2020屆河北唐山高三下學期第二次模擬考試物理試題解析版

1、2020屆河北省唐山市高三（下）理綜第二次模擬考物理試題一、選擇題1.下列說法中正確的是（）A.天然放射現象是原子核受激發(fā)放出射線的現象B.把放射性元素放入溫度很低的冷凍室中，半衰期變長C. 3衰變的實質原子外層電子釋放出來D.大多數核電站是利用重核裂變釋放的核能【答案】AD【解析】【詳解】A.天然放射現象中的 丫射線是伴隨著原子核的衰變產生的，也可以說是原子核受激發(fā)產生的，故A正確；B.把放射性元素的半衰期與外界條件無關，選項 B錯誤；C. 3衰變的實質是原子核內的中子轉化為質子時放出的負電子，選項 C錯誤；D.大多數核電站是利用重核裂變釋放的核能，選項 D正確。故選AD。2 .長為L的輕桿

2、一端固定一個質量為m的小球，另一端固定在水平轉軸 O上，桿隨轉軸O在豎直平面勻速轉動，角速度為Jg 。當小球從圖中P點逆時針轉到 Q點的過程，輕桿對小球的作用力將 （）A.逐漸減小C.先減小后增大【答案】A【解析】B.逐漸增大D.先增大后減小【詳解】ABCD .由于桿隨轉軸O在豎直平面勻速轉動，角速度為則小球的向心力F m 2L且不變，又因為向心力是由小球的重力G和桿對小球的作用力 N的合力提供，如圖所示9,-則有N Gtan當小球從圖中P點逆時針轉到 Q點的過程，角逐漸減小，即 N逐漸減小，A正確，BCD錯誤。故選A。3 .如圖所示，小球從高處下落到豎直放置的輕彈簧上，彈簧一直保持豎直，空氣

3、阻力不計，那么小球從接 觸彈簧開始到將彈簧壓縮到最短的過程中，下列說法中正確的是（）A.小球動能一直減小C.克服彈力做功大于重力做功B.小球的機械能守恒D.最大彈性勢能等于小球減少的動能【答案】C【解析】【詳解】A .小球開始下落時，只受重力作用做加速運動，當與彈簧接觸時，受到彈簧彈力作用，開始時 彈簧壓縮量小，因此重力大于彈力，速度增加，隨著彈簧壓縮量的增加，彈力增大，當重力等于彈力時， 速度最大，然后彈簧繼續(xù)被壓縮，彈力大于重力，物體開始減速運動，所以整個過程中物體先加速后減速 運動，根據1 2Ekmv2動能先增大然后減小，故 A錯誤；B.在往下運動的過程中，小球受到的彈力，對它做了負功，

4、小球的機械能不守恒，故B錯誤；CD.在往下運動過程中，重力勢能減小，最終物體的速度為零，動能減小，彈簧的壓縮量增大，彈性勢能 增大，根據能量守恒，最大彈性勢能等于小球減少的動能和減小的重力勢能之和，即克服彈力做功大于重力做功，故D錯誤，C正確。故選Co4.在一條平直的公路上，甲、乙兩車從零時刻開始運動，兩車的位移隨時間的變化規(guī)律如圖所示，乙車圖像是過原點的一條拋物線，拋物線與橫軸相切于O點，整個運動過程中兩車可視為質點，則下列說法正確的是（）A.甲車正在勻減速直線運動B.乙車正在做加速度增大的加速直線運動C. t=6s時，甲、乙車速度大小相等D. t=8s時，乙的位置坐標小于甲車的位置坐標【答

5、案】C【詳解】A.在xt圖像中斜率表示速度，甲圖像斜率不變，說明甲車正在做勻速直線運動，故 A錯誤;O點，說明乙車做初速度為零的勻加速直線運B.乙車圖像是過原點的一條拋物線，拋物線與橫軸相切于動，設加速度大小為 a,由圖像可知00121236 at a 622可得a 2m/s2這說明乙車正在做勻加速直線運動，加速度大小不變，故 B錯誤;C. t=6s時，甲的速度大小108 366m/s12m/s乙車速度大小v乙 at 2 6m/s 12m/s比較數據可知甲、乙兩車速度相等，故 C正確；D. t=8s時，由圖象分析可知乙位置坐標大于甲車的位置坐標，故 D錯誤。故選C5 .一邊長為2Y31的正三角

