向下，所以向上的拉力大小F=mgsin+mgcos，因?yàn)?tan，所以mgsin=mgcos，所以F=2mgsin，故D正確故選：D點(diǎn)評：解決本題的關(guān)鍵能夠正確地受力分析，會根據(jù)物體的受力判斷物體的運(yùn)動規(guī)律10如圖所示，光滑水平面上有質(zhì)量均為m的物塊A和B，B上固定一輕彈簧B靜止，A以速度v0水平向右運(yùn)動，通過彈簧與B發(fā)生作用作用過程中，彈簧獲得的最大彈性勢能EP為( )AmBmCmDm考點(diǎn)：彈性勢能；動量守恒定律；機(jī)械能守恒定律 分析：當(dāng)兩

15、個(gè)滑塊速度相等時(shí)彈簧壓縮量最大，彈性勢能最大；滑塊A、B系統(tǒng)動量守恒，根據(jù)守恒定律求解共同速度；根據(jù)機(jī)械能守恒定律求解彈簧獲得的最大彈性勢能解答：解：當(dāng)兩個(gè)滑塊速度相等時(shí)彈簧壓縮量最大，彈性勢能最大；滑塊A、B系統(tǒng)動量守恒，根據(jù)守恒定律，有：mv0=2mv1解得：；系統(tǒng)減小的動能等于增加的彈性勢能，故彈簧獲得的最大彈性勢能EP為：EP=故選：C點(diǎn)評：本題關(guān)鍵明確當(dāng)兩個(gè)滑塊速度相等時(shí)彈簧壓縮量最大，彈性勢能最大；然后根據(jù)機(jī)械能守恒定律和動量守恒定律列式后聯(lián)立求解11起重機(jī)的鋼索將重物由地面吊到空中某個(gè)高度，其速度圖象如圖所示，則鋼索拉力的功率隨時(shí)間變化的圖象可能是選項(xiàng)中的哪一個(gè)？( )ABCD考

16、點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動的圖像 專題：運(yùn)動學(xué)中的圖像專題分析：鋼索拉力的功率P=Fv，根據(jù)速度圖象分析重物的運(yùn)動情況，根據(jù)牛頓第二定律得出拉力與重力的關(guān)系，再由功率公式得出功率與時(shí)間的關(guān)系式，選擇圖象解答：解：在0t1時(shí)間內(nèi)：重物向上做勻加速直線運(yùn)動，設(shè)加速度大小為a1，根據(jù)牛頓第二定律得：Fmg=ma1，F(xiàn)=mg+ma1，拉力的功率P1=Fv=（mg+ma1）a1t，m、a1均一定，則P1t在t1t2時(shí)間內(nèi)：重物向上做勻速直線運(yùn)動，拉力F=mg，則拉力的功率P2=Fv=mgv，P2不變，根據(jù)拉力的大小得到，P2小于t1時(shí)刻拉力的功率在t2t3時(shí)間內(nèi)：重物向上做勻減速直線運(yùn)動，設(shè)加速度大小為a2，根

17、據(jù)牛頓第二定律得：mgF=ma2，F(xiàn)=mgma2，拉力的功率P3=Fv=（mgma2）（v0a2t），m、a2均一定，P3與t是線性關(guān)系，隨著t延長，P3減小t3時(shí)刻拉力突然減小，功率突然減小故選B點(diǎn)評：根據(jù)物理規(guī)律得到功率與時(shí)間的解析式，再選擇圖象，是經(jīng)常采用的方法和思路12如圖所示，單擺擺球的質(zhì)量為m，擺球從最大位移A處由靜止釋放，擺球運(yùn)動到最低點(diǎn)B時(shí)的速度大小為v重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力則擺球從A運(yùn)動到B的過程中( )A重力做的功為mv2B重力的最大瞬時(shí)功率為mgvC重力的沖量為0D合力的沖量大小為0考點(diǎn)：動量定理；機(jī)械能守恒定律 分析：某個(gè)力的功率應(yīng)用力乘以力方向上的速度，重力做功

