2014年深圳二模理綜試題

1、、單項選擇題:13. 下列說法正確的是A.沒有確定的熔點E.小露珠呈球形是因為液體表面有張力C.懸浮在液體中的微粒越小布朗運動越不明顯D.分子間的距離減小斥力和引力都變小14.如圖所示， 一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a 變化到狀態(tài) b,在這 一過程中，下列說法正確的是A.氣體體積變小 E.氣體溫度降低C.氣體從外界吸收熱量 D.氣體的內(nèi)能不變15. 一個重力不計的帶電粒子垂直進入勻強磁場， 在與磁場垂直的平面內(nèi)做勻速圓周運動.則16 .公園里的 飛天秋千”游戲開始前，座椅由鋼絲繩豎直懸吊在半空.秋千勻速轉(zhuǎn)動時，繩與豎直方向成某一角度 0,其簡化模型如圖所示.若保持運動周期不變，要使夾角0 變大，可

2、將A.鋼絲繩變長 E.鋼絲繩變短 C.座椅質(zhì)量增大 D.座椅質(zhì)量減小:、雙項選擇題17.下列說法正確的有A.方程式938U934Th4He 是重核裂變反應(yīng)方程E.方程式；HfH 3H 是輕核聚變反應(yīng)方程C.氫原子光譜是分立的D.氫原子從某激發(fā)態(tài)躍遷至基態(tài)要吸收特定頻率的光子18. 一矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場的軸勻速轉(zhuǎn)動， 規(guī)律如圖所示，下列說法正確的有A.t1時刻線圈位于中性面B.tf時刻通過線圈的磁通量最大c.電動勢的有效值為Em2014 屆深圳二模F列能表示運動周期T 與半徑 R 之間的圖像是ABCD產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢 e 隨時間 t 的變化0TD. 個周期內(nèi)交變電流的方向改變一次1

3、9如圖所示，在兩條豎直邊界線所圍的勻強電場中，一個不計重力的帶電粒子從左邊界的 P 點以某一水平速度射入電場，從右邊界的 Q 點射出，下列判斷正確的有A.粒子帶正電 E.粒子做勻速圓周運動C. 粒子電勢能增大 D.僅增大電場強度粒子通過電場的時間不變20. 如圖所示，手推車的籃子里裝有一籃球，女孩把手推車沿斜面向上勻速推動，籃子的底面平行于斜面，靠近女孩的一側(cè)面垂直于底面，下列說法正 確的有A.籃子底面受到的壓力大于籃球的重力E.籃子底面受到的壓力小于籃球的重力C.籃子右側(cè)面受到的壓力大于籃球的重力D.籃子右側(cè)面受到的壓力小于籃球的重力21.已知地球質(zhì)量約為火星質(zhì)量的9 倍， 地球半徑約為火星

4、半徑的2 倍，若某天你能到火星上旅行，跟你在地球上相比較，忽略星球自轉(zhuǎn)的影響下列判斷正確的有A.體重會變大E.體重會變小C.以相同速度豎直跳起會跳得較高D.以相同速度豎直跳起會跳得較低34. （1） （10 分）用木板、白紙、圖釘、一根原長為 5cm 且勁度系數(shù)為 100N/m 的彈簧、兩個彈簧秤（單位：N）、細繩套、三角板、刻度尺和鉛筆等器材做驗證力的平行四邊形定則”實驗，實驗過程如下：1在水平木板上鋪白紙，把彈簧的一端固定在 0 點，過0 畫一條標(biāo)記線 0D，彈簧的另一端拴兩條細繩套；用兩把彈簧秤互成角度拉細繩套，使彈簧的另一端沿0D 拉至 C 點，如圖甲所示.用鉛筆描下 C 點的位置和兩

5、條細繩的方向，記錄兩彈簧秤的讀數(shù)分別為FA與 FB,其中 B彈簧稱的讀數(shù) FB=N ;用刻度尺測出此時彈簧的長度為10cm，通過計算得出彈簧的拉力 F=N ;可以判斷 FA與 FB互成的角度為.2根據(jù)力的圖示，作出 FA和 FB,如圖乙所示.請你根據(jù)力的圖示，在圖乙中作出 FA與 FB的合 力 F3比較力 F 與 F 的大小和方向，得出的結(jié)論是：在實驗誤差范圍內(nèi)，?QrI*D.*D（2） （8 分）為測定一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻現(xiàn)提供如下儀器:A.電壓表（量程 2V，內(nèi)阻約 8k Q） E.電流表心（量程 0.6A，內(nèi)阻A= 0.8 ）C.滑動變阻器（0 20Q）D.開關(guān) E.若干導(dǎo)線1為準(zhǔn)確