6、形金屬框abc靜置于光滑絕緣水平面上，寬度為L的有界勻強磁場位于正三角32形右側，邊界平行于 bc,如圖所示?，F用外力沿 bc的中垂線方向勻速拉動線框并穿過磁場區(qū)域。從頂點 a進入磁場開始計時， 規(guī)定感應電流沿 abca為正方向，則金屬框經過磁場的過程中，感應電流隨時間變化的【詳解】AB .線圈進入磁場的過程中，根據楞次定律，感應電流的磁場與原磁場方向相反，再根據右手螺旋定則可知，電流方向為正，而離開磁場時，感應電流的磁場與原磁場方向相同，電流為負方向，故AB錯誤；CD.線圈在磁場中運動過程中，根據C錯誤，D正確。E BLv切割磁感線的導線有效長度不變，因此感應電流恒定不變，但不為零，故 故選

7、Do6 .嫦娥三號探測器欲成功軟著陸月球表面，首先由地月軌道進入環(huán)月橢圓軌道I ,遠月點A距離月球表面為h,近月點B距離月球表面高度可以忽略，運行穩(wěn)定后再次變軌進入近月軌道H。已知嫦城三號探測器在環(huán)月橢圓軌道周期為 T、月球半徑為R和引力常量為G,根據上述條件可以求得（）A.探測器在近月軌道n運行周期B.探測器在環(huán)月橢圓軌道I經過B點的加速度C.月球的質量D.探測器在月球表面的重力【答案】ABC【詳解】A.根據開普勒第三定律可得_32R h解得R3產R3 T2R hA正確;B.探測器在環(huán)月橢圓軌道I經過B點時，由萬有引力提供向心力-MmG R24 mas=m aBB正確;C.由萬有引力提供向心

8、力maB可得SbR2C正確;D.由于不知道探測器的質量，無法求出探測器在月球表面的重力，D錯誤。故選ABC 。7 .如圖所示，絕緣水平面內有一直線AC, B為AC中點，其中AB段光滑，BC段粗糙，AB段處于水平向右的勻強電場中，電場強度大小為4N/C。AC垂直于豎直絕緣彈性擋板，物體與擋板相碰可以等速率反彈?，F將可視為質點的物塊 P由A點靜止釋放，物塊 P帶電量為+0.5C、質量為1kg。為使物塊P僅能與擋板發(fā)生一次碰撞，BC段與物塊P的動摩擦因數可以是(g取10m/s2)()'E： DA. 0.01【答案】CDB. 0.05C. 0.10D. 0.15【詳解】設AC間距離為L,當動摩

9、擦因數最大時，物塊恰好運動到C點時速度減為0,根據動能定理解得LLEq -1mg -22當動摩擦因數最小時，物塊恰好第二次運動到C點時速度減為0,由于物塊與C碰撞沒有能量損失，再進BC段運動了 3次，根據動能定理入電場然后再離開電場速度大小相等，也沒有能量損失，相當于在Eql3L2mg -2解得0.07因此物塊P僅能與擋板發(fā)生一次碰撞條件0.070.2故CD正確，AB錯誤。故選CD。8 .如圖是一套模擬遠距離輸電裝置示意圖，圖中變壓器為理想變壓器，電表為理想交流電表。升壓變壓器的輸入端接電壓恒定的交變電源，輸電線的總電阻為r,降壓變壓器輸出端接阻值相等的電阻Ri、2，當電鍵S閉合時，下列說法中

10、正確的有()B.電流表A示數變大D.遠距離輸電的效率增大A.電壓表Vi、V2示數均變大C.交變電源輸出功率增大【答案】BC【解析】【詳解】AB .升壓變壓器的輸入端接電壓恒定的交變電源，當電鍵S閉合時，降壓變壓器輸出端的電阻減小，輸出的總功率增加，因此電流增加，又因為升壓變壓器的輸入端的電壓不變，由UU1可知電壓表 Vi不變，設降壓變壓器原線圈的電壓為U20則U1 U2 Ir可知U2降低，因此V2變小，A錯誤B正確;C.由電流表A示數變大，則升壓變壓器的輸入端的電流變大，則交變電源輸出功率增大，C正確;D.由于傳輸過程中電能的損失增加，遠距離輸電的效率減小，D錯誤。故選BC。9 .如圖所示為某

11、兩檔歐姆表電路原理圖。歐姆表內部電流表的量程為010mA,內阻為Rg=99 Q ,電源電動勢E=l.5V, R2為調零電阻，R3為保護電阻。(1)表筆1為 表筆(填“紅”或“黑”)；(2)斷開電鍵K,使用該表測量電阻，電流表指針指到刻度盤中間位置時，所測量電阻的阻值為Q;(3)閉合電鍵K,使用該表測量電阻，要求其中值電阻為15則電阻R1的阻值為 Qo【答案】.黑 (2).150(3). 11【解析】【詳解】(1)歐姆表內電源正極接黑表筆，如圖表筆1為黑表筆;(2)由閉合電路的歐姆定律，當電流表滿偏時Ig Er當電流表半偏時1 g E萬RT代入數值求得Rx 150(3)當電表測電阻的中值電阻為

