2020屆北京市西城區(qū)高三上學(xué)期期末考試物理試題(解析版)

1、北京市西城區(qū)2019 2020學(xué)年度第一學(xué)期期末試卷高三物理2020.1一、單項選擇題1 .如圖所示，在光滑墻壁上用輕質(zhì)網(wǎng)兜把足球掛在A點，足球與墻壁的接觸點為 B。足球的重力為 G,懸繩與墻壁的夾角為則懸繩對球的拉力 F的大小為A. F =Gtan：B. F = G sin ：.C. F =D.cos 二Gtan 二頁7第【詳解】足球受重力、拉力和支持力平衡，受力如圖所示;3根據(jù)平行四邊形定則，繩子對球的拉力：F =G-cosA. F=Gtana,與結(jié)論不相符，選項 A錯誤；B. F =Gsin a,與結(jié)論不相符，選項 B錯誤；GC. F =,與結(jié)論相符，選項 C正確；cos 二L GD.

2、F =,與結(jié)論不相符，選項 D錯誤;tan -故選C.2 .如圖所示，甲、乙兩位同學(xué)利用直尺測量反應(yīng)時間.甲用一只手在直尺下方做捏尺的準(zhǔn)備，從他看到乙同學(xué)放開直尺開始， 到他捏住直尺為止， 測出直尺在這段時間內(nèi)下落的高度為20cm,則這次測量出甲的反應(yīng)時間是（g取10m/s2）A. 0.02sB. 0.2sC. 0.1 sD. 0.14 s【答案】B【解析】【詳解】由題意，在反應(yīng)時間內(nèi)，直尺下落的高度H=20cm,由自由落體運動的規(guī)律知：H= 1 gt2,得t=0.2s ,故B正確，ACD錯誤，故選B .【點睛】本題考查自由落體運動的位移與時間的關(guān)系公式，是一道基礎(chǔ)題.學(xué)生從一個實際背景中抽象

3、出 物理模型是非常重要的能力.3 .一列橫波某時刻的圖像如圖1所示，圖2表示介質(zhì)中某質(zhì)點從該時刻開始一段時間內(nèi)的位移一時間圖像。'm .圖1圖2A.若波沿x軸的正方向傳播，則圖 2可能為K點的振動圖像B.若波沿x軸的正方向傳播，則圖 2可能為M點的振動圖像C.若圖2為L點的振動圖像，則波沿 x軸的正方向傳播D.若圖2為N點的振動圖像，則波沿 x軸的正方向傳播【答案】C【解析】【詳解】圖乙所示質(zhì)點在 t=0時在平衡位置向上振動；那么由圖甲可得：若波向左傳播，圖乙與質(zhì)點N振動一致；若波向右傳播，圖乙和質(zhì)點L振動一致；A.若波沿x軸的正方向傳播，則圖 2可能為K點的振動圖像，與結(jié)論不相符，選

4、項 A錯誤；B.若波沿x軸的正方向傳播，則圖 2可能為M點的振動圖像，與結(jié)論不相符，選項 B錯誤；C.若圖2為L點的振動圖像，則波沿 x軸的正方向傳播，與結(jié)論相符，選項 C正確；頁2第D.若圖2為N點的振動圖像，則波沿 x軸的正方向傳播，與結(jié)論不相符，選項 D錯誤；故選Co4.甘肅酒泉和海南文昌是我國的兩個衛(wèi)星發(fā)射中心所在地，酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心的緯度約為北緯40。，文昌衛(wèi)星發(fā)射中心的緯度約為北緯20°。把地球看做一個半徑為 6.4X103 km的質(zhì)量分布均勻的球體，比較分別位于酒泉和文昌的甲、乙兩個物體隨地球自轉(zhuǎn)做勻速圓周運動的情況，下列判斷正確的是A.兩物體的線速度大小相等B.兩物體

5、角速度大小相等C.甲物體的線速度大于乙物體的線速度D.甲物體的角速度小于乙物體的角速度【答案】B【詳解】兩物體是同軸轉(zhuǎn)動度較大;A.兩物體的線速度大B.兩物體的角速度大C.甲物體的線速度大錯誤;D.甲物體的角速度小錯誤;故選B.5.如圖所示板與靜電計金屬外殼相連。給電容器充電后的偏角減小的是A.向上平移B極板C.向左平移B極板B.向下平移B極板D.向右平移B極板【答案】D 【解析】S【詳解】AB .向上平移或向下移動 B極板，減小極板正對面積， 根據(jù)電容的決定式 C=S-,分析得知,4 二 kdQ電容C減小，而電容器的帶電量 Q不變，由C= j分析得知，板間電勢差 U增大，則靜電計的指針偏角

