2019高考物理一輪復習第二章《相互作用》第2課時摩擦力課時沖關新人教版

1、第二章第 2 課時摩擦力練規(guī)范愚慝空悉考能提升沖刺高考、單項選擇題（本題共 6 小題，每小題 6 分，共 36 分）1 . （2017 湖南郴州教學質量監(jiān)測）如圖所示，半球形容器靜止在水 平面上，O為球心，一質量為m的小滑塊靜止于P點，OP與水平方向的夾 角為0.關于滑塊受半球形容器的摩擦力Ff以及半球形容器受地面的摩擦力Ff，下列關系正確的是（）A.Ff=mgcos0,R水平向左B.Ff=mgsin0,Ff水平向左C.Ff=mgcos0,R大小為零D.Ff=mgsin0,Ff大小為零解析：C 對小滑塊進行受力分析，如圖所示，受重力mg容器的支持力FN和摩擦力 R,由平衡條件得知，摩擦力Ff=

2、mgpos0.對整體進行受力分析，水平方向沒有其他外力，則由平衡條件得知R = 0，故 C 正確.2 . （2017 江蘇鹽城射陽二中第二次調研）如圖所示，一只半徑為R的半球形碗倒扣在水平桌面上，處于靜止狀態(tài).一質量為4一螞蟻在離桌面高度為-R時恰能停在碗上，則螞蟻受到的最大靜摩擦5力大小為（）A. 0.6mgB. 0.8mgC. 0.4mgD. 0.75mg解析：A 螞蟻受重力、支持力和摩擦力而處于平衡，摩擦力與水平方向所成的夾角為0,根據(jù)平衡條件有4f=mgsin0=卩 N=卩mgpos0，而 cos0 =R30.8 ,所以= tan0= 4,故最大靜摩擦力f=卩mgpos0= 0.6mg

3、故 A 正確.3. （2017 重慶一中月考）建筑裝修中，工人用質量為m的磨石對傾角為0的斜壁進行打磨（如圖所示），當對磨石施加豎直向上大小為F的推力時，磨石恰好沿斜壁向上勻速運動，已知磨石與斜壁之間的動摩擦因數(shù)為-3 -卩，則磨石受到的摩擦力大小是（）A.(Fmgcos0C.(1(Fmgcos0B.(Fmgsin0D.i(Fmgtan0-4 -解析：A 磨石受重力、推力、斜壁的彈力及摩擦力作用而處于平衡狀由圖可知，F(xiàn)一定大于重力mg先將重力及向上的推力合成后，將二者的合 垂直于斜面方向及平行于斜面方向分解，則在沿斜面方向上有f= （F-mgcos在垂直斜面方向上有FN=（Fmg sin0,貝

4、 Uf=i（Fmgs in0,故 A 正態(tài)，力沿0 ,確4 .（2017 江蘇鎮(zhèn)江三校聯(lián)考）用質量為M的吸鐵石將一張質量為白紙壓在豎直固定的磁性黑板上.某同學沿著黑板面用水平向右的恒輕拉白紙，白紙未移動，則此時黑板對白紙的摩擦力的大小為（C.F2+mg2D.F2+M葉mg2解析：D 由題意可知，整體受向下的重力、向右的拉力作用，二力的合力為F合=F+M葉mg2，由力的平衡條件可知，摩擦力應與該合力大小相等，方向相反，故D 正確.5. （2017 湖北宜昌部分示范高中聯(lián)考）如圖所示，一質量為m的物恰能在傾角為a，質量為M的斜面體上勻速下滑.若用與斜面平行的大F的力推A,使A加速下滑，斜面體始終靜

5、止.下列關于斜面體受地面的力和支持力的說法正確的是（A.斜面體受地面的摩擦力大小為0B.斜面體受地面的摩擦力方向水平向左， 大小為FcosaC. 斜面體受地面的支持力增大D.斜面體受地面的摩擦力方向水平向右，大小為Fcosa狀態(tài)，以整體為研究對象，分析可知，豎直方向上受到總重力和地面的支持力，由平衡條件得知地面的F后，物塊對斜面體的壓力和摩擦力沒有變化，則斜面體的受力情況沒有改變，所以斜面體受到的地面的摩擦力仍然為零，地面對斜面體的支持力仍然等于總重力，則斜面體對地面的壓力也保持不變，故A 正確.6. （68520036）（2017 陜西渭南教學質量檢測）如圖所示，質量為m的木塊P在質量為M的

