【KS5U解析】四川省遂寧市船山區(qū)第二中學2019-2020學年高一下學期期中考試物理試題 Word版含解析

1、物理試題一、選擇題1.物體在光滑水平面上受三個不共線的水平恒力作用做勻速直線運動。當把其中一個水平恒力撤去時（其余兩個力保持不變），物體將（ ）a. 一定做勻加速直線運動b. 可能做勻速直線運動c. 可能做曲線運動d. 一定做曲線運動【答案】c【解析】【詳解】撤去一個水平恒力，物體受到的仍是恒力，所以物體不可能做勻速直線運動。若此恒力與速度方向相同，物體做勻加速直線運動；若此恒力與速度方向相反，物體做勻減速直線運動；若此恒力與速度方向不共線，物體做曲線運動。故選項c正確，abd錯誤。故選c。2.許多科學家在物理學發(fā)展過程中做出了重要貢獻，下列表述正確的是a. 牛頓提出了日心說，并且發(fā)現(xiàn)了萬有引

2、力定律b. 英國物理學家查德威克發(fā)現(xiàn)了電子c. 伽利略發(fā)現(xiàn)了行星運動的規(guī)律d. 卡文迪許通過扭秤實驗，測出了萬有引力常量【答案】d【解析】【分析】本題考查物理學史相關(guān)知識?！驹斀狻縜哥白尼提出了日心說，故a錯誤；b查德威克發(fā)現(xiàn)中子，湯姆孫發(fā)現(xiàn)電子，故b錯誤；c開普勒發(fā)現(xiàn)了行星運動定律，故c錯誤；d卡文迪許通過扭秤實驗，測出了萬有引力常量，故d正確。故選d。3.如圖所示，從某高處水平拋出一小球，經(jīng)過時間t到達地面時，速度與水平方向的夾角為，不計空氣阻力，重力加速度為g下列說法正確的是（）a. 小球水平拋出時的初速度大小為b. 小球在t時間內(nèi)的位移方向與水平方向的夾角為c. 若小球初速度增大，則減

3、小d. 若小球初速度增大，則平拋運動的時間變長【答案】c【解析】物體落地時豎直方向上的分速度因為速度方向與水平方向的夾角為，所以小球的初速度，故a錯誤；速度與水平方向夾角的正切值，位移與水平方向夾角的正切值，所以，但，故b錯誤；根據(jù)，得：，可知物體運動時間與下落高度有關(guān)，與初速度無關(guān)，則若小球初速度增大，則平拋運動的時間不變，而速度與水平方向夾角的正切值，若小球初速度增大，下落時間t不變，所以減小，即減小，故c正確，d錯誤；故選c【點睛】平拋運動在水平方向做勻速直線運動，在豎直方向做自由落體運動落地的時間由高度決定，知道落地時間，即可知道落地時豎直方向上的速度，根據(jù)速度與水平方向的夾角，可求出

4、水平初速度4.如果把鐘表上的時針、分針、秒針的運動看成勻速圓周運動，那么，從它的分針與秒針第一次重合至第二次重合，中間經(jīng)歷的時間為（）a. minb. 1minc. mind. min【答案】c【解析】【詳解】分針的周期為1h，秒針的周期為1min，兩者的周期比為t1：t2=60：1，分針與秒針從第1次重合到第2次重合有1t+2=2t即又t1=60t2=60min，所以有故c正確、abd錯誤。故選c。5.某星球的質(zhì)量約為地球的9倍，半徑約為地球的一半，若從地球上高h處平拋一物體，射程為60m，則在該星球上，從同樣高度以同樣的初速度平拋同一物體，射程應為（   &#

5、160; ）a. 15mb. 10mc. 90md. 360m【答案】b【解析】【分析】根據(jù)萬有引力等于重力，求出星球表面重力加速度和地球表面重力加速度關(guān)系；運用平拋運動規(guī)律求出星球上水平拋出射程【詳解】根據(jù)萬有引力等于重力，在地球表面有：，在星球表面有：，因為星球的質(zhì)量約為地球的9倍，半徑約為地球的一半，可得，根據(jù)，可得，可知平拋運動的時間之比為，根據(jù)x=v0t知，水平射程之比，所以在星球上的水平射程為：，故b正確，acd錯誤【點睛】本題考查了萬有引力理論與平拋運動的綜合，掌握萬有引力等于重力這一理論，并能靈活運用6.一輛小汽車在水平路面上由靜止啟動，在前5s內(nèi)做勻加速直線運動，5s末達到額

