2018年全國(guó)統(tǒng)一高考物理試卷新課標(biāo)ⅲ

1、2018年全國(guó)統(tǒng)一高考物理試卷（新課標(biāo)m）一、選擇題：本題共8個(gè)小題，每題6分，共48分。在每個(gè)小題給出的四個(gè)選 項(xiàng)中，第1-4題只有一項(xiàng)符合題目要求，第5-8題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選 對(duì)的得6分，選對(duì)不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1. （6.00分）1934年，約里奧-居里夫婦用 a粒子轟擊鋁核 沙1,產(chǎn)生了第一 個(gè)人工放射性核素X:心jA1 -1+X. X的原子序數(shù)和質(zhì)量數(shù)分別為（）A. 15 和 28 B. 15 和 30 C 16 和 30 D. 17 和 312. （6.00分）為了探測(cè)引力波， 天琴計(jì)劃”預(yù)計(jì)發(fā)射地球衛(wèi)星P,其軌道半徑約 為地球半徑的16倍；另一地球衛(wèi)星Q的軌道

2、半徑約為地球半徑的 4倍。P與Q 的周期之比約為（）A. 2: 1 B. 4: 1 C, 8: 1D, 16: 13. （6.00分）一電阻接到方波交流電源上，在一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量為 Q方；若 該電阻接到正弦交流電源上，在一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量為 Q正.該電阻上電壓的 峰值均為U0,周期均為T(mén),如圖所示。則Q方：Q正等于（）A. 1:6 B.血：1 C, 1:2 D. 2: 14. （6.00分）在一斜面頂端，將甲、乙兩個(gè)小球分別以 v和會(huì)的速度沿同一方向 水平拋出，兩球都落在該斜面上。甲球落至斜面時(shí)的速率是乙球落至斜面時(shí)速率 的（）A. 2倍B. 4倍C. 6倍D. 8倍5. （6.00分）

3、甲、乙兩車(chē)在同一平直公路上同向運(yùn)動(dòng)，甲做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，乙 做勻速直線運(yùn)動(dòng)。甲、乙兩車(chē)的位置 x隨時(shí)間t的變化如圖所示。下列說(shuō)法正確 的是（）B.從0到ti時(shí)間內(nèi)，兩車(chē)走過(guò)的路程相等C.從ti到t2時(shí)間內(nèi)，兩車(chē)走過(guò)的路程相等D.在ti到t2時(shí)間內(nèi)的某時(shí)刻，兩車(chē)速度相等6. （6.00分）地下礦井中的礦石裝在礦車(chē)中，用電機(jī)通過(guò)豎井運(yùn)送到地面。某豎 井中礦車(chē)提升的速度大小v隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖所示，其中圖線分別描 述兩次不同的提升過(guò)程，它們變速階段加速度的大小都相同；兩次提升的高度相 同，提升的質(zhì)量相等。不考慮摩擦阻力和空氣阻力。對(duì)于第次和第次提升過(guò) 程，（）工。工IA.礦車(chē)上升所用的時(shí)間之比為

4、 4: 5B.電機(jī)的最大牽引力之比為2: 1C.電機(jī)輸出的最大功率之比為 2: 1D.電機(jī)所做的功之比為4: 57. （6.00分）如圖（a）,在同一平面內(nèi)固定有一長(zhǎng)直導(dǎo)線 PQ和一導(dǎo)線框R, R 在PQ的右側(cè)。導(dǎo)線PQ中通有正弦交流電i, i的變化如圖（b）所示，規(guī)定從Q 到P為電流正方向。導(dǎo)線框R中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)（）圖 圖A.在t=一時(shí)為零 48. 在t=L時(shí)改變方向 2C.在t=L時(shí)最大，且沿順時(shí)針?lè)较駾.在t=T時(shí)最大，且沿順時(shí)針?lè)较?. （6.00分）如圖，一平行板電容器連接在直流電源上，電容器的極板水平；兩 微粒a、b所帶電荷量大小相等、符號(hào)相反，使它們分別靜止于電容器的上、下 極板

5、附近，與極板距離相等?，F(xiàn)同時(shí)釋放a、b,它們由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)。在隨后的某時(shí)刻t, a、b經(jīng)過(guò)電容器兩極板間下半?yún)^(qū)域的同一水平面。 a、b間的相互作 用和重力可忽略。下列說(shuō)法正確的是（）A. a的質(zhì)量比b的大B.在t時(shí)刻，a的動(dòng)能比b的大C.在t時(shí)刻，a和b的電勢(shì)能相等D.在t時(shí)刻，a和b的動(dòng)量大小相等二、非選擇題。第9-12題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第 13-16題為 選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題.9. （6.00分）甲、乙兩同學(xué)通過(guò)下面的實(shí)驗(yàn)測(cè)量人的反應(yīng)時(shí)間。實(shí)驗(yàn)步驟如下：（1）甲用兩個(gè)手指輕輕捏住量程為 L的木尺上端，讓木尺自然下垂。乙把手放 在尺的下端（位置恰好處于L刻