6、變大。故AB錯誤。-，一一 ；S ，一 ，一，C.向左平移B極板，增大板間距離 d,根據(jù)電容的決定式 C=分析得知，電容 C減小，而電容器4 二 kdQ的帶電量Q不變，由C =U分析得知，板間電勢差 U變大，則靜電計的指針偏角變大。故 C錯誤。S ，、，一，D.向右平移B極板，減小板間距離 d,根據(jù)電容的決定式 C=4d分析得知，電容 C變大，而電容器 的帶電量Q不變，由C =Q分析得知，板間電勢差 U變小，則靜電計的指針偏角變小。故 D正確。U故選D6.如圖1所示，100匝的線圈（圖中只畫了 2匝）兩端A、B與一個理想電壓表相連。線圈內(nèi)有指向紙內(nèi)方向的勻強(qiáng)磁場，線圈中的磁通量在按圖2所示規(guī)律

7、變化。下列說法正確的是圖1圖2A. A端應(yīng)接電壓表正接線柱，電壓表的示數(shù)為B. A端應(yīng)接電壓表正接線柱，電壓表的示數(shù)為C. B端應(yīng)接電壓表正接線柱，電壓表的示數(shù)為D. B端應(yīng)接電壓表正接線柱，電壓表的示數(shù)為【答案】B【解析】150V50.0V150V50.0V【詳解】線圈相當(dāng)于電源，由楞次定律可知A相當(dāng)于電源的正極，B相當(dāng)于電源的負(fù)極。故 A應(yīng)該與理想電壓表的正接線柱相連。由法拉第電磁感應(yīng)定律得:A. A端應(yīng)接電壓表正接線柱，電壓表的示數(shù)為二 1000.15 -0.10.1V =50.0V150V,與結(jié)論不相符，選項 A錯誤;50.0V,與結(jié)論相符，選項 B正確；150V,與結(jié)論不相符，選項

8、C錯誤；50.0V,與結(jié)論不相符，選項 D錯誤;4第B. A端應(yīng)接電壓表正接線柱，電壓表的示數(shù)為C. B端應(yīng)接電壓表正接線柱，電壓表的示數(shù)為D. B端應(yīng)接電壓表正接線柱，電壓表的示數(shù)為 頁故選B.7 .如圖所示的平行板器件中有方向相互垂直的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場。一帶正電的粒子以某一速度從該裝置 的左端水平向右進(jìn)入兩板間后，恰好能做直線運動。忽略粒子重力的影響，則#第A.若只將粒子改為帶負(fù)電，其將往上偏8 .若只增加粒子進(jìn)入該裝置的速度，其將往上偏C.若只增加粒子的電荷量，其將往下偏D.若粒子從右端水平進(jìn)入，則仍沿直線水平飛出【答案】B【解析】【詳解】正粒子沿直線穿過正交場，向上的洛倫茲力和向下的

9、電場力平衡，則qE=qvB ,即v = E ;BA.若只將粒子改為帶負(fù)電，則洛倫茲力和電場力的方向均反向，則粒子仍沿直線通過，選項A錯誤；B.若只增加粒子進(jìn)入該裝置的速度，則洛倫茲力變大，粒子將往上偏，選項B正確；C.若只增加粒子的電荷量，向上的洛倫茲力和向下的電場力仍平衡，其仍將沿直線通過，選項C錯誤;D.若粒子從右端水平進(jìn)入，則電場力和洛倫茲力均向下，則不可能仍沿直線水平飛出，選項D錯誤；故選B.b為某電阻R的電壓與電流的8.在如圖所示的U-I圖中，直線a為某電源的路端電壓與電流的關(guān)系，直線關(guān)系。現(xiàn)用該電源直接與電阻R連接成閉合電路，由圖可知A.該電阻的阻值為2.0C8 .該電源的電動勢為

