四等效法高中物理總復習

1、四、等效法方法簡介在一些物理問題中，一個過程的發(fā)展、一個狀態(tài)的確定，往往是由多個因素決定的，在這一決定中，若某些因素所起的作用和另一些因素所起的作用相同，則前一些因素與后一些因素是等效的，它們便可以互相代替，而對過程的發(fā)展或狀態(tài)的確定，最后結果并不影響，這種以等效為前提而使某些因素互相代替來研究問題的方法就是等效法.等效思維的實質是在效果相同的情況下，將較為復雜的實際問題變換為簡單的熟悉問題，以便突出主要因素，抓住它的本質，找出其中規(guī)律.因此應用等效法時往往是用較簡單的因素代替較復雜的因素，以使問題得到簡化而便于求解.例1：如圖41所示，水平面上，有兩個豎直的光滑墻壁A和B，相距為d，一個小球

2、以初速度v0從兩墻之間的O點斜向上拋出，與A和B各發(fā)生一次彈性碰撞后，正好落回拋出點，求小球的拋射角.解析：將彈性小球在兩墻之間的反彈運動，可等效為一個完整的斜拋運動（見圖）.所以可用解斜拋運動的方法求解.由題意得：可解得拋射角 例2：質點由A向B做直線運動，A、B間的距離為L，已知質點在A點的速度為v0，加速度為a，如果將L分成相等的n段，質點每通過L/n的距離加速度均增加a/n，求質點到達B時的速度.解析 從A到B的整個運動過程中，由于加速度均勻增加，故此運動是非勻變速直線運動，而非勻變速直線運動，不能用勻變速直線運動公式求解，但若能將此運動用勻變速直線運動等效代替，則此運動就可以求解.因

3、加速度隨通過的距離均勻增加，則此運動中的平均加速度為由勻變速運動的導出公式得解得 例3一只老鼠從老鼠洞沿直線爬出，已知爬出速度的大小與距老鼠洞中心的距離s成反比，當老鼠到達距老鼠洞中心距離s1=1m的A點時，速度大小為，問當老鼠到達距老鼠洞中心s2=2m的B點時，其速度大小老鼠從A點到達B點所用的時間t=？解析 我們知道當汽車以恒定功率行駛時，其速度v與牽引力F成反比，即，v=P/F，由此可把老鼠的運動等效為在外力以恒定的功率牽引下的彈簧的運動.由此分析，可寫出當將其代入上式求解，得所以老鼠到達B點時的速度再根據(jù)外力做的功等于此等效彈簧彈性勢能的增加，圖42代入有關量可得由此可解得此題也可以用

4、圖像法、類比法求解.例4 如圖42所示，半徑為r的鉛球內有一半徑為的球形空腔，其表面與球面相切，鉛球的質量為M.在鉛球和空腔的中心連線上，距離鉛球中心L處有一質量為m的小球（可以看成質點），求鉛球對小球的引力.解析 因為鉛球內部有一空腔，不能把它等效成位于球心的質點. 我們設想在鉛球的空腔內填充一個密度與鉛球相同的小鉛球M，然后在對于小球m對稱的另一側位置放另一個相同的小鉛球M，這樣加入的兩個小鉛球對小球m的引力可以抵消，就這樣將空腔鉛球變成實心鉛球，而結果是等效的.帶空腔的鉛球對m的引力等效于實心鉛球與另一側M對m的引力之和. 設空腔鉛球對m的引力為F，實心鉛球與M對m的引力分別為F1、F2

5、. 則F=F1F2 經計算可知：，所以圖43將、代入式，解得空腔鉛球對小球的引力為例5 如圖4-3所示，小球長為L的光滑斜面頂端自由下滑，滑到底端時與擋板碰撞并反向彈回，若每次與擋板碰撞后的速度大小為碰撞前速度大小的，求小球從開始下滑到最終停止于斜面下端時，小球總共通過的路程.解析 小球與擋板碰撞后的速度小于碰撞前的速度，說明碰撞過程中損失能量，每次反彈距離都不及上次大，小球一步一步接近擋板，最終停在擋板處. 我們可以分別計算每次碰撞垢上升的距離L1、L2、Ln，則小球總共通過的路程為，然后用等比數(shù)列求和公式求出結果，但是這種解法很麻煩.我們假設小球與擋板碰撞不損失能量，其原來損失的能量看做小