18、與路徑無關(guān)只與高度差有關(guān)，也可以運(yùn)動動能定理求解由動量定理，合外力的沖量等于物體動量的改變量解答：解：A、擺球從最大位移A處由靜止開始釋放，擺球運(yùn)動到最低點(diǎn)B，根據(jù)動能定理得：WG=mv20，故A正確B、設(shè)擺球從A運(yùn)動到B的過程中某點(diǎn)重力的瞬時(shí)功率最大，設(shè)此時(shí)速度方向與豎直方向的夾角為，則有p=mgvcosmgv，故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)沖量的公式I=Ft得：重力的沖量為I=mgt，不為零，故C錯(cuò)誤；D、由動量定理，合外力的沖量等于物體動量的改變量所以擺球從A運(yùn)動到B的過程中合力的沖量為mv，故D錯(cuò)誤故選：A點(diǎn)評：知道瞬時(shí)功率的求解方法，掌握運(yùn)用動量定理求解合外力的沖量13如圖所示，一輛小車以一定的

19、初速度沖上高度為h、長度為L的斜坡，已知小車的質(zhì)量為m，小車受到沿斜面向下的阻力為f，則對小車由坡底沖到坡頂?shù)倪\(yùn)動過程分析正確的是( )A此過程中小車的動能減少了 fLB此過程中小車的勢能增加了（mghfL）C此過程中自然界中的能量減少了fLD此過程中小車的機(jī)械能減少了fL考點(diǎn)：機(jī)械能守恒定律；功能關(guān)系 專題：機(jī)械能守恒定律應(yīng)用專題分析：根據(jù)動能定理列式求解動能減小量；機(jī)械能減小量等于除重力外其余力做的功解答：解：A、上升過程中，受到重力、支持力和阻力，根據(jù)動能定理得mghfL=EK所以此過程中小車的動能減少了mgh+fL，故A錯(cuò)誤B、此過程中小車重力做功為mgh，所以此過程中小車的勢能增加了

20、mgh，故B錯(cuò)誤C、根據(jù)自然界中能量是守恒的，故C錯(cuò)誤D、機(jī)械能減小量等于除重力外其余力做的功所以此過程中小車的機(jī)械能減少了fL，故D正確故選D點(diǎn)評：本題關(guān)鍵是根據(jù)動能定理計(jì)算動能的變化，根據(jù)除重力外其余力做的功判斷機(jī)械能的變化14自然界中某個(gè)量D的變化量D，與發(fā)生這個(gè)變化所用時(shí)間t的比值，叫做這個(gè)量D的變化率下列說法正確的是( )A若D表示某質(zhì)點(diǎn)做平拋運(yùn)動的速度，則是恒定不變的B若D表示某質(zhì)點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動的動量，則是恒定不變的C若D表示某質(zhì)點(diǎn)做豎直上拋運(yùn)動離拋出點(diǎn)的高度，則一定變大D若D表示某質(zhì)點(diǎn)的動能，則越大，質(zhì)點(diǎn)所受外力做的總功就越多考點(diǎn)：平拋運(yùn)動 分析：若D表示平拋運(yùn)動的速度，則表示

21、加速度，若D表示勻速圓周運(yùn)動的動量，則表示向心加速度，若D表示某質(zhì)點(diǎn)做豎直上拋運(yùn)動離拋出點(diǎn)的高度，則表示平均速度，若D表示質(zhì)點(diǎn)的動能，則表示外力的功率解答：解：A、若D表示某質(zhì)點(diǎn)做平拋運(yùn)動的速度，則表示加速度，恒定不變故A正確；B、若D表示某質(zhì)點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動的動量，則=，表示向心力，大小不變，方向不停改變故B錯(cuò)誤；C、若D表示某質(zhì)點(diǎn)做豎直上拋運(yùn)動離拋出點(diǎn)的高度，則表示平均速度，平均速度在減小故C錯(cuò)誤；D、若D表示某質(zhì)點(diǎn)的動能，則所受外力的功率，表示做功的快慢，不是做功的多少故D錯(cuò)誤故選：A點(diǎn)評：解決本題的關(guān)鍵是知道當(dāng)D表示不同的量時(shí)，表示的物理意義，再根據(jù)條件判斷是否變化，難度適中二、本題為

