安徽省滁州市來安縣第二中學(xué)2018屆高三物理12月段考試題(含解析)

1、C.小球落地前勻速運(yùn)動，落地速度大小V1=10m/sA.B.小球在10m/s小球在 11時刻到達(dá)最高點，此時加速度為零安徽省滁州市來安縣第二中學(xué) 2018 屆高三物理 12 月段考試題（含解析）第 I 卷選擇題1.現(xiàn)用某一光電管進(jìn)行光電效應(yīng)實驗，當(dāng)用頻率為u的光照射時，有光電流產(chǎn)生下列說法正確的是（）A. 光照時間越長，光電流就越大B. 減小入射光的強(qiáng)度，光電流消失C. 用頻率小u的光照射，光電效應(yīng)現(xiàn)象消失D. 用頻率為 2u的光照射，光電了的初動能變大【答案】D【解析】試題分析：發(fā)生光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率，根據(jù)光電效應(yīng)方程知，光子頻率越大，光電子的最大初動能越大，光強(qiáng)

2、度會影響單位時間內(nèi)逸出的光電子數(shù)目光電流的大小與入射光的時間無關(guān)，入射光的強(qiáng)度越大，飽和光電流越大，故A 錯誤；發(fā)生光電效應(yīng)時，能否發(fā)生光電效應(yīng)與入射光的強(qiáng)度無關(guān)，減小入射光的強(qiáng)度，光電流不能消失，故 B 錯誤；用頻率為 v 的光照射時，有光電流產(chǎn)生，用頻率小于v 的光照射，光電效應(yīng)現(xiàn)象不一定消失，還要看入射光的頻率是否小于極限頻率故C 錯誤；根據(jù)光電效應(yīng)方程可知，光電子的最大初動能隨入射光頻率的增大而增大，故D 正確；2.將質(zhì)量為 m=0.1kg 的小球從地面豎直向上拋出，初速度為vo=20m/s，小球在運(yùn)動中所受空氣阻力與速率的關(guān)系為f=kv，已知 k=0.1kg/s。其在空氣的速率隨時間

3、的變化規(guī)律如圖所示，取 g=10m/s2,則以下說法正確的是（）-2 -D.小球拋出瞬間的加速度大小為20m/s2【答案】C【解析】根據(jù)速度時間圖象與時間軸包圍的面積表示位移，則從圖象可以看出，位移小于陰影部分面積，而陰影部分面積是勻減速直線運(yùn)動的位移，勻減速直線運(yùn)動的平均速度等于i；m ；,故小球上升過程的平均速度小于10m/s，故 A 錯誤.2球在 ti時刻速率為零，到達(dá)最高點，空氣阻力為零，只受重力，加速度為g,故 B 錯誤由圖象可知，小球落地前勻速運(yùn)動，由mg=f=kvi;得 vi=10m/s.故 C 正確.小球拋出瞬間，有：2mg+ks=ma;聯(lián)立解得：ao=30m/s .故 D 錯

4、誤.故選 C.點睛：關(guān)于速度時間圖象問題，重點要掌握速度時間圖象斜率表示加速度，面積表示位移.要 注意公式；只適用于勻變速直線運(yùn)動.23.磁場中某區(qū)域的磁感線如圖所示，貝 U()A. a、b 兩處的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小不等，Ba Bb-3 -B. a、b 兩處的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小不等，BaVBbC.同一通電導(dǎo)線放在 a 處受力一定比放在 b 處受力大D.同一通電導(dǎo)線放在a 處受力一定比放在b 處受力小【答案】BCD 當(dāng)通電導(dǎo)線與磁場平行時，通電導(dǎo)線受的安培力為零；則同一通電導(dǎo)線放在a 處受力與放在 b 處受力大小關(guān)系不確定。CD 兩項均錯誤。4如圖所示，-I -R 為可變電阻，C 為電容器，V 為理

5、想電壓表，增大 R 的阻值時,A. C 所帶電荷量減小B. C 所帶電荷量始終為 0C. V 的示數(shù)增大 D. V 的示數(shù)不變【答案】D【解析】試題分析：電路斷路，電容器兩端電壓等于電源電動勢，電壓表測量電源電動勢， 增大 R,電路無變化，C 所帶電荷量不變，但不為零，電壓表示數(shù)仍等于電源電動勢，不變， 故 D 正確；考點：考查了含電容電路【名師點睛】本題關(guān)鍵是抓住理想電壓表對電路沒有影響的特點，電壓表相當(dāng)于開關(guān)斷開.5.如圖所示，光滑軌道ABC中BC為 圓弧，圓弧半徑為R, C部分水平，末端D點與右端足4夠長的水平傳送帶無縫連接，傳送帶以恒定速度v 逆時針轉(zhuǎn)動，現(xiàn)將一質(zhì)量為 m 的小滑塊從軌