6、度處，但未碰到尺），準(zhǔn)備用手指夾住下落的尺。（2）甲在不通知乙的情況下，突然松手，尺子下落；乙看到尺子下落后快速用手指夾住尺子。若夾住尺子的位置刻度為 Li,重力加速度大小為g,則乙的反應(yīng) 時(shí)間為 （用L、Li和g表小）o（3）已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮?g=9.80m/s2, L=30.0cm, Li=10.4cm。乙的反應(yīng)時(shí)間為 s.（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）（4）寫(xiě)出一條能提高測(cè)量結(jié)果準(zhǔn)確程度的建議：。10. （9.00分）一課外實(shí)驗(yàn)小組用如圖所示的電路測(cè)量某待測(cè)電阻 R的阻值，圖 中R為標(biāo)準(zhǔn)定值電阻（Ro=20.0。； ©i可視為理想電壓表；S為單刀開(kāi)關(guān)，白 為單刀雙擲開(kāi)關(guān)；E

7、為電源；R為滑動(dòng)變阻器。采用如下步驟完成實(shí)驗(yàn)：（1）按照實(shí)驗(yàn)原理線路圖（a）,將圖（b）中實(shí)物連線；圖值10（b）（2）將滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)端置于適當(dāng)?shù)奈恢?，閉合 S；（3）將開(kāi)關(guān)&擲于1端，改變滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)端的位置，記下此時(shí)電壓表 目的示數(shù)Ui；然后將金擲于2端，記下此時(shí)電壓表1口的示數(shù)U2；（4）待測(cè)電阻阻值的表達(dá)式 Rx= （用B、Ui、U2表示）；（5）重復(fù)步驟（3）,得到如下數(shù)據(jù)：i2345Ui/V0.250.300.360.400.44U2/V0.86i.03i.22i.36i.49“3.443.433.393.403.39第4頁(yè)（共25頁(yè)）(6)利用上述5次測(cè)量所得”的平均

8、值，求得R=Q (保留1位小數(shù))% 11. (12.00分)如圖，從離子源產(chǎn)生的甲、乙兩種離子，由靜止經(jīng)加速電壓U加速后在紙面內(nèi)水平向右運(yùn)動(dòng)，自 M點(diǎn)垂直于磁場(chǎng)邊界射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方 向垂直于紙面向里，磁場(chǎng)左邊界豎直。已知甲種離子射入磁場(chǎng)的速度大小為V1,并在磁場(chǎng)邊界的N點(diǎn)射出；乙種離子在 MN的中點(diǎn)射出；MN長(zhǎng)為1。不計(jì)重力 影響和離子間的相互作用。求(1)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大?。?(2)甲、乙兩種離子的比荷之比。I X. X X I T 3( X 小X XI! x x xMill 一 用! h U-HI x > x12. (20.00分)如圖，在豎直平面內(nèi)，一半徑為 R的光滑圓弧軌道

9、ABC和水平 軌道PA在A點(diǎn)相切，BC為圓弧軌道的直徑，。為圓心，OA和OB之間的夾角為% sin遙.一質(zhì)量為m的小球沿水平軌道向右運(yùn)動(dòng)，經(jīng) A點(diǎn)沿圓弧軌道通過(guò)C點(diǎn)，落至水平軌道；在整個(gè)過(guò)程中，除受到重力及軌道作用力外，小球還一直受到一水平包力的作用。已知小球在C點(diǎn)所受合力的方向指向圓心，且此時(shí)小球?qū)壍赖膲毫η『脼榱?。重力加速度大小?go求(1)水平包力的大小和小球到達(dá) C點(diǎn)時(shí)速度的大小；(2)小球達(dá)A點(diǎn)時(shí)動(dòng)量的大?。?3)小球從C點(diǎn)落至水平軌道所用的時(shí)間。(二)選考題：共15分，請(qǐng)考生從2道物理題中任選一題作答，如果多做，則 按所做的第一題計(jì)分。物理一一選修3-3 （15分）13. （5

10、.00分）如圖，一定量的理想氣體從狀態(tài) a變化到狀態(tài)b,其過(guò)程如p-V 圖中從a到b的直線所示。在此過(guò)程中（）OVA.氣體溫度一直降低B.氣體內(nèi)能一直增加C.氣體一直對(duì)外做功D.氣體一直從外界吸熱E.氣體吸收的熱量一直全部用于對(duì)外做功14. （10.00分）在兩端封閉、粗細(xì)均勻的 U形細(xì)玻璃管內(nèi)有一段水銀柱，水銀 柱的兩端各封閉有一段空氣。當(dāng) U形管兩端豎直朝上時(shí)，左，右兩邊空氣柱的 長(zhǎng)度分別為l1=18.0cm和l2=12.0cm,左邊氣體的壓強(qiáng)為12.0cmHg現(xiàn)將U形管 緩慢平放在水平桌面上，沒(méi)有氣體從管的一邊通過(guò)水銀逸入另一邊。求 U形管 平放時(shí)兩邊空氣柱的長(zhǎng)度。在整個(gè)過(guò)程中，氣體溫度