22、多項(xiàng)選擇題，每題3分，共12分，少選得2分，選錯(cuò)不得分）：15一雨滴從空中由靜止開始沿豎直方向落下，若雨滴下落過程中所受重力保持不變，且空氣對雨滴阻力隨其下落速度的增大而增大，則圖所示的圖象中可能正確反映雨滴整個(gè)下落過程運(yùn)動情況的是( )ABCD考點(diǎn)：牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動的速度與時(shí)間的關(guān)系 專題：牛頓運(yùn)動定律綜合專題分析：雨滴下落的過程中受重力和阻力，阻力隨速度增大而增大，根據(jù)牛頓第二定律，判斷加速度的變化，以及根據(jù)加速度方向與速度的方向關(guān)系判斷速度的變化解答：解：根據(jù)牛頓第二定律得，速度增大，阻力增大，加速度減小，雨滴做加速度減小的加速運(yùn)動，當(dāng)加速度減小到零，雨滴做勻速直線運(yùn)動故A、

23、C正確，B、D錯(cuò)誤故選AC點(diǎn)評：解決本題的關(guān)鍵會通過牛頓第二定律，根據(jù)物體的受力情況判斷物體的運(yùn)動情況16如圖所示，在水平光滑地面上有A、B兩個(gè)木塊，A、B之間用一輕彈簧連接A靠在墻壁上，用力F向左推B使兩木塊之間彈簧壓縮并處于靜止?fàn)顟B(tài)若突然撤去力F，則下列說法中正確的是( )A木塊A離開墻壁前，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)動量守恒，機(jī)械能也守恒B木塊A離開墻壁前，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)動量不守恒，但機(jī)械能守恒C木塊A離開墻壁后，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)動量守恒，機(jī)械能也守恒D木塊A離開墻壁后，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)動量不守恒，但機(jī)械能守恒考點(diǎn)：機(jī)械能守恒定律 專題：機(jī)械能守恒定律應(yīng)用專題分析：根據(jù)系

24、統(tǒng)動量守恒的條件：系統(tǒng)不受外力或所受合外力為零，分析系統(tǒng)所受的外力情況，判斷動量是否守恒根據(jù)是否是只有彈簧的彈力做功，判斷系統(tǒng)的機(jī)械能是否守恒解答：解：AB、撤去F后，木塊A離開豎直墻前，豎直方向兩物體所受的重力與水平面的支持力平衡，合力為零；而墻對A有向右的彈力，所以系統(tǒng)的合外力不為零，系統(tǒng)的動量不守恒這個(gè)過程中，只有彈簧的彈力對B做功，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒故A錯(cuò)誤，B正確CD、A離開豎直墻后，系統(tǒng)水平方向不受外力，豎直方向外力平衡，所以系統(tǒng)所受的合外力為零，系統(tǒng)的動量守恒，只有彈簧的彈力做功，系統(tǒng)機(jī)械能也守恒故C正確、D錯(cuò)誤故選：BC點(diǎn)評：本題關(guān)鍵要掌握動量守恒和機(jī)械能守恒的條件，并用來判斷系

25、統(tǒng)的動量和機(jī)械能是否守恒對于動量是否守恒要看研究的過程，要細(xì)化過程分析17類比是一種常用的研究方法對于直線運(yùn)動，教科書中講解了由vt圖象求位移的方法請你借鑒此方法分析下列說法，其中正確的是( )A由at（加速度時(shí)間）圖線和橫軸圍成的面積可以求出對應(yīng)時(shí)間內(nèi)做直線運(yùn)動物體的速度變化量B由Fv（力速度）圖線和橫軸圍成的面積可以求出對應(yīng)速度變化過程中力做功的功率C由Fx（力位移）圖線和橫軸圍成的面積可以求出對應(yīng)位移內(nèi)力所做的功D由r（角速度半徑）圖線和橫軸圍成的面積可以求出對應(yīng)半徑變化范圍內(nèi)做圓周運(yùn)動物體的線速度考點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動的圖像；物理學(xué)史 分析：在xy坐標(biāo)系中，圖線和橫軸圍成的面積為：xy；

26、將xy換成具體的物理量分析即可解答：解：在xy坐標(biāo)系中，圖線和橫軸圍成的面積為：xy；A、at（加速度時(shí)間）圖線和橫軸圍成的面積表示速度的改變量；故A正確；B、Fv圖線中任意一點(diǎn)的橫坐標(biāo)與縱坐標(biāo)的乘積等于Fv，即瞬時(shí)功率，故圖象與橫軸圍成的面積不一定等于Fv，即不是對應(yīng)速度變化過程中力做功的功率，故B錯(cuò)誤；C、Fx圖線和橫軸圍成的面積表示力F的總功，但不一定是合力的功，根據(jù)動能定理，動能的變化量等于合力的功，故圖線和橫軸圍成的面積不一定等于動能的增加量，故C正確；D、r圖線中任意一點(diǎn)的橫坐標(biāo)與縱坐標(biāo)的乘積等于r，即線速度；故圖象與橫軸圍成的面積不一定等于r，即不一定等于線速度，故D錯(cuò)誤；故選：