10、 6.0V,內(nèi)阻為0.5CC.該電源的路端電壓為 40V,輸出功率為4.0WD.用比R電阻大的電阻與該電源組成閉合回路，電源的輸出功率可能增大【答案】C【詳解】A.由圖象b可知，外電阻故A錯誤。B.由圖象a可知，電源電動勢 E=6.0V,短路電流I短=3.0A,電源內(nèi)阻E 6 cr = = 2 21.1I短3故B錯誤。C.由兩圖象的交點坐標(biāo)，路端電壓為4.0V,干路電流為1.0A,電源的輸出功率為P出=UI =4.0 1.0W=4.0W故C正確。D.電源的內(nèi)阻為r=2Q,電阻R=4Q,因當(dāng)外電阻R與內(nèi)阻r相等時，電源輸出功率最大，可知用比 R電阻大的電阻與該電源組成閉合回路，電源的輸出功率一定

11、減小，選項 D錯誤；故選C.9 .某同學(xué)把質(zhì)量是5kg的鉛球推出，估計鉛球出手時距地面的高度大約為2m,上升的最高點距地面的高度約為3m,最高點到落地點的水平距離約為6m。由此可估算出該同學(xué)推鉛球的過程中對鉛球做的功約為A. 50JB. 150JC.200JD.250J頁11第【詳解】鉛球在最高點的速度m/s = 2,15m/s則由能量關(guān)系可得該同學(xué)推鉛球的過程中對鉛球做的功約為W=mg ：h/mv2=5 10 1-5 (215)2 = 200J22A. 50J,與結(jié)論不相符，選項 A錯誤；B. 150J,與結(jié)論不相符，選項 B錯誤；C. 200J,與結(jié)論相符，選項 C正確；D. 250J,與

12、結(jié)論不相符，選項 D錯誤；故選C.10.按壓式圓珠筆內(nèi)裝有一根小彈簧，尾部有一個小帽，壓一下小帽，筆尖就伸出來。如圖所示，使筆的尾部朝下，將筆向下按到最低點，使小帽縮進(jìn)，然后放手，筆將向上彈起至一定的高度。忽略摩擦和空氣阻頁6第力。筆從最低點運動至最高點的過程中CD.因整個過程中勢能的增加量,選項C錯誤，D正確;A.筆的動能一直增大B.筆的重力勢能與彈簧的彈性勢能總和一直減小C.彈簧的彈性勢能減少量等于筆的動能增加量D.彈簧彈性勢能減少量等于筆的重力勢能增加量【答案】D【解析】【詳解】開始時彈力大于筆的重力，則筆向上做加速運動；當(dāng)彈力等于重力時加速度為零，速度最大；然 后彈力小于重力，筆向上做

13、減速運動，當(dāng)筆離開桌面懊做豎直上拋運動，直到速度減為零到達(dá)最高點;A.筆的動能先增大后減小,B.因只有彈力和重恒；因動能先增加后減小，則筆故選D.“站起”的動作,力傳感器將采集到的數(shù)據(jù)輸入計算機(jī),圖線如圖所示,a、b、c為圖線上1000500A. afb c為一次“下蹲”過程B. a-b-c為一次“站起”過程C. a-b為“下蹲”過程,b-c為“站起”過程D. a-b為“站起”過程,bfc為“下蹲”過程【答案】A【解析】【詳解】 下蹲”過程先加速下降后減速下降，則先失重后超重；站起”過程先加速上升后減速上升，則先超重后失重；由圖可知，人先失重后超重，可知a-b-c為一次 下蹲”過程；A. a-

14、b-c為一次 下蹲”過程，與結(jié)論相符，選項 A正確；B. a-b-c為一次 站起”過程，與結(jié)論不相符，選項 B錯誤；C. a-b為 下蹲”過程，b-c為 站起”過程，與結(jié)論不相符，選項 C錯誤；D. a-b為 站起”過程，b-c為 下蹲”過程，與結(jié)論不相符，選項 D錯誤；故選A.12.2019年11月5日，我國成功發(fā)射了 “北斗三號衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)”的第3顆傾斜地球同步軌道衛(wèi)星?！氨倍啡栃l(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)”由靜止地球同步軌道衛(wèi)星、傾斜地球同步軌道衛(wèi)星、中圓地球軌道衛(wèi)星組成?！巴杰壍馈毙l(wèi)星的軌道周期等于地球自轉(zhuǎn)周期，衛(wèi)星運行軌道面與地球赤道面的夾角叫做軌道傾角。根據(jù)軌道傾角的不同，可將“同步軌道”分為