6、道上A點由靜止釋放，A到C的豎直高度為H,則（ ）A. 滑塊在傳送帶上向右運(yùn)動的最大距離與傳送帶速度v 有關(guān)B. 小滑塊不可能返回A點C. 若-，滑塊經(jīng)過C點時對軌道壓力大小為 -【解析】AB:磁感線的疏密表磁場強(qiáng)弱，則Ba-_vDy_ h 1 莎vDxvo 2ABV0J2()-7 -解得:V 巧-=，因vDy=D，解得?？?丫 0 ，則= AB，選項 A 正確，B2、返22錯誤；D 點與出發(fā)點的豎直距離二-厶，根據(jù) W=mg 可知小球經(jīng)過 D 點與落在 B 點時重 淮 4力勢能之比是 1/4，選項 C 正確，D 錯誤；故選 AC.點睛：本題關(guān)鍵是明確物體的運(yùn)動性質(zhì)是平拋運(yùn)動，然后結(jié)合平拋運(yùn)動

7、的分運(yùn)動公式列式求解，注意 D 點是軌跡與 0C 直線的交點，要結(jié)合“速度偏轉(zhuǎn)角正切值等于位移偏轉(zhuǎn)角正切值的2 倍”這個結(jié)論分析.8.一個質(zhì)最為 m 的人造地球衛(wèi)星在高空做勻速圓周運(yùn)動，軌道半徑為r,某時刻和一個質(zhì)最為 m 的太空碎片發(fā)生迎頭正碰，碰后二者結(jié)合成一個整體，速度大小變?yōu)樾l(wèi)星原來速度的，n并開始沿橢圓軌道運(yùn)動，軌道的遠(yuǎn)地點為碰撞時的點，若碰后衛(wèi)星的內(nèi)部裝置仍能有效運(yùn)轉(zhuǎn)，當(dāng)衛(wèi)星與碎片的整體再次通過遠(yuǎn)地點時通過極短時間的遙控噴氣可使整體仍在衛(wèi)星碰前的軌道上做圓周運(yùn)動，繞行方向與碰前相同。已知地球的半徑為 R 地球表面的重力加度大小為g，則下列說法正確的是（）A. 衛(wèi)星與碎片碰撞前的線速

8、度大小為B. 衛(wèi)星與碎片碰撞前運(yùn)行的周期大小為C. 噴氣裝置對衛(wèi)星和碎片整體所做的功為【答案】BD【解析】試題分析：萬有引力充當(dāng)向心力，根據(jù)公式分析碰撞前衛(wèi)星的周期； 根據(jù)能量守恒分析噴氣裝置做的功衛(wèi)星受到萬有引力定律充當(dāng)向心力，故有碰撞前，結(jié)合黃金替代公式可r2rD.噴氣裝置對衛(wèi)星和碎片整體所做的功為2zrJT(nl)(尬十m2)gRMirijG-= m2Mm|v-；.111分析碰撞衛(wèi)星線速度，根據(jù)r-8 -得衛(wèi)星與碎片碰撞前的線速度大小為 -=A 錯誤；根據(jù)公式，解得-9 -B 正確；當(dāng)再次回到碰撞點，要使兩者回到原來軌道運(yùn)動，速度（n2-lXmi -mgR2得 l，故 C 錯誤 D 正確

9、。9.如圖所示，傾角為 37的足夠長的傳送帶以恒定速度運(yùn)行，將一質(zhì)量一初速度放上傳送帶，物體相對地面的速度大小隨時間變化的關(guān)系如圖所示，取沿傳送帶向上為正方向，g= 10 m/s2，sin37 =0.6，cos37 =0.8。則下列說法正確的是（）A. 物體與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0. 75B. 08 s 內(nèi)物體位移的大小為14 mC. 08 s 內(nèi)物體機(jī)械能的增量為84 JD. 08 s 內(nèi)物體與傳送帶之間因摩擦而產(chǎn)生的熱量為126 J【答案】BD【解析】根據(jù) v-t 圖象的斜率表示加速度，可得，物體相對傳送帶滑動時的加速度大小為：22a= =lm/s2由牛頓第二定律得：卩 mgcos0-m