27、AC點(diǎn)評：本題關(guān)鍵明確在xy坐標(biāo)系中，圖線和橫軸圍成的面積為：S=xy；可以根據(jù)此方法求解功、速度改變量等18如圖甲所示，勁度系數(shù)為k的輕彈簧豎直放置，下端固定在水平地面上，一質(zhì)量為m的小球，從離彈簧上端高h(yuǎn)處由靜止釋放，落在彈簧上后繼續(xù)向下運(yùn)動到最低點(diǎn)的過程中，小球的速度v隨時(shí)間t的變化圖象如圖乙所示，其中OA段為直線，AB段是與OA相切于A點(diǎn)的曲線，BCD是平滑的曲線若以小球開始下落的位置為原點(diǎn)，沿豎直向下方向建立坐標(biāo)軸Ox，則關(guān)于A、B、C、D各點(diǎn)對應(yīng)的小球下落的位置坐標(biāo)x及所對應(yīng)的加速度a的大小，以下說法正確的是( )AxA=h，aA=0BxB=h+，aB=0CxC=h+2，aC=gD

28、xD=h+2，aDg考點(diǎn)：牛頓第二定律；胡克定律 專題：牛頓運(yùn)動定律綜合專題分析：（1）OA過程是自由落體，A的坐標(biāo)就是自由下落的高度，此時(shí)的加速度也就是自由落體加速度；（2）B點(diǎn)是速度最大的地方，此時(shí)重力和彈力相等，合力為零，加速度也就為零，可以計(jì)算出彈簧的形變量；（3）A、C兩點(diǎn)關(guān)于B點(diǎn)對稱，速度相同，加速度大小相等，方向相反，F(xiàn)mg=ma，可以計(jì)算出彈簧的形變量；（4）D點(diǎn)時(shí)速度減為零，彈簧被壓縮到最低點(diǎn)，彈簧的彈力最大，可以分析物體的加速度解答：解：AOA過程是自由落體，A的坐標(biāo)就是h，加速度為g，所以A錯(cuò)誤 BB點(diǎn)是速度最大的地方，此時(shí)重力和彈力相等，合力為0，加速度也就為0，由mg

29、=kx，可知x=，所以B的坐標(biāo)為h+，所以B正確 CA、C兩點(diǎn)關(guān)于B點(diǎn)對稱，由A點(diǎn)到B點(diǎn)的形變量為，由對稱性得由B到D的形變量也為，所以在C點(diǎn)的形變量為，所以彈簧彈力F=2mg，F(xiàn)mg=ma，a=g，x=，所以C的坐標(biāo)為h+，所以C正確 D到達(dá)D點(diǎn)時(shí)，速度為0，所以到達(dá)D點(diǎn)時(shí)形變量要大于C點(diǎn)的形變量，所以D的坐標(biāo)大于h+，加速度aDg，所以D錯(cuò)誤故選BC點(diǎn)評：知道物體壓縮彈簧的過程，就可以逐個(gè)分析位移和加速度要注意在壓縮彈簧的過程中，彈力是個(gè)變力，加速度是變化的，當(dāng)速度等于零時(shí)，彈簧被壓縮到最短三、實(shí)驗(yàn)題：（共兩道小題，每空2分，共8分）19（1）用游標(biāo)卡尺測量某鋼管的外徑，某次游標(biāo)卡尺（主尺

30、的最小分度為1mm）的示數(shù)如圖1所示，其讀數(shù)為5.44cm（2）如圖2所示，螺旋測微器測出的某物件的寬度是5.695mm考點(diǎn)：刻度尺、游標(biāo)卡尺的使用；螺旋測微器的使用 專題：實(shí)驗(yàn)題分析：解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測微器和游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法，螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時(shí)需估讀游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀解答：解：（1）游標(biāo)卡尺的固定刻度讀數(shù)為5.4cm，游標(biāo)尺上第4個(gè)刻度游標(biāo)讀數(shù)為：0.1×4mm=0.4mm=0.04cm，所以最終讀數(shù)為：5.4cm+0.04cm=5.44cm；（2）螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為5.5mm，可動