15、靜止軌道（傾角為零）、傾斜軌道（傾角不為零）和極地軌道。根據(jù)以上信息，下列說法中正確的是A.傾斜地球同步軌道衛(wèi)星的高度大于靜止地球同步軌道衛(wèi)星的高度B.傾斜地球同步軌道衛(wèi)星的線速度小于靜止地球同步軌道衛(wèi)星的線速度C.可以發(fā)射一顆傾斜地球同步軌道衛(wèi)星，靜止在北京上空D.可以發(fā)射一顆傾斜地球同步軌道衛(wèi)星，每天同一時間經(jīng)過北京上空【答案】D【解析】【詳解】A .傾斜地球同步軌道衛(wèi)星與靜止地球同步軌道衛(wèi)星具有相同的周期（24h ）,則由Mm22G m（ ）2r可知，兩種衛(wèi)星的軌道半徑相等，即傾斜地球同步軌道衛(wèi)星的高度等于靜止地球同步 rT軌道衛(wèi)星的高度，選項 A錯誤；B.兩種衛(wèi)星具有相同的周期和角速度

16、，運轉(zhuǎn)半徑相同，則根據(jù)v= cor可知，兩種衛(wèi)星具有相同的線速度，選項B錯誤；CD.同步衛(wèi)星相對于地球靜止， 必須為地球赤道面上的同步衛(wèi)星，因為傾斜地球同步軌道衛(wèi)星為傾斜軌道，因此不能與地球保持相對靜止，但因為周期總為24h,則可以每天同一時間經(jīng)過北京上空，選項 C錯誤，D正確；故選D.二、多項選擇題13.一列火車和一輛汽車分別做勻變速直線運動，它們在各個時刻的速度大小如下表所示。從表中數(shù)據(jù)可以頁8第看出t (s)01234火車的速度（m/s）18.017.917.817.717.6汽車的速度（m/s）8.09.010.011.012.0A. 04s內(nèi)火車的平均速度較大B. 04s內(nèi)汽車的平均

17、速度較大C.火車的速度變化比較快D.汽車的速度變化比較快【答案】AD【解析】【詳解】A B . 04s內(nèi)火車的平均速度:18.0 17.62m/s = 17.8m/s04s內(nèi)汽車的平均速度則火車的平均速度較大，選項CD.火車的加速度汽車的加速度丫汽=8.0 12.02m/s = 10.0m/sA正確，B錯誤;a火=-0.1 m/s2 =0.1m/s2 :t 1an = v =1 m/s2 =1m/s2 占 1因汽車就加速度較大，則汽車的速度變化比較快，選項C錯誤，D正確;故選AD.14.如圖所示，理想變壓器的原線圈接在u=220J2sin100疝（V）的交流電源上，副線圈接有R = 55。的負(fù)

18、載電阻，原、副線圈匝數(shù)之比為2 ： 1,電流表、電壓表均為理想電表。下列說法正確的是A.電流表的讀數(shù)為 1.00 A 頁B.電流表的讀數(shù)為 2.00AC.電壓表的讀數(shù)為110VD.電壓表的讀數(shù)為 155V【答案】AC【解析】【詳解】CD .原線圈電壓有效值 U=220V,根據(jù)原副線圈匝數(shù)比為2:1可知次級電壓為 U2=110V,則電壓表的讀數(shù)為110V,選項C正確，D錯誤；AB .根據(jù)變壓器輸入功率等于輸出功率，即U1I1解得I1=1.00A,選項A正確，B錯誤;故選AC.15.如圖所示，導(dǎo)線框與電源、滑動變阻器、電流表、開關(guān)組成閉合回路， 將導(dǎo)線框用彈簧測力計懸掛起來，導(dǎo)線框下端置于蹄形磁鐵

19、兩極之間，與磁場方向垂直放置。在接通電路前先觀察并記錄下彈簧測力計的讀數(shù)F。接通電路，調(diào)節(jié)滑動變阻器使電流表讀數(shù)為I1,觀察并記錄彈簧測力計此時的讀數(shù)F1,繼續(xù)調(diào)節(jié)滑動變阻器使電流表讀數(shù)為I2, I3,，In,觀察并記錄彈簧測力計相應(yīng)的讀數(shù)F2, F3,，F(xiàn)no若實驗過程中導(dǎo)線框下端都未離開蹄形磁鐵兩極之間的區(qū)域，且該區(qū)域的磁場可看作勻強(qiáng)磁場，則根據(jù)以上數(shù)據(jù)描繪出的彈簧測力計彈力大小 F隨電流I變化的圖像可能是頁13第【答案】BC【解析】【詳解】若線框受安培力向下，則F=Fo+BIL;若安培力向上，則 F=Fo-BILA.該圖與結(jié)論不相符，選項 A錯誤；B .該圖與結(jié)論相符，選項B正確；C.該