6、測定干電池的電動勢和內(nèi)阻，應(yīng)選擇圖（選填甲”或 乙”；2閉合開關(guān)前，滑動變阻器的滑片應(yīng)調(diào)至端.（選填左”或右”）3移動變阻器的滑片， 得到幾組電壓表和電流表的示數(shù)，描繪成如圖丙所示的 U-I 圖象.從圖線的截距得出干電池的電動勢為1.40V 的理論依據(jù)是；4利用圖丙可得到干電池的內(nèi)阻為Q （保留兩位有效數(shù)字）；IPV+1.61.20.80J0.20.40.60.81.01/A丙35.（ 18 分）如圖甲所示，靜止在粗糙水平面上的正三角形金屬線框，匝數(shù) N=10、總電阻 R = 2.5、邊長 L = 0.3m ,處在兩個半徑均為 r =L的圓形勻強磁場區(qū)域中，線框頂點與右側(cè)圓形中心3重合，線框底

7、邊中點與左側(cè)圓形中心重合.磁感應(yīng)強度Bi垂直水平面向外，大小不變、B2垂直水平面向里，大小隨時間變化，Bi、B2的值如圖乙所示.線框與水平面間的最大靜摩擦力 f = 0.6N ,（取二：、3）,求：（1）t = 0 時刻穿過線框的磁通量；（2）線框滑動前的電流強度及電功率；（3）經(jīng)過多長時間線框開始滑動及在此過程中產(chǎn)生的熱量.乙36.(18 分)如圖所示，光滑水平面上靜止放置質(zhì)量M = 2kg，長 L = 0.84m 的長木板 C;離板左端 S = 0.12m 處靜止放置質(zhì)量mA=1kg 的小物塊 A， A 與 C 間的動摩擦因數(shù)(i= 0.4 ;在板右端靜止放置質(zhì)量 mB= 1kg 的小物塊

8、 B, B 與 C 間的摩擦忽略不計.設(shè)最大靜 摩擦力等于滑動摩擦力，A、B 均可視為質(zhì)點，g = 10m/s2.現(xiàn)在木板上加一水平向右的力F ,問：(1) 當(dāng) F = 9N 時，小物塊 A 的加速度為多大？(2) 若 F 足夠大，則 A 與 B 碰撞之前運動的最短時間是多少？(3)若在 A 與 B 發(fā)生彈性碰撞時撤去力 F, A 最終能滑出 C,則 F 的取值范圍是多少？AB2014 屆模擬試題（8） 2014 年深圳二模選擇題:題號131415161718192021答案BCDABCACADBDBC13.B解析：多晶體和單晶體一樣有確定的熔點，多晶體各向同性，單晶體各向異性，A錯；分子間同

9、時存在著引力和斥力，露珠看起來呈球狀，此種情況下主要表現(xiàn)水分子與水分子間的相互吸引即表面張力的作用，由于表面張力的作用總是想使露珠的表面積減小，而體積相 同的情況下球的表面積最小，所以小露珠呈球形，B 對；懸浮在液體中的微粒越小，微粒受到來自液體分子不同方向的碰撞就越不平衡，布朗運動越明顯，C 錯；分子間的距離減小斥力和引力都增大.14.C 解析：A、過 A、B 點的等壓線如下圖虛線所示，OB 直線的斜率大于OA直線的斜率，故 B 狀態(tài)體積大于 A 狀態(tài)體積，A 錯；從圖中可以看出，氣體溫度升高；A 到 B 溫度升高，則內(nèi)能變大，又氣體對外界做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律知氣體一定吸收熱量，故C 正

10、確，D 錯；15. D 解：洛倫茲力提供向心力有：2v2兀r2兀mqvB = m，又T，得：T，所以周期不rvqB變，選 D。16 . A 解：座椅受力如圖，由繩子的拉力與重力的合力提供向心力，則得：22一灼Rmgtan 0 =moR, R 為座椅圓周運動的半徑，則得tan 滬 ，要 e 變大，則 R 變g大，所以繩長要變長。17. BC 解析：這是 a 衰變反應(yīng)方程，重核裂變是要分裂成兩個新核，同時放出a射線,A 錯；這是輕核聚變反應(yīng)方程，B 對；當(dāng)氫原子從較高軌道躍第 n 能級遷到較低軌道第 m 能級時，發(fā)射的光子的能量為 E=En-Em=Y，顯然 n、m 的取值不同，放出光子的能量不同，