31、刻度讀數(shù)為0.01×19.5mm=0.195mm，所以最終讀數(shù)為：5.5mm+0.195mm=5.695mm故答案為：（1）5.44；（2）5.695點(diǎn)評：螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時(shí)需估讀；游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀，注意兩種儀器讀數(shù)的不同20研究勻變速直線運(yùn)動實(shí)驗(yàn)時(shí)，某同學(xué)得到一條紙帶，如圖所示，每隔三個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，記為圖中0、1、2、3、4、5、6點(diǎn)測得相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離分別為s1=0.96cm，s2=2.88cm，s3=4.80cm，s4=6.72cm，s5=8.64cm，s6=10.56cm，打點(diǎn)

32、計(jì)時(shí)器的電源頻率為50Hz，計(jì)算此紙帶的加速度大小a=3.0m/s2，打計(jì)數(shù)點(diǎn)“4”時(shí)紙帶的速度大小v=0.96m/s（保留兩位有效數(shù)字）考點(diǎn)：探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律 專題：實(shí)驗(yàn)題；直線運(yùn)動規(guī)律專題分析：根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的推論公式x=aT2可以求出加速度的大小，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動中時(shí)間中點(diǎn)的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上4時(shí)小車的瞬時(shí)速度大小解答：解：每隔三個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，所以相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔為T=0.02×4=0.08s根據(jù)x=aT2，有：a=m/s2=3.0m/s2在勻變速直線勻速中時(shí)間中點(diǎn)的瞬時(shí)速度大小等于該過程中的平均速度大小，故有：v4

33、=m/s=0.96m/s故答案為：3.0； 0.96點(diǎn)評：要提高應(yīng)用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實(shí)驗(yàn)問題的能力，在平時(shí)練習(xí)中要加強(qiáng)基礎(chǔ)知識的理解與應(yīng)用四、計(jì)算題（共52分，注意每題均按步驟給分，直接寫結(jié)果或單純羅列公式不得分書寫不清，不規(guī)范相應(yīng)扣除分?jǐn)?shù)，要求每題都要畫出過程圖）21如圖所示，質(zhì)量m=2.2kg的金屬塊放在水平地板上，在與水平方向成=37°角斜向上、大小為F=10N的拉力作用下，以速度v=5.0m/s向右做勻速直線運(yùn)動（cos37°=0.8，sin37°=0.6，取g=10m/s2）求：（1）金屬塊與地板間的動摩擦因數(shù)；（2）如果從某時(shí)刻起撤去拉力，

34、撤去拉力后金屬塊在水平地板上滑行的最大距離考點(diǎn)：牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動的速度與位移的關(guān)系 專題：牛頓運(yùn)動定律綜合專題分析：（1）分析金屬塊的受力情況，根據(jù)平衡條件和滑動摩擦力公式求解動摩擦因數(shù)；（2）撤去拉力后金屬塊水平方向只受滑動摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，再由位移速度公式求解金屬塊在桌面上滑行的最大距離解答：解：（1）因?yàn)榻饘賶K勻速運(yùn)動，受力平衡則有 Fcos37°（mgFsin37°）=0得=（2）撤去外力后金屬塊的加速度大小為：a=g=5m/s2金屬塊在桌面上滑行的最大距離：s=2.5m答：（1）金屬塊與地板間的動摩擦因數(shù)為0.5；（2）如果從某時(shí)刻起

35、撤去拉力，撤去拉力后金屬塊在水平地板上滑行的最大距離為2.5m點(diǎn)評：本題是物體的平衡問題，關(guān)鍵是分析物體的受力情況，作出力圖撤去F后動摩擦因數(shù)不變22如圖所示，豎直平面內(nèi)的四分之一圓弧軌道下端與水平桌面相切，小滑塊A和B分別靜止在圓弧軌道的最高點(diǎn)和最低點(diǎn)現(xiàn)將A無初速度釋放，A與B碰撞后結(jié)合為一個(gè)整體，并沿桌面滑動已知圓弧軌道光滑，半徑R=0.2m；A和B的質(zhì)量相等；A和B整體與桌面之間的動摩擦因數(shù)=0.2取重力加速度g=10m/s2求：（1）碰撞前瞬間A的速率v；（2）碰撞后瞬間A和B整體的速率v；（3）A和B整體在桌面上滑動的距離L考點(diǎn)：動量守恒定律；機(jī)械能守恒定律 專題：動量定理應(yīng)用專題分