20、圖與結(jié)論相符，選項 C正確；D.該圖與結(jié)論不相符，選項 D錯誤；故選BC.16.2019年10月1日，在國慶70周年盛大閱兵式上，大國重器東風(fēng)-17高超音速戰(zhàn)略導(dǎo)彈震撼曝光！這是世界上第一種正式裝備服役的高超音速乘波器導(dǎo)彈，射程可達(dá)幾千公里，具備高超音速突防能力，可借助空前的機(jī)動能力實現(xiàn)蛇形機(jī)動，規(guī)避攔截。已知東風(fēng)-17質(zhì)量為m,在一次試射機(jī)動變軌過程中，東風(fēng) -17正在大氣層邊緣向東水平高速飛行，速度大小為12馬赫（1馬赫就是一倍音速，設(shè)為 v）,突然蛇形機(jī)動變軌，轉(zhuǎn)成水平向東偏下 37°角飛行，速度大小為 15馬赫。此次機(jī)動變軌過程中，2A.合力對東風(fēng)-17做功為81mv* .

21、一 2B.合力對東風(fēng)-17做功為40.5mvC.合力對東風(fēng)-17 沖量大小為9 mv,方向豎直向下D.合力對東風(fēng)-17的沖量大小為12 mv,方向豎直向上【答案】BC石刀阿入巴-17做叨力4,12122W = ：Em(15v)2 - m 12v)2 = 40 5mv2v v kr m n i w v /vv i r u. w i mv22、.J CD,由動量定理可知，合力對，-17的沖小等JKt的變化，大小，2P = (5mv)(12mv) = 9mv I由幾何關(guān)系可知，方向豎直向不D錯誤；11L J選項A錯誤,故選BC.B正確;、計算論述題17 .如圖所示，兩平行金屬板間距為 d,電勢差為U

22、,板間電場可視為勻強(qiáng)電場；金屬板下方有一磁感應(yīng)強(qiáng) 度為B的勻強(qiáng)磁場，帶電量為+q、質(zhì)量為m的粒子，由靜止開始從正極板出發(fā)，經(jīng)電場加速后射出，并進(jìn) 入磁場做勻速圓周運動，忽略重力的影響，求：(1)勻強(qiáng)電場場強(qiáng) E的大??；(2)粒子從電場射出時速度Y的大??；(3)粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑R?！敬鸢浮?1)E 乂v/巫；(3) RJ巫 d mB . qd【解析】【詳解】(1)根據(jù)勻強(qiáng)電場電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系得，勻強(qiáng)電場場強(qiáng)UE =-d(2)設(shè)帶電粒子出電場時速度為v,由動能定理得一 12Uq = 一 mv2解得粒子從電場射出時速度V的大小E的大小#第(3)帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，由

23、牛頓第二定律得2Bqv =mvR聯(lián)立得粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑18 .已知地球質(zhì)量為 M,萬有引力常量為 Go將地球視為半徑為 R、質(zhì)量均勻分布的球體。忽略地球自轉(zhuǎn)影 響。(1)求地面附近的重力加速度g;(2)求地球的第一宇宙速度 v；頁(3)若要利用地球繞太陽的運動估算太陽的質(zhì)量，需要知道哪些相關(guān)數(shù)據(jù)？請分析說明?！敬鸢浮?1) g =9 (2) v=JGM (3)若要利用地球繞太陽的運動估算太陽的質(zhì)量，需要知道地球 R R繞太陽運動的軌道半徑、周期和萬有引力常量?！窘馕觥俊驹斀狻?1)設(shè)地球表面的物體質(zhì)量為m ,GM g=F2解得(2)設(shè)地球的近地衛(wèi)星質(zhì)量為 m1有MmR22 v