6、長木板ab上滑行，長木板放在水平地面上一直處于靜止狀態(tài).若ab與地面間的動摩擦因數(shù)為11,)體A小為摩擦-5 -木塊P與長木板ab間的動摩擦因數(shù)為卩2,則長木板ab受到地面的摩擦力大小為（）A.卩1MgB. 11(m+MgC.2mgD.11Mg+12mg解析：C 木塊P相對長木板ab向右滑動，受到向左的滑動摩擦力， 大小為 5=卩2N卩2mg力的作用是相互的，故木塊P對長木板ab有向右的滑動摩擦力，故長木板ab有向右滑動的趨勢，受到地面對其向左的靜摩擦力；根據(jù)共點力平衡條件有f2=fi，因而f2=卩2mg故選 C.二、多項選擇題（本題共 4 小題，每小題 6 分，共 24 分全部選對的得 6

7、分，部分選對的得 3 分，有選錯或不答的得 0 分）7 （2017 廣東中山華僑中學一模）如圖所示，有一剛性方形容器被 水平力F壓在豎直的墻面上處于靜止狀態(tài).現(xiàn)緩慢地向容器內(nèi)注水， 直到注滿為止，在此過程中容器始終保持靜止，下列說法中正確的是（）A.容器受到的摩擦力逐漸增大B. 容器受到的摩擦力不變C. 水平力 F 可能不變D. 水平力 F 必須逐漸增大解析：AC 由題知，容器始終處于靜止狀態(tài)，則其受力平衡，即所受的摩擦力大小等于容器和水的總重力，所以容器受到的摩擦力逐漸增大，故A 正確，B 錯誤；水平方向上容器受力平衡，若最大靜摩擦力大于重力，則力F可能不變，若最大靜摩擦力小于等于重力，則力

8、F要增大，故 C 正確，D 錯誤.8. （2017 浙江金麗衢十二校聯(lián)考）如圖所示，木塊A B分別重 50 N 和 60 N，它們與水平 地面之間的動摩擦因數(shù)均為0.24.夾在A、B之間的輕彈簧被壓縮了 2 cm,彈簧的勁度系數(shù)為 400N/m.系統(tǒng)置于水平地面上靜止不動現(xiàn)用水平力F作用在木塊B上，則（）AFA.若F= 1 N，則木塊B所受摩擦力大小是 9 NB.若F= 1 N，則木塊A所受摩擦力大小是 7 NC.若木塊A B能一起保持勻速運動，則拉力F=24.6 N-6 -D.若木塊A B能一起保持勻速運動，則A、B間彈簧的伸長量為 3 cm-7 -解析：AD 木塊A與地面間的滑動摩擦力為f

9、A=卩mg= 0.24X50 N= 12 N，木塊B與地面間的滑動摩擦力為fB=卩mg= 0.24X60 N= 14.4 N,彈簧彈力為F彈=kx= 400X0.02 N= 8 N.施 加水平拉力F=1N 后，對B木塊進行受力分析，豎直方向上重力與支持力平衡，水平方向受向 右的彈簧彈力和拉力，由于B木塊與地面間的最大靜摩擦力為14.4 N（等于滑動摩擦力），大于彈簧彈力和拉力之和，故木塊B靜止不動，木塊B受到的靜摩擦力與彈簧彈力和拉力的合力平衡，因而有fB=F彈+F= 8 N+ 1 N= 9 N,彈簧長度沒有變化，彈力不變，故木塊A相對地面有向左的運動趨勢，其受到向右的靜摩擦力，且與彈力大小相

10、等，因而有fA=F彈=8 N,故 A 正確，B錯誤.木塊A B能一起保持勻速運動時， 木塊A B均受滑動摩擦力作用， 選木塊A為研究對象,對A木塊進行受力分析，豎直方向上重力與支持力平衡，水平方向上向右的彈簧彈力和向左的滑動摩擦力大小相等，F(xiàn)彈=kx= 12 N，解得x= 3 cm，故 D 正確；選木塊A B整體為研究對象，進行受力分析，豎直方向上重力與支持力平衡，水平方向上水平拉力滑動摩擦力之和大小相等，F(xiàn)= 26.4 N，故 C 錯誤.9.（2017 湖北 5 月聯(lián)考）傾角為0的足夠長的粗糙斜面體放置于粗糙水平地面上，重力為mg的物塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)為卩.若該物塊以某一初速度滑上面，