6、定功率，之后保持額定功率運動，其vt圖像如下圖所示，已知汽車的質(zhì)量為m=3×103kg，汽車受到地面的阻力為車重的0.1倍，g取10m/s2，則（）a. 汽車在前5s內(nèi)的牽引力為6×103nb. 汽車在前5s內(nèi)的牽引力為9×103nc. 汽車的額定功率為180kwd. 汽車的最大速度為30m/s【答案】bd【解析】【詳解】a汽車勻加速啟動，則在勻加速階段，牽引力恒定，由圖可知，在勻加速運動階段加速度根據(jù)牛頓第二定律代數(shù)解得故a錯誤，b正確；c5s末，汽車達到額定功率，根據(jù)代數(shù)可得，汽車的額定功率為故c錯誤；d當達到額定功率后，功率不再變化，速度繼續(xù)增加，故牽引力減

7、小，當牽引力減小到等于阻力時，汽車達到最大速度。有解得故d正確。故選bd。7.運動員在110米欄比賽中，主要有起跑加速、途中勻速跨欄和加速沖刺三個階段，運動員的腳與地面間不會發(fā)生相對滑動，以下說法正確的是( )a. 勻速階段地面對運動員的摩擦力做負功b. 加速階段地面對運動員的摩擦力做正功c. 由于運動員的腳與地面間不發(fā)生相對滑動，所以不論加速還是勻速，地面對運動員的摩擦力始終不對運動員做功d. 無論加速還是勻速階段，地面對運動員的摩擦力始終做負功【答案】c【解析】【詳解】不論加速還是勻速，腳與地面未發(fā)生相對滑動，在有摩擦力時，在力的方向上沒有位移，所以摩擦力不做功a. 勻速階段地面對運動員的

8、摩擦力做負功，與分析不符，故a錯誤b. 加速階段地面對運動員的摩擦力做正功，與分析不符，故b錯誤c. 由于運動員的腳與地面間不發(fā)生相對滑動，所以不論加速還是勻速，地面對運動員的摩擦力始終不對運動員做功，與分析相符，故c正確d. 無論加速還是勻速階段，地面對運動員摩擦力始終做負功，與分析不符，故d錯誤8.如圖甲所示，一滑塊沿光滑的水平面向左運動，與輕彈簧接觸后將彈簧壓縮到最短，然后反向彈回，彈簧始終處在彈性限度以內(nèi)，圖乙為測得的彈簧的彈力與彈簧壓縮量之間的關(guān)系圖像，則彈簧的壓縮量由8cm變?yōu)?cm時，彈簧所做的功以及彈性勢能的改變量分別為（ ）a. 、b. 、c. 、d. 、【答案】c【解析】【

9、詳解】圖線與橫軸圍成的面積表示彈力做的功，則根據(jù)知，彈性勢能減少1.8j，故c正確。故選c。9.質(zhì)量為m的小球由輕繩a和b分別系于一輕質(zhì)細桿的a點和b點，如圖所示，繩a與水平方向成角，繩b在水平方向且長為l，當輕桿繞軸ab以角速度勻速轉(zhuǎn)動時，小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，則下列說法正確的是a. a繩的張力一定比小球的重力大b. a繩的張力隨角速度的增大而增大c. 若b繩突然被剪斷，則a繩的彈力一定發(fā)生變化d. 當角速度時，b繩將出現(xiàn)彈力【答案】ad【解析】【分析】本題考查圓周運動中向心力的分析?！驹斀狻繉π∏蚴芰Ψ治?，b繩可能不受力，此時角速度，若b繩突然被剪斷，則a繩的彈力不變，故c錯誤；b