10、gsin0=ma 解得 卩=0.875 .故 A 錯誤.08s 內(nèi)物體位移12-1 6 “為：.，故 B 正確.物體被送上的咼度為：h=ssin0=8.4m,2 2重力勢能的增量為：p=mgh=84J動能增量為：4=- -機(jī)械能增加為： E=AEp+AEk=90J,故 C 正確.0-8s 內(nèi)只有前 6s 內(nèi)物體與傳送帶發(fā)生相對滑動.0-6s 內(nèi)傳送帶運(yùn)動距離為：s帶=4X6m=24m-14x40-6s 內(nèi)物體位移為：.S2一必須滿足5 - j/m * *m=1 kg 的小物體以某-10 -產(chǎn)生的熱量為：Q 茯 mgcosB?s相對=126J，則 0? 8 s 內(nèi)因放上物體，傳送帶電動機(jī)多消耗的

11、電能為 Q/ E=216J,故 D 正確；故選 BD.點睛：本題一要讀懂速度圖象，根據(jù)圖象分析物體的運(yùn)動情況，求出位移和加速度，二要根 據(jù)牛頓第二定律和功能關(guān)系求解相關(guān)的量，對于熱量，要根據(jù)相對位移求解.第 II 卷非選擇題10.在描繪小燈泡伏安特性曲線的實驗中，某同學(xué)先用多用電表的的電流。甲乙/(1) 在圖甲電路中，需要將多用電表的兩表筆連接到a、b 兩處，其中黑表筆應(yīng)與 _連接(填a 或 b )o將得到的數(shù)據(jù)記錄在表格中，當(dāng)電源為 1.50 V 時，對應(yīng)的多用電表指針指示如圖乙所示，其讀數(shù)為_ mAo(3)由于長期使用多用電表，表內(nèi)電池的電動勢會降低，仍按第(2)步驟測量電路中的電流，則測

12、量示數(shù)會_ (填“偏大”、“偏小”或“不變”)?！敬鸢浮?(1).(1) b (2).(2) 174 (3).(3)不變【解析】(1)因 a 點的電勢高于 b 點，故應(yīng)該紅表筆接 a 點，黑表筆接 b 點；(2)當(dāng)電源為 1.50V 時，對應(yīng)的多用電表讀數(shù)為174mA.(3) 多用電表的電流檔內(nèi)不接電源，故表內(nèi)電池的電動勢會降低時，測量值不變11.某學(xué)習(xí)小組利用如圖所示的裝置驗證動能定理：250 mA 檔測量通過小燈泡-11 -和舷碼7777777777777777777777777777777777777777777777777777777777777777（1） 將氣墊導(dǎo)軌調(diào)至水平，安裝好

13、實驗器材，從圖中讀出兩光電門中心之間的距離s=cm;（2） 測量擋光條的寬度 d,記錄擋光條通過光電門1 和 2 所用的時間 ti和厶 t2,并從拉力傳感器中讀出滑塊受到的拉力F，為了完成實驗，還需要直接測量的一個物理量是 _ ;（3）該實驗是否需要滿足砝碼盤和砝碼總質(zhì)量遠(yuǎn)小于滑塊、擋光條和拉力傳感器的總質(zhì)量？ _（填“是”或“否”）.【答案】（1）.（ 1 ）50.0 （2）.（ 2）滑塊、擋光條和拉力傳感器的總質(zhì)量M （3）.（3 ）否【解析】（丄）光電門 1 處刻度尺讀數(shù)為；23.00cm ,光電門 2 處刻度尺讀數(shù)為：73,00cm ,故兩光 電門中心之間曲距離 s=73.00cm-2

14、3.00cm-50.00cm ;（2） 由于光電門的寬度 d 很小，所以我們用很短時間內(nèi)的平均速度代替瞬時速度滑塊通過d光電門 1 速度為：一11d滑塊通過光電門 2 速度為：1T11 d 1 d根據(jù)功能關(guān)系需要驗證的關(guān)系式為：.可見還需要測量出M 即滑塊、擋光條和拉力傳感器的總質(zhì)量；（3）該實驗中由于已經(jīng)用傳感器測出繩子拉力大小，不是將砝碼和砝碼盤的重力作為小車的拉力，故不需要滿足砝碼和砝碼盤的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量.12.某位同學(xué)為了研究超重和失重現(xiàn)象，將重為莎的物體帶上豎直方向上運(yùn)動的電梯，并將它水平放在電梯中的傳感器上，若電梯由靜止開始運(yùn)動，并開始計時，測得重物對支持面的-12 -壓力