11、不變?！疚锢磉x彳3-4】（15分）15. 一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，在t=0和t=0.20s時(shí)的波形分別如圖中實(shí)線和虛線所示。已知該波的周期 T>0.20s。下列說(shuō)法正確的是（）B.波長(zhǎng)為0.08mC. x=0.08m的質(zhì)點(diǎn)在t=0.70s時(shí)位于波谷D. x=0.08m的質(zhì)點(diǎn)在t=0.12s時(shí)位于波谷E.若此波傳入另一介質(zhì)中其波速變?yōu)?0.80m/s,則它在該介質(zhì)中的波長(zhǎng)為0.32m 16.如圖，某同學(xué)在一張水平放置的白紙上畫(huà)了一個(gè)小標(biāo)記 “？”（圖中O點(diǎn)），然 后用橫截面為等邊三角形ABC的三棱鏡壓在這個(gè)標(biāo)記上，小標(biāo)記位于 AC邊上。D位于AB邊上，過(guò)D點(diǎn)做AC邊的垂線交AC于F.

12、該同學(xué)在D點(diǎn)正上方向下順 著直線DF的方向觀察，恰好可以看到小標(biāo)記的像；過(guò) 。點(diǎn)做AB邊的垂線交直 線DF于E; DE=2cm EF=1cni求三棱鏡的折射率。（不考慮光線在三棱鏡中的 反射）第10頁(yè)（共25頁(yè)）2018年全國(guó)統(tǒng)一高考物理試卷（新課標(biāo) m）參考答案與試題解析一、選擇題：本題共8個(gè)小題，每題6分，共48分。在每個(gè)小題給出的四個(gè)選 項(xiàng)中，第1-4題只有一項(xiàng)符合題目要求，第5-8題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選 對(duì)的得6分，選對(duì)不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1. （6.00分）1934年，約里奧-居里夫婦用 a粒子轟擊鋁核 衛(wèi)Al,產(chǎn)生了第一J, J個(gè)人工放射性核素X: a+巴Al-i+

13、X. X的原子序數(shù)和質(zhì)量數(shù)分別為（）13A. 15 和 28 B. 15 和 30 C 16 和 30 D. 17 和 31【分析】明確a粒子的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)，同時(shí)知道核反應(yīng)中生成中子，再根據(jù)核 反應(yīng)方程中質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒即可求出 X的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)?！窘獯稹拷猓涸O(shè)X的質(zhì)量數(shù)為m,電荷數(shù)為n,根據(jù)核反應(yīng)中質(zhì)量數(shù)守恒和電荷 數(shù)守恒可知：4+27=1+m；2+13=0+n解得：m=30; n=15;故其原子序數(shù)為15,質(zhì)量數(shù)為30;故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選：B。【點(diǎn)評(píng)】本題考查對(duì)核反應(yīng)方程的掌握，明確質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒的應(yīng)用，同時(shí)知道a粒子為巳，而中子為Jn02. （6.00分）為了探測(cè)引

14、力波， 天琴計(jì)劃”預(yù)計(jì)發(fā)射地球衛(wèi)星P,其軌道半徑約 為地球半徑的16倍；另一地球衛(wèi)星Q的軌道半徑約為地球半徑的 4倍。P與Q 的周期之比約為（）A. 2: 1 B. 4: 1 C, 8: 1 D, 16: 1【分析】由題得到衛(wèi)星P與Q的軌道半徑之比，由開(kāi)普勒第三定律求周期之比?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)題意可得P與Q的軌道半徑之比為：rp：q=4： 1根據(jù)開(kāi)普勒第三定律有:可得周期之比為：Tp： Tq=8: 1故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選：C。【點(diǎn)評(píng)】本題中已知兩個(gè)衛(wèi)星的軌道半徑之間的關(guān)系， 可以由開(kāi)普勒第三定律快 速解答，也可以由萬(wàn)有引力定律提供向心力求出周期與半徑之間的關(guān)系后再進(jìn)行 判斷。3. （6.

15、00分）一電阻接到方波交流電源上，在一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量為 Q方；若 該電阻接到正弦交流電源上，在一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量為 Q正.該電阻上電壓的 峰值均為U0,周期均為T(mén),如圖所示。則Q方：Q正等于（）A. 1:6 B.血：1 C. 1:2 D. 2: 1【分析】明確有效值的定義，知道正弦式交流電其最大值為有效值的6倍，再根據(jù)焦耳定律列式即可確定一周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量比值?！窘獯稹拷猓河蓤D可知，方形交流電源的有效值為Uo,故其一周期產(chǎn)生的熱量為：T；正弦式交流電的有效值為:U=,故其一周期產(chǎn)生的熱量為:故有：Q方：Q正=2: 1;故D正確，ABC錯(cuò)誤。故選：Do【點(diǎn)評(píng)】本題考查對(duì)有效值以及焦耳定律的