10、繩受力時，綜合上面兩種情況，故ad正確，b錯誤。故選ad。10.1772年，法籍意大利數(shù)學家拉格朗日在論文三體問題指出：兩個質(zhì)量相差懸殊的天體（如太陽和地球）所在同一平面上有5個特殊點，如圖中的l1、l2、l3、l4、l5所示，人們稱為拉格朗日點若飛行器位于這些點上，會在太陽與地球的共同引力作用下，可以幾乎不消耗燃料而保持與地球同步繞太陽做圓周運動由于這五個點的特殊性，己經(jīng)成為各個航天大國深恐探測所爭奪的地方2012年8月25日23時27分，經(jīng)過77天的飛行，“嫦娥二號”在世界上首次實現(xiàn)從月球軌道出發(fā)，受控準確進入距離地球約150萬公里的拉格朗日u點，下列說法正確的是（ ）a. “嫦娥二號”繞

11、太陽運動周期和地球自轉(zhuǎn)周期相等b. “嫦娥二號”在l2點處于平衡狀態(tài)c. “嫦娥二號”繞太陽運動的向心加速度大于地球繞太陽運動的向心加速度d. “嫦娥二號”在l2處所受太陽和地球引力的合力比在l1處小【答案】c【解析】【詳解】a據(jù)題意知，“嫦娥二號”與地球同步繞太陽做圓周運動，則“嫦娥二號”繞太陽運動周期和地球公轉(zhuǎn)周期相等，故a錯誤；b“嫦娥二號”所受的合力為地球和太陽對它引力的合力，這兩個引力方向相同，合力不為零，處于非平衡狀態(tài)，故b錯誤；c由于“嫦娥二號”與地球繞太陽做圓周運動的周期相同，“嫦娥二號”的軌道半徑大，根據(jù)公式分析可知，“嫦娥二號”的繞太陽運動的向心加速度大于地球繞太陽運動的向

12、心加速度，故c正確；d由題可知，衛(wèi)星在l1點與l2點的周期與角速度是相等的，根據(jù)向心力的公式：f=m2r，在l1點處的半徑小，所以在l1點處的合力小，故d錯誤故選c。11.用木板搭成斜面從卡車上卸下貨物，斜面與地面夾角有兩種情況，如圖所示。一貨物分別從斜面頂端無初速度釋放下滑到地面。已知貨物與每個斜面間的動摩擦因數(shù)均相同，不計空氣阻力。則貨物a. 沿傾角的斜面下滑到地面時的動能較大b. 沿傾角的斜面下滑到地面時的動能較大c. 沿兩個斜面下滑過程中克服摩擦力做的功相等d. 沿傾角的斜面下滑過程中機械能的損失較多【答案】bd【解析】【分析】本題考查動能定理的應用和摩擦力做功?！驹斀狻繉ξ矬w沿兩斜面

13、下滑過程受力分析，摩擦力大小分別為，。位移分別為，。故摩擦力做功，做功不相等。根據(jù)動能定理，沿傾角的斜面下滑到地面時的動能較大，沿傾角的斜面下滑過程中機械能的損失較多。故ac錯誤，bd正確。故選bd。12.如圖所示，輕質(zhì)彈簧的一端與固定的豎直板p拴接，另一端與物體a相連，物體a靜止于光滑水平桌面上，右端接一細線，細線繞過光滑的定滑輪與物體b相連開始時用手托住b，讓細線恰好伸直，然后由靜止釋放b，直至b獲得最大速度下列有關(guān)該過程的分析正確的是a. a與b所組成的系統(tǒng)的機械能守恒b. b物體的動能的增加量等于它所受重力與拉力做的功之和c. 細線拉力對a做的功等于a物體與彈簧所組成的系統(tǒng)機械能的增加

14、量d. 彈簧的彈性勢能的增加量等于b物體機械能的減少量【答案】bc【解析】【分析】本題考查機械能守恒定律的應用以及能量轉(zhuǎn)化過程的分析?！驹斀狻縜a與b所組成的系統(tǒng)有彈簧彈力做功，機械能不守恒，故a錯誤；b根據(jù)動能定理，重力和拉力做功，合外力做的功等于動能改變量，故b正確；c對于a物體與彈簧所組成的系統(tǒng)，只有拉力做功，故c正確；d根據(jù)能量守恒彈簧的彈性勢能的增加量等于ab兩物體機械能的減少量。故d錯誤。故選bc。13.如圖所示，a、b、c三個物體放在旋轉(zhuǎn)圓臺上，它們與圓臺之間的動摩擦因數(shù)均為，a的質(zhì)量為2m，b、c質(zhì)量均為m，a、b離軸心距離為r，c離軸心2r，則當圓臺旋轉(zhuǎn)時（設a、b、c都沒有