12、15 時，即此電表的內阻為15 。則電阻R1的阻值滿足0.01 991 .5-0.01151110 .研究小組利用下圖甲所示裝置來探究動能定理。在左端帶有滑輪的長木板上放置一滑塊，滑塊通過細繩與小物體連接，滑塊上端安裝遮光片，在虛線P位置安裝有光電門，遮光片經過光電門時，數字計時器會記錄遮光片的擋光時間。實驗步驟如下:A.使用十分度的游標卡尺測量遮光片的寬度，如圖乙所示；B.按圖組裝器材，調節(jié)滑輪高度使細繩與木板平行；C.將滑塊固定在某一位置，使遮光片與O點對齊，測量 O點與P點之間的距離x;D.釋放滑塊，遮光片通過光電門，光電計時器記錄的時間為t,得到滑塊運動到虛線 P位置的速度;E.改變滑

13、塊釋放位置O,重復實驗，記錄多組距離x和對應的時間t；F.整理器材，處理數據。步驟A中游標卡尺的讀數為 d=mm；(2)步驟D中，滑塊經過P位置時的速度大小 v= (用題中字母表示)；(3)步驟F中，該小組在坐標系中進行描點作圖。應選用的坐標系為 ;A. x V 2B. x vC. x v2(4)關于實驗的操作步驟，下列說法中正確的是 ;A.釋放滑塊前，需要調整木板角度平衡摩擦力B.實驗不需要小物體質量 m遠小于滑塊的質量 MC.不需要測量小物體質量 mD.需要測量滑塊的質量 M(5)本實驗的誤差有一部分來源于滑塊速度的獲取，實驗中步驟D獲得的速度比真實速度值 (填“偏大”、“等于"

14、、“偏小”)。【答案】(1). 5.4(2).彳 (3). C (4). BC (5).偏大【解析】【詳解】(1)如圖所示，游標卡尺的讀數為d 5mm 0.1mm 4 5.4mm(2)滑塊經過P位置時的速度大小d v 一 t(3)滑塊做初速度為零的勻變速直線運動，由位移速度公式2Vx 一2a應選用坐標系為C;(4) AB .此實驗只要求滑塊合外力不變，對于是否平衡摩擦力不影響實驗，實驗不需要小物體質量m遠小于滑塊的質量 M, A錯誤，B正確；CD.由滑塊做勻變速度直線運動，加速度 a一定，則滑塊受到的合外力由動能定律可得即不需要測量小物體故選BC。(5)如下圖所示 頁、 VI '.巖荒

15、片1I1中閾時居卡 總笑.鴻堂y實驗中步驟D獲得的速度比真實速度值偏大。三、解答題11.傾角為30、長為L的固定斜面ABC,如圖所示。質量為 3m物體P放置在斜面的底端 A,質量為m物體Q放置在斜面的中點 B,兩物體與斜面間的動摩擦因數相同，且都能恰好靜止在斜面上，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。給物體P沿斜面向上的初速度 v0,與物體Q發(fā)生彈性碰撞后，Q恰能運動到斜面的頂端Co求：(1)兩物體與斜面間的動摩擦因數；(2)物體P的初速度Vo?！敬鸢浮?1)- ；(2)1j3g:【解析】【詳解】(1)恰好靜止在斜面上mg sin mg cos解得逝31212 _- 3mv - 3mv0 220(2)

16、物體P從A到B的過程，根據動能定理3mg Lsin 3 mg L cos22物體P與Q發(fā)生彈性碰撞3mv 3mV|121212 一 3mv- 3mM - mv2 222物體Q恰好運動到最高點，根據動能定理mg LsinL八 12mg cos 0 - mv2 22由聯立得V01 3 gL12.如圖所示，直角坐標系xOy第一象限有沿y軸負向的勻強電場 E,第二象限有垂直紙面向外的勻強磁場Bi,第三四象限有垂直紙面向外的勻強磁場B2。在y軸上y=d處先后釋放甲、乙兩個粒子，粒子甲以大小為V0的速度沿x軸正向進入電場，到達 x軸的位置P坐標為（2d, 0）,粒子乙以大小為 J2Vo的速度沿x軸負向進入

17、磁場，到達 x軸上的Q點時，速度方向偏轉了45。已知甲乙兩粒子質量均為 m,電需量分別為+q和-q,不計重力和兩粒子間的相互作用。（1）求電場強度 E和磁感應強度 Bi；（2）控制兩粒子的釋放時間，使兩粒子同時到達x軸進入磁場B2 ,若要求甲、乙兩粒子能夠在到達x軸之前相遇，且相遇時兩粒子速度方向共線，求磁感應強度B2的大小。2【答案】（1） E嗎，B2qd一/ mv02mv0v2 1 ; (2) B2 產或 B2qd(J2 3)qd2 2 1 mv0 ,2 3 qd【詳解】（1）粒子甲以大小為V0的速度沿x軸正向進入電場，做類平拋運動，則有d2d1at2 2v0tEq ma d聯立求得:2m