16、應(yīng)用， 要注意明確有效值是根據(jù)電流 的熱效應(yīng)求解的，而只有正弦式交流電才滿足最大值為有效值的 點(diǎn)倍。4. （6.00分）在一斜面頂端，將甲、乙兩個(gè)小球分別以 v和a的速度沿同一方向 水平拋出，兩球都落在該斜面上。甲球落至斜面時(shí)的速率是乙球落至斜面時(shí)速率 的（）A. 2倍B. 4倍C. 6倍D. 8倍【分析】根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的推論tan 8=2tan鋸到甲、乙兩個(gè)小球落在斜面上時(shí)速 度偏向角相等，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分解求出末速度即可。【解答】解：設(shè)斜面傾角為%小球落在斜面上速度方向偏向角為 9,甲球以速 度v拋出，落在斜面上，如圖所示；根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的推論可得tan 8 =2tan,折以甲乙兩個(gè)小球落在

17、斜面上時(shí)速度偏向角相等；故對(duì)甲有：v甲末=、一COS E對(duì)乙有：V乙末二L, 口 , zoos y所以=5故A正確、BCD錯(cuò)誤；爐乙末1故選：Ao【點(diǎn)評(píng)】本題主要是考查了平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，知道平拋運(yùn)動(dòng)可以分解為水平方向 的勻速直線運(yùn)動(dòng)和豎直方向的自由落體運(yùn)動(dòng)； 解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動(dòng)的兩 個(gè)推論。5. （6.00分）甲、乙兩車(chē)在同一平直公路上同向運(yùn)動(dòng)，甲做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，乙做勻速直線運(yùn)動(dòng)。甲、乙兩車(chē)的位置 x隨時(shí)間t的變化如圖所示。下列說(shuō)法正確的是（）A.在ti時(shí)刻兩車(chē)速度相等B.從0到ti時(shí)間內(nèi)，兩車(chē)走過(guò)的路程相等C.從ti到t2時(shí)間內(nèi)，兩車(chē)走過(guò)的路程相等D.在ti到t2時(shí)間內(nèi)的某時(shí)刻，兩

18、車(chē)速度相等【分析】x-t圖象的斜率表示速度，根據(jù)斜率的變化分析速度的變化；交點(diǎn)表示 相遇，由此分析路程大小?！窘獯稹拷猓篈、x-t圖象的斜率表示速度，在ti時(shí)刻乙圖象的斜率大于甲圖象的斜率，所以乙車(chē)的速度大于甲車(chē)速度，故 A錯(cuò)誤；B、從0到ti時(shí)間內(nèi)，兩車(chē)走過(guò)的路程是乙車(chē)大于甲車(chē)，故 B錯(cuò)誤；G從ti到t2時(shí)間內(nèi)，兩車(chē)走過(guò)的路程均為 X2-Xi,路程相等，故C正確；D、根據(jù)圖象可知，在ti時(shí)刻乙圖象的斜率大于甲圖象的斜率，在 t2時(shí)刻乙圖象 的斜率小于甲圖象的斜率，在ti到t2時(shí)間內(nèi)的某時(shí)刻二者的斜率相同，此時(shí)兩車(chē)速度相等，故D正確。故選：CD【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于圖象問(wèn)題，我們學(xué)會(huì) 五看”，即：看坐標(biāo)

19、、看斜率、看面積、看交 點(diǎn)、看截距；了解圖象的物理意義是正確解題的前提。6. （6.00分）地下礦井中的礦石裝在礦車(chē)中，用電機(jī)通過(guò)豎井運(yùn)送到地面。某豎 井中礦車(chē)提升的速度大小v隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖所示，其中圖線分別描 述兩次不同的提升過(guò)程，它們變速階段加速度的大小都相同；兩次提升的高度相 同，提升的質(zhì)量相等。不考慮摩擦阻力和空氣阻力。對(duì)于第次和第次提升過(guò) 程，（）工。工I第18頁(yè)（共25頁(yè)）A.礦車(chē)上升所用的時(shí)間之比為 4: 5B.電機(jī)的最大牽引力之比為2: 1C電機(jī)輸出的最大功率之比為 2: 1D.電機(jī)所做的功之比為4: 5【分析】?jī)纱翁嵘母叨认嗤鶕?jù) v-t圖象的面積表示位移列式，求

20、解礦車(chē) 上升所用的時(shí)間之比。根據(jù)圖象的斜率表示加速度，由牛頓第二定律分析電機(jī)的 最大牽引力之比。由P=Fv求電機(jī)輸出的最大功率之比。由 W=Pt求電機(jī)所做的 功之比。【解答】解：A、設(shè)第次提升過(guò)程礦車(chē)上升所用的時(shí)間為 t。根據(jù)v-t圖象的面積表本位移，得:解得 t=2.5to0v0*2tc <2t0 t0)+2t0 v y v0Ct-2t0) =r +2222所以第次和第次提升過(guò)程礦車(chē)上升所用的時(shí)間之比為2t。： t=4: 5,故A正B、根據(jù)圖象的斜率表示加速度，知兩次礦車(chē)勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度相同，由牛頓第二定律得F- mg=ma,可得F=m好ma,所以電機(jī)的最大牽引力相等，故 B錯(cuò)誤。C