6、球運動過程中克服阻力做功而消耗掉，最終結果是相同的，而阻力在整個運動過程中都有，就可以利用摩擦力做功求出路程.設第一次碰撞前后小球的速度分別為、，碰撞后反彈的距離為L1，則其中碰撞中損失的動能為根據(jù)等效性有 解得等效摩擦力圖44通過這個結果可以看出等效摩擦力與下滑的長度無關，所以在以后的運動過程中，等效摩擦力都相同. 以整個運動為研究過程，有解出小球總共通過的總路程為此題也可以通過遞推法求解，讀者可試試.例6 如圖44所示，用兩根等長的輕質細線懸掛一個小球，設L和已知，當小球垂直于紙面做簡諧運動時，其周期為 .解析 此題是一個雙線擺，而我們知道單擺的周期，若將又線擺擺長等效為單擺擺長，則雙線擺

7、的周期就可以求出來了.將雙線擺擺長等效為單擺擺長，則此雙線擺的周期為圖45例8 如圖45所示，由一根長為L的剛性輕桿和桿端的小球組成的單擺做振幅很小的自由振動. 如果桿上的中點固定另一個相同的小球，使單擺變成一個異形復擺，求該復擺的振動周期.解析 復擺這一物理模型屬于大學普通物理學的內容，中學階段限于知識的局限，不能直接求解. 如能進行等效操作，將其轉化成中學生熟悉的單擺模型，則求解周期將變得簡捷易行.設想有一擺長為L0的輔助單擺，與原復擺等周期，兩擺分別從擺角處從靜止開始擺動，擺動到與豎直方向夾角為時，具有相同的角速度，對兩擺分別應用機械能守恒定律，于是得對單擺，得 聯(lián)立兩式求解，得圖46故

8、原復擺的周期為例9 粗細均勻的U形管內裝有某種液體，開始靜止在水平面上，如圖46所示，已知：L=10cm，當此U形管以4m/s2的加速度水平向右運動時，求兩豎直管內液面的高度差.（g=10m/s2）解析 當U形管向右加速運動時，可把液體當做放在等效重力場中，的方向是等效重力場的豎直方向，這時兩邊的液面應與等效重力場的水平方向平行，即與方向垂直.設的方向與g的方向之間夾角為，則由圖46可知液面與水平方向的夾角為，所以，例10 光滑絕緣的圓形軌道豎直放置，半徑為R，在其最低點A處放一質量為m的帶電小球，整個空間存在勻強電場，使小球受到電場力的大小為，方向水平向右，現(xiàn)給小球一個水平向右的初速度，使小

9、球沿軌道向上運動，若小球剛好能做完整的圓周運動，求.解析 小球同時受到重力和電場力作用，這時也可以認為小球處在等效重力場中.圖47小球受到的等效重力為等效重力加速度圖47甲與豎直方向的夾角，如圖47甲所示.所以B點為等效重力場中軌道的最高點，如圖47，由題意，小球剛好能做完整的圓周運動，小球運動到B點時的速度在等效重力場中應用機械能守恒定律將、分別代入上式，解得給小球的初速度為例11 空間某一體積為V的區(qū)域內的平均電場強度（E）的定義為圖48如圖48所示，今有一半徑為a原來不帶電的金屬球，現(xiàn)使它處于電量為q的點電荷的電場中，點電荷位于金屬球外，與球心的距離為R，試計算金屬球表面的感應電荷所產生