36、析：（1）A到B的過程中，只有重力做功，機(jī)械能守恒，根據(jù)機(jī)械能守恒定律求出碰撞前A的速度（2）A、B碰撞的過程中動量守恒，根據(jù)動量守恒定律求出碰撞后整體的速率（3）對AB整體運(yùn)用動能定理，求出AB整體在桌面上滑動的距離解答：解：（1）滑塊從圓弧最高點(diǎn)滑到最低點(diǎn)的過程中，根據(jù)機(jī)械能守恒定律，有：得：=2m/s（2）滑塊A與B碰撞，軌道向右為正方向，根據(jù)動量守恒定律，有：mAvA=（mA+mB）v'得：（3）滑塊A與B粘在一起滑行，根據(jù)動能定理，有：又因?yàn)椋篺=N=（mA+mB）g代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得：l=0.25m答：（1）碰撞前瞬間A的速率為2m/s；（2）碰撞后瞬間A和B整體的速率為1m

37、/s；（3）A和B整體在桌面上滑動的距離為0.25m點(diǎn)評：本題考查了機(jī)械能守恒、動量守恒、動能定理的綜合，難度中等，知道機(jī)械能守恒和動量守恒的條件，關(guān)鍵是合理地選擇研究對象和過程，選擇合適的規(guī)律進(jìn)行求解23在物理學(xué)中，常常用等效替代、類比、微小量放大等方法來研究問題如在牛頓發(fā)現(xiàn)萬有引力定律一百多年后，卡文迪許利用微小量放大法由實(shí)驗(yàn)測出了萬有引力常量G的數(shù)值，如圖所示是卡文迪許扭秤實(shí)驗(yàn)示意圖卡文迪許的實(shí)驗(yàn)常被稱為是“稱量地球質(zhì)量”的實(shí)驗(yàn)，因?yàn)橛蒅的數(shù)值及其它已知量，就可計(jì)算出地球的質(zhì)量，卡文迪許也因此被譽(yù)為第一個(gè)稱量地球的人（1）若在某次實(shí)驗(yàn)中，卡文迪許測出質(zhì)量分別為m1、m2相距為r的兩個(gè)小球

38、之間引力的大小為F，求萬有引力常量G；（2）若已知地球半徑為R，地球表面重力加速度為g，萬有引力常量為G，忽略地球自轉(zhuǎn)的影響，請推導(dǎo)出地球質(zhì)量及地球平均密度的表達(dá)式考點(diǎn)：萬有引力定律及其應(yīng)用 專題：萬有引力定律的應(yīng)用專題分析：根據(jù)萬有引力定律，化簡可得萬有引力常量G； 在地球表面附近的物體受到重力等于萬有引力 ，可以解得地球的質(zhì)量M，地球的體積為V=，根據(jù)密度的定義，代入數(shù)據(jù)可以計(jì)算出地球平均密度解答：解：（1）根據(jù)萬有引力定律有：解得：（2）設(shè)地球質(zhì)量為M，在地球表面任一物體質(zhì)量為m，在地球表面附近滿足：得地球的質(zhì)量為：M=地球的體積為：V=解得：地球的密度為：答：（1）萬有引力常量為（2）地球質(zhì)量為，地球平均密度的表達(dá)式為點(diǎn)評：本題要掌握萬有引力定律的公式，理解公式中各量的物理含義，要求掌握星球表面的物體受到的重力等于萬有引力24某興趣小組對一輛自制遙控小車的性能進(jìn)行研究他們讓這輛小車在水平的直軌道上由靜止開始運(yùn)動，并將小車運(yùn)動的全過程記錄下來，通過處理轉(zhuǎn)化為t圖象，如圖所示（除2s10s時(shí)間段圖象為曲線外，其余時(shí)間段圖象均為直線）已知在小車運(yùn)動的過程中，2s14s時(shí)間段內(nèi)小車的功率保持不變，在14s末停止遙控而讓小車自由滑行，小車的質(zhì)量為1.0kg，可認(rèn)為在整個(gè)運(yùn)動過程中