21、、設(shè)電機(jī)的最大牽引力為 F.第次電機(jī)輸出的最大功率為 P尸F(xiàn)w,第次電機(jī)輸出的最大功率為 P2=F2V0,因此電機(jī)輸出的最大功率之比為 2: 1,故C正 2確。D、電機(jī)所做的功與重力做功之和為零，因此電機(jī)做功之比為Wi: W2=1: 1,故D錯(cuò)誤。故選：AC【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵要理清礦車(chē)的運(yùn)動(dòng)情況，知道 v-t圖象的面積表示位移，抓住兩次總位移相等來(lái)求第 2次運(yùn)動(dòng)時(shí)間。7. （6.00分）如圖（a）,在同一平面內(nèi)固定有一長(zhǎng)直導(dǎo)線 PQ和一導(dǎo)線框R, R 在PQ的右側(cè)。導(dǎo)線PQ中通有正弦交流電i, i的變化如圖（b）所示，規(guī)定從Q到P為電流正方向。導(dǎo)線框R中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)（A在t=如為零8. 在

22、t=一時(shí)改變方向C.在t=二時(shí)最大，且沿順時(shí)針?lè)较駾.在t=T時(shí)最大，且沿順時(shí)針?lè)较颉痉治觥扛鶕?jù)右手螺旋定則得出直導(dǎo)線周?chē)拇艌?chǎng)方向，結(jié)合交流電電流大小的變化，根據(jù)楞次定律判斷電勢(shì)的高低。【解答】解：A、向上的電流在線框處的磁場(chǎng)的方向向里， 由圖可知，當(dāng)時(shí)間為亍 時(shí)刻，電流的變化率為0,電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)的變化率為 0,則線框產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與感應(yīng)電流為0,且在感應(yīng)電流為0的時(shí)刻，感應(yīng)電流的方向會(huì)發(fā)生變化;故A正確，B錯(cuò)誤；C、結(jié)合正弦曲線變化的特點(diǎn)可知，當(dāng) PQ中的電流為0時(shí)，電流的變化率最大，所以電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)的變化率最大，所以在時(shí)刻 t1時(shí)或t=T時(shí)刻線框內(nèi)磁通量 2的變化率最大，則產(chǎn)生的電

23、動(dòng)勢(shì)最大；在 t一工時(shí)刻，向里的磁場(chǎng)減小，R內(nèi)產(chǎn)生 2的感應(yīng)電流的磁場(chǎng)的方向向里，根據(jù)安培定則可知，電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较?，同理可知，在t=T時(shí)刻感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较颍?C正確，D錯(cuò)誤。故選：AC【點(diǎn)評(píng)】本題考查了楞次定律的應(yīng)用，關(guān)鍵是弄清楚原來(lái)磁通量的變化， 在用右 手螺旋定則判斷感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向8. （6.00分）如圖，一平行板電容器連接在直流電源上，電容器的極板水平；兩 微粒a、b所帶電荷量大小相等、符號(hào)相反，使它們分別靜止于電容器的上、下 極板附近，與極板距離相等。現(xiàn)同時(shí)釋放a、b,它們由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)。在隨后的某時(shí)刻t, a、b經(jīng)過(guò)電容器兩極板間下半?yún)^(qū)域的同一水平面。 a、b

24、間的相互作 用和重力可忽略。下列說(shuō)法正確的是（）A. a的質(zhì)量比b的大B.在t時(shí)刻，a的動(dòng)能比b的大C.在t時(shí)刻，a和b的電勢(shì)能相等D.在t時(shí)刻，a和b的動(dòng)量大小相等【分析】?jī)蓚€(gè)粒子都做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)位移公式、牛頓第二 定律結(jié)合位移關(guān)系，比較質(zhì)量的大小。由動(dòng)能定理列式分析動(dòng)能的大小。 由電場(chǎng) 力做功關(guān)系分析電勢(shì)能的關(guān)系。由動(dòng)量定理分析動(dòng)量關(guān)系?！窘獯稹拷猓篈、兩個(gè)粒子都做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則有 ¥=0 2=F'-®t.由題意知，相同時(shí)間內(nèi)a的位移大于b的位移，q、E又相22 ID等，可知ma<mb.故A錯(cuò)誤。B、根據(jù)動(dòng)能定理得Ek-

25、0=qEy,即t時(shí)刻粒子的動(dòng)能為 &=qEy, a的位移大，電 場(chǎng)力做功多，所以在t時(shí)刻，a的動(dòng)能比b的大，故B正確。G在t時(shí)刻，a、b經(jīng)過(guò)電場(chǎng)中同一水平面，電勢(shì)相等，它們的電荷量也相等， 符號(hào)相反，由E產(chǎn)qd知，a和b的電勢(shì)能不相等，故C錯(cuò)誤。D、由動(dòng)量定理得 qEt=p- 0,得t時(shí)刻粒子的動(dòng)量為 p=qEt, q、E、t都相等， 則在t時(shí)刻，a和b的動(dòng)量大小相等，故 D正確。故選：BDo【點(diǎn)評(píng)】本題是牛頓第二定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和動(dòng)能定理、動(dòng)量定理的綜合運(yùn)用， 根據(jù)動(dòng)能定理研究動(dòng)能關(guān)系，由動(dòng)量定理分析動(dòng)量關(guān)系，都是常用的思路，要熟 練掌握。二、非選擇題。第9-12題為必考題，每個(gè)試題

