嶧城區(qū)一中2018-2019學年高二上學期第二次月考試卷物理

1、峰城區(qū)一中2018-2019學年高二上學期第二次月考試卷物理班級座號姓名分數(shù)一、選擇題1 .測量國際單位制規(guī)定的三個力學基本物理量分別可用的儀器是A.刻度尺、彈簧秤、秒表B.刻度尺、測力計、打點計時器C.量筒、天平、秒表D.刻度尺、天平、秒表2 .將一只皮球豎直向上拋出，皮球運動時受到空氣阻力的大小與速度的大小成正比，下列描繪皮球在上升過程中加速度大小a與時間t關系的圖像，可能正確的是（A5 cm,不計電子的重3 .如圖所示，A、B、C、D為勻強電場中相鄰的等勢面，一個電子垂直經過等勢面D時的動能為20eV,經過等勢面C時的電勢能為-10eV,到達等勢面B時的速度恰好為零。已知相鄰等勢面間的距

2、離為力，下列說法中正確的是（x一一廣一一cA.C等勢面的電勢為10VB.勻強電場的電場強度為200V/mC.電子再次經過D等勢面時，動能為10eVD.電子的運動是勻變速曲線運動4 .如圖甲一質量為M的長木板靜置于光滑水平面上，其上放一質量為m的小滑塊。木板受到隨時間t變化的水平拉力F作用時，用傳感器測出其加速度a,得到如圖乙所示的a-F圖象。取g=10m/s；則A.滑塊的質量m=4kgB.木板的質量M=6kgC.當F=8N時滑塊的加速度為2m/s2D.滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)為0.18如圖所示，在不計滑輪摩擦和繩子質量的條件下，當小車勻速向左運動時，物體M的受力和運動情況是A.繩的拉力等于M的

3、重力B.繩的拉力大于M的重力C.物體M向上勻速運動D.物體M向上加速運動5 .下列各圖中，運動電荷的速度方向、磁感應強度方向和電荷的受力方向之間的關系正確的是（XXxX第14頁，共12頁6 .在日光燈的連接線路中，關于啟動器的作用，以下說法正確的是（放手N是yA.日光燈啟動時，為燈管提供瞬時高壓B.日光燈正常工作時，起降壓限流的作用C.起到一個自動開關的作用，實際上可用一個彈片開關代替（按下接斷開）D.以上說法均不正確7 .如圖所示，一電場的電場線分布關于y軸（沿豎直方向）對稱,軸上的三個點，且OM=MN,P點在y軸的右側，MPLON,則（A.M點的電勢比P點的電勢高8 .將負電荷由。點移動到

4、P點，電場力做正功C.M、N兩點間的電勢差大于O、M兩點間的電勢差D.在O點靜止釋放一帶正電粒子，該粒子將沿y軸做直線運動8 .圖示為一電場的的電場線圖，關于A、B兩點的電場強度，下列說法正確的是A. A點的電場強度小于B點的電場強度B. A點的電場強度大于B點的電場強度C. B點的電場強度度方向向左，A點的向右D.負電荷在B點受到的電場力向左9 .如圖所示，一勁度系數(shù)為k的輕質彈簧，上端固定，下端連一質量為m的物塊A,A放在質量也為m的托盤B上，以N表示B對A的作用力，x表示彈簧的伸長量。初始時，在豎直向上的力F作用下系統(tǒng)靜止，g且彈簧處于自然狀態(tài)（x=0）?，F(xiàn)改變力F的大小，使B以一的加速

5、度勻加速向下運動（g為重力加速度，空2氣阻力不計），此過程中N或F隨x變化的圖象正確的是10 .如圖所示，一個原來不帶電的半徑為r的空心金屬球放在絕緣支架上，右側放置一個電荷量為+Q的點電荷，點電荷與金屬球球心處在同一水平線上，且點電荷到金屬球表面的最近距離為2r。達到靜電平衡后，下列說法正確的是A.金屬球左邊會感應出正電荷，右邊會感應出負電荷，所以左側電勢比右側高B.左側的正電荷與右側負電荷電量相等c.點電荷Q在金屬球球心處產生的電場場強大小為k39rD.感應電荷在金屬球球心處產生的電場場強為零11 .如圖所示，將平行板電容器與電池組相連，兩板間的帶電塵埃恰好處于靜止狀態(tài).若將兩板緩慢地錯開