10、的電場在此球內的平均電場強度.解析 金屬球表面的感應電荷產生的球內電場，由靜電平衡知識可知等于電量為q的點電荷在金屬球內產生的電場，其大小相等，方向相反，因此求金屬球表面的感應電荷產生的電場，相當于求點電荷q在金屬球內產生的電場.由平均電場強度公式得設金屬球均勻帶電，帶電量為q，其密度為，則有為帶電球體在q所在點產生的場強，因而有，方向從O指向q.例11 質量為m的小球帶電量為Q，在場強為E的水平勻強電場中獲得豎直向上的初速度為. 若忽略空氣阻力和重力加速度g隨高度的變化，求小球在運動過程中的最小速度.圖49解析 若把電場力Eq和重力mg合成一個力，則小球相當于只受一個力的作用，由于小球運動的

11、初速度與其所受的合外力之間成一鈍角，因此可以把小球的運動看成在等效重力（即為合外力）作用下的斜拋運動，而做斜拋運動的物體在其速度方向與垂直時的速度為最小，也就是斜拋運動的最高點，由此可見用這種等效法可以較快求得結果.電場力和重力的合力方向如圖49所示，由圖所示的幾何關系可知小球從O點拋出時，在y方向上做勻減速直線運動，在x軸方向上做勻速直線運動. 當在y軸方向上的速度為零時，小球只具有x軸方向上的速度，此時小球的速度為最小值，所以此題也可以用矢量三角形求極值的方法求解，讀者可自行解決.圖410例12 如圖410所示，R1、R2、R3為定值電阻，但阻值未知，Rx為電阻箱.當Rx為時，通過它的電流

12、時，通過它的電流則當時，求電阻圖410甲解析 電源電動勢、內電阻r、電阻R1、R2、R3均未知，按題目給的電路模型列式求解，顯然方程數(shù)少于未知量數(shù)，于是可采取變換電路結構的方法.將圖410所示的虛線框內電路看成新的電源，則等效電路如圖410甲所示，電源的電動勢為，內電阻為. 根據(jù)電學知識，新電路不改變Rx和Ix的對應關系，有 由、兩式，得，代入式，可得例13 如圖411所示的甲、乙兩個電阻電路具有這樣的特性：對于任意阻值的RAB、RBC和RCA，相應的電阻Ra、Rb和Rc可確定. 因此在對應點A和a，B和b、C和c的電位是相同的，并且，流入對應點（例如A和a）的電流也相同，利用這些條件圖411

13、證明：，并證明對Rb和Rc也有類似的結果，利用上面的結果求圖411甲中P和Q兩點之間的電阻.解析 圖411中甲、乙兩種電路的接法分別叫三角形接法和星形接法，只有這兩種電路任意兩對應點之間的總電阻部分都相等，兩個電路可以互相等效，對應點A、a、B、b和C、c將具有相同的電勢.由Rab=RAB，Rac=RAC，Rbc=RBC，對ab間，有 同樣，ac間和bc間，也有 將+得：再通過和+，并整理，就得到Rb和RC的表達式.412甲412乙412丙下面利用以上結果求圖412乙中P和Q兩點之間的電阻. 用星形接法代替三角形接法，可得圖412乙所示電路，PRQS回路是一個平衡的惠斯登電橋，所以在RS之間無

14、電流，因此它與圖412丙所示電路是等效的. 因此PQ之間的總電阻RPQ可通過這三個并聯(lián)電阻求和得到.例14 如圖413所示，放在磁感應強度B=0.6T的勻強磁場中的長方形金屬線框abcd，框平面與磁感應強度方向垂直，其中ab和bc各是一段粗細均勻的電阻絲Rab=5，Rbc=3，線框其余部分電阻忽略不計.現(xiàn)讓導體EF擱置在ab、cd邊上，其有效長度L=0.5m，且與ab垂直，阻值REF=1，并使其從金屬框ad端以恒定的速度V=10m/s向右滑動，當EF滑過ab長的4/5距離時，問流過aE端的電流多大？圖413解析 EF向右運動時，產生感應電動勢，當EF滑過ab長的時，電路圖可等效為如圖413甲所