26、考生都必須作答。第 13-16題為 選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題.9. （6.00分）甲、乙兩同學(xué)通過(guò)下面的實(shí)驗(yàn)測(cè)量人的反應(yīng)時(shí)間。實(shí)驗(yàn)步驟如下：（1）甲用兩個(gè)手指輕輕捏住量程為 L的木尺上端，讓木尺自然下垂。乙把手放 在尺的下端（位置恰好處于L刻度處，但未碰到尺），準(zhǔn)備用手指夾住下落的尺。（2）甲在不通知乙的情況下，突然松手，尺子下落；乙看到尺子下落后快速用手指夾住尺子。若夾住尺子的位置刻度為 L1,重力加速度大小為g,則乙的反應(yīng) 時(shí)間為_(kāi)/3一3）_ （用l、Li和g表示）。（3）已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮?g=9.80m/s2, L=30.0cm, L1=10.4cm。乙的反應(yīng)時(shí)

27、間為 0.20 s.（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）（4）寫(xiě)出一條能提高測(cè)量結(jié)果準(zhǔn)確程度的建議：多次測(cè)量平均佰；初始時(shí)乙的手指盡可能接近尺子?！痉治觥扛鶕?jù)自由落體運(yùn)動(dòng)的位移公式，即可推導(dǎo)反應(yīng)時(shí)間表達(dá)式；代入數(shù)據(jù)，從而即可求解反應(yīng)時(shí)間；若要提高準(zhǔn)確度，可多次測(cè)量位移，取平均值，或減小手指與尺子的間距。 【解答】解：（2）尺子做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)位移公式：hist2,而從尺子下落到乙手指夾住尺子，尺子下落的位移為：h=L-Li；因此乙的反應(yīng)時(shí)間為t=；V g I（3）當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮?g=9.80m/s2, L=30.0cm=0.3m, Li=10.4cm=0.104m, 代入 t= "

28、' .解得：t=0.20s；（4）從反應(yīng)時(shí)間的表達(dá)式t=.pEhL；可知，若要提高測(cè)量結(jié)果準(zhǔn)確程度， 除多次測(cè)量位移，取平均值，還可以減小手指與尺子的間距，從而提高反應(yīng)時(shí)間 的準(zhǔn)確度，故答案為：（2）； （3） 0.20; （4）多次測(cè)量平均值；或者，初始時(shí)乙的手指盡可能接近尺子?！军c(diǎn)評(píng)】考查自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，掌握位移與時(shí)間關(guān)系式，理解實(shí)驗(yàn)原理，為 提高準(zhǔn)確度作下基礎(chǔ)，同時(shí)注意有效數(shù)字。10. （9.00分）一課外實(shí)驗(yàn)小組用如圖所示的電路測(cè)量某待測(cè)電阻 R的阻值，圖 中B為標(biāo)準(zhǔn)定值電阻（R0=20.0Q; ©可視為理想電壓表；Si為單刀開(kāi)關(guān)，及 為單刀雙擲開(kāi)關(guān)；E為電源；R

29、為滑動(dòng)變阻器。采用如下步驟完成實(shí)驗(yàn)：（1）按照實(shí)驗(yàn)原理線路圖（a）,將圖（b）中實(shí)物連線；®（a>圖也）（2）將滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)端置于適當(dāng)?shù)奈恢?，閉合 S;（3）將開(kāi)關(guān)&擲于1端，改變滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)端的位置，記下此時(shí)電壓表 ©的示數(shù)Ui；然后將&擲于2端，記下此時(shí)電壓表（可的示數(shù)U2；（4）待測(cè)電阻阻值的表達(dá)式 Rx= .叫 R （用 母、Ui、U2表示）；（5）重復(fù)步驟（13),得到如下數(shù)據(jù)：12345U1/V0.250.300.360.400.44U2/V0.861.031.221.361.493.443.433.393.403.39可（6）利用上述

30、5次測(cè)量所得器的平均值，求得R= 48.2 Q （保留1位小數(shù)） Lri【分析】明確電路結(jié)構(gòu)和實(shí)驗(yàn)原理，根據(jù)申聯(lián)電路的規(guī)律可得出待測(cè)電阻的表達(dá) 式，再根據(jù)數(shù)學(xué)規(guī)律即可求出待測(cè)電阻的阻值。【解答】解：（1）根據(jù)描點(diǎn)法可得出對(duì)應(yīng)的圖象如圖所示；S： 21 國(guó)圖（4）根據(jù)實(shí)驗(yàn)過(guò)程以及電路圖可知,Rx與Rd串聯(lián)，當(dāng)開(kāi)關(guān)接1時(shí)，電壓表測(cè)量R0兩端的電壓，故電流為:而開(kāi)關(guān)接2時(shí)，測(cè)量?jī)呻娮杩偟碾妷海瑒t可知，Rx兩端的電壓為：U=U2-Ui;由歐姆定律可知，待測(cè)電阻阻值的表達(dá)式為:R=R0；(6)的平均值為3. 44+3. 43+3. 39+3.40+3.39=3.41;則結(jié)合（4）中公式可知，RxR二3.