15、滑動）（ ）a. 物體c的向心加速度最大b. 物體b受到的靜摩擦力最大c. =是c開始滑動的臨界角速度d. 當圓臺轉(zhuǎn)速增加時，b比a先滑動【答案】ac【解析】【詳解】a.物體繞軸做勻速圓周運動，角速度相等，根據(jù)向心加速度方程有a=2r，由于c物體的轉(zhuǎn)動半徑最大，故向心加速度最大，故a正確；b.物體繞軸做勻速圓周運動，角速度相等，靜摩擦力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律可得，f=m2r，故b的摩擦力最小，故b錯誤；c.對c分析可知，當c物體恰好滑動時，靜摩擦力達到最大，有mg=m·2r2；解得：，故臨界角速度為，故c正確；d.由c的分析可知，轉(zhuǎn)動半徑越大的臨界角速度越小，越容易滑動，與物體

16、的質(zhì)量無關(guān)，故物體c先滑動，物體a、b將一起后滑動，故d錯誤14.從地面豎直向上拋出一物體，其機械能e總等于動能ek與重力勢能ep之和取地面為重力勢能零點，該物體的e總和ep隨它離開地面的高度h的變化如圖所示重力加速度取10 m/s2由圖中數(shù)據(jù)可得a. 物體的質(zhì)量為2 kgb. h=0時，物體的速率為20 m/sc. h=2 m時，物體的動能ek=40 jd. 從地面至h=4 m，物體的動能減少100 j【答案】ad【解析】【詳解】aep-h圖像知其斜率為g，故g= =20n，解得m=2kg，故a正確bh=0時，ep=0，ek=e機-ep=100j-0=100j，故=100j，解得：v=10m

17、/s，故b錯誤；ch=2m時，ep=40j，ek= e機-ep=90j-40j=50j，故c錯誤dh=0時，ek=e機-ep=100j-0=100j，h=4m時，ek=e機-ep=80j-80j=0j，故ek- ek=100j，故d正確二實驗題15.過實驗對平拋運動進行研究，他在豎直墻上記錄了拋物線軌跡的一部分，如圖所示x軸沿水平方向，由圖中所給的數(shù)據(jù)可求出平拋物體的初速度是_m/s，物體經(jīng)過b點時的速率是_m/s，拋出點的坐標是_m，_m（g取10m/s2）【答案】 (1). 4 (2). (3). -0.8 (4). -0.2【解析】【詳解】1234在豎直方向上，根據(jù)y=gt2得相等時間

18、則平拋運動的初速度物體經(jīng)過b點時豎直分速度根據(jù)平行四邊形定則得拋出點到b點的時間 拋出點到b點的水平位移 則拋出點的橫坐標x=0.8-1.6m=-0.8m拋出點到b點的豎直位移則拋出點縱坐標y=0.6-0.8m=-0.2m16.某同學為探究“恒力做功與物體動能改變的關(guān)系”，設計了如下實驗，他的操作步驟是：a擺好實驗裝置如圖b將質(zhì)量為200g的小車拉到打點計時器附近，并按住小車c在質(zhì)量為10g、30g、50g的三種鉤碼中，他挑選了一個質(zhì)量為50g的鉤碼掛在拉線p上d釋放小車，打開打點計時器的電源，打出一條紙帶在多次重復實驗得到的紙帶中取出自認為滿意的一條，經(jīng)測量、計算，得到如下數(shù)據(jù)：第一個點到第

19、n個點的距離為40.0cm；打下第n點時小車的速度大小為1.00m/s該同學將鉤碼的重力當作小車所受的拉力，算出拉力對小車做的功為_j，小車動能的增量為_j此次實驗探究結(jié)果，他沒能得到“恒力對物體做的功，等于物體動能的增量”，且誤差很大，顯然，在實驗探究過程中忽視了各種產(chǎn)生誤差的因素請你根據(jù)該同學的實驗裝置和操作過程幫助分析一下，造成較大誤差的主要原因是_【答案】 (1). 0.196 (2). 0.100 (3). a.小車質(zhì)量沒有遠大于鉤碼質(zhì)量；b.沒有平衡摩擦力；c.操作d錯誤，應先接通電源，使電磁打點計時器工作穩(wěn)定后再釋放小車【解析】【詳解】（1）從打下第一點到打下第n點拉力對小車做功