6、一些，其他條件不變，則(A.電容器帶電量不變C.檢流計中有a-b的電流)B.塵埃仍靜止D.檢流計中有b-a的電流12 .如圖所示，空間有一正三棱錐OABC，點A、B、C分別是三條棱的中點?，F(xiàn)在頂點。處固定一正的點電荷，則下列說法中正確的是P相連接。電子以速度垂直于電場線方向射入并穿過平行板間的電場。P上移，則有關電容器極板上所帶電荷量BA. A、B、C三點的電場強度大小相等B. OABC所在平面為等勢面C.將一正的試探電荷從A點沿直線A夠到B點，靜電力對該試探電荷先做正功后做負功*，十。AD.若A點的電勢為丁,A點的電勢為則AA連線中點D處的電勢少口一定小于213 .下列選項不符合歷史事實的是

7、()A、富蘭克林命名了正、負電荷B、庫侖在前人工作的基礎上通過庫侖扭秤實驗確定庫侖定律C、麥克斯韋提出電荷周圍存在一種特殊的物質-電場D、法拉第為了簡潔形象描述電場，提出電場線這一輔助手段14 .如圖，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比ni:n2=4：1,電壓表V和電流表A均為理想電表，燈泡電阻Rl=12Q,AB端電壓u1=24/2sin100nt(V)。下列說法正確的是a.電流頻率為100Hz金丁r-B.電壓表V的讀數(shù)為96V包C.電流表A的讀數(shù)為0.5A一ID.變壓器輸入功率為6W15 .如圖所示電路，水平放置的平行板電容器的一個極板與滑動變阻器的滑片在保證電子還能穿出平行板間電場的情況下，若使滑

8、動變阻器的滑片q和電子穿越平行板所需的時間t,下列說法正確的是A.電荷量q增大，時間t不變B.電荷量q不變，時間t增大C.電荷量q增大，時間t減小D.電荷量q不變，時間t不變二、填空題16 .輸送1.0X105瓦的電功率，用發(fā)1.0X104伏的高壓送電，輸電導線的電阻共計1.0歐，輸電導線中的電流是A,輸電導線上因發(fā)熱損失的電功率是Wo17 .有些機床為了安全，照明電燈用的電壓是36V,這個電壓是把380V的交流電壓經變壓器降壓后得到的。將變壓器視為理想變壓器，如圖所示，如果原線圈是1140匝，則副線圈的匝數(shù)是匝，變壓器原、副線圈的電流之比為。三、解答題18 .如圖所示，ABCD為邊長為2a的

9、正方形，。為正方形中心，正方形區(qū)域左、右兩對稱部分中分別存在方向垂直ABCD平面向里和向外的勻強磁場。一個質量為施、電荷量為q的帶正電粒子從 B點處以速度v垂直磁場方向射入左側磁場區(qū)域，速度方向與BC邊夾角為15,粒子恰好經過 。點，已知8S 15口=鄧+啦,4粒子重力不計。x*kw（1）求左側磁場的磁感應強度大??；（2）若粒子從CD邊射出，求右側磁場的磁感應強度大小的取值范圍。19 .如圖所示，在xOy平面內存在均勻、大小隨時間周期性變化的磁場和電場，變化規(guī)律分別如圖乙、丙所示（規(guī)定垂直紙面向里為磁感應強度的正方向、+y軸方向為電場強度的正方向）。在t=0時刻由原點。發(fā)射初速度大小為V0,方