11、經(jīng)過一段時間后回到斜面底端，此過程中斜面保持靜止現(xiàn)將該 塊再次置于斜面上，同時對物塊施加一平行于斜面向上的外力F（F=mgsin0卩mgpos0），使物塊在斜面上恰好不下滑，然后逐漸增大最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，在F逐漸增大的過程中，下列說法正確的是（）A.物塊受到的摩擦力先減小后增大，最后保持不變B.地面對斜面體的支持力一直減小C.地面對斜面體的摩擦力一直增大D.斜面體一定不會滑動解析：AD 物塊在斜面上恰好不下滑，則物塊受到的摩擦力為最大靜摩擦力且方向沿斜面向上，此時對物塊受力分析，受到重力、斜面的支持力、摩擦力以及F作用，根據(jù)平衡條件得F+f=min0，貝 Uf=min0F,當F增大時

12、，f減小，當f減小到 0 后又會反向增大，當 摩擦力達到最大靜摩擦力后物塊開始滑動，之后再增大F,摩擦力不變，故 A 正確；當物塊與斜面體相對靜止時，把物塊與斜面體看成一個整體，豎直方向和水平方向都受力平衡，根據(jù)平衡條 件得N=（阿n）gFsin0，地面對斜面體的摩擦力f=Fcos0,隨著F的增大，N減小，f 增大，當物塊的摩擦力達到F與木塊A BF.已知各個接觸面之間的斜物-8 -最大時，物塊相對斜面向上滑動， 根據(jù)題意可知，斜面體仍保持靜止，此時物塊對斜面的壓力和摩擦力都不變，則斜面體受到地面的支持力和摩擦力都不變，與F無關，-9 -故 B、C 錯誤，D 正確.10. （2017 湖南三校

13、第一次聯(lián)考）如圖甲所示，質量為m的半球體靜止在傾角為B的平板上，當B從 0緩慢增大到 90的過程中，半球體所受摩擦力Ff與0的關系如圖乙所示，已知半球體始終沒有脫離平板， 半球體與平板間的動摩擦因數(shù)為冷最大靜摩擦力與滑動摩擦力相等，3重力加速度為g,則（）A. 0q段圖象可能是直線nB. qy 段圖象可能是直線解析：CD 半圓體在平板上恰好開始滑動的臨界條件是:卩=tan0n0在 0y 之間時，F(xiàn)f是靜摩擦力，大小為 min0；n n0在$之間時，F(xiàn)f是滑動摩擦力，大小為卩mgcos0;綜合以上分析得Ff與0的關系如圖中實線所示，故 A、B 錯誤.當0=_6 時，F(xiàn)f=mgsin 才=學 即P

14、=號，故 D 正確.71D.mg2解得0=n，即卩q=n，故C正確.6 6mgin0= 口mgcos0.故有09&乙-10 -三、非選擇題(本題共 2 小題，共 40 分寫出必要的文字說明和重要的演算步驟，有數(shù)值計算的要注明單位)11. (68520037)(20 分)(2017 江蘇南通質檢)如圖所示，質量為m的物體甲通過三段輕繩懸掛，三段輕繩的結點為0,輕繩OB水平且B端與站在水平面上質量為m的人相連，輕繩OA與豎直方向的夾角0= 37,物體甲及人均處于靜止狀態(tài).(已知 sin 37 = 0.6 , cos37= 0.8 ,g取 10 m/s2.設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力)(1)

15、輕繩OA OB受到的拉力分別是多大？(2)人受到的摩擦力是多大？方向如何?(3)若人的質量m= 60 kg，人與水平面之間的動摩擦因數(shù) 動，則物體甲的質量最大不能超過多少？卩=0.3，欲使人在水平面上不滑解析：(1)以結點O為研究對象進行受力分析，如圖甲所示，由平衡條件有FOB=F。侶in0FOQOS0 =mg聯(lián)立解得FOA=mgcos05=嚴，F(xiàn)O=mgta n甲53故輕繩OA OB受到的拉力分別為 qmg、4mg.(2)對人受力分析，如圖乙所示，人在水平方向受到和水平向左的靜摩擦力作用，由平衡條件得f=FOB又FOB=FOB3 所以f=FoB=：mg4OB繩的拉力FOBf送 1A當人剛要滑動時，甲的質量達到最大，此時人受到的靜摩擦力達到最大值，有由平衡條件得FoBn=fm乙fm=杪mg-11 -12 -2 口4FoEm411 mg聯(lián)立解得mm= 24 kg3g3g即物體甲的質量最大不能超過 24 kg.答案：5mg4mg3f= mg方向水平向左(3)24 kgM=23 kg 的木塊A套在水平桿上，并用輕繩將木塊A與質量m= 3 kg 的小球B相連.今用跟水平方向成a= 30角的 力F= 103 N，拉著B帶動A一起向右勻速運動，運動中A B相對位2置保持不變，取g= 10 m/s .求：(