15、示的電路.根據(jù)題設可以求出EF產生的感應電動勢，圖413甲此時電源內阻為導體EF的電阻，則電路中的總電阻為電路中的總電流為圖414通過aE的電流為例15 有一薄平凹透鏡，凹面半徑為0.5m，玻璃的折射率為1.5，且在平面上鍍一層反射層，如圖414所示，在此系統(tǒng)的左側主軸上放一物S，S距系統(tǒng)1.5m，問S成像于何處？解析 本題可等效為物點S先經薄平凹透鏡成像，其像為平面鏡的物，平面鏡對物成像又為薄平凹透鏡成像的物，根據(jù)成像規(guī)律，逐次求出最終像的位置.根據(jù)以上分析，首先考慮物S經平凹透鏡的成像，根據(jù)公式其中故有成像在左側，為虛像，該虛像再經平凹透鏡成像后，其像距為成像在右側，為虛像，該虛像再經平凹

16、透鏡成像，有故成虛像于系統(tǒng)右側0.375m處此題還可用假設法求解.針對訓練圖4151半徑為R的金屬球與大地相連，距球心L處有一帶電量為+q的點電荷如圖415所示. 求（1）球上感應電荷的總電量；（2）q受到的庫侖力.2如圖416所示，設圖416圖417圖418，求AB之間的電阻.3電路如圖417所示，時，求AB間的等效電阻.4有9個電阻聯(lián)成如圖418電路，圖中數(shù)字的單位是，求PQ兩點間的等效電阻.圖419圖4205如圖419所示電路，求AB兩點間的等效電阻.6如圖420所示，由5個電阻聯(lián)成的網絡，試求AB兩點間的等效電阻.圖421甲圖421乙7由7個阻值均為r的電阻組成的網絡元如圖421甲所示

17、.由這種網絡元彼此連接形成的無限梯形網絡如圖421乙所示.試求P、Q兩點之間的等效電阻.8圖422表示一交流電的電流隨時間而變化的圖像，此交流電流有效值是（ ） A B C D圖422圖423圖4249磁流體發(fā)電機的示意圖如圖423所示，橫截面為距形的管道長為L，寬為a，高為b，上下兩個側面是絕緣體，相距為a的兩個側面是電阻可忽略的導體，此兩導體側面與負載電阻RL相連.整個管道放在一個勻強磁場中，磁感應強度的大小為B，方向垂直于上下側面向上. 現(xiàn)有電離氣體（正、負帶電粒子）持續(xù)穩(wěn)定的流經管道，為了使問題簡化，設橫截面上各點流速相同. 已知流速與電離氣體所受的壓力成正比；且無論有無磁場存在時，都

18、維持管道兩端電離氣體的壓強差皆為p. 設無磁場存在時電離氣體的流速為. 求有磁場存在時流體發(fā)電機的電動勢的大小. 已知電離氣體的平均電阻率為.10一勻質細導線圓環(huán)，總電阻為R，半徑為a，圓環(huán)內充滿方向垂直于環(huán)面的勻強磁場，磁場以速率K均勻地隨時間增強，環(huán)上的A、D、C三點位置對稱. 電流計G連接A、C兩點，如圖424所示，若電流計內阻為RG，求通過電流計的電流大小.圖42511固定在勻強磁場中的正方形導線框abcd，各邊長為L1，其中ab是一端電阻為R的均勻電阻絲，其余三邊均為電阻可忽略的銅線，磁場的磁感應強度為B，方向垂直紙面向里，現(xiàn)有一與ab段的材料、粗細、長度都相同的電阻絲PQ架在導線框上，如圖425所示，以恒定的速度從ad滑向bc，當PQ滑過1/3L的距離時，通過aP段電阻絲的電流是多大？方向如何？12如圖426所示，一根長的薄導體平板沿x軸放置，板面位于水平位置，板的寬度為L，電阻可忽略不計，aebcfd是圓弧形均勻導線，其電阻為3R，圓弧所在的平面與x軸垂直，圓弧的兩端a和d與導體板的兩個側面相接解，并可在其上滑動. 圓弧ae=eb=cf=fd=（1/8）圓周長，圓弧bc=（1/4）圓周長，一內阻Rg=nR的體積很小圖426的