31、 41U明%Ui% =2.414=2.41X20.0 Q=48.2;Q故答案為：（1）如圖所示；（4）Rd; (6) 482【點(diǎn)評(píng)】本題考查伏安法測(cè)電阻的實(shí)驗(yàn)， 要注意明確電壓表為理解電表，其內(nèi)阻 無(wú)窮大，所以不會(huì)影響電路結(jié)構(gòu)，直接根據(jù)申聯(lián)電路規(guī)律即可確定對(duì)應(yīng)的電流和 電壓。11. （12.00分）如圖，從離子源產(chǎn)生的甲、乙兩種離子，由靜止經(jīng)加速電壓 U 加速后在紙面內(nèi)水平向右運(yùn)動(dòng)，自 M點(diǎn)垂直于磁場(chǎng)邊界射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里，磁場(chǎng)左邊界豎直。已知甲種離子射入磁場(chǎng)的速度大小為 vi, 并在磁場(chǎng)邊界的N點(diǎn)射出；乙種離子在 MN的中點(diǎn)射出；MN長(zhǎng)為I。不計(jì)重力影響和離子間的相互作用。

32、求(1)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大??；(2)甲、乙兩種離子的比荷之比【分析】(1)離子在電場(chǎng)中加速，應(yīng)用動(dòng)能定理求出粒子的比荷，甲離子在磁場(chǎng) 中做圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律求出磁感應(yīng)強(qiáng)度。(2)離子在電場(chǎng)中加速，在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用動(dòng)能定理與牛頓第二定律 求出離子的比荷，然后求出兩離子比荷之比?！窘獯稹拷猓?1)甲粒子在電場(chǎng)中加速，由動(dòng)能定理得：qiU=kmivi2,由題意可知，甲離子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑：ri=l,2甲離子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：2-V1qiviB=mi,rl解得：bH；(2)離子在電場(chǎng)中加速，由動(dòng)能定理得：對(duì)甲：qiU

33、=1-mivi2,對(duì)乙：q2U=1m2v22,由題意可知，甲離子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑：riyl,2乙離子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑：2W1,4離子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：2 _ %對(duì)甲：qiviB=mi,rl對(duì)乙：q2v2B=m2 離子的比荷：k= 二, 解得，甲乙離子的比荷之比: 答：(1)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為(2)甲、乙兩種離子的比荷之比為 1:4?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了離子在電場(chǎng)與磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)， 離子在電場(chǎng)中加速、在磁場(chǎng)中 做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，分析清楚離子運(yùn)動(dòng)過(guò)程、求出離子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)的軌道半 徑是解題的關(guān)鍵，應(yīng)用動(dòng)能定理與牛頓第二定律即可解題。

34、12. (20.00分)如圖，在豎直平面內(nèi)，一半徑為 R的光滑圓弧軌道ABC和水平 軌道PA在A點(diǎn)相切，BC為圓弧軌道的直徑，。為圓心，OA和OB之間的夾角為 % sin 4 一質(zhì)量為m的小球沿水平軌道向右運(yùn)動(dòng)，經(jīng) A點(diǎn)沿圓弧軌道通過(guò)C 5點(diǎn)，落至水平軌道；在整個(gè)過(guò)程中，除受到重力及軌道作用力外，小球還一直受到一水平包力的作用。已知小球在C點(diǎn)所受合力的方向指向圓心，且此時(shí)小球?qū)?軌道的壓力恰好為零。重力加速度大小為 go求(1)水平包力的大小和小球到達(dá) C點(diǎn)時(shí)速度的大?。?2)小球達(dá)A點(diǎn)時(shí)動(dòng)量的大??；(3)小球從C點(diǎn)落至水平軌道所用的時(shí)間?！痉治觥?1)根據(jù)力的合成法則，結(jié)合牛頓第二定律，及勾

35、股定理，即可求解；(2)作CD，PA依據(jù)幾何關(guān)系，并由動(dòng)能定理，即可求解動(dòng)量大?。?3)根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分解，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，即可求解?！窘獯稹拷猓?1)設(shè)水平包力的大小為F0,小球到達(dá)C點(diǎn)時(shí)所受合力的大小為F, 由力的合成法則，則有：第20頁(yè)(共25頁(yè))fertonaF2= (mg) 2+Fo2;2設(shè)小球到達(dá)c點(diǎn)時(shí)的速度大小為v,由牛頓第二定律得：F二mR聯(lián)立上式，結(jié)合題目所給數(shù)據(jù)，解得：v=-2(2)設(shè)小球到達(dá)A點(diǎn)的速度大小vi,作CD，PA交PA于D點(diǎn), 由幾何關(guān)系得：DA=RsinaCD=R (1+cos &由動(dòng)能定理有，-mg?CD- F0?DA=二J1二一1聯(lián)立上式，結(jié)合題