18、v0E TTT 2qd粒子乙以大小為 J2Vo的速度沿x軸負向進入磁場，做勻速圓周運動，有:2V qvB1 m 一 r利用幾何關系求得:r（乏 2）d聯立求得:（2J2mvo qd(2)粒子甲以大小為 V0的速度沿x軸正向進入電場，做類平拋運動，設此時速度大小為 向夾角為，則由動能定理有：1 212小qEd - mvD 一 mv0 2 p 2又vocos vp聯立，求得：vp 72V0 Bivp,與x軸正方0=45故粒子甲與粒子乙進入磁場B2時的速度大小相等，若要求甲、乙兩粒子能夠在到達x軸之前相遇，且相遇時兩粒子速度方向共線，則可能存在如下兩種情況：(i)甲乙粒子在同一個圓上相遇，軌跡關于P

19、Q中垂線對稱，且圓心在 PQ的中垂線上，故由幾何知識可得：、.2r ( . 2 3)d ?qvpB22vp m-聯立？ ？求得r(金 3)dB22mvo、2'2(.2 3)qd（ii）甲乙粒子的軌跡關于 PQ中垂線對稱，且軌跡相切，速度方向沿y軸正方向，由幾何知識可得2r 2r （、,2 3）d ?聯立？ ?求得r（g3）d , B2 2（q1）mv0% 2 2（、,2 3）qd四、選考題13.以下說法正確的是（）A.水的體積很難被壓縮，這是分子間存在斥力的宏觀表現B.氣體總是很容易充滿容器，這是分子間存在斥力的宏觀表現C.理想氣體在等容變化過程中，氣體對外不做功，氣體的內能不變D.液

20、體的飽和氣壓只與液體的性質和溫度有關，與體積無關E.布朗運動是小顆粒運動，它反映了液體分子永不停息地做無規(guī)則運動【答案】ADE【解析】【詳解】A .水的體積很難被壓縮，這是分子間存在斥力的宏觀表現，選項A正確；B.氣體總是很容易充滿容器，這是由于氣體分子在永不停息的做無規(guī)則運動的緣故，不能說明分子間存在斥力，選項B錯誤；C.理想氣體在等容變化過程中，氣體對外不做功，若氣體的溫度發(fā)生變化，則氣體的內能要變化，選項C錯誤；D.液體的飽和氣壓只與液體的性質和溫度有關，與體積無關，選項 D正確；E.布朗運動是懸浮在液體表面的固體小顆粒的運動，它反映了液體分子永不停息地做無規(guī)則運動，選項E正確。故選AD

21、E。14 .如圖所示，一 U形玻璃管豎直放置，左端開口，右端不封閉，初始時管內汞柱及空氣柱長度如圖所示。 現在左端開口處接一抽氣機，不斷的向外抽氣，直至管內兩邊汞柱高度相等時停止。求抽出的氣體與左側 原有氣體質量的百分比。（已知玻璃管的橫截面積處處相同，抽氣體的過程中，環(huán)境溫度不變，大氣壓強P0 75.0 cmHg)【答案】58%【解析】【詳解】如圖所示，未抽空氣前，右管空氣柱滿足P0 P +12cmHg 當U形玻璃管內兩邊汞柱高度相等時，由于環(huán)境溫度不變，即右管發(fā)生等溫變化P V右二隹V右此時左管內氣體壓強P = P& 因為環(huán)境溫度不變，即左管發(fā)生等溫變化，再跟據理想氣態(tài)方程式可得P

22、左V左 P左V左cni1且P=P0 聯立式解得也 42。ni即抽出的氣體與左側原有氣體質量的百分比1-42。=58。15 .一列沿x軸傳播的簡諧橫波，某時刻的波形如圖所示，從此時刻開始計時，Xi 1.5 m的質點Q比X2 3 m的質點P早回到平衡位置 Q.3s,下列說法正確的（）A.這列簡諧橫波沿x軸正方向傳播B. P質點簡諧運動的頻率為2HzC.簡諧橫波波速為5m/sD.再過0.8s, x=4.0m處的質點向前移動到 x=8.0m處E.再過0.6s, x=6.5m處的質點正在遠離平衡位置【答案】ACE【解析】【詳解】A .因為X 1.5 m的質點Q比x2 3m的質點P早回到平衡位置0.3s,如圖所示, 簡諧橫波沿x軸正方向傳播，A正確；BC.因為X 1.5 m的質點Q比x2 3 m的質點P早回到平衡位置0.3s,則簡諧橫波的波速v Um/s 5m/s0.3可求得周期8T s 1.6s5則頻率為.1 f0.625H zTB錯誤，C正