10、向沿+y軸方向的帶負電粒子（不計重力）。其中已知V。、t。、B。、Eo,且Eq二一坨，粒ITq兀子的比荷一二月,X軸上有一點A,坐標為（俄的(1)求也時帶電粒子的位置坐標；2(2)粒子運動過程中偏離x軸的最大距離;(3)粒子經多長時間經過A點。峰城區(qū)一中2018-2019學年高二上學期第二次月考試卷物理（參考答案）一、選擇題1 .【答案】D2 .【答案】C【解析】設皮球受到的阻力為F=kv,根據(jù)牛頓第二定律可得mg+F=ma,兩式聯(lián)立可得mg+kv=ma,皮球上升過程中速度逐漸減小，則加速度也逐漸減小，且減小的越來越慢，當v-0時a=g,故C項正確。3 .【答案】AB【解析】試題分析：只有電場

11、力做功，電勢能和動能之和保持不變.根據(jù)題目所給條件，C等勢面的電勢為=二，故A等勢面電勢不為10V,A錯；電子在相鄰等勢面間運動時，電場力做功W=qUq-e相等，因為電子在D等勢面的動能為20eV,到達等勢面B時的速度恰好為零，電子在D到C等勢面間運動時，電場力做功人小為“二-101,，勻強電場的場強為-e-eC10E二一二船二30J加，B項正確。電子再次經過D等勢面時，動能不變仍為20eV,C項錯誤。電d0.05子在勻強電場中受恒力作用，運動方向和電場力方向共線電子的運動是勻變速直線運動，D項錯誤，故選B考點：電勢能、能的轉化和守恒點評：難度中等，學習電場中的功能關系時可以類比在重力場的功能

12、關系，如只有重力做功，動能和電勢能之和保持不變；那么只有電場力做功，電勢能和動能之和保持不變4.【答案】AD5 .【答案】B【解析】A、在磁場中，由右手定則知，正電荷受力方向應該是向上的，故A錯誤B、在磁場中，由右手定則知，正電荷受力方向應該是向下的，故B正確；C、正電荷在電場中受力方向與電場方向一致，故C錯誤；D、正電荷在電場中受力方向和電場方向一致，應該向上，故D錯誤；綜上所述本題答案是：B6 .【答案】C【解析】鎮(zhèn)流器的作用是在日光燈啟動時，為燈管提供瞬時高壓，在日光燈正常工作時，起降壓限流的作用所以AB錯誤。啟動器起到一個自動開關的作用，實際上可用一個彈片開關代替（按下接通，放手斷開）

13、7 .【答案】AD8 .【答案】B【解析】電場線的疏密代表場強的強弱，根據(jù)圖象可知，在電場的A點的電場線較密，所以在A點的電場強度要比B點的電場強度大，故A錯誤，B正確；電場線的方向就是電場強度的方向，由圖可知B點的電場線的方向向左，A點沿著該點切線方向，指向左方，故C錯誤；負電荷在B點受到的電場力方向與電場強度方向相反，所以受到向右的電場力，故D錯誤。所以B正確，ACD錯誤。9 .【答案】D,維【解析】設物塊和托盤間的壓力為零時彈簧的伸長量為則有：mg-h-ma,解得：x；在此之-2k加g前，根據(jù)g-N-h:二帕可知,二者之間的壓力N由開始運動時的一線性減小到零，而力F由開始時的繼繼加g線性

14、減小到一；此后托盤與物塊分離，力F保持一不變，故選項ABC錯誤，D正確。22【名師點睛】本題主要是考查了牛頓第二定律的知識；利用牛頓第二定律答題時的一般步驟是：確定研究對象、進行受力分析、進行正交分解、在坐標軸上利用牛頓第二定律建立方程進行解答。10 .【答案】BC【解析】由于靜電感應，則金屬球左邊會感應出正電荷，右邊會感應出等量的負電荷；靜電平衡的導體是一個等勢體，導體表面是一個等勢面，所以金屬球左、右兩側表面的電勢相等.故A錯誤，B正確；點電荷Q在QQ金屬球球心處產生的電場場強大小為E=kk選項C正確；金屬球內部合電場為零，電荷+Q與感應(3r)29r電荷在金屬球內任意位置激發(fā)的電場場強都