36、目所給數(shù)據(jù)，那么小球在 A點(diǎn)的動(dòng)量大小為：P=mvi應(yīng)1童2(3)小球離開(kāi)C點(diǎn)后，在豎直方向上做初速度不為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小為g,設(shè)小球在豎直方向的初速度為 v1,從C點(diǎn)落到水平軌道上所用時(shí)間為t,由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，則有:st2=CDv±=vsin a聯(lián)立上式，結(jié)合題目數(shù)據(jù)，解得:答：水平恒力的大小意，御小球到達(dá)C點(diǎn)時(shí)速度的大小等！；(2)小球達(dá)A點(diǎn)時(shí)動(dòng)量的大小吟畫(huà)；(3)小球從C點(diǎn)落至水平軌道所用的時(shí)間【點(diǎn)評(píng)】考查力的合成法則，掌握牛頓第二定律的內(nèi)容，及動(dòng)能定理的應(yīng)用，理第21頁(yè)(共25頁(yè))解幾何知識(shí)的運(yùn)用，同時(shí)注意運(yùn)動(dòng)的合成與分解的內(nèi)容。（二）選考題：共15分，請(qǐng)考生從2

37、道物理題中任選一題作答，如果多做，則按所做的第一題計(jì)分。物理-選修3-3 （15分）13. （5.00分）如圖，一定量的理想氣體從狀態(tài) a變化到狀態(tài)b,其過(guò)程如p-V 圖中從a到b的直線所示。在此過(guò)程中（）1 a0VA.氣體溫度一直降低B.氣體內(nèi)能一直增加C.氣體一直對(duì)外做功D.氣體一直從外界吸熱E.氣體吸收的熱量一直全部用于對(duì)外做功【分析】根據(jù)氣體狀態(tài)方程 程-C去判斷溫度，從而知道內(nèi)能的變化。根據(jù)氣體 體積的變化分析做功情況。結(jié)合熱力學(xué)第一定律分析?！窘獯稹拷猓篈、由圖知?dú)怏w的pV一直增大，由牛=C知?dú)怏w的溫度一直升高， 故A錯(cuò)誤。B、一定量的理想氣體內(nèi)能只跟溫度有關(guān)， 溫度一直升高，氣體

38、的內(nèi)能一直增加， 故B正確。C、氣體的體積增大，則氣體一直對(duì)外做功，故 C正確。D、氣體的內(nèi)能一直增加，并且氣體一直對(duì)外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律 U=W+Q 可知?dú)怏w一直從外界吸熱，故 D正確。E、氣體吸收的熱量用于對(duì)外功和增加內(nèi)能，故 E錯(cuò)誤。故選：BCD【點(diǎn)評(píng)】該題結(jié)合圖象考查氣態(tài)方程，能夠運(yùn)用控制變量法研究多個(gè)物理量變化 時(shí)的關(guān)系。要注意熱力學(xué)第一定律4 U=W+Q中，W、Q取正負(fù)號(hào)的含義。14. （10.00分）在兩端封閉、粗細(xì)均勻的 U形細(xì)玻璃管內(nèi)有一段水銀柱，水銀 柱的兩端各封閉有一段空氣。當(dāng) U形管兩端豎直朝上時(shí)，左，右兩邊空氣柱的 長(zhǎng)度分別為li=18.0cm和l2=12.0c

39、m,左邊氣體的壓強(qiáng)為12.0cmHg現(xiàn)將U形管 緩慢平放在水平桌面上，沒(méi)有氣體從管的一邊通過(guò)水銀逸入另一邊。求 U形管 平放時(shí)兩邊空氣柱的長(zhǎng)度。在整個(gè)過(guò)程中，氣體溫度不變?！痉治觥孔笥覂刹糠謿怏w作等溫變化，分析初態(tài)和末態(tài)氣體的壓強(qiáng)、體積，分別 由玻意耳定律列式，即可求得U形管平放時(shí)兩邊空氣柱的長(zhǎng)度?！窘獯稹拷猓涸O(shè)U形管平放時(shí)左右兩邊空氣柱的長(zhǎng)度分別為 a和b,它們的壓強(qiáng) 為p。當(dāng)U形管兩端豎直朝上時(shí)，左邊氣體的壓強(qiáng)為 pi=12.0cmHg,右邊氣體的壓強(qiáng)為p2=12.0cmHg 6cmHg=6cmHg左右兩部分氣體作等溫變化，分別由玻意耳定律得對(duì)左部分氣體有p1l1S=paS對(duì)右部分氣體有 p2l2S=pbS由幾何關(guān)系有a+b=l1+l2=30cm聯(lián)立以上各式得 a=22.5cm, b=7.5cm答：U形管平放時(shí)左右兩邊空氣柱的長(zhǎng)度