24、二m RGM解得,R(3)若要利用地球繞太陽的運動估算太陽的質(zhì)量，需要知道地球繞太陽運動的軌道半徑、周期和萬有引力2常量。設(shè)太陽質(zhì)量為M ；地球繞太陽運動的軌道半徑為 r、周期為T,根據(jù)GMM = M 41r可知若知r2 T2道地球繞太陽運動的軌道半徑、周期和萬有引力常量可求得太陽的質(zhì)量。19 .如圖1所示，足夠長的 U形光滑導(dǎo)體框水平放置，寬度為 L, 一端連接的電阻為 Ro導(dǎo)體框所在空間存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為Bo電阻為r的導(dǎo)體棒MN放在導(dǎo)體框上，其長度恰好等于導(dǎo)體框的寬度，且相互接觸良好。其余電阻均可忽略不計。在水平拉力作用下，導(dǎo)體棒向右勻速運動，速度大小為v。(1)請根

25、據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律推導(dǎo)導(dǎo)體棒勻速運動時產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的大小E=BLv；(2)求回路中感應(yīng)電流I和導(dǎo)體棒兩端的電壓 U；(3)若在某個時刻撤去拉力，請在圖 2中定性畫出撤去拉力后導(dǎo)體棒運動的v-t圖像。頁25第X K Hik* FT V(3)RBLvBLv【答案】（1）見解析（2） I =R r【解析】【詳解】（1）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律MN與導(dǎo)軌組成閉合回路匝數(shù) n = 1At內(nèi)MN運動的距離x = v. ：t閉合回路點：，-Xl：,xL代入得E = BLv（2） MN運動產(chǎn)生電動勢 E = BLv根據(jù)閉合電路歐姆定律EI二R - rBLvI 二R r路端電壓U = IR得u aR r0,

26、 v-t圖像如圖（3）撤去拉力后，導(dǎo)體棒在安培力作用下做加速度逐漸減小的減速運動，最終速度減為在電容器兩極板20.如圖1所示，平行板電容器極板長度為L,板間距為d, B極板接地（即電勢 中B=0）。間接交變電壓，A極板的電勢隨時間變化的圖像如圖2所示，其最大值為 U。電子以速度vo沿圖1中虛線方向射入兩板間，并從另一側(cè)射出。已知電子質(zhì)量為m,電荷量為 e,重力不計。（1）每個電子穿過偏轉(zhuǎn)電場的時間極短，可以認(rèn)為這個過程中兩極板間的電壓是不變的,偏轉(zhuǎn)電場可看做勻強(qiáng)電場。求在t = 0.15s時刻進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場的電子從電場射出時沿垂直板面方向的偏轉(zhuǎn)距離國；（2）分析物理量的數(shù)量級，是解決物理問題的常

27、用方法。在解決（1）問時忽略了每個電子穿過電場過程中兩極板間電壓的變化，請結(jié)合下列數(shù)據(jù)分析說明其原因。已知 L = 4.0 M0-2m, vo = 2.0 107m/s。(3)電勢可以隨時間變化，也可以隨空間發(fā)生變化。自然界中某量D的變化可以記為DD,發(fā)生這個變化所用的時間間隔可以記為拉;變化量&D與水的比值也就是這個量對時間的變化率。若空間中存在一：t靜電場，x軸與某條電場線重合。a.請你類比上述變化率的概念寫出電勢對空間位置x的變化率A的表達(dá)式；b.該靜電場的電勢 5隨x的分布可能是圖3所示甲、乙兩種情況中的一種。請你根據(jù)電勢隨空間的變化情況分析比較兩種情況的電場在0 < x

28、 < d區(qū)域內(nèi)的相同點和不同點。UeL2一【答案】（1） Ay=2 （2）見解析（3） a. A =4dmv0二 x【詳解】(1)由邛圖可知t=0.15s時兩極板間的電壓 U' = U2電子在平行于極板方向上做勻速直線運動L = vot在垂直于極板的方向上做初速度為0的勻加速直線運動y-at2 2其中Ee a = mE-U2d代入解得UeL2-y ；24dmv0(2)電子在平行于極板的方向上做勻速直線運動L = vot可知電子通過電場所用的時間為L 4.0 102Vo 一 2.0 107= 2.0 10 1由圖2可知電場變化的周期 T = 0.2st 2.0 10JT -0.2=1 10-可見電子通過電場所用的時間遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于電場變化的周期，因此電子穿過平行板的過程中可以認(rèn)為兩板間的電壓是不變的。一 A : :.U（3） a. A= 或 A =lxlxb.由圖3可知甲、乙兩種情況中電勢沿 x軸的正方向均降低，由此可知兩種