15、是等大且反向，所以金屬球上感應電荷在球心激發(fā)的電場強度不為0,故D錯誤；故選BC.點睛：處于靜電感應現(xiàn)象的導體，內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面.且導體是等勢體11 .【答案】BC12 .【答案】AD【解析】A、因為A、B、C三點離頂點。處的正電荷的距離相等，故三點處的場強大小均相等，但其方向不同，A錯誤；B、由于ABC所在平面上各點到。點的距離不一定都相等，由等勢面的概念可知，4ABC所在平面不是等勢面，B錯誤；C、由電勢的概念可知，沿直線AB的電勢變化為先增大后減小，所以當在此直線上從A到B移動正電荷時，電場力對該正電荷先做負功后做正功，C錯誤；D、因為Ua/d=Emd-ARUda

16、=Eda-DA,由點電荷的場強關系可知工人小,又因為屈=匚為，所以有，廣。叫即%廣%-0a,整理可得：%Ja*：久，d正確；故選Do13 .【答案】C14 .【答案】C【解析】試題分析：由u1=24?2sin100nt(V)可知交流電的頻率為50Hz,A錯誤；原線圈輸入的電壓有效值為24V,U26cA由于ni：n2=Ui：U2可知，U2=6V,即電壓表的示數(shù)為6V,B錯誤；這樣電流表的示數(shù)I=0.5A,R12C正確；燈泡消耗的功率P=U2I=3W,而變壓器為理想變壓器，本身不消耗能量，因此變壓器輸入功率也為3W,D錯誤考點：變壓器15 .【答案】A【解析】當滑動變阻器的滑動端P上移時，跟電容器

17、并聯(lián)的阻值增大，所以電容器的電壓U增大，根據(jù)q=UC可得電量q增大；電子在平行板電容器中做類平拋運動，沿極板方向做勻速直線運動，所以運動時間：t=一，%與電壓的變化無關，所以時間t不變，故A正確，BCD錯誤。二、填空題16 .【答案】10;100一,P【解析】由P=UI,得輸電導線中的電流I=10AU輸電導線上因發(fā)熱損失的電功率：P=12r=100X1=100W17 .【答案】108;9:95。【解析】，一八一，一，n1U1380V95試題分析：由于原線圈的電壓為380V,副線圈的電壓為36V,則原副線圈的匝數(shù)之比為一=,n2U236V99n191140、故副線圈的匝數(shù)n2=1=108匝；變壓

18、器原、副線圈的電流之比為9:95。9595考點：變壓器。三、解答題熱階亞響（布+及+4即18 .【答案】（1）斗吟（2）7工瓦金4口2強【解析】（1）粒子從b點射入左側磁場，運動軌跡如圖1所示，BO1。為等邊三角形，由幾何關系可得軌跡半徑勺二日,粒子在左側磁場中運動_加有(I(2)當右側磁場磁感應強度大小與=81時，粒子從D點射出，運動軌跡如圖2所示，這是粒子從CD邊射出的最小磁感應強度，當磁感應強度增大時，粒子在右側磁場中運動的軌跡半徑減小，當運動軌跡與CD邊相切時，磁感應強度最大，軌跡如圖3所示由匚可美黛彳知：1*十八coE5c二口手,飛安+4TI程孑在右隴碳的出道勁，有：%=.|巫+J=+41wv得:&4K若粒子從CD邊射出，右側磁場感應強度大小的范圍為:【名師點睛】本題考查了帶電粒子在勻強磁場中的運動，遜泅J舟舟412qaAqamv粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力,該題正確畫出右邊部分向右移動后粒分析清楚粒子的運動過程，應用牛頓第二定律與幾何知識即可正確解題,子運動的軌跡是解題的關鍵。19 .【答案】要修:T=-Crt=l,273,一3%(D在07口時間內，粒子能為這1E