11、且是不連續(xù)的即是分立的，故氫原子光譜的能級是不連續(xù)的即是分立的，C 對；氫原子從某激發(fā)態(tài)躍遷至基態(tài)，是從高能級到低能級，要放出多余的能量，即要輻射特定頻率的光子，D 錯。18. AC 解析：由圖可知，t1時刻線圈的感應(yīng)電動勢最小為 0,故磁通量的變化率也最小， 線圈與磁場垂直，與中性面垂平行，故 A 錯誤；由圖可知，t1時刻線圈的感應(yīng)電動勢最大，則 根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得知，磁通量的變化率為零，而線圈與磁場平行，通過線圈的磁通量次，電流方向改變一次，一個周期內(nèi)經(jīng)過兩次中性面，所以交變電流的方向改變二次，D 錯。19. AD 解析：由圖知帶電粒子受電場力向下，而電場也向下，所以粒子帶正電，A

12、對;為最小， 故BEm.2,C 正確；每經(jīng)過中性面一粒子在電場中做類平拋運動，B 錯；電場力做正功，電勢能減少；粒子在水平方向勻速直線運動，豎直方向勻加速直線運動，增大電場強度粒子通過電場不影響水平方向的勻速直線運動， 所以粒子通過電場的時間不變，D 對。20.BD 解：對籃球受力分析，并運用合成法如圖：根據(jù)幾何知識，籃子 底部對籃子的支持力 Ni=mgcos 0 根據(jù)牛頓第三定律則籃子底面受到的壓力為mgcos0v mg，故 A 錯誤B 正確；籃子右面對籃球的支持力N2=mgsin 0 根據(jù)牛頓第三定律則籃子右面受到的壓力為 mgsin 0vmg,故 C 錯誤 D 正確；故選：.M地m21

13、. BC 解析：在地球表面有mg地=G2,在火星表面有R地?昭M火mmg火 二G ,只火所以有g(shù)地二M地R火=9，所以在火星表面的重力加速小于地球表面的重力加速，這樣體重g火M火R地42會變小，又h=冬，所以相同速度豎直跳起會跳得較高。2g非選擇題：34. （1 4.00 （2 分）；5 或 5.0 （2 分）；90 （2 分）；2如圖所示：（2 分）；3平行四邊形定則成立（2 分）.（2）甲（2 分）；左（2 分）；斷路時路端電壓等于電源電動勢（2 分）；40.63 （2 分）。35 .解：（1）設(shè)磁場向下穿過線框磁通量為正，由磁通量的定義得 t=0 時1212=B2r - B1r =0.0

14、05Wb-3 分（2+1）6 2（沒有規(guī)定磁通量正負、結(jié)果為正或負不扣分，考慮到磁通量相減，表達式中多了N 可得1 分）（2）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律Ok田 1童*丿k/ FA% 1LJr */* 1/=B 12E = N Nr = 0.25V-3 分（2+1）&At 6I =E=0.1A-2 分（1+1）RP = |2R =0.025W-2 分（1+1）（3）右側(cè)線框每條邊受到的安培力2R =NB2lr =N(2 5t)lr-1 分因兩個力互成 120，兩條邊的合力大小仍為Fi, - 1 分(用等效長度計算也給這兩步分)左側(cè)線框受力F2NB1I 2r-1 分線框受到的安培力的合力F安二

15、F1- F2-1 分當(dāng)安培力的合力等于最大靜摩擦力時線框就要開始滑動F安二f1 分即F安 二N(2 5t)lr NB,l2r = f解得t =0.4s-1 分Q =12Rt =0.01J -2 分(1+1)說明：計算過程中若沒有考慮匝數(shù)N，公式應(yīng)用正確，最多扣 2 分.36.解：(1)設(shè) M和mA一起向右加速，它們之間靜摩擦力為f由牛頓第二定律得： F=(M+mA) )a-2 分2得:a =3m/s -2 分f二mAa =3N：mAg =4N，表明加速度的結(jié)果是正確的.(1 分)(2) mA在與 mB碰之前運動時間最短，必須加速度最大，則：fm二mAg二 口人耳- 2 分|2L-sia-it-i -1 分2解得：t|= 0.6s-1 分(3)在 A 與 B 發(fā)生碰撞時，A 剛好滑至板的左端，則此種情況推力最大，設(shè)為F1,對板C,有：Fj-mAg二MaC-1 分L丄上-1 分2解得：F1=40N 13.3N-1 分3若