15、隨時間變化的圖象如圖所示，根據(jù)圖中的信息，求：50470123456789判斷電梯的運(yùn)動方向.(2) 電梯運(yùn)動的最大速度.電梯運(yùn)動的最大距離.【答案】方向一直向下(2)1.2m/s(3)8.4m【解析】 根據(jù)題可知，根據(jù)牛二定律;II ,解得叫二 3 :,方向向下，；：-二由題可知 f .-，故電梯做勻速運(yùn)動，： ： I 解得：；1 二 3：，方向向上.故電梯一直向下運(yùn)動由可知，根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式，解得 =二八； = ；豊I ,(3) 根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式 I-二:內(nèi)-,：I -1二.伽1 ?: - ,2.故電梯運(yùn)動的最大距離已 4心“ X 慕加：13.如圖所示，小球 A 系在細(xì)線的一端，線的另一端固定

16、在 O 點,0 到光滑水平面的距離為h=0.8m，已知 A 的質(zhì)量為 m 物塊 B 的質(zhì)量是小球 A 的 5 倍，置于水平傳送帶左端的水平面上 且位于 O 點正下方，傳送帶右端有一帶半圓光滑軌道的小車，小車的質(zhì)量是物塊B 的 5 倍，水平面、傳送帶及小車的上表面平滑連接，物塊B 與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為卩=0.5，其余摩擦不計，傳送帶長 L=3.5m，以恒定速率 vo=6m/s 順時針運(yùn)轉(zhuǎn)?，F(xiàn)拉動小球使線水平伸直后 由靜止釋放，小球運(yùn)動到最低點時與物塊發(fā)生彈性正碰，小球反彈后上升到最高點時與水平面的距離為，若小車不固定，物塊剛好能滑到與圓心01 等高的 C 點，重力加速度為 g,小-13 -1

17、6球與物塊均可視為質(zhì)點，求：-14 -(1)小球和物塊相碰后物塊B 的速度 VB大小。(2)若滑塊 B 的質(zhì)量為 m=1Kg，求滑塊 B 與傳送帶之間由摩擦而產(chǎn)生的熱量Q 及帶動傳送帶的電動機(jī)多做的功 W電。(3) 小車上的半圓軌道半徑 R 大小?！敬鸢浮?1)1m/s；(2)12.5J ； 30J(3)1.5m【解析】(1)小球 A 下擺及反彈上升階段機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得:h 1、A. B碰撞過程系統(tǒng)動量守恒， 以A的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得：mv=-mv+5mv,代入數(shù)據(jù)解得：VB=1m/s;經(jīng)過時間t,B與傳送帶速度相等，由勻變速直線運(yùn)動速度公式得：VO=VB+Ug

18、t,代入數(shù)據(jù)解得：t=1s,物塊滑行的距離為：上一 T解得：s物=3.5m=L,傳送帶的位移為：s#=vot=6X1=6m則有：S相=S傳-S物=6-3.5=2.5m ,Q=fS相=卩mgS目=12.5J ,12L ,電動機(jī)多做的功為：-，代入數(shù)據(jù)解得：Wt=30J .(3)物塊在傳送帶上一直加速到達(dá)右端時恰好與傳送帶速度相等，系統(tǒng)水平方向動量守恒, 以向右為正方向，由動量守恒定律得：5mv= (5n+25mV,1 , 1由機(jī)械能守恒定律得： 代入數(shù)據(jù)解得：R=1.5m;【點睛】本題是一道力學(xué)綜合題，綜合考查了動量守恒定律與機(jī)械能守恒定律的應(yīng)用，分析 清楚物體運(yùn)動過程是正確解題的關(guān)鍵，解題時注

19、意正方向的選擇.14.如圖所示，半徑 R = 0.8m 的光滑絕緣導(dǎo)12rngh =-mvA-15 -軌固定于豎直平面內(nèi)，加上某一水平方向的勻強(qiáng) 電場時，帶正電的小球沿軌道內(nèi)側(cè)做圓周運(yùn)動，它的電量q= 1.00X10 c。圓心 o 與 A 點的連線與豎直成一角度0，在 A 點時小球?qū)壍赖膲毫?N = 1.2N，此時小球的動能最大.若小球的最大動能比最小動能多0.32J，且小球能夠到達(dá)軌道上的任意一點（不計空氣阻力，g 取10m/s2）.則:小球受到重力和電場力的合力是多少？小球的最小動能是多少？現(xiàn)小球在動能最小的位置突然撤去軌道，并保持其他量都不變，若小球在0.4s 后的動能與它在 A 點時的動能相等，求小球的質(zhì)量和電場強(qiáng)度?！敬鸢浮浚?） 0.2N （2） 0.8J （3） 0.01kg ; 1.73X104N/C，方向水平向左【解析】試題分析：、小球在電場和重力場的復(fù)合場中運(yùn)動，因為小