20、：w=mgs=0.196j；小車的動能增量為：ekmv20.100j（2）該實驗產(chǎn)生誤差的主要原因一是鉤碼重力大小并不等于繩子拉力的大小，設繩子上拉力為f，對小車根據(jù)牛頓第二定律有：f=ma    對砂桶和砂有：mg-f=ma   fmg，由此可知當mm時，砂和砂桶的重力等于繩子的拉力，顯然該實驗中沒有滿足這個條件；另外該實驗要進行平衡摩擦力操作，否則也會造成較大誤差另外操作d錯誤，應先接通電源，使電磁打點計時器工作穩(wěn)定后再釋放小車.17.在驗證機械能守恒定律的實驗中，質(zhì)量m=1.5kg的重錘自由下落，在紙帶上打出了一系列的點，如圖所示，相鄰記

21、數(shù)點時間間隔為0.02，長度單位是cm，g?。?）打點計時器打下記數(shù)點b時，物體的速度=_m/s(保留三位有效數(shù)字)；（2）從點o到打下記數(shù)點b的過程中，物體重力勢能的減小量=_j，動能的增加量=_j(保留三位有效數(shù)字)；（3）即使在實驗操作規(guī)范，數(shù)據(jù)測量及數(shù)據(jù)處理很準確的前提下，該實驗測得的也一定略大于，這是實驗存在系統(tǒng)誤差的必然結(jié)果，試分析該系統(tǒng)誤差產(chǎn)生的主要原因是_【答案】 (1). 0.973 (2). 0.714 (3). 0.705-0.712 (4). 重錘和紙帶都受到阻力的作用【解析】【詳解】（1）1中間時刻的瞬時速度等于該過程中的平均速度來求b的速度大?。?）23物體重力勢能

22、減小量動能的增加量（3）4由于紙帶通過時受到較大的阻力和重錘受到的空氣阻力，重力勢能有相當一部分轉(zhuǎn)化給摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能，所以重力勢能的減小量明顯大于動能的增加量。三 計算題18.2013年6月11日，我國成功發(fā)射了神舟十號飛船，升空后和目標飛行器天宮一號交會對接，3名航天員再次探訪天宮一號，并開展相關(guān)空間科學試驗已知地球表面處的重力加速度為g，地球半徑為r，設神舟十號飛船繞地球做勻速圓周運動的周期為t求：（1）地球的質(zhì)量m和平均密度；（2）神舟十號飛船的軌道半徑r【答案】（1） ; （2） 【解析】試題分析：（1）根據(jù)地球表面萬有引力等于重力求得地球質(zhì)量，然后根據(jù)球體體積公式，由平均密度定義求得

23、地球密度；（2）由飛船做圓周運動，萬有引力做向心力求解（1）設地球質(zhì)量為m，地球的密度為，飛船質(zhì)量為m由飛船在地表時所受重力等于萬有引力可得：解得：地球質(zhì)量地球體積解得：地球密度（2）設飛船的軌道半徑為r，由萬有引力做向心力可得：解得：軌道半徑【點睛】萬有引力問題的運動，一般通過萬有引力做向心力得到半徑和周期、速度、角速度的關(guān)系，然后通過比較半徑來求解，若是變軌問題則由能量守恒來求解19.如圖所示，abcd為固定在豎直平面內(nèi)的軌道，其中abc為光滑半圓形軌道，半徑為r，cd為水平粗糙軌道，一質(zhì)量為m的小滑塊（可視為質(zhì)點）從圓軌道中點b由靜止釋放，滑至d點恰好靜止，cd間距為5r已知重力加速度為g求：（1）小滑塊到達c點時對圓軌道壓力n的大??；（2）小滑塊與水平軌道間的動摩擦因數(shù)；（3）現(xiàn)使小滑塊在d點獲